2024屆閔行區(qū)高考物理倒計時模擬卷含解析

2024屆閔行區(qū)高考物理倒計時模擬卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，。9和力的是垂直于紙面向里的勻強磁場I、II的邊界。磁場I、II的磁感應強度分別為以、52,且

其中bc=ea=ef.一質(zhì)量為/〃、電荷量為g的帶電粒子垂直邊界從P點射入磁場I,后經(jīng)/點進入磁場II,

并最終從小邊界射出磁場區(qū)域。不計粒子重力，該帶電粒子在磁場中運動的總時間為（）

b：xx族

27rm34〃？3冗m

B.C.-D.

2、來自太陽的帶電粒子會在地球的兩極引起極光.帶電粒子與地球大氣層中的原子相遇，原子吸收帶電粒子的一部分

能量后，立即將能量釋放出來就會產(chǎn)生奇異的光芒，形成極光.極光的光諧線波長范圍約為310nm?670nm.據(jù)此推

斷以下說法不正確的是

A.極光光諧線頻率的數(shù)量級約為IO"Hz

B.極光出現(xiàn)在極地附近與帶電粒子受到洛倫茲力有關

C.原子在從高能級向低能級躍遷時輻射出極光

D.對極光進行光譜分析可以鑒別太陽物質(zhì)的組成成分

3、電路如圖所示，當。、力兩端接入100V電壓時，用理想電壓表測得c、d兩端電壓為20V；當c、d兩端接入100V

電壓時，用理想電壓表測得。、力兩端電壓為50V,則4：&：心等于（）

A.4：2：1B.2：1：1

C.3：2：1D.5：3：2

4、如圖所示，矩形線圈處在磁感應強度大小為B、方向水平向右的勻強磁場中，線圈通過電刷與定值電阻R及理

想電流表相連接，線圈繞中心軸線以恒定的角速度/勻速轉動，U0時刻線圈位于與磁場平行的位置。已知線

圈的匝數(shù)為〃、面積為S、阻值為「.則下列說法正確的是（）

A./=0時刻流過電阻R的電流方向向左

B.線圈中感應電動勢的瞬時表達式為c=〃8s@sind

C.線圈轉動的過程中，電阻R兩端的電壓為華處

R+r

nBScoR

D.從z=0時刻起，線圈轉過600時電阻R兩端的電壓為2（R+廠）

5、5G是“第五代移動通信網(wǎng)絡”的簡稱，目前世界各國正大力發(fā)展5G網(wǎng)絡.5G網(wǎng)絡使用的無線電波通信頻率在3.0

GHz以上的超高頻段和極高頻段（如圖所示），比目前4G及以下網(wǎng)絡（通信頻率在0.3GHz?3.0GHz間的特高頻段）

擁有更大的帶寬和更快的傳輸速率.未來5G網(wǎng)絡的傳輸速率（指單位時間傳送的數(shù)據(jù)量大?。┛蛇_lOGbps（bps為

bitspersecond的英文縮寫，即比特率、比特/秒），是4G網(wǎng)絡的5Q-100倍.關于5G網(wǎng)絡使用的無線電波，下列說法

正確的是

無城電豉UHtt司見克輸

A.在真空中的傳播速度更快

B.在真空中的波長更長

C.衍射的本領更強

D.頻率更高，相同時間傳遞的信息量更大

6、如圖所示，一小物塊在一足夠長的木板上運動時，其運動的修圖象，如圖所示，則下列說法正確的是（）

A.木板的長度至少為12mB.木板的長度至少為6m

C.小物塊在0?4s內(nèi)的平均速度是2m/sD.在0?4s內(nèi)，木板和小物塊的平均加速度相同

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖甲所示，在光滑絕緣水平面內(nèi)。兩條平行虛線間存在一勻強磁場。磁感應強度方向與水平面垂直。邊長為，的

正方形單匝金屬線框Hcd位于水平面內(nèi)，cd邊與磁場邊界平行。時刻線框在水平外力尸的作用下由靜止開始做

勻加速直線運動通過該磁場，回路中的感應電流大小與時間的關系如圖乙所示，下列說法正確的是（）

tFN

2，。/6,of

甲乙

A.水平外力為恒力

QI

B.勻強滋場的寬度為§

C.從開始運動到曲邊剛離開磁場的時間為4

D.線框穿出磁場過程中外力尸做的功大于線框進入磁場過程中外力尸做的功

8、在光滑水平面上，小球A、B（可視為質(zhì)點）沿同一直線相向運動，A球質(zhì)量為1kg,B球質(zhì)量大于A球質(zhì)量。如

果兩球間距離小于L時，兩球之間會產(chǎn)生大小恒定的斥力，大于L時作用力消失。兩球運動的速度一時間關系如圖所

示，下歹!說法正確的是

A.物體從O點拋出后，沿軌道A運動落到地面上，物體的運動可能是平拋運動

B.在軌道B上運動的物體，拋出時的速度大小為ll.2km/

C.使軌道C、D上物體的運動軌道變?yōu)閳A軌道，這個圓軌道可以過。點

D.在軌道E上運動的物體，拋出時的速度一定等于或大于16.7km/s

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某興趣小組在實驗室用圓錐擺演示儀來測定當?shù)氐闹亓铀俣取D甲是演示儀的簡化示意圖，細線下面懸

掛一個小鋼球（直徑忽略不計），細線上端固定在電動機轉盤上，利用電動機帶動鋼球做圓錐擺運動。用轉速測定儀測

定電動機的轉速〃，調(diào)節(jié)刻度板的位置，使刻度板水平且恰好與小鋼球接觸，但無相互作用力，用豎直放置的刻度尺

測定細線懸點到刻度板的豎直距離力，不計懸點到轉軸間的距離。

甲乙

（1）開動轉軸上的電動機，讓擺球轉動起來形成圓錐擺。調(diào)節(jié)轉速〃，當〃越大時，〃越（選填“大”或“小

⑵圖乙為某次實驗中力的測量結果，其示數(shù)為cnio

⑶用直接測量的物理量的符號表示重力加速度g,其表達式為8=o

12,（12分）實驗小組采用如圖甲所示實驗裝置測量木塊與木板間動摩擦因數(shù)囚提供的器材有：帶定滑輪的長木板,

有凹槽的木塊，質(zhì)量為m。的鉤碼若干，打點計時器，電源，紙帶，細線等.實驗中將部分鉤碼懸掛在細線下，剩余的

鉤碼放在木塊的凹槽中，保持長木板水平，利用打出的紙帶測量木塊的加速度.

（1）正確進行實驗操作，得到一條紙帶c紙帶的一部分如左圖所示，紙帶上兩相鄰計數(shù)點的時間間隔為T=0.10s。該同

學將紙帶從每個計數(shù)點處截斷，得到6條短紙帶，再把6條短紙帶的卜端對齊貼在紙上，以紙帶卜端為橫軸建立直角

坐標系，并將刻度尺邊緣緊靠縱軸，其示數(shù)如右圖所示。則打下計數(shù)點“2”時小車的速度大小為m/s；小

車的加速度大小為m/s2（結果均保留兩位有效數(shù)字）

（2）將木塊凹槽中的鉤碼逐個添加到細線下端，改變懸掛鉤碼的總質(zhì)量m,測得相應的加速度a,作出a-m圖象如圖

所示.已知當?shù)刂亓铀俣萭=9.8m/s一則木塊與木板間動摩擦因數(shù)p=（保留兩位有效數(shù)字）；N的測量值

（選填“大于”“小于”或“等于”）真實值。

（3）實驗中（選填“需要”或“不需要”）滿足懸掛鉤碼總質(zhì)量遠小于木塊和槽中鉤碼總質(zhì)量.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示的坐標系內(nèi)，以垂直于x軸的虛線尸。為分界線，左側的等腰直角三角形區(qū)域內(nèi)分布著勻強磁場,

磁感應強度為歷方向垂直紙面向里，AC邊有一擋板可吸收電子，AC長為d.右側為偏轉電場，兩極板長度為!4,

2

間距為d電場右側的x軸上有足夠長的熒光屏.現(xiàn)有速率不同的電子在紙面內(nèi)從坐標原點。沿），軸正方向射入磁場，

電子能打在熒光屏上的最遠處為M點，M到下極板右端的距離為:d,電子電荷量為e,質(zhì)量為如不考慮電子間的

相互作用以及偏轉電場邊緣效應，求：

（1）電子通過磁場區(qū)域的時間t；

（2）偏轉電場的電壓U；

（3）電子至少以多大速率從。點射出時才能打到熒光屏上.

A

XXXx/

XXx/

.

zzzzyy/fy/y

Q(!>+M

14.（16分）假設某星球表面上有一傾角為〃二37。的固定斜面，一質(zhì)量為m=2.0kg的小物塊從斜面底端以速度12m/s

沿斜面向上運動，小物塊運動2.0s時速度恰好為零.己知小物塊和斜面間的動摩擦因數(shù)〃=0.125,該星球半徑為

R=4.8x1。3k〃.（sin37°=0.6,cos37°=0.8）.

試求：

（1）該星球表面上的重力加速度g的大??；

（2）該星球的第一宇宙速度.

15.（12分）如圖所示，固定在豎直面內(nèi)半徑7?=0.4m的光滑半圓形軌道cde與長s=2.2m的水平軌道be相切于c

點，傾角0=37。的斜軌道ab通過一小段光滑圓弧與水平軌道be平滑連接。質(zhì)量m=lkg的物塊B靜止于斜軌道的

底端b處，質(zhì)量M=3kg的物塊A從斜面上的P處由靜止沿斜軌道滑下，與物塊B碰撞后黏合在一起向右滑動。

己知尸處與c處的高度差H=4.8m,兩物塊與軌道abc間的動摩擦因數(shù)〃=0.25,取^=10m/s2,sin370=0.6,

cos370=0.8,A、B均視為質(zhì)點，不計空氣阻力。求：

（DA與B碰撞后瞬間一起滑行的速度大小；

⑵物塊A、B到達e處時對軌道的壓力大小。

b

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

粒子在磁場中運動只受洛倫茲力作用，故粒子做圓周運動，洛倫茲力做向心力，故有

v2

qvB=m—

所以

R=—

qB

粒子垂直邊界“e從P點射入磁場1,后經(jīng)/點進入磁場II,故根據(jù)幾何關系可得：粒子在磁場1中做圓周運動的半徑

為磁場寬度d；根據(jù)軌道半徑表達式，由兩磁場區(qū)域磁感應強度大小關系可得：粒子在磁場II中做E1周運動的半徑為

磁場寬度那么，根據(jù)幾何關系可得：粒子從0到/轉過的中心角為9(3粒子在/點沿.〃方向進入磁場口；然后

粒子在磁場n中轉過180在C點沿西方向進入磁場I;最后，粒子在磁場I中轉過9()。后從。邊界射出磁場區(qū)域；故

粒子在兩個磁場區(qū)域分別轉過180°,根據(jù)周期

2nR2nm

I=-----=-------

vqB

可得：該帶電粒子在磁場中運動的總時間為

1/1.TimTim3兀〃?

-T.H—Tj=------1------=-------

22~qB、qB.2qB1

故選B。

2、D

【解析】

C3x10s

A.極光光諧線頻率的最大值/皿Hz=9.7x1014Hz；極光光諧線頻率的最小值

3.1xlO3x1O-10

s

c3x10

心丁而時…則極光光諧線頻率的數(shù)量級約為卬3,故A正確.

B.來自太陽的帶電粒子到達地球附近，地球磁場迫使其中一部分沿著磁場線集中到南北兩極.當他們進入極地的島

層大氣時，與大氣中的原子和分子碰撞并激發(fā)，產(chǎn)生光芒，形成極光.極光出現(xiàn)在極地附近與帶電粒子受到洛倫茲力

有關，故B正確;

C.地球大氣層中的原子吸收來自太陽帶電粒子的一部分能量后，從高能級向低能級躍遷時輻射出極光故C項正確;

D.地球大氣層中的原子吸收來自太陽的帶電粒子的一部分能量后，從高能級向低能級躍遷時輻射出極光.對極光進

行光譜分析可以鑒別地球大氣層的組成成分，故D錯誤。

本題選不正確的，答案為D。

3、A

【解析】

當。、b兩端接入100V電壓時，用理想電壓表測得c、d兩端電壓為20V,有:

U.?

=Ucd

2R+R?

即:

100&

=2

2/e,+R2°

R.

整理得U=2；當。、d兩端接入100V電壓時，用理想電壓表測得。、力兩端電壓為50V,有:

2%+&ab

即：

100/?2

2&+&=50

凡

整理得言=2,所以拈：&：&=4：2：1,A正確，BCD錯誤。

為

故選A。

4、D

【解析】

A.U0時刻線框與磁場方向平行，即線框的速度與磁場方向垂直，右手定則可知，流過電阻R的電流方向向右，故

A錯誤；

B.從與中性面垂直的位置開始計，感應電動勢隨時間按正弦規(guī)律變化，且最大感應電動勢

Em=nBS(o

所以感應電動勢的瞬時值表達式為

e=n(V)

故B錯誤；

C.線圈轉過的過程中，最大感應電動勢Em=，出S”,則產(chǎn)生的感應電動勢的有效值為

5

E=—nBSco

2

因此電阻R兩端的電壓為

〃后BSa)R

U=--..—

2(/?+r)

故C錯誤；

D.線圈從U0開始轉過60。時，電阻R兩端的電壓為

..nBScocos60-RnBScoR

投R+r2(/?+r)

故D正確。

故選D。

5、D

【解析】

A、無線電波(電磁波)在真空的傳播速度與光速相同，保持不變，其速度與頻率沒有關系，故A錯誤;

BC、由公式可知：%=，，頻率變大，波長變短，衍射本領變?nèi)?，故BC錯誤；

D、無線電波(電磁波)頻率越高，周期越小，相同時間內(nèi)可承載的信息量越大，故D正確.

6、B

【解析】

AB.由圖像可知，當物塊和木板共速時，物塊相對木板的位移即為木板的最小長度，即

L=—(4+4)x1.5m=6m

選項A錯誤，B正確；

C.小物塊在0?4s內(nèi)的位移

x.=—xlx4--x3x2="lm

122

負號表示物塊的位移向右，則平均速度是

v.=-=—m/s=().25m/s

1/4

選項C錯誤；

D.在024s內(nèi)，木板的位移

x2=g(2+4)xl.5+gx2x2.5=7m

根據(jù)x=可知，木板和小物塊的平均加速度不相同，選項D錯誤;

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、BCD

【解析】

根據(jù)線框感應電流/=§=與，結合i-t圖象知道，線框做勻加速直線運動，從而再根據(jù)圖象找到進入和穿出磁場

的時刻，由運動學公式就能求出磁場寬度、ab邊離開的時間。根據(jù)感應電流的方向，結合楞次定律得出磁場的方向。

根據(jù)安培力公式得出導線框所受的安培力。

【詳解】

線框進入磁場的時候，要受到安培力的作用，電流是變化的，安培力也是變化的，因此外力F必然不是恒力，選項A

錯誤；由圖乙可知2to?4to時間內(nèi)線框進入磁場，設線框勻加速直線運動的加速度為a,邊框長為：

1=—〃(4%)2fl(2A))2=6ato2；磁場的寬度為：d=—?(6A))2a(2/o)2=16at??2；故d=2■,故選項B正確；設t時刻線框穿

22223

出磁場，則有：6at02=1。於-L“(6fo)2,解得：t=4G>o,選C正確；線框進入磁場過程的位移與出磁場過程的位移相

22

等，根據(jù)產(chǎn)-2口二〃以可知，線框出離磁場過程中的水平拉力大于進入磁場過程中的水平拉力，線框穿出磁場過程

R

中外力F做的功做的功大于線框進入磁場過程中水平拉力做的功，選項D正確。故選BCD。

8、BD

【解析】

當兩球叵距小于L時，兩球均做勻減速運動，因B球質(zhì)量大于A球質(zhì)量可知B球加速度小于A球的加速度，由v-t圖

22

像可知：*==^機/$2=—0.05機/$2；aA=—^-m/s=0A5m/s；由牛頓第二定律：尸=，%%=〃％怎，

2020

解得，〃H=3niA=3kg,F=0.15N,選項A錯誤，B正確；由圖像可知，.48在30s時刻碰前速度：心=0,VB=2m/s；碰后:

vfA=3m/s,v'B=lm/s,因△￡=g"31一(g=0可知r=30s時，兩球發(fā)生彈性碰撞，選項C錯誤；

由圖像可知，兩部分陰影部分的面積應該相等且都等于L,可知最終B球速度為零，選項D正確.

9、BC

【解析】

A.力棒所受的最大靜摩擦力

力,=/=〃〃gcos30=哥xO.lxlogN=0.15N

而

G]=mgsin30=0.1x10xgN=0.5N

則力棒剛要開始運動時，所受的安培力方向向下，大小為

E安叫.g+A-G=0.25N

此時。棒受到向上的安培力大小仍為戶安=0.25N,則〃棒的加速度大小為

Gi-f-F安0.5-0.15-0.25,

a=------------=--------------------=lin/sz-2

m().1

選項A錯誤；

B.b棒剛要開始運動時，對。棒

F安=BIL

2R

E=RLv

聯(lián)立解得

v=5m/s

選項B正確；

CD.足夠長時間后，兩棒的速度差恒定，設為此時兩棒受的安培力均為

L，B2L2AV

F=--------

2R

此時對。棒

m

方棒

_G^F-f-mg

ah-c

m+mc

其中

解得

a=-m/s

"13

A81,

Av=——m/s

13

此時導體棒〃的速度不是恒定值，不等于7.0m/s,選項C正確，D錯誤；

故選BC.

10、AC

【解析】

（1）第一宇宙速度是最小的衛(wèi)星發(fā)射速度，卻是最大的環(huán)繞速度；

（2）當物體以第一宇宙速度被拋出，它的運動軌道為一圓周；當物體被拋出的速度介于第一和第二宇宙速度之間，它

的運動軌跡為一橢圓；當物體被拋出時的速度介于第二和第三宇宙速度之間，物體將擺脫地球引力，成為繞太陽運動

的行星；當被拋出的初速度達到或超過第三宇宙速度，物體必然會離開太陽系；

（3）衛(wèi)星變軌時的位置點，是所有軌道的公共切點.

【詳解】

A、物體拋出速度vV7.9km/s時必落回地面，若物體運動距離較小時，物體所受的萬有引力可以看成恒力，故物體的

運動可能是平拋運動，A正確；

B、在軌道B上運動的物體，相當于地球的一顆近地衛(wèi)星，拋出線速度大小為7.9km/s,B錯誤；

C、軌道C、D上物體，在O點開始變軌到圓軌道，圓軌道必然過O點，C正確；

D、當物體被拋出時的速度等于或大于16.7km/s時，物體將離開太陽系，故D錯誤.

【點睛】

本題考查宇宙速度，知道第一宇宙速度是最小的發(fā)射速度、最大的環(huán)繞速度，掌握衛(wèi)星變軌模型，知道各宇宙速度的

物體意義至關重要.

三、實驗題；本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、小18.504九

【解析】

越大，細線與豎直方向夾角越大，則力越小。

(2)[2]懸點處的刻度為1.00cm,水平標尺的刻度為19.50cm,則示數(shù)為

/z=(19.50-1.00)cm=l8.50cm

所以示數(shù)為18.50cm。

(3)⑶假設細線與豎直方向夾角為。，由牛頓第二定律得

mgtan0=marr

又

tan0=—

h

0)=27111

解得

g=47r2n2h

12、0.47；0.70；0.33；大于；不需要；

【解析】

(1)依據(jù)中時刻的瞬時速度等于這段時間內(nèi)的平均速度，那么計數(shù)點“2”時小車的速度大小為：

至二卜’.()()*。-；根據(jù)Ax=aT2結合逐差法可得：

43°?2,〃/s=047,H/5

2T2x0.1

(7.72+7.10+6.45-5.70-5.00-4.30)x10-2八”,?

a=------------------------------------------------------------------=0.70/7?/so

9x0.12

(2)根據(jù)牛頓第二定律可知mg-ji(M-m)g=Ma,解得a=叫0+,由圖可知，*g=-3.3,解得u=0.33；

M

P的測量值大于真實值，原因是滑輪與軸承、細線間有摩擦，紙帶與打點計時器間有摩擦等；

(3)在此實驗中，由于把小車和祛碼的質(zhì)量作為了整體，結合第二問可知，不需要滿足懸掛鉤碼質(zhì)量遠小于木塊和槽

中的鉤碼總質(zhì)量；

【點睛】

此題在求解加速度時還可這樣做：紙帶的長度之比等于此段紙帶的平均速度之比，還等于各段紙帶中間時刻的速度之

比，即紙帶的高度之比等于中間時刻速度之比，這種等效替代的方法減小了解題難度，要提高應用勻變速直線的規(guī)律

以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

eBd

13、⑴嗎⑵