2024屆高考押題預測物理試卷01（廣東專用）（解析版）

決勝2024高考物理押題預測卷01（廣東專用）

一、單選題

1.圖中的（a）、（b）、（c）、（d）四幅圖涉及不同的原子物理知識，其中說法正確的是（）

A.根據(jù)圖（a）所示的三種射線在磁場中的軌跡，可以判斷出“1”為夕射線

B.如圖（b）所示，發(fā)生光電效應時，入射光光強越強，光電子的最大初動能越大

C.玻爾通過圖（c）所示的。粒子散射實驗，揭示了原子核還可以再分

D.利用圖（d）所不的氫原子能級不意圖，可以解釋氫原子光譜為何不是連續(xù)光譜

K答案UDA.圖（a）所示放射源射出的三種射線在磁場中運動軌跡不同，a射線帶正電，

根據(jù)左手定則判斷出射線1為a射線，故A錯誤；

B.如圖（b）所示，發(fā)生光電效應時，根據(jù)光電效應方程

Ek—叱）

可知入射光頻率越大，光電子的最大初動能也就越大，與入射光的強度無關，故B錯誤；

C.盧瑟福通過圖（c）所示在a粒子散射實驗的基礎上，提出了原子核式結構模型，故C

錯誤；

D.利用圖（d）所示的氫原子能級示意圖，玻爾將量子觀念引入原子領域，并能夠解釋氫

原子的光譜特征，氫原子能級是分立的，光譜也是分立的，故D正確。

故選D。

2.練習鋼琴和音樂課上常用到的一款節(jié)拍器，如圖節(jié)拍器中有一擺桿，擺桿在標度尺左右

擺動，有規(guī)律的發(fā)出節(jié)拍聲。其中標度尺標出擺振動時每分鐘發(fā)出的節(jié)拍聲次數(shù)（〃），擺桿

上有一個可上下移動的擺錦。擺錘位置所對標尺數(shù)，就表示該擺每分鐘振動的節(jié)拍數(shù)（一次

全振動有兩次節(jié)拍數(shù)），由此可算出擺的振動周期r=（2^2）（s）o改變擺錘的位置就

可以改變它的振動周期。下列說法正確的是（）

A.節(jié)拍器上數(shù)值雖不清晰，但擺錘位置上移時擺動的頻率變大

B.擺錘上下移動時即使在不同的位置，發(fā)出的聲音聲速都相同

C.音樂教室有兩個相同節(jié)拍器，同時工作能聽到類似音叉的共振現(xiàn)象

D.聲波、水波和光波一樣，波傳播方向和振動方向相類似，都是橫波

K答案HBA.擺錘位置上移，其每分鐘發(fā)出的節(jié)拍聲次數(shù)減少，由

［宇s）

可知，周期變大，根據(jù)周期與頻率的關系可知，其頻率變小，故A錯誤；

B.聲波在同一種介質中傳播的速度相同，故B正確：

C.當驅動力的頻率等于國有頻率時，物體做受迫運動的振幅達到最大值，這種現(xiàn)象稱為共

振。所以音樂教室有兩個相同節(jié)拍器，同時工作不屬于共振現(xiàn)象，故C錯誤；

D.聲波是縱波，不是橫波，故D錯誤。

故選B。

3.如圖甲所示為磁電式電流表的結構圖，圖乙為內(nèi)部結構示意圖，在極靴和鐵質圓柱間存

在磁場，電流通過電表接線柱流入線圈，在安培力作用下發(fā)生偏轉，與螺旋彈簧的反向作用

平衡后，指針指示電流大小。下列說法正確的是（）

甲乙

A.鐵質圓柱將磁場屏蔽，內(nèi)部沒有磁場

B.線圈所處位置是勻強磁場

C.若更換更強的磁場，將增大電流表的量程

D.運輸過程中把電表正負接線柱用導線相連可減緩衣針擺動幅度

K答案7DA.鐵質圓柱沒有將磁場屏蔽，內(nèi)部有磁場，故A錯誤；

B.磁場是均勻地輻向分布，線圈轉動過程中各個位置的磁感應強度的大小不變，故B錯誤；

C.若更換更強的磁場，安培力增大，但不會增大電流表的量程，故C錯誤；

D.運輸過程中把電表正負接線柱用導線相連，電流表短路，指針擺動時產(chǎn)生感應電流，感

應電流受到安培力作用，可減緩表針擺動幅度，故D正確。

故選D。

4.某興趣小組模擬避雷A周圍電場的等勢面分布如圖所示，相鄰等勢面間的電勢差相等。

A、B、C、D、E為電場空間中的五個點，其中C、。兩點關于避雷針對稱，一電子（質量

為"。僅在電場力作用下從八點靜止釋放,運動到C點時速度為v,下列說法正確的是（）

A.A點的電勢高于E點的電勢

B.電場中。、D兩點的電場強度相同

C.若電子能經(jīng)過臺點，則到6點時的速度為也I，

2

D.電了?在A點時的加速度大于在C點時的加速度

K答案XCA.電子從A點靜止釋放，僅在電場力作用下運動到C點，可知電子受到的電

場力大致向下，則電場線方向大致向上，根據(jù)沿電場線電勢降低，可知A點的電勢小FE

點的電勢，故A錯誤；

B.電場線與等勢面垂直，根據(jù)對稱性可知電場中C、。兩點的電場強度大小相同，方向不

同，故B錯誤；

C.設相鄰兩等勢面間的目勢差為U,從A到。，根據(jù)動能定理有

2Ue=—mv2

2

從A到以根據(jù)動能定理有

Ue=—mv^

可得打點時的速度為

根據(jù)變壓器電流與匝數(shù)關系可得升壓變壓器匝數(shù)比為

以=L.=4L=J_

n27,16

故B錯誤；

C.根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)關系可得

幺二2

Uz%

可得升壓變壓器副線圈的輸出電壓為

U2=4000V

輸電線上損失的電壓為

△U=I線％=200V

則降壓變壓器原線圈的輸入電壓為

q=a-AU=3800V

根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)關系可得降壓變壓器的匝數(shù)比為

U、190

￡西F

故C正確；

D.用戶數(shù)量增多時，用戶端的等效電阻為

*=(%)2尺

用戶數(shù)量增多時，&減小,則輸電線上的電流/線增大，心也增大，故D錯誤。

6.如圖所示，兩根金屬絲A、8由電阻率均為月的材料制成，橫截面均為圓形、粗細均勻，

將它們并聯(lián)后接在電路c、4間。已知金屬絲A的長度為L、直徑為d,金屬絲8的長度為

2L、直徑為2J,則下列說法中正確的是()

A.金屬絲A、4的電阻相等

B.相同時間內(nèi)通過金屬絲A、B橫截面積的電荷量相等

C.金屬絲A、8內(nèi)電子定向移動的速度之比為2:1

D.ad間的電阻為等

K答案』CA.根據(jù)

STtd1

則

旦二￡1_也)2=2

RnLdA

則金屬絲A、3的電阻不相等，選項A錯誤;

B.兩電阻不等，則電流不等，根據(jù)并聯(lián)電路的電流關系可知

根據(jù)

q=It

叫知相I司時間內(nèi)通過金屬絲A、B橫截面枳的電荷量不用等，選項B錯誤;

C.根據(jù)

/=neSv=-7id'nev

4

解得

4//

v=——；—x-

7rd~ned~

金屬”八、8內(nèi)電子定向移動的速度之比為

選項C正確:

D.因

0_L4PL

yp飛=常

則

八R、RR4PL

間的電阻為"尸章二羨尹

選項D錯誤。

故選C。

7.我國計劃在203()年前實現(xiàn)載人登陸月球開展科學探索，其后將探索建造月球科研試驗站,

開展系統(tǒng)、連續(xù)的月球探則和相關技術試驗驗證。假設質量為〃?的飛船到達月球時，在距

離月面的高度等于月球半徑的3處先繞著月球表面做勻速圓周運動，其周期為工，己如月

球的自轉周期為《，月球的半徑為上引力常量為G,下列說法正確的是()

月球的第一宇宙速度為土察

A.

2/1

月球兩極的重力加速度為Z察

B.

/o-.2R

C.當飛船停在月球緯度60。的區(qū)域時，其自轉向心加速度為4r

274

D.當飛船停在月球赤道的水平面上時，受到的支持力為/〃水

(2邛T；

K答案XDA.設月球的質量為M,飛船距離月面的高度等于月球半徑的3處先繞著月球

「Mm4乃'1八

G--------=m——x—R

表面做勻速圓周運動時,根據(jù)萬有引力提供向心力有T;2

12)

設月球的第一宇宙速度為刃，則有G筆=,4

5瓜幾R

解得H

27；

故A錯誤;

B.在月球兩極表面時，杈據(jù)萬有引力等于重力有空空二/心。

/\

T17V-R

解得月球兩極的重力加速度為&)=

2甲

故B錯誤；

C.當飛船停在月球緯度60。的區(qū)域時，自轉半徑為

r=/?cos60°=-/?

2

自轉向心加速度為

24丫2乃2A

----r=--------

T2

故C錯誤。

D.當飛船停在月球赤道的水平面上，設水平面對其支持力大小為凡對飛船受力分析，由

牛頓第二定律可得

GMm廠（2不丫八

--——F=m—R

R-

[T2）

解得

?,J2741

F=TT'mR——7-------27

12rr2）

故D正確。

故選D。

二、多選題

8.航天服是保障航天員的生命活動和正常工作的個人密閉裝備，可防護空間的真空、高低

溫、太陽輻射和微流星等環(huán)境因素對人體的危害。航天員穿著航天服，從地面到達太空時內(nèi)

部氣體將急劇膨脹，若航天服內(nèi)氣體的溫度不變，視為理想氣體并將航天服視為封閉系統(tǒng)。

則關于航天服內(nèi)的氣體，下列說法正確的是（）

A.體積增大，內(nèi)能減小B.壓強減小，內(nèi)能不變

C.對外界做功，吸收熱量D.壓強減小，分子平均動能增大

K答案』BC由于航天服內(nèi)氣體視為理想氣體，溫度決定內(nèi)能，溫度不變，內(nèi)能不變，溫

度是分子熱運動平均動能的標志，故分子平均動能也不變。由于航天服內(nèi)氣體體積增大，氣

體對外界做功，溫度不變，由熱力學第一定律

△U=Q+W

可知由于WvO,AU=O,則Q＞。，所以航天服內(nèi)氣體將吸收熱量，又由等溫變化有

可知體積變大，則壓強減小。

綜上所述，故BC正確，AD錯誤。

故選BC。

9.如圖所示是小齊同學設計的一個能夠測量電流的裝置，其上部是一根粗細均勻橫截面積

為S的豎直細管，下部是一截面為正方形（邊長為L）的容器。該容器左右兩壁為導體，其

他各面是絕緣的，其底部與大氣相通。容器內(nèi)有一個正方形的金屬活塞，其邊長也為心可

在容器內(nèi)無摩擦滑動?；钊旅嬗幸惠p質彈簧支撐著，已知彈簧的勁度系數(shù)為&,活塞上部

充有密度為〃的絕緣油（測量過程中細管內(nèi)始終有絕緣油）。容器的左右兩壁與一電路連接，

整個裝置放在水平向里、?感感應強度為8的勻強磁場中。電鍵K閉合前，活塞處于靜止狀

態(tài)，重力加速度為g,彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，則（）

A.閉合電鍵K后，豎宜細管中油柱的上表面會向上移動

B.閉合電鍵長后?，豎直細管中油柱的上表面會向下移動

C.若油柱穩(wěn)定后上表面變化的高度為x,則回路中的電流為/='+夕嗎"—s）x

BI]

D.若油柱穩(wěn)定后上表面變化的高度為x,則回路中的電流為/='一2力?r）x

BL

K答案XBCAB.閉合電鍵K前，活塞受到重力、彈簧的彈力和液體的壓強產(chǎn)生的壓力，

設這時液體的高度為加，彈簧的彈力為五。，由受力平衡得

口吆+。叫%=R

閉合電鍵K后，電流的方向從右向左，根據(jù)左手定則可以判定安培力的方向向下，此時的

受力平衡

nig+pghl3+BIL=F

故活塞會向下運動，即液體的高度要減小，油柱的是上表面要下降，故A錯誤，B正確；

CD.油柱上表面下降「則進入容器的液體的體積

AV=5-A

故活塞下降的高度

,AVS

X~=1}X

q

液體的高度/?=%7+<=%-（尸-1）工

Lt

彈簧的彈力變化

聯(lián)立解得

_kS+pgl3(l3-S)

/=

箴x

故C正確，D錯誤。

故選BCo

10.籃球運動員進行了如圖所示的原地縱跳摸高訓練。已知質量〃?=60kg的運動員原地靜

止站立（不起跳）摸高為2.10m,在原地縱跳摸高訓練過程中，該運動員先下蹲，重心下降

0.5m,經(jīng)過充分調整后，發(fā)力跳起摸到了2.90m的高度。若將運動員起跳過程（從重心下

降0.5m處開始向上運動到雙腳離地過程）視為做勻加速運動，忽略空氣阻力影響遇取10m/s2,

對運動員的起跳過程，則下列說法正確的是（）

A.運動員處于超重狀態(tài)

B.地面對運動員的沖量大小為240N-s

C.運動員對地面的壓力為1560N

D.運動時間為0.5s

k答案UACAC.從開始起跳到腳離開地面重心上升力尸0.5m,做勻加速運動，加速度向

上，處于超重狀態(tài)。離開地面到上升到最高點的過程中，重心上升距離

/z2=2.90m-2.l（）m=0.8m

運動員離開地面后做豎史上拋運動，根據(jù)=（）-，

解得v=4m/s

在起跳過程中，有2叫=F

解得a=16rn/s

由牛頓第二定律得

&-=ma

解得

風=1560N

由牛頓第三定律可知運動員對地面的壓力為1560N,方向豎直向下。故AC正確；

BD.依題意，運動員的起跳過程時間為

z=-=0.25s

a

地面對運動員的沖量大小為

/=^,/=39ONs

故BD錯誤。

故選ACo

二、實驗題

11.（1）用螺旋測微器測出其直徑。如圖所示，則mm。

（2）用多用電表xlOQ擋粗測某電阻發(fā)現(xiàn)多用表指針偏角偏大，為進一步較精確測量選用合適

的倍率重新歐姆調零后，則量時指針位置如圖所示，其電阻為Q

⑶實驗室有若干內(nèi)阻為4=40C、滿偏電流為4=20mA的表頭，某同學打算先將表頭改裝

成電壓表，再對電源電動勢和內(nèi)阻進行測量。若將此表頭改裝成量程為5V的電壓表，需要

串聯(lián)一個Q的電阻。

⑷現(xiàn)將改裝后的電壓表和電阻箱組成圖（b）所示電路，調節(jié)電阻箱的阻值，記錄多組電壓

表示數(shù)U和電阻箱讀數(shù)R,描點后繪成圖（c）所示一次函數(shù)圖像，測出橫軸截距為“，縱

軸微距為-〃，則電源電動勢為，內(nèi)阻為；（此問兩空用和電壓表電阻“仆”

表不）。

——1|-^—

ErS

圖（b）

K答案1（1）6.714/6.715/6.716

（2）8

（3）210

b

⑷記二

（1）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為6.5mm,可動刻度讀數(shù)為

0.01x21.5mm=0.215mm

所以最終讀數(shù)為

6.5mm+0.215mm=6.715nun

（2）發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉角度很大，說明倍率太大，為了較準確地進行測量，應換到xlQ擋。

重新正確操作后，表盤的示數(shù)如圖3所示，其讀數(shù)為

8xlQ=8Q

（3）若將此表頭改裝成量程為5V的電壓表，需要串聯(lián)的電阻值為

R工-R。=—rQ-40Q=210Q

g

/：20x10-3

（4）[1][2]由閉合電路歐姆定律可得

E=（7+-^-（7?+r）

解得

R=ER*—（R\+「）

由圖（c）可知

ER、=—,Rv+r=b

b

解得E=k一

aRv

12.用圖示裝置完成“探究單擺周期與擺長的關系”:

(1)用游標尺上有10個小格的游標卡尺測量擺球的直徑，結果如圖中所示，可讀出擺球的直

徑為cm。

(2)實驗時，擺球在垂宜紙面的平面內(nèi)擺動，為了將人工記錄振動次數(shù)改為自動記錄振動次

數(shù)，在擺球運動的最低點的左、右兩側分別放置激光光源與光敏電阻，如圖乙所示，光敏電

阻與某一自動記錄儀相連，該儀器顯示的光敏電阻阻值R隨時間/的變化圖線如圖丙所示,

則該單擺的周期為o

(3)若把該裝置放到止在勻加速1：升的電梯中，用完全相同的操作重新完成實驗，圖像中加

將(選填“變大不變”或“變小”)，圖像中fo將(選填“變大”“不變”或“變小

⑷如果某同學在實驗時，用的擺球質量分布不均勻，無法確定其重心位置。他第一次量得

懸線長為L(不計擺球半徑)，測得周期為刀；第二次量得懸線長為“，測得周期為乃。

根據(jù)上述數(shù)據(jù)，可求得g值為()

4/乖工4叫心4)4/化+14/(邛-引

(n”—審甲一丁

R答案X(1)1.87

⑵2/0

(3)變小變小

(4)B

(1)游標卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標尺讀數(shù)之和，所以擺球的直徑為

J=18+7xO.lmm=18.7mm=1.87cm

(2)由圖可知，該單擺的周期為

丁=4

(3)若把該裝置放到正在勻加速上升的電梯中，則等效重力加速度變?yōu)?/p>

g，=g+"g

則用完全相同的操作重新完成實驗，則擺球經(jīng)過最低點時的速度變大，則遮光時間變短，即

圖像中△/將變小，單擺的周期變小，可知圖像中山將變小。

（4）設擺球的重心距離擺線最低點的距離為，，則根據(jù)單擺周期公式可知

聯(lián)立解得

4/（…）

T；_T；

故選B。

四、解答題

13.導光柱是將光以最小的損耗從一個光源傳輸?shù)骄嚯x該光源一定距離的另一個點的裝置，

其中，光滑內(nèi)凹輸入端的導光柱將有效提高光線捕獲能刀。如圖為某一導光柱的縱截面簡化

示意圖，導光柱下端AE8為半球凹形輸入端，半徑為R,。為圓心。導光柱橫截面直徑與

半圓形直徑相等，其高度為“L>2R）。球心。處有一點光源，能發(fā)出各個方向的單色光。

該縱截面內(nèi)只有120。范圍的光線才能夠在進入導光柱后不被折射出A?；駼C側面，從而導

致光傳輸?shù)膿p耗。

（1）求導光柱介質的折射率;

（2）某條從光源O發(fā)出的光線與48邊界的夾角為60。，求此條光線到達輸出端C。的時間

4/-/?

K答案X（I）2；（2）（1）由幾何關系及全反射臨界角可知

C

n=—!—=2

sin30°

（2）此條光線在半球凹形輸入端的時間為

R

由折射率與速度公式得

c

〃=一

V

有幾何關系得此條光線在導光柱中傳播的距離為

L-Reos3（）。

x=---------------

cos300

此條光線在導光柱中傳播的時間為

x

?2=-

此條光線到達輸出端co的時間為

2

解得

4L-R

1=--------

c

14.如圖甲所示為一款“反重力”磁性軌道車玩具，軌道造型可以自由調節(jié)，小車內(nèi)裝有發(fā)條，

可儲存彈性勢能。小宋同學將軌道簡化為圖乙所示模型：豎直圓周軌道與水平直軌道4M相

切（B、。兩切點略微錯開），兩個半徑均為，?的四分之一圓弧軌道在N處平滑連接，它們的

網(wǎng)心（02、。3位于同一高度，現(xiàn)將質量為〃尸100g的小車從A點由靜止釋放，它恰好能通

過圓周軌道的最高點。，且小車在軌道8C。段、MN尸段所受磁吸力大小分別為

其重力的0.5倍、1.5倍（磁吸引力始終垂直軌道面），摩擦力忽略不計;長為力”=1.375m

的直軌道。M段無磁吸力，與小車間的動摩擦因數(shù)〃=。2。小車可視為質點，且小車在到

達8點前發(fā)條的彈性勢能已完全釋放。求：

圖甲圖乙

（1）豎直圓周軌道的半徑R

（2）小車經(jīng)過圓周軌道最低點8時所受支持力小，的大小；

（3）同時調節(jié)r,其他條件不變，要求小車不脫離軌道，，?應滿足的條件。

K答案X(l)0.2m；(2)6N；(3)r>0.1m(1)小車恰好通過最高點，由牛頓第二定串有

mg-0.5nig=〃1卡

解得

R=0.2m

(2)從B點到。點的過程中，只有重力做功，小車的機械能守恒，由機械能守恒定律有

1rn1

—ntVg=ing-2/<+—"八］

22

解得

%=3m/s

在8點由牛頓第二定律有

FN-mg-0.5mg=m^

K

解得

尸N=6N

(3)要保證小車不離開軌道，則在N點時，需滿足

T5，ng=———

r

小車由。點到N點，由動能定理有

"?g(2R-/)-RMW=-mvl-1mvr

解得

r=().lm

假設小車能運動到。點，小車由N點到0點，由動能定理有

lol,

解得

=-0.5m2/s2<0

則假設不成立，小車不能到達p點。假設小車能運動到豎直圓軌道BCO的圓心a等高的軌

道左側的。點，小車由N點到。點，由動能定理有

mg(r-R)-jinngLOM=1唉-1m\^

解得用=-6.5m2/s2<0

則假設不成立，小車不能到達Q點。則可調半徑7?的范圍為廣之o.lm。

15.如圖甲，某裝置由多個橫截面積相同的金屬圓筒依次排列，其中心軸線在同一直線上，

圓筒的長度依照一定的規(guī)律依次增加。序號為奇數(shù)的圓筒和交變電源的一個極相連，序號為

偶數(shù)的圓筒和該電源的另?個極相連。交變電源兩極間電勢差的變化規(guī)律如圖乙所示。在

時，奇數(shù)圓筒相對偶數(shù)圓筒的電勢