浙江省2024年高三上學(xué)期物理期末聯(lián)考試題

1浙江省2024年高三上學(xué)期物理期末聯(lián)考試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．如圖所示，一節(jié)干電池的電源電動(dòng)勢(shì)E＝1.5V，內(nèi)阻r＝1.0Ω，外電路電阻為R，接通電路后，則（）A．電壓表讀數(shù)一定是1.5VB．電流表讀數(shù)可能達(dá)到2.0AC．電源每秒鐘有1.5J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能D．1C的正電荷在電源內(nèi)從負(fù)極移送到正極非靜電力做功為1.5J2．如圖所示，光滑水平面上放置質(zhì)量分別為m、2m和3m的三個(gè)木塊，其中質(zhì)量為2m和3m的木塊間用一根不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，輕繩能承受的最大拉力為FT，現(xiàn)用水平拉力F拉其中一個(gè)質(zhì)量為3mA．質(zhì)量為2m的木塊受到四個(gè)力的作用B．當(dāng)F逐漸增大到FTC．當(dāng)F逐漸增大到1.5FTD．輕繩剛要被拉斷時(shí)，質(zhì)量為m和2m的木塊間的摩擦力為23．如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m的物塊A與另一個(gè)質(zhì)量為2m的物塊B發(fā)生正碰，碰后B物塊剛好能落入正前方的沙坑中，假如碰撞過(guò)程中無(wú)機(jī)械能損失，已知物塊B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，與沙坑的距離為1m，g取10m/s2，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，則A碰撞前瞬間的速度為（）A．0.5m/s B．1.0m/s C．2.0m/s D．3.0m/s4．一質(zhì)量為m的物體在光滑水平面上以速度v0運(yùn)動(dòng)，t=0時(shí)刻起對(duì)它施加一與速度v0垂直、大小為F的水平恒力，則t時(shí)刻力F的功率為（）A．0 B．F2tm C．F(5．如圖甲所示的電路中，R表示電阻，L表示線圈的自感系數(shù)。改變電路中元件的參數(shù)，使i－t曲線圖乙中的①改變?yōu)棰?。則元件參數(shù)變化的情況是（）A．L增大，R不變 B．L減小，R不變C．L不變，R增大 D．L不變，R減小6．如圖所示，a、b兩個(gè)帶正電的粒子以相同的速度先后垂直于電場(chǎng)線從同一點(diǎn)進(jìn)入平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)，a粒子打在B板的a'點(diǎn)，b粒子打在B板的b'點(diǎn)，若不計(jì)重力，則（）A．a(chǎn)的電荷量一定大于b的電荷量 B．b的質(zhì)量一定大于a的質(zhì)量C．a(chǎn)的比荷一定大于b的比荷 D．b的比荷一定大于a的比荷二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．如圖所示的“U”形框架固定在絕緣水平面上，兩導(dǎo)軌之間的距離為L(zhǎng)，左端連接一阻值為R的定值電阻，阻值為r、質(zhì)量為m的金屬棒垂直地放在導(dǎo)軌上，整個(gè)裝置處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B?，F(xiàn)給金屬棒以水平向右的初速度v0，金屬棒向右運(yùn)動(dòng)的距離為x后停止運(yùn)動(dòng)，已知該過(guò)程中定值電阻上產(chǎn)生的焦耳熱為Q，重力加速度為g，忽略導(dǎo)軌的電阻，整個(gè)過(guò)程金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直接觸。則該過(guò)程中（）A．磁場(chǎng)對(duì)金屬棒做功為R+rB．流過(guò)金屬棒的電荷量為BLxC．整個(gè)過(guò)程因摩擦而產(chǎn)生的熱量為1D．金屬棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為v8．下列說(shuō)法中正確的是（）A．布朗微粒越大，受力面積越大，所以布朗運(yùn)動(dòng)越激烈B．在兩個(gè)分子從無(wú)限遠(yuǎn)的地方不斷靠近的過(guò)程中，它們的分子力先增大后減小再增大C．在兩個(gè)分子從無(wú)限遠(yuǎn)的地方不斷靠近的過(guò)程中，它們的分子勢(shì)能先增大后減小D．兩個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時(shí)，它們的分子平均動(dòng)能一定相同E．外界對(duì)封閉的理想氣體做正功，氣體的內(nèi)能可能減少9．地球探測(cè)器的發(fā)射可簡(jiǎn)化為以下過(guò)程。先開(kāi)動(dòng)發(fā)動(dòng)機(jī)使探測(cè)器從地表由靜止勻加速上升至100km高處，該過(guò)程的平均加速度約為30m/s2。再開(kāi)動(dòng)幾次發(fā)動(dòng)機(jī)改變探測(cè)器速度的大小與方向，實(shí)現(xiàn)變軌，最后該探測(cè)器在100km高度繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知探測(cè)器的質(zhì)量約為2×102kg，地球半徑約為A．直線上升過(guò)程的末速度約為1B．直線上升過(guò)程發(fā)動(dòng)機(jī)的推力約為7C．直線上升過(guò)程機(jī)械能守恒D．繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度約為710．回旋加速器的工作原理如圖所示，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過(guò)的時(shí)間可以忽略不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直，A處粒子源產(chǎn)生質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，在加速電壓為U的加速電場(chǎng)中被加速，所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度、加速電場(chǎng)的頻率可調(diào)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大值為Bm和加速電場(chǎng)頻率的最大值fm。則下列說(shuō)法正確的是（）A．粒子獲得的最大動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)B．粒子第n次和第n+1次進(jìn)入磁場(chǎng)的半徑之比為n+1C．粒子從靜止開(kāi)始加速到出口處所需的時(shí)間為t=D．若fm<三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．某同學(xué)用如圖甲所示裝置做驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)。所用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器為電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器。（1）實(shí)驗(yàn)室除了提供圖甲中的器材，還備有下列器材可供選擇：A.220V交流電源B．天平C．秒表D．導(dǎo)線E.墨粉紙盤(pán)。其中不必要的器材是(填對(duì)應(yīng)的字母），缺少的器材是。（2）對(duì)于實(shí)驗(yàn)要點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是____。A．應(yīng)選用體積較小且質(zhì)量較小的重錘B．安裝器材時(shí)必須保證打點(diǎn)計(jì)時(shí)器豎直，以便減少限位孔與紙帶間的摩擦C．重錘下落過(guò)程中，應(yīng)用手提著紙帶，保持紙帶始終豎直D．根據(jù)打出的紙帶，用△x=gT2求出重力加速度再驗(yàn)證機(jī)械能守恒（3）該同學(xué)選取了一條紙帶，取點(diǎn)跡清晰的一段如圖乙所示，將打出的計(jì)時(shí)點(diǎn)分別標(biāo)號(hào)為1、2、3、4、5、6，計(jì)時(shí)點(diǎn)1、3，2、5和4、6之間的距離分別為x1，x2，x3。已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，使用的交流電頻率為f，則從打計(jì)時(shí)點(diǎn)2到打計(jì)時(shí)點(diǎn)5的過(guò)程中，為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，需檢驗(yàn)的表達(dá)式為。（4）由于阻力的作用，使測(cè)得的重錘重力勢(shì)能的減小量總是大于重錘動(dòng)能的增加量。若重錘的質(zhì)量為m，根據(jù)(3)中紙帶所測(cè)數(shù)據(jù)可求得該實(shí)驗(yàn)中存在的平均阻力大小F=(結(jié)果用m、g、x1、x2、x3)表示）。12．某同學(xué)欲將量程為ct2R、內(nèi)阻為PC=R2的表頭改裝成一個(gè)多用電表，改裝后的電表有幾個(gè)不同量程，分別為量程為sinisinr和sinr=Rct的雙量程電壓表及量程為t'=PDv（1）表筆A應(yīng)為（填“紅”或“黑”）色；（2）將開(kāi)關(guān)S1斷開(kāi)，S2置于“1”擋時(shí)，多用電表用于測(cè)量（填“電流”或“電壓”）；開(kāi)關(guān)S1閉合，S（3）定值電阻的阻值R1=Ω，R2=Ω、R四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．如圖甲所示，一質(zhì)量為M的長(zhǎng)木板靜置于光滑的斜面上，其上放置一質(zhì)量為m的小滑塊，斜面傾角θ＝37°，木板受到沿斜面向上拉力F作用時(shí)，用傳感器測(cè)出長(zhǎng)木板的加速度a與力F的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos（1）小滑塊與木板的動(dòng)摩擦因數(shù)為多少？（2）當(dāng)拉力F＝20N時(shí)，長(zhǎng)木板的加速度大小為多大？14．處于真空中的圓柱形玻璃的橫截面如圖所示，AB為水平直徑，玻璃磚的半徑為R，O為圓心，P為圓柱形玻璃磚上的一點(diǎn)，與水平直徑AB相距R2，單色光平行于水平直徑AB射向該玻璃磚。已知沿直徑AB射入的單色光透過(guò)玻璃的時(shí)間為t，光在真空中的傳播速度為c，不考慮二次反射，求：

（1）該圓柱形玻璃磚的折射率n；（2）從P點(diǎn)水平射入的單色光透過(guò)玻璃磚的時(shí)間。15．在水面上P點(diǎn)正下方有兩個(gè)點(diǎn)光源a、b，a、b分別發(fā)出紅光和綠光，它們對(duì)水的折射率分別為n1和n2。結(jié)果發(fā)現(xiàn)在水面上只形成了一個(gè)半徑為R的藍(lán)色圓形區(qū)域，顯然這是紅光和綠光復(fù)合而成的。求（1）a、b點(diǎn)的高度差是多少?（2）若點(diǎn)光源a到P的距離加倍，圓圈邊緣為什么顏色?圓圖面積變化多少?

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A、電壓表測(cè)量路端電壓，讀數(shù)小于電動(dòng)勢(shì)1.5V，故A錯(cuò)誤；

B、外電阻和內(nèi)電阻串聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律得I=故B錯(cuò)誤；

C、電路的電流未知，無(wú)法求出每秒鐘轉(zhuǎn)化為電能的數(shù)值，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的定義可知，電動(dòng)勢(shì)為1.5V，表明1C的正電荷在電源內(nèi)從負(fù)極移送到正極非靜電力做的功為1.5J，故D正確。

故答案為：D。

【分析】明確電路的連接方式及各電表的測(cè)量對(duì)象，再根據(jù)閉合電路的歐姆定律及串并聯(lián)規(guī)律確定各電表示數(shù)的大小情況。熟悉掌握電動(dòng)勢(shì)的定義內(nèi)容。2．【答案】C【解析】【解答】A、對(duì)質(zhì)量為2m的木塊受力分析可知，受重力、地面對(duì)木塊的支持力、質(zhì)量為m的木塊的壓力和摩擦力，輕繩對(duì)木塊的拉力共5個(gè)力，A錯(cuò)誤；

BC、由輕繩能承受的最大拉力FT，有F解得a=由整體可知F=6ma=2故B錯(cuò)誤，C正確；

D、質(zhì)量m和2m的木塊間的摩擦力F故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)m的受力情況確定m與2m物體之間是否存在摩擦力，繼而確定2m物體的受力情況。整體的加速度相等，再根據(jù)整體法及隔離法對(duì)恰當(dāng)?shù)难芯繉?duì)象運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行分析解答。3．【答案】D【解析】【解答】碰撞后B做勻減速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理得?μ?2mgx=0?代入數(shù)據(jù)得v=2m/sA與B碰撞的過(guò)程中A與B組成的系統(tǒng)在水平方向的動(dòng)量守恒，選取向右為正方向，則m由于沒(méi)有機(jī)械能的損失，則1聯(lián)立可得v故答案為：D。

【分析】?jī)蓚€(gè)物體組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒，利用動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒列方程分析求解即可。4．【答案】B【解析】【解答】根據(jù)牛頓第二定律有F=ma因F⊥v0根據(jù)功率的定義可知PB符合題意，ACD不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用牛頓第二定律結(jié)合速度公式和功率的表達(dá)式可以求出功率的大小。5．【答案】A【解析】【解答】電源電阻不計(jì)，由圖可知，放電達(dá)到的最大電流相等，而達(dá)到最大電流的時(shí)間不同，說(shuō)明回路中的電阻值不變，即電阻R不變；電流的變化變慢，所以線圈的阻礙作用增大，即自感系數(shù)L增大，A符合題意，BCD不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用其放電時(shí)達(dá)到最大電流的時(shí)間不同可以判別電感的阻礙作用不同；利用其電流最大值相同可以判別其電阻相同；利用其電流變化的快慢可以判別電感的大小。6．【答案】C【解析】【解答】設(shè)任一粒子的速度為v，電量為q，質(zhì)量為m，加速度為a，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，則加速度為：a=時(shí)間為：t=偏轉(zhuǎn)量為：y=因?yàn)閮蓚€(gè)粒子的初速度相等，則t∝x，則得a粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間短，則a的加速度大，a粒子的比荷qm故答案為：C

【分析】利用類(lèi)平拋的位移公式結(jié)合牛頓第二定律可以比較比荷的大小。7．【答案】B,D【解析】【解答】A、通過(guò)R和r的電流相等，R上產(chǎn)生的熱量為Q，所以回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q由功能關(guān)系可知，導(dǎo)體棒克服安培力做的功等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，所以磁場(chǎng)對(duì)金屬棒做功W故A錯(cuò)誤；

B、由法拉第電磁感應(yīng)定律得E=又ΔΦ=BLx，q=IΔt，I=得流過(guò)金屬棒的電荷量q=故B正確；

C、由能量守恒可1所以整個(gè)過(guò)程因摩擦而產(chǎn)生的熱量Q故C錯(cuò)誤；

D、由C選項(xiàng)的分析可知Q解得μ=故D正確。

故答案為：BD。

【分析】根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律確定回路中產(chǎn)生的總焦耳熱的大小。導(dǎo)體棒克服安培力做的功等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱。根據(jù)能量守恒定律及摩擦力做功公式確定摩擦產(chǎn)生的熱量及摩擦因數(shù)的大小。熟悉掌握利用法拉第地磁感應(yīng)定律及歐姆定律和電荷量公式確定流過(guò)導(dǎo)體棒電荷量的推導(dǎo)公式。8．【答案】B,D,E【解析】【解答】A．布朗運(yùn)動(dòng)微粒越大，受力面積越大，液體分子從各個(gè)方向?qū)腋×Ｗ幼矒糇饔玫脑节呌谄胶?，所以布朗運(yùn)動(dòng)越不劇烈，A不符合題意；B．在兩個(gè)分子從無(wú)限遠(yuǎn)的地方不斷靠近的過(guò)程中，它們的分子力先增大后減小再增大，如圖所示：B符合題意；C．在兩個(gè)分子從無(wú)限遠(yuǎn)的地方不斷靠近的過(guò)程中，它們的分子勢(shì)能先減小后增大，如圖所示：C不符合題意；D．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，兩個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時(shí)，溫度相同，它們的分子平均動(dòng)能一定相同，D符合題意；E．根據(jù)熱力學(xué)第一定律：ΔU=Q+W外界對(duì)封閉的理想氣體做正功W>0，但氣體和外界的熱交換不明確，氣體的內(nèi)能可能減少，故E正確。故答案為：BDE?！痉治觥款w粒越小，溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈；根據(jù)分子力和分子距離的圖像和分子勢(shì)能和分子之間距離圖像，分析分子力和分子勢(shì)能隨r的變化情況；兩個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時(shí)，溫度相同；根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷。9．【答案】B,D【解析】【解答】A、勻加速上升過(guò)程有v解得v=2.45×故A錯(cuò)誤；

B、勻加速上升過(guò)程有F-mg=ma解得F=7.96×故B正確；

C、勻加速上升過(guò)程除地球引力做功外，還有發(fā)動(dòng)機(jī)推力做功，則機(jī)械能不守恒，C錯(cuò)誤；

D、勻速圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程有G解得v又有G解得v故D正確。

故答案為：BD。

【分析】確定探測(cè)器勻速上升過(guò)程的受力情況及各力的做功情況，繼而確定上升過(guò)程是否機(jī)械能守恒。再根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律及牛頓第二定律確定上升過(guò)程的末速度及推力的大小。探測(cè)器做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由萬(wàn)有引力提供向心力，再根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合地面上物體所受重力等于萬(wàn)有引力進(jìn)行解答。10．【答案】A,C,D【解析】【解答】A.當(dāng)粒子出D形盒時(shí)，速度最大，動(dòng)能最大，根據(jù)qvB=mv2R則粒子獲得的最大動(dòng)能Ekm=12mv2=粒子獲得的最大動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，A符合題意。B.粒子在加速電場(chǎng)中第n次加速獲得的速度，根據(jù)動(dòng)能定理nqU=12mvn可得vn=2nqU同理，粒子在加速電場(chǎng)中第n+1次加速獲得的速度vn+1=2(n+1)qU粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑r=mvqB，則粒子第n次和第n+1次進(jìn)入磁場(chǎng)的半徑之比為nC.粒子被電場(chǎng)加速一次動(dòng)能的增加為qU，則粒子被加速的次數(shù)n=EkmqU粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期的次數(shù)n′=n2=粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期T=2πmqB，則粒子從靜止開(kāi)始到出口處所需的時(shí)間t=n′T=qBC符合題意。D.加速電場(chǎng)的頻率應(yīng)該等于粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的頻率，即f=qB2πm，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為Bm時(shí)，加速電場(chǎng)的頻率應(yīng)該為fBm=Bmq當(dāng)fm≥qB解得粒子獲得的最大動(dòng)能為E當(dāng)fm<qBm2πm時(shí)，粒子的最大動(dòng)能由f解得粒子獲得的最大動(dòng)能為Ekm=2π2mfm2R2D符合題意。故答案為：ACD.

【分析】利用牛頓第二定律結(jié)合動(dòng)能的表達(dá)式可以判別粒子最大動(dòng)能與加速電壓的大小無(wú)關(guān)；利用動(dòng)能定理可以求出粒子獲得的速度大??；結(jié)合牛頓第二定律可以求出軌道半徑的比值；利用動(dòng)能定理結(jié)合運(yùn)動(dòng)的周期可以求出粒子運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間；利用頻率的大小結(jié)合粒子的最大動(dòng)能影響因素可以求出粒子獲得的最大動(dòng)能。11．【答案】（1）BC；刻度尺（2）B（3）g（4）mg?【解析】【解答】（1）根據(jù)機(jī)械能守恒定律mgh=整理得gh=因此可以不測(cè)量物體的質(zhì)量，即可不用天平．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接220V的交流電源，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器用來(lái)記錄物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，秒表不必要，不必要的器材為BC，還缺少的器材是處理紙帶時(shí)用到的刻度尺；

（2）A、應(yīng)選用體積較小且質(zhì)量較大的重錘，以減小阻力帶來(lái)的誤差，故A錯(cuò)誤；

B、由于紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間存在阻力，因此為了減小摩擦力所做的功，應(yīng)使限位孔豎直，故B正確；

C、讓重錘拖著紙帶做自由落體運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D、本實(shí)驗(yàn)利用自由落體運(yùn)動(dòng)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，重力加速度應(yīng)為已知量，重力加速度應(yīng)取當(dāng)?shù)氐淖杂陕潴w加速度，而不能用△h=gT2去求，故D錯(cuò)誤；

故答案為：B。

（3）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器周期為T(mén)=則打計(jì)時(shí)點(diǎn)2時(shí)的速度v打計(jì)時(shí)點(diǎn)5時(shí)的速度v若機(jī)械能量守恒則有mgh=整理得g（4）根據(jù)動(dòng)能定理有mg-F解得F=mg?【分析】機(jī)械能守恒定律推導(dǎo)得出需要驗(yàn)證的表達(dá)式，再結(jié)合實(shí)驗(yàn)操作確定所需要的儀器及需要測(cè)量的物理量。重錘做自由下落應(yīng)選用體積小質(zhì)量大的，減小阻力的影響。根據(jù)瞬時(shí)速度等于該段時(shí)間內(nèi)的平均速度確定各計(jì)數(shù)點(diǎn)的瞬時(shí)速度，再根據(jù)機(jī)械能守恒定律推導(dǎo)得出需驗(yàn)證的表達(dá)式。根據(jù)動(dòng)能定理確定平均阻力的大小。12．【答案】（1）黑（2）電壓；電流（3）4600；100；10.2【解析】【解答】（1）根據(jù)表頭的極性，因電流要從紅表筆流入電表，可知表筆A應(yīng)為黑色；

（2）將開(kāi)關(guān)S1斷開(kāi)，S2置于“1”擋時(shí)，表頭與R2串聯(lián)，則多用電表用于測(cè)量電壓；開(kāi)關(guān)S1閉合，S2置于“1”擋時(shí)，R3與表頭并聯(lián)，則多用電表用于測(cè)量電流；

（3）已知將開(kāi)關(guān)S1斷開(kāi)，S2置于“2”擋時(shí)，多用電表的量程為10V，則R將開(kāi)關(guān)S1斷開(kāi)，S2置于“1”擋時(shí)，多用電表的量程為1V，則R將開(kāi)關(guān)S1接通，S2置于“1”擋時(shí)，多用電表的量程為100mA，則R【分析】多用電表的電流始終遵循“紅進(jìn)黑出”的原則。熟悉掌握多用電表的構(gòu)造及工作原理。根據(jù)所接開(kāi)關(guān)的不同，確定不同狀態(tài)下電路的連接情況，再根據(jù)閉合電路的歐姆定律及串并聯(lián)規(guī)律進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。13．【答案】（1）當(dāng)F等于18N時(shí)，加速度為a＝0。對(duì)整體由平衡條件：F＝(M＋m)gsinθ代入數(shù)據(jù)解得M＋m＝3kg當(dāng)F大于18N時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得F－Mgsinθ－μmgcosθ＝Ma長(zhǎng)木板的加速度a＝1MF－gsinθ－知圖線的斜率k＝1M截距b＝-gsinθ-μmgcos解得M＝1kg，m＝2kg，μ＝0.75（2）當(dāng)拉力F＝20N時(shí)，代入長(zhǎng)木板的加速度a＝1MF－gsinθ－解得長(zhǎng)木板的加速度為a1＝2m/s2【解析】【分析】（1）當(dāng)F為零時(shí)，物塊與木板的