湖南省名校聯(lián)考聯(lián)合體2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期第四次聯(lián)考物理試題

湖南省名校聯(lián)考聯(lián)合體2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期第四次聯(lián)考物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三總分評(píng)分一、單選選擇題（本大題共6小題，每小題4分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求）1．釷（Th）是一種以化合物的形式存在于礦物內(nèi)的金屬元素，該元素經(jīng)過中子轟擊，可得到鈾233，因此它是潛在的核燃料，釷的同位素之一釷234的衰變的方程為90234A．A=233 B．b為中子C．γ光子來自X D．X不再具有放射性2．如圖所示，兩根直桿M、N豎直固定，一根長(zhǎng)度一定的輕繩繞過動(dòng)滑輪，一端固定在M桿上，另一端連接在套在N桿上的光滑圓環(huán)上，動(dòng)滑輪上吊著一個(gè)重物，現(xiàn)給圓環(huán)施加一個(gè)豎直向上的拉力F，使重物緩慢上移，則在重物上移的過程中（）A．輕繩上張力越來越小 B．輕繩上張力越來越大C．拉力F越來越小 D．拉力F大小不變3．一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，t=1.5s時(shí)刻的波形圖如圖甲所示，P、Q為介質(zhì)中平衡位置分別在xP=1m、xQ=2m處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為平衡位置位于x=1m和x=2m之間某質(zhì)點(diǎn)A（圖中未標(biāo)出）的振動(dòng)圖像，則下列判斷正確的是（）甲乙A．波沿x軸正方向傳播B．t=1s時(shí)，P的加速度沿y軸正方向C．t=2s時(shí)，Q的速度正在增大D．質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方程為y=54．我國(guó)火星探測(cè)器“天問二號(hào)”目前已經(jīng)基本完成初樣研制階段的工作，將于2025年5月前后實(shí)施發(fā)射。未來，“天問二號(hào)”發(fā)射后會(huì)來到火星，從Q點(diǎn)變軌進(jìn)入環(huán)火橢圓軌道，從P點(diǎn)變軌進(jìn)入環(huán)火圓軌道.若Q點(diǎn)到火星表面高度為6R（火星半徑為R），近火點(diǎn)P點(diǎn)可以認(rèn)為貼近火星表面，“天問二號(hào)”在橢圓軌道上運(yùn)行周期為T，引力常量為G，則下列說法正確的是（）A．“天問二號(hào)”的發(fā)射速度大于第三宇宙速度B．從Q點(diǎn)進(jìn)入橢圓軌道過程，“天問二號(hào)”機(jī)械能增加C．火星的平均密度為192πD．火星表面的重力加速度為1925．如圖所示，a、b、c、d是勻強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)面，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從等勢(shì)面b上的O點(diǎn)在紙面內(nèi)以與b等勢(shì)面成θ=53°的方向射出，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡剛好與等勢(shì)面d相切，不計(jì)粒子的重力，則粒子到達(dá)等勢(shì)面a時(shí)的速度大小為（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）（）A．315v0 B．335v06．如圖所示，輕桿的下端用活動(dòng)鉸鏈與地面上O點(diǎn)相連，上端固定一小球，用一個(gè)水平向左的力拉著小球靜止，保持拉力的方向不變，改變拉力的大小，使小球繞O點(diǎn)沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，且小球在地面上的投影向右勻速移動(dòng)，則下列說法正確的是（）A．小球的機(jī)械能可能增加 B．小球的動(dòng)能先增大后減小C．重力對(duì)小球做功的功率增大 D．輕桿對(duì)小球一直做正功二、多項(xiàng)選擇題（本大題共4小題，每小題5分，共20分。每小題給出的4個(gè)選項(xiàng)中，有多選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）7．在如圖所示的電路中，變壓器為理想變壓器，電壓表、電流表均為理想交流電表，R0、R1為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器，在a、b兩端輸入正弦交流電壓，將滑動(dòng)變阻器滑片從最上端滑到最下端的過程中，下列說法正確的是（）A．電流表示數(shù)一直增大 B．電壓表示數(shù)一直增大C．a(chǎn)、b端輸入功率一直增大 D．變壓器的輸出功率一直增大8．如圖所示，足夠長(zhǎng)木塊靜止在光滑水平面上，完全相同的子彈A、B從兩側(cè)以大小相同的速度同時(shí)水平射入木塊，兩子彈射入木塊的深度均為L(zhǎng)，若保持子彈射入木塊前的速度大小不變，先讓A子彈射入木塊，A與木塊相對(duì)靜止后讓B子彈射入木塊，A射入木塊的深度為L(zhǎng)1，B射入木塊的深度為L(zhǎng)2，設(shè)木塊對(duì)子彈的阻力大小恒定，A、B做直線運(yùn)動(dòng)且不會(huì)相遇，則下列說法正確的是（）A．L1>L2 B．L1<L2 C．L1+L2>2L D．L1+L2=2L9．在光學(xué)儀器中，“道威棱鏡”被廣泛用來進(jìn)行圖形翻轉(zhuǎn)。如圖所示，等腰梯形ABCD是“道威棱鏡”的橫截面，底角為45°。一束單色光從AB邊的E點(diǎn)沿平行BC邊的方向射入棱鏡，折射光線經(jīng)BC邊反射后照射在CD邊上的F點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），然后讓光束繞E點(diǎn)沿順時(shí)針轉(zhuǎn)過45°，此過程中BC邊的反射光線均直接照射到CD邊，不考慮光在CD邊反射，已知棱鏡對(duì)光的折射率為2，則下列說法正確的是（）A．開始時(shí)，光束在E點(diǎn)射入棱鏡時(shí)的折射角為60°B．光束在F點(diǎn)發(fā)生折射，折射光線與BC邊平行C．光束繞E點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，照射到BC邊的光束會(huì)從BC邊射出D．光束繞E點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，光束在棱鏡中傳播時(shí)間會(huì)越來越短10．如圖所示，光滑絕緣水平桌面上放置一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為m、阻值為R的正方形金屬線框abcd，M、N是垂直于水平面向上勻強(qiáng)磁場(chǎng)I的邊界，P、Q是垂直于水平面向上勻強(qiáng)磁場(chǎng)II的邊界，兩磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，磁場(chǎng)寬均為L(zhǎng)，兩磁場(chǎng)邊界相互平行，N、P間距為12A．線框穿過磁場(chǎng)I與穿過磁場(chǎng)II所用的時(shí)間相等B．線框開始的初速度大小為4C．線框ab邊剛進(jìn)磁場(chǎng)I時(shí)的加速度大小為3D．穿過磁場(chǎng)I，線框中產(chǎn)生的焦耳熱為27三、非選擇題（本題共5小題，共56分）11．某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示裝置做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)。木板上貼著白紙豎直固定放置，定滑輪固定在木板上，繞過定滑輪的細(xì)繩一端吊著重物，另一端與另兩段帶有繩套的細(xì)繩連接成一個(gè)結(jié)點(diǎn)，彈簧測(cè)力計(jì)a、b通過繩套拉細(xì)繩。實(shí)驗(yàn)時(shí)保持繞過定滑輪的細(xì)繩豎直。（1）實(shí)驗(yàn)前，先用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)重物的重力，示數(shù)如圖乙所示，則重物的重力為N。（2）對(duì)于實(shí)驗(yàn)的要求，下列說法正確的是____。A．用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉細(xì)線時(shí)，兩細(xì)線間的夾角應(yīng)盡可能大B．兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力方向應(yīng)沿彈簧秤軸線方向C．實(shí)驗(yàn)過程中使彈簧測(cè)力計(jì)、細(xì)線都與木板平行D．實(shí)驗(yàn)中只需要記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)和細(xì)繩的方向（3）按正確的操作進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，并將兩彈簧測(cè)力計(jì)拉力的圖示作出（如圖丙所示），方格每邊的長(zhǎng)度表示1.0N，O是繩的結(jié)點(diǎn)的位置。理論上合力F的大小為N（結(jié)果保留三位有效數(shù)字），實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明，合力的理論值和真實(shí)值在誤差允許范圍內(nèi)，力的平行四邊形定則得到驗(yàn)證。（4）如果開始兩彈簧測(cè)力計(jì)的夾角小于90°，保持彈簧測(cè)力計(jì)a的方向以及繩的結(jié)點(diǎn)位置不變，將彈簧測(cè)力計(jì)b沿逆時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，則彈簧測(cè)力計(jì)b的讀數(shù)____。A．減小 B．增大C．先增大后減小 D．先減小后增大12．某同學(xué)要測(cè)量一個(gè)未知電的阻值。（1）該同學(xué)先用多用電表測(cè)量這個(gè)未知電阻的阻值，首先將選擇開關(guān)撥到歐姆擋“×10”擋，測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)表針的位置如圖甲中a的位置，指針偏轉(zhuǎn)的角度（地“太大”或“太小”），需要將選擇開關(guān)旋鈕調(diào)至歐姆擋（填“×1”或“×100”）擋，重新進(jìn)行歐姆調(diào)零后再進(jìn)行測(cè)量，這時(shí)指針指在圖甲中b位置，則被測(cè)電阻阻值為Ω。圖甲圖乙（2）為了精確測(cè)量該電阻的阻值，實(shí)驗(yàn)室提供了如下器材：A.電源E（電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì)）B.電壓表V（量程6V，內(nèi)阻約6kΩ）C.電流表A1（量程400mA，內(nèi)阻約1.0Ω）D.電流表A2（量程300mA，內(nèi)阻約2.0Ω）E.滑動(dòng)變阻器R（0~10Ω）F.開關(guān)兩個(gè)，導(dǎo)線若干該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖乙所示電路，請(qǐng)根據(jù)電路將圖丙中的實(shí)物連接完整。圖丙（3）閉合開關(guān)S1前將滑動(dòng)變阻器的滑片移到最（填“左”或“右”）端，閉合S1、S2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器至合適位置，讀得此時(shí)電流表A1和電壓表V的示數(shù)分別為I0、U0。再斷開S2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電壓表V的示數(shù)仍為U0，讀得此時(shí)電流表A1和A2的數(shù)分別為I1、I2，則待測(cè)電阻Rx=（用題中測(cè)出的物理量表示）。13．如圖所示，豎直放置的玻璃管由管徑不同的A、B兩段管組成，A管的橫截面積是B管的一半，管內(nèi)空氣被一段水銀柱隔開。水銀柱在兩管中的長(zhǎng)度分別為L(zhǎng)1=10cm、L2=5cm。B管中封閉氣柱的長(zhǎng)為10cm，A管水銀液面到管口的距離為20cm，環(huán)境溫度為300K，大氣壓為75cmHg。（1）若將環(huán)境溫度緩慢升高，使B管中水銀全部進(jìn)入A管中，環(huán)境溫度至少要升高到多少；（2）若將管口封閉，用抽氣機(jī)將A管中氣體緩慢抽出，當(dāng)B管中水銀剛好全部進(jìn)入A管中時(shí)，A中抽出氣體質(zhì)量占原來A中氣體質(zhì)量的百分比為多少。14．如圖所示，質(zhì)量為m的長(zhǎng)木板A和質(zhì)量為m的長(zhǎng)木板B接觸并連在一起，靜止在光滑的水平面上，兩板上表面在同一水平面上，A板上表面光滑，B板上表面粗糙，兩板上表面各有一根輕彈簧，A板上表面的輕彈簧a與A板左端固定輕質(zhì)擋板連接，B板上表面的輕彈簧b與B板右端固定輕質(zhì)擋板連接，A板左端與固定在水平面上的固定擋板接觸，將質(zhì)量為m的物塊C放在A板上，用物塊C壓縮彈簧a，當(dāng)物塊C向左移到板A上D點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）時(shí)由靜止釋放物塊C，物塊C被彈簧a彈出后向右滑去，經(jīng)彈簧b反彈后滑到板B左端時(shí)剛好與板相對(duì)靜止，彈簧b被壓縮后具有的最大彈性勢(shì)能為Ep，最終A、B、C共同速度為2E（1）物塊C在B板上相對(duì)于B板向右滑行的最大距離為多少；（2）彈簧a開始具有的最大彈性勢(shì)能為多少；（3）若A、B板不連接，仍用物塊C壓縮彈簧a，物塊C仍向左移到板A上D點(diǎn)時(shí)由靜止釋放，則物塊C和板B相對(duì)靜止時(shí)離板B的左端距離為多少。15．如圖甲所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的y軸左側(cè)有沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在y軸的右側(cè)與平行于y軸的屏之間有垂直坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)I，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，在電場(chǎng)中坐標(biāo)為（?L，?0.5L）的P點(diǎn)，以大小為v0的初速度沿x軸正方向射出一質(zhì)量為m、電量為q的帶正電的粒子，粒子剛好從坐標(biāo)原點(diǎn)O進(jìn)入磁場(chǎng)并恰好打在屏上的Q點(diǎn)，Q點(diǎn)在x軸上。粒子重力不計(jì)。求：甲乙（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小；（2）y軸到屏間的距離為多少；（3）若在磁場(chǎng)I中再加一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)II，磁場(chǎng)II的方向垂直于坐標(biāo)平面向里，其大小隨時(shí)間變化如圖乙所示，T0

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】AB、根據(jù)電荷數(shù)守恒可知，b的電荷數(shù)為-1，可見b為電子，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，可知A=234，故AB錯(cuò)誤；

C、γ光子由激發(fā)態(tài)的X向低能級(jí)躍遷釋放的，故C正確；

D、X的電荷數(shù)為91大于83，仍具有放射性，故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】核反應(yīng)方程滿足電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒。電荷數(shù)大于83具有放射性。γ光子由激發(fā)態(tài)的X向低能級(jí)躍遷釋放。2．【答案】D【解析】【解答】由于兩桿間距離不變，繩長(zhǎng)不變，根據(jù)幾何關(guān)系可知，滑輪兩邊輕繩與豎直方向的夾角相等，l則夾角不變，根據(jù)力的平衡可知，繩上的拉力始終不變，對(duì)環(huán)研究可知，根據(jù)力的平衡，拉力F不變。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)繩長(zhǎng)及晾干間距的關(guān)系確定兩繩與豎直方向夾角的變化情況，再對(duì)環(huán)進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件確定繩子張力及拉力的變化情況。3．【答案】D【解析】【解答】A、t=1.5s時(shí)刻，由圖乙可知，質(zhì)點(diǎn)A正沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)振動(dòng)與波動(dòng)的關(guān)系可知，波正沿x軸負(fù)方向傳播，故A錯(cuò)誤；

B、t=1s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)A位于波峰，質(zhì)點(diǎn)P正沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，加速度指向平衡位置，沿-y方向，故B錯(cuò)誤；

C、t=2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A在平衡位置沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q也沿-y方向運(yùn)動(dòng)，速度正在減小，故C錯(cuò)誤；

D、t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)A在平衡位置沿y軸正向運(yùn)動(dòng)，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q的位移52y=5故D正確。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)1.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)情況結(jié)合振動(dòng)與波的的關(guān)系確定波的傳播方向，再根據(jù)1s和2s時(shí)A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，結(jié)合波的傳播特點(diǎn)確定P、Q的振動(dòng)情況。根據(jù)振動(dòng)圖像確定0s時(shí)A點(diǎn)的位移，繼而確定AQ質(zhì)點(diǎn)的相位差，再根據(jù)A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程確定質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方程。4．【答案】C【解析】【解答】A、“天問二號(hào)”沒有離開太陽系，因此發(fā)射速度小于第三宇宙速度，故A錯(cuò)誤；

B、從Q點(diǎn)進(jìn)入橢圓軌道過程，發(fā)動(dòng)機(jī)做負(fù)功，“天問二號(hào)”機(jī)械能減小，故B錯(cuò)誤；

CD、設(shè)“天問二號(hào)”近火飛行時(shí)的周期為T1，根據(jù)開普勒第三定律有T又GMmR2=mR聯(lián)立解得ρ=192πG故C正確，D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】第三宇宙速度為脫離太陽系的逃逸速度。從高軌道進(jìn)入低軌道，需要點(diǎn)火減速，衛(wèi)星的機(jī)械能間隙。確定衛(wèi)星在不同軌道的運(yùn)行半徑，再根據(jù)開普勒定律及萬有引力定律和牛頓第二定律進(jìn)行解答。5．【答案】B【解析】【解答】粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，軌跡與等勢(shì)面d相切時(shí)有最小速度，為v設(shè)相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差為U，則-2qU=設(shè)粒子到等勢(shì)面a時(shí)的速度為v2，則qU=解得v故答案為：B。

【分析】等勢(shì)面與電場(chǎng)線相互垂直，粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過程，只有電場(chǎng)力做功。粒子在電場(chǎng)中做斜拋運(yùn)動(dòng)，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡剛好與等勢(shì)面d相切時(shí)，速度恰好與電場(chǎng)線平行。根據(jù)運(yùn)動(dòng)的分解確定粒子在d處的速度。再對(duì)bd及ba過程運(yùn)用動(dòng)能定理進(jìn)行解答。6．【答案】C【解析】【解答】A、小球運(yùn)動(dòng)過程中，拉力一直做負(fù)功，小球的機(jī)械能一直減小，故A錯(cuò)誤；

B、設(shè)小球水平分速度為v，當(dāng)輕桿與水平方向夾角為θ時(shí)，小球的速度為v隨著θ減小，小球的速度增大，動(dòng)能增大，故B錯(cuò)誤；

C、重力的瞬時(shí)功率P即重力的功率增大，故C正確；

D、輕桿對(duì)小球的作用力一直沿桿的方向，始終與速度垂直，因此不做功，故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】小球在地面上的投影向右勻速移動(dòng)，即小球在水平方向的分速度恒定不變。再根據(jù)運(yùn)動(dòng)的分解及桿與水平方向夾角的變化情況確定小球速度的變化情況。拉力做負(fù)功，小球的機(jī)械能減小。輕桿對(duì)小球的作用力一直沿桿的方向，始終與速度垂直。7．【答案】A,C【解析】【解答】A、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片從最上端向最下端移動(dòng)過程中，副線圈電路中的電阻減小，設(shè)副線圈電路中的電阻為R，則U=I1R0+n1n22I1R，當(dāng)R減小時(shí)，I1增大，根據(jù)變流比可知，電流表的示數(shù)增大，故A正確；

B、R0兩端的電壓與電壓表電壓之和等于a、b兩端的輸入電壓，R0故答案為：AC。【分析】將變壓器原線圈及副線圈的回路視為一個(gè)整體，用等效電阻替代理想變壓器。確定移動(dòng)滑動(dòng)變阻器過程等效電路電阻的變化情況，再根據(jù)“串反并同”確定各部分元件電流及電壓、電功率的變化情況。8．【答案】B,D【解析】【解答】?jī)勺訌椡瑫r(shí)射入時(shí)，根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒，木塊一直處于靜止，則fL=設(shè)子彈射入的速度大小均為v0，子彈A射入后共速為v，則f由于系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，因此子彈B射入后，木塊靜止，則f比較得L1<故答案為：BD。

【分析】同時(shí)射入時(shí)，子彈與木塊構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，且木板保持靜止。先后射入時(shí)候，根據(jù)動(dòng)量守恒定律確定分別兩子彈與木塊共速時(shí)，子彈的速度。再根據(jù)能量守恒定律確定深度與系統(tǒng)機(jī)械能變化量的關(guān)系進(jìn)行聯(lián)立解答。9．【答案】B,D【解析】【解答】A、由幾何關(guān)系可知，開始時(shí)光束在E點(diǎn)的入射角為45°，由n=解得r=30°故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)對(duì)稱性和光路可逆可知，光在E點(diǎn)發(fā)生折射時(shí)，折射角等于45°，即折射光線與BC邊平行，故B正確；

C、光束繞E點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，光在BC邊的最小入射角為45°，由sin解得C=45°由此可見，光束照射到BC邊不會(huì)從BC邊射出，故C錯(cuò)誤；

D、在光束繞E點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，光在棱鏡中傳播的距離越來越小，因此傳播時(shí)間越來越短，故D正確。

故答案為：BD。

【分析】根據(jù)題意畫出光線的光路圖，再根據(jù)光的折射定律及全反射條件確定折射角的大小及是否在BC邊發(fā)生全反射。根據(jù)光束的旋轉(zhuǎn)情況確定光在棱鏡中傳播的距離的變化情況，繼而確定傳播時(shí)間的變化情況。10．【答案】C,D【解析】【解答】A、線框穿過磁場(chǎng)I的平均速度大于穿過磁場(chǎng)II的平均速度，因此線框穿過磁場(chǎng)I所用的時(shí)間小于穿過磁場(chǎng)II所用的時(shí)間，故A錯(cuò)誤；

B、設(shè)線框的初速度大小為v0，線框穿過兩磁場(chǎng)過程中，根據(jù)動(dòng)量定理3B解得v故B錯(cuò)誤；

C、設(shè)線框剛進(jìn)磁場(chǎng)I時(shí)的加速度大小為a，有B解得a=故C正確；

D、設(shè)cd邊剛出磁場(chǎng)I時(shí)速度為v1，根據(jù)動(dòng)量定理，有3解得v根據(jù)能量守恒，產(chǎn)生的焦耳熱為Q=故D正確。

故答案為：CD。

【分析】線框剛好能穿過兩個(gè)磁場(chǎng)，即線框完全離開磁場(chǎng)時(shí)線框的速度為零。當(dāng)線框在磁場(chǎng)1中運(yùn)動(dòng)時(shí)，線框做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框同時(shí)在磁場(chǎng)1和磁場(chǎng)2運(yùn)動(dòng)時(shí)，線框做勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框在磁場(chǎng)2運(yùn)動(dòng)時(shí)，線框做減速運(yùn)動(dòng)。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律及電荷量公式確定線框完全穿過磁場(chǎng)整個(gè)過程流過線框的電荷量。再對(duì)整個(gè)過程根據(jù)動(dòng)量定理確定線框的初速度。再結(jié)合電磁感應(yīng)定律和安培力公式確定加速度的大小。根據(jù)能量守恒定律及動(dòng)量定理確定穿過磁場(chǎng)1產(chǎn)生的焦耳熱。11．【答案】（1）6.90（2）B；C（3）7.00；大小相等方向相同（4）D【解析】【解答】（1）由彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)知，重物的重力為6.90N。

（2）A、用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉細(xì)線時(shí)，兩細(xì)線間的夾角不能太大，有可能會(huì)超過彈簧測(cè)力計(jì)的量程，同時(shí)不便于作圖，故A錯(cuò)誤；

BC、為了減小力的測(cè)量誤差，兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力方向應(yīng)沿彈簧測(cè)力計(jì)軸線方向，實(shí)驗(yàn)過程中使彈簧測(cè)力計(jì)、細(xì)線都與木板平行，故BC正確；

D、實(shí)驗(yàn)中除了需要記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)和細(xì)繩的方向，還需要確定結(jié)點(diǎn)的位置，故D錯(cuò)誤。

故答案為：BC。

（3）根據(jù)平行四邊形，作出合力的示意圖，如圖所示，得其合力的理論值為7.00N。

實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明，合力的理論值和真實(shí)值在誤差允許范圍內(nèi)大小相等，方向相同，力的平行四邊形定則得到驗(yàn)證

（4）a的彈力、b的彈力以及合力F構(gòu)成力的三角形，如圖

現(xiàn)將彈簧測(cè)力計(jì)b沿逆時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，而合力F保持不變，顯然彈簧測(cè)力計(jì)b的讀數(shù)先減小后增大

故答案為：D。

【分析】讀數(shù)值注意儀器的分度值及是否需要估讀，熟悉掌握探究驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)的操作步驟及注意事項(xiàng)。根據(jù)三角形法則結(jié)合題意分析選擇過程各力的變化情況。12．【答案】（1）太大；×1；18（2）（3）左；U【解析】【解答】（1）指針指在a的位置，指針偏轉(zhuǎn)角度太大，說明被測(cè)電阻太小，需要將選擇開關(guān)旋鈕調(diào)至歐姆擋“×1”，被測(cè)電阻為18×1（2）電路連接如圖所示

（3）閉合開關(guān)S1前將滑動(dòng)變阻器的滑片移到最左端，使輸出電壓為零，當(dāng)閉合S1和S2，根據(jù)歐姆定律可得U斷開S2，有U聯(lián)立解得R【分析】歐姆擋指針偏轉(zhuǎn)角度太大，說明被測(cè)電阻太小，需要將選擇開關(guān)旋鈕調(diào)至歐姆擋更低的擋位再次進(jìn)行測(cè)量。閉合開關(guān)S1前將滑動(dòng)變阻器的滑片移到至電表讀數(shù)最小的位置。確定開關(guān)S2通斷時(shí)電路的連接方式，再結(jié)合歐姆定律結(jié)合串并聯(lián)電路規(guī)律確定待測(cè)電阻的表達(dá)式。13．【答案】（1）解：B中氣體，開始時(shí)壓強(qiáng)中p當(dāng)B中水銀全部進(jìn)入A中時(shí)，B中氣體的壓強(qiáng)p根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程p其中T1=300K，h解得T（2）解：當(dāng)B中水銀剛好全部進(jìn)入A中時(shí)，設(shè)B中氣體壓強(qiáng)為p3，對(duì)B中氣體p解得p這時(shí)A管中氣體壓強(qiáng)p氣柱長(zhǎng)為h1'對(duì)A中原來氣體p解得h=37則A中抽出氣體質(zhì)量占原來A中氣體質(zhì)量的百分比為η=【解析】【分析】（1）根據(jù)平衡條件及幾何關(guān)系結(jié)合題意確定B中水銀全部進(jìn)入A管前后，B中封閉氣體的壓強(qiáng)及體積，再根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程進(jìn)行解答；

（2）B中氣體做等溫變化，根據(jù)玻意耳定律確定B中水銀完全進(jìn)入A中時(shí)，B中氣體的壓強(qiáng)。再對(duì)A中氣體根據(jù)平衡條件確定此時(shí)A中氣體的壓強(qiáng)。根據(jù)幾何關(guān)系確定此時(shí)A中氣柱的長(zhǎng)度。再根據(jù)玻意耳定律確定在此壓強(qiáng)狀態(tài)下原A中氣體的氣柱高度。再根據(jù)等溫等壓狀態(tài)下氣體的密度相同，確定抽出氣體的質(zhì)量與原氣體質(zhì)量的關(guān)系。14．【答案】（1）解：物塊C在B板上相對(duì)于B板向右滑行的最大距離為x，當(dāng)物塊C壓縮彈簧b至壓縮量最大時(shí)，A、B、C有共同速度v，根據(jù)動(dòng)量守恒可知，mv0=3mv=3mv共12mv02=12×3mv2+μmgx+EP聯(lián)立解得v0=（2）解：設(shè)彈簧a開始具有的最大彈性勢(shì)能為EpaE解得E（3）解：設(shè)物塊C滑上板B時(shí)的速度大小為v0，根據(jù)機(jī)械能守恒E設(shè)物塊C和板B最后的共同速度為v，根據(jù)動(dòng)量守恒有m設(shè)C在B板上相對(duì)B