2025年人教版高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、質(zhì)量為m的汽車，以速率v通過半徑為r的凹形橋，如圖所示，在橋面最低點(diǎn)時(shí)汽車對橋面的壓力大小是（）A.mgB.mg+C.mg-D.2、如圖所示電路中，電源的內(nèi)電阻不能忽略．已知定值電阻R1=10Ω，R2=8Ω．當(dāng)開關(guān)S接到位置1時(shí)，電壓表V的示數(shù)為2V；當(dāng)開關(guān)S接到位置2時(shí)，電壓表V的示數(shù)可能為（）A.2.2VB.1.9VC.1.6VD.1.3V3、關(guān)于磁通量，下列說法正確的是（）A.穿過某個(gè)面的磁通量為零，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度也為零B.穿過任一平面的磁通量越大，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度也一定越大C.穿過某一線圈平面的磁通量越大，該線圈平面的面積一定越大D.當(dāng)閉合線圈平面跟磁場方向平行時(shí)，穿過這個(gè)線圈平面的磁通量一定為零4、化學(xué)在生產(chǎn)和日常生活中有著重要的作用rm{.}下列說法中錯(cuò)誤的是rm{(}rm{)}A.rm{Na_{2}FeO_{4}}能與水緩慢反應(yīng)生成rm{Fe(OH)_{3}}和rm{O_{2}}故可用作水的消毒劑和凈化劑B.鋼鐵表面烤藍(lán)生成一層致密的rm{Fe_{3}O_{4}}能起到防腐蝕作用C.太陽能、風(fēng)能是可再生能源，應(yīng)大力推廣太陽能、風(fēng)能的使用D.新型能源生物柴油和礦物油的主要化學(xué)成分相同5、當(dāng)交變電流發(fā)電機(jī)的線圈平面與磁感線成60°角時(shí)，電流瞬時(shí)值為0.5A，則該電流的有效值是（）A.1AB.AC.AD.A6、如圖所示；在傾角為θ的斜面上有一質(zhì)量為m的光滑球被豎直的擋板擋住，則球?qū)π泵娴膲毫椋ǎ?/p>

A.mgB.mgtgθC.D.mgcosθ7、雨滴由靜止開始下落（不計(jì)空氣阻力），遇到水平方向吹來的風(fēng)，設(shè)風(fēng)對雨滴持續(xù)作用，下列說法中正確的是（）A.雨滴質(zhì)量越大，下落時(shí)間將越短B.雨滴下落時(shí)間與雨滴質(zhì)量大小無關(guān)C.同一雨滴風(fēng)速越大，著地時(shí)動(dòng)能越小D.雨滴著地時(shí)的動(dòng)能與風(fēng)速無關(guān)8、遠(yuǎn)距離輸電線路的示意圖如圖所示；若發(fā)動(dòng)機(jī)輸出電壓不變，則下列敘述中正確的是（）

A.升壓變壓器的原線圈中的電流與用戶電器設(shè)備消耗的功率無關(guān)B.輸電線中的電流只由升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比決定C.當(dāng)用戶用電器的總電阻減少時(shí)，輸電線上的損失功率增大D.升壓變壓器的輸出電壓等于降壓變壓器的輸入電壓評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，在勻強(qiáng)電場中有六個(gè)點(diǎn)A、B、C、D、E、F，正好構(gòu)成-正六邊形，六邊形邊長為0.1m，所在平面與電場方向平行．點(diǎn)B、C、E的電勢分別為-20V、20V和60V．一帶電粒子從A點(diǎn)以某-速度沿AB方向射出后，經(jīng)過1×10-6s到達(dá)D點(diǎn)．不計(jì)重力、則下列判正確的是（）A.粒子帶正電B.點(diǎn)F的電勢為20VC.粒子在A點(diǎn)的電勢能大于在D點(diǎn)的電勢能D.C兩點(diǎn)的電勢差UAC等于D兩點(diǎn)的電勢差UCD10、單匝矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)軸垂直于磁場，若線圈所圍面積里磁通量隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，則O～D過程中，下列說法中正確的有（）A.線圈中O時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢最大B.線圈中D時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢為零C.線圈中D時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢最大D.線圈中O至D時(shí)間內(nèi)平均感應(yīng)電動(dòng)勢為1V11、下列各種情況中，屬于彈性形變的有（）A.撐桿跳高運(yùn)動(dòng)員起跳中，撐桿的形變B.當(dāng)你坐在椅子上時(shí)，椅面發(fā)生的微小形變C.細(xì)鋼絲被繞制成彈簧D.鋁桶被砸扁12、如圖所示，圓心為O、半徑為R的光滑半圓弧槽固定在水平地面上，一根輕橡皮筋一端連在可視為質(zhì)點(diǎn)的小球上，另一端連在距離O點(diǎn)正上方R處的P點(diǎn)。小球放在與O點(diǎn)等高的槽口A點(diǎn)時(shí)，輕橡皮筋處于原長?，F(xiàn)將小球從A點(diǎn)由靜止釋放，小球沿圓弧槽向下運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)B時(shí)對圓弧槽的壓力恰好為零。已知小球的質(zhì)量為m，重力加速度為g，則小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是（）A.小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，橡皮筋的彈力等于mgB.橡皮筋彈力做功的功率逐漸變大C.小球運(yùn)動(dòng)過程中，機(jī)械能的減少量等于橡皮筋彈性勢能的增加量D.小球運(yùn)動(dòng)過程中，重力勢能的減少量等于小球動(dòng)能增加量與橡皮筋彈性勢能增加量的和13、某交流電的u-t圖象如圖所示；下列說法中正確的是（）

A.周期T=0.02sB.頻率f=2.5HzC.電壓有效值U=220D.用電壓表測量該交流電的電壓時(shí)讀數(shù)為220V評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、一個(gè)物體做平拋運(yùn)動(dòng)，它在水平方向上的分運(yùn)動(dòng)是（將題末選項(xiàng)中對應(yīng)的字母填在橫線上）____；豎直方向上的分運(yùn)動(dòng)是（將題末選項(xiàng)中對應(yīng)的字母填在橫線上）____．（選填A(yù)．勻速直線運(yùn)動(dòng)；B．勻變速直線運(yùn)動(dòng)；C．自由落體運(yùn)動(dòng)）15、判斷題(1)

理想變壓器的基本關(guān)系式中，電壓和電流均為有效值。()

(2)

變壓器不但能改變交變電流的電壓，還能改變交變電流的頻率。()

(3)

正常工作的變壓器當(dāng)副線圈與用電器斷開時(shí)，副線圈兩端無電壓。()

(4)

變壓器副線圈并聯(lián)更多的用電器時(shí)，原線圈輸入的電流隨之減小。()

(5)

增大輸電導(dǎo)線的橫截面積有利于減少輸電過程中的電能損失。()

(6)

高壓輸電是通過減小輸電電流來減少電路的發(fā)熱損耗。()

(7)

在輸送電壓一定時(shí)，輸送的電功率越大，輸電過程中的電能損失越大。()

16、（2015春?薊縣期中）如圖所示，水平圓盤繞經(jīng)過圓心的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，甲、乙、丙三個(gè)物塊在圓盤上并與圓盤保持相對靜止，甲、乙、丙到圓心的距離之比為2：1：1，甲、乙、丙的質(zhì)量之比為1：2：3，則甲、乙、丙的向心加速度之比為____，所受摩擦力之比為____．17、某物體以30m/s的初速度豎直上拋，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2．那么5s內(nèi)物體的位移大小為____，方向____；速度改變量的大小為____，方向____．18、籃球以10m/s的速度水平撞擊籃板后以8m/s的速度彈回，球與板的接觸時(shí)間為0.1s，則籃球在水平方向的加速度平均值為____，方向?yàn)開___．（填與初速度方向相同/與初速度方向相反）19、一個(gè)小石塊從某一高度h處自由下落，經(jīng)2s到達(dá)地面．則h處距地面的高度為____m，小石塊落地時(shí)的速度大小為____m/s．（g取10m/s2）評卷人得分四、簡答題(共2題，共18分)20、如圖所示，MNPQ

為足夠長的平行金屬導(dǎo)軌，間距L=0.50m

導(dǎo)軌平面與水平面間夾角婁脠=37鈭?NQ

間連接一個(gè)電阻R=5.0婁賂

勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0T

將一根質(zhì)量m=0.050kg

的金屬棒放在導(dǎo)軌的ab

位置，金屬棒及導(dǎo)軌的電阻不計(jì)?，F(xiàn)由靜止釋放金屬棒，金屬棒沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直，且與導(dǎo)軌接觸良好。已知金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)婁脤=0.50

當(dāng)金屬棒滑行至cd

處時(shí)，其速度大小開始保持不變，位置cd

與ab

之間的距離s=2.0m

已知g=10m/s2sin37鈭?=0.60cos37鈭?=0.80

求：(1)

金屬棒沿導(dǎo)軌開始下滑時(shí)的加速度大小;

(2)

金屬棒達(dá)到cd

處的速度大小;

(3)

金屬棒由位置ab

運(yùn)動(dòng)到cd

的過程中，電阻R

產(chǎn)生的熱量。21、質(zhì)量為2m的長木板B，靜置于光滑水平面上．質(zhì)量為m的小物體A（可視為質(zhì)點(diǎn)）以水平速度v0從右端沖上木板向左滑行；如圖所示，A；B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，求：

（1）A；B的加速度；分析A、B的運(yùn)動(dòng)情況；

（2）A與B無相對滑動(dòng)時(shí)；求A對地的位移；

（3）木板B至少多長物體A才不會(huì)從木板上掉下．評卷人得分五、推斷題(共4題，共12分)22、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】阿魏酸rm{(}rm{)}能清除人體內(nèi)的自由基，調(diào)節(jié)人體生理機(jī)能，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)如下合成阿魏酸的路線rm{(}部分反應(yīng)條件已略去rm{)}已知：rm{壟脵A}能使氯化鐵溶液顯紫色，核磁共振氫譜有rm{4}組峰。rm{壟脷}兩個(gè)羥基連在同一個(gè)碳原子上不穩(wěn)定，易脫水形成羰基。回答下列問題：rm{(1)A}的名稱是____________。rm{(2)}由rm{D}生成rm{E}的反應(yīng)類型為____________，rm{G}中官能團(tuán)的名稱為____________。rm{(3)}寫出rm{B}和rm{NaOH}的溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式：____________________________________。rm{(4)}下列有關(guān)阿魏酸的說法中不正確的是____________。rm{a.}阿魏酸分子中最多有rm{10}個(gè)碳原子共平面rm{b.1mol}阿魏酸能與rm{2molBr_{2}}發(fā)生反應(yīng)rm{c.}阿魏酸可清除體內(nèi)有氧化性的自由基rm{d.}阿魏酸能與酸性高錳酸鉀溶液反應(yīng)的官能團(tuán)只有一種rm{(5)F}的結(jié)構(gòu)簡式為____________。rm{(6)C}的芳香族同分異構(gòu)體有多種，寫出兩種與rm{C}不同類別，且能與rm{NaOH}溶液反應(yīng)的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式：_______________________________。rm{(7)}利用制備請寫出合成路線rm{(}無機(jī)試劑任選rm{)}_________。rm{(}提示：甲基是鄰對位定位基，醛基是間位定位基rm{)}23、有機(jī)物rm{H}是一種重要的醫(yī)藥中間體rm{.}其結(jié)構(gòu)簡式如圖rm{1}所示：合成rm{H}的一種路線如圖rm{2}已知以下信息：rm{壟脵}有機(jī)物rm{A}遇氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，其分子中的苯環(huán)上有rm{2}個(gè)取代基，且rm{A}的苯環(huán)上一氯代物有rm{2}種。rm{壟脷J}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)。請回答下列問題：rm{(1)I}的名稱是______。rm{G}生成rm{H}的反應(yīng)類型是______。rm{(2)B}的含氧官能團(tuán)名稱是______；rm{E}生成rm{F}的化學(xué)方程式為______。rm{(3)}在一定條件下，rm{A}與rm{J}以物質(zhì)的量比rm{1:1}反應(yīng)生成功能高分子材料rm{K}rm{K}的結(jié)構(gòu)簡式為______。rm{(4)}已知：rm{ROH+R_{1}Clxrightarrow[?]{麓脽祿爐錄脕}ROR_{1}+HCl}rm{ROH+R_{1}Clxrightarrow[?]{麓脽祿爐錄脕}

ROR_{1}+HCl}與rm{C}以物質(zhì)的量比rm{E}混合在催化劑、加熱條件下反應(yīng)，寫出化學(xué)方程式______。rm{1:1}是rm{(5)L}的同分異構(gòu)體，rm{B}符合下列條件的結(jié)構(gòu)有______種rm{L}不考慮立體結(jié)構(gòu)rm{(}與rm{壟脵}具有相同的官能團(tuán)；rm{B}遇氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)。rm{壟脷}24、rm{攏脹}化學(xué)rm{隆陋隆陋}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{攏脻}rm{A(C_{2}H_{4}O)}是基礎(chǔ)有機(jī)化工原料，由rm{A}可制備食用香精乙酸茉莉酯，其合成路線如圖所示rm{(}部分反應(yīng)條件略去rm{)}已知rm{A}的核磁共振氫譜只有rm{1}組峰。rm{(1)A}的名稱為________；rm{D}中含有的官能團(tuán)的名稱為________。rm{(2)E隆煤F}的反應(yīng)類型為________。rm{(3)1molE}與足量的rm{H_{2}}反應(yīng)，最多消耗rm{H_{2}}的物質(zhì)的量為________。rm{(4)F隆煤G}的化學(xué)方程式為________。rm{(5)D}的同分異構(gòu)體中，能與rm{FeCl_{3}}溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，且苯環(huán)上只有rm{2}個(gè)取代基的有________種，其中核磁共振氫譜只有rm{5}組峰的是________rm{(}寫結(jié)構(gòu)簡式rm{)}rm{(6)}依據(jù)上述合成路線，請寫出一條以rm{A}和rm{HC隆脭CLi}為原料合成rm{1}rm{3-}丁二烯的合成路線rm{(}注明反應(yīng)條件rm{)}25、由rm{P}rm{S}rm{Cl}rm{Ni}等元素組成的新型材料有著廣泛的用途，回答下列問題。rm{P}rm{S}rm{Cl}等元素組成的新型材料有著廣泛的用途，回答下列問題。

rm{Ni}

rm{(1)}原子核外電子占有的原子軌道數(shù)為____個(gè)，rm{(1)}基態(tài)rm{Cl}原子核外電子占有的原子軌道數(shù)為____個(gè)，rm{P}rm{S}rm{Cl}的第一電離能由大到小順序?yàn)開_____。rm{Cl}的第一電離能由大到小順序?yàn)開_____。

rm{P}rm{S}rm{Cl}rm{(2)SCl}的電子式為______，rm{(2)SCl}與rm{{,!}_{2}}能形成配合物分子的空間構(gòu)型為______，中心原子雜化軌道類型是______。該分子中rm{(3)PH_{4}Cl}鍵與rm{Ni}鍵個(gè)數(shù)比為______。rm{CO}已知rm{Ni(CO)_{4}}與rm{婁脪}的晶體結(jié)構(gòu)rm{婁脨}如圖rm{(4)}相同，其中rm{MgO}和rm{NiO}的離子半徑分別為rm{(}和rm{1)}則熔點(diǎn)：rm{Mg^{2+}}______rm{Ni^{2+}}填“rm{66pm}”、“rm{69pm}”或“rm{MgO}”rm{N(}理由是______。

rm{>}若rm{<}晶胞中離子坐標(biāo)參數(shù)rm{=}為rm{)}rm{(5)}若rm{NiO}晶胞中離子坐標(biāo)參數(shù)rm{A}為rm{(0,0,0)}rm{B}為rm{(1,1,0)}則rm{C}離子坐標(biāo)參數(shù)為______。為rm{(5)}則rm{NiO}離子坐標(biāo)參數(shù)為______。rm{A}一定溫度下，rm{(0,0,0)}晶體可以自發(fā)地分散并形成“單分子層”，可以認(rèn)為rm{B}作密置單層排列，rm{(1,1,0)}填充其中rm{C}如圖rm{(6)}已知rm{NiO}的半徑為rm{O^{2-}}rm{Ni^{2+}}每平方米面積上分散的該晶體的質(zhì)量為______rm{(}rm{2)}用rm{O^{2-}}rm{a}表示rm{m}rm{g}參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】在最低點(diǎn)，靠汽車的重力和支持力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出汽車對橋面的壓力．【解析】【解答】解：對于凹形橋最低點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得：FN-mg=

得：FN=mg+

根據(jù)牛頓第三定律可知，在橋面最低點(diǎn)時(shí)汽車對橋面的壓力大小為mg+．

故選：B2、B【分析】【分析】由歐姆定律可得出開關(guān)置于兩位置時(shí)的表達(dá)式，則由開關(guān)置1時(shí)的電壓U可表示出開關(guān)置2時(shí)的路端電壓的表達(dá)式，通過分析可得出電壓的可能值．【解析】【解答】解：由閉合電路歐姆定律可知：

當(dāng)開關(guān)置1時(shí)，U=R1==2V；

當(dāng)開關(guān)置2時(shí)，U′=R2=；

將兩式相比可得：=

故U′=2×=2-；

因0＜＜；可得1.6V＜U′＜2.0V，故只有1.9V符合題意．

故選：B．3、D【分析】【分析】磁通量等于穿過磁場中某一面積的磁感線的條數(shù)，當(dāng)平面與磁場平行時(shí)，穿過該平面的磁通量為零．當(dāng)平面與垂直時(shí)，磁通量最大．勻強(qiáng)磁場中穿過某一平面的磁通量為Φ=BSsinα，α是平面與磁場方向的夾角．【解析】【解答】解；A；穿過某個(gè)面的磁通量為零；該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，也可能這個(gè)面與磁場平行．故A錯(cuò)誤．

B；穿過任一平面的磁通量越大；該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定越大，也可能平面在磁場垂直方向投影的面積大．故B錯(cuò)誤．

C；穿過某一線圈平面的磁通量越大；該線圈平面的面積不一定越大，也可能磁感應(yīng)強(qiáng)度大，或線圈與磁場的夾角大．故C錯(cuò)誤．

D；當(dāng)閉合線圈平面跟磁場方向平行時(shí)；沒有磁感線穿過線圈，則穿過這個(gè)線圈平面的磁通量一定為零．故D正確．

故選D4、D【分析】解：rm{A.Na_{2}FeO_{4}}具有強(qiáng)氧化性，生成的rm{Fe(OH)_{3}}膠體具有吸附性；則可用作水的消毒劑和凈化劑，故A正確；

B.烤藍(lán)生成一層致密的rm{Fe_{3}O_{4}}可保護(hù)內(nèi)部金屬，則能起到防腐蝕作用，故B正確；

C.太陽能；風(fēng)能是可再生能源；來源易得，且對環(huán)境無污染，則應(yīng)大力推廣太陽能、風(fēng)能的使用，故C正確；

D.生物柴油是指以油料作物；野生油料植物和工程微藻等水生植物油脂以及動(dòng)物油脂、餐飲垃圾油等為原料油通過酯交換工藝制成的可代替石化柴油的再生性柴油燃料；是一種長鏈脂肪酸的單烷基酯，而礦物油的成分為多種烴混合物，兩者成分不同，故D錯(cuò)誤．

故選D．

A.rm{Na_{2}FeO_{4}}具有強(qiáng)氧化性，生成的rm{Fe(OH)_{3}}膠體具有吸附性；

B.烤藍(lán)生成一層致密的rm{Fe_{3}O_{4}}可保護(hù)內(nèi)部金屬；

C.太陽能；風(fēng)能是可再生能源；來源易得，且對環(huán)境無污染；

D.礦物油的成分為烴類物質(zhì)；生物柴油是生物質(zhì)能的一種，它是生物質(zhì)利用熱裂解等技術(shù)得到的一種長鏈脂肪酸的單烷基酯．

本題考查化學(xué)與生活、環(huán)境的關(guān)系，為高考常見考題，為理綜中化學(xué)選擇題首先出現(xiàn)的習(xí)題，涉及知識面較廣，側(cè)重分析與應(yīng)用、化學(xué)與生活、環(huán)境等綜合知識的考查，題目難度不大．【解析】rm{D}5、C【分析】【分析】電流瞬時(shí)值表達(dá)式i=Imsinωt=Imsinθ，θ是線圈平面與中性面的夾角．當(dāng)線圈平面與磁感線成60°角時(shí)，線圈與中性面的夾角為30°．求出電流最大值，由I=Im求出電流的有效值．【解析】【解答】解：由i=Imsinωt=Imsin30°得：Im=2i=1A

電流的有效值為：I=Im=A．

故選：C6、C【分析】【分析】小球受重力和兩個(gè)支持力，處于平衡狀態(tài)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件并結(jié)合合成法列式求解即可．【解析】【解答】解：小球受力析如圖所示：

運(yùn)用合成法；由幾何關(guān)系，可得：

N1=mgtanθ

N2=

根據(jù)牛頓第三定律：球?qū)π泵娴膲毫椋?/p>

故選：C7、B【分析】【分析】將水滴的運(yùn)動(dòng)沿水平方向和豎直方向正交分解，水平方向的運(yùn)動(dòng)對豎直分運(yùn)動(dòng)無影響，兩分運(yùn)動(dòng)的速度合成可得到合速度．【解析】【解答】解：A；將水滴的運(yùn)動(dòng)沿水平方向和豎直方向正交分解；水平方向隨風(fēng)一起飄動(dòng)，豎直方向自由落體；

則自由下落時(shí)間與質(zhì)量無關(guān)；故A錯(cuò)誤，D正確；

C；兩分運(yùn)動(dòng)的速度合成可得到合速度；故風(fēng)速越大，落地時(shí)合速度越大，動(dòng)能越大，故CD錯(cuò)誤；

故選：B．8、C【分析】【分析】理想變壓器的輸出功率決定輸入功率，輸入電壓決定輸出電壓，輸出電流決定輸入電流；遠(yuǎn)距離輸電中，有兩組變壓器，結(jié)合變壓比公式、變流比公式和功率關(guān)系分析即可．【解析】【解答】解：A；用戶用電的總功率增加；輸出功率增大，輸入功率增大，升壓變壓器、降壓變壓器的原、副線圈電流都要增加，故A錯(cuò)誤；

B；輸電線的電流由用戶消耗的功率和高壓輸電電壓有關(guān)；故B錯(cuò)誤；

C、用戶總電阻減少，而輸出電壓不變，所以電流增大，功率損失P損=I2R增大；故C正確；

D；升壓變壓器的輸出電壓等于降壓變壓器的輸入電壓加上輸電線分得的電壓；故D錯(cuò)誤；

故選：C．二、多選題(共5題，共10分)9、BCD【分析】【分析】根據(jù)勻強(qiáng)電場中沿任意方向相同距離電勢差相等，求F點(diǎn)的電勢為20V，說明FC為一條等勢線，判斷出電場線的方向，分析粒子的受力情況，確定粒子的電性．根據(jù)公式Ep=qφ分析電勢能的大小．【解析】【解答】解：AB、根據(jù)勻強(qiáng)電場中沿任意方向相同距離電勢差相等，則有φB-φC=φF-φE；據(jù)題，φB=-20V，φC=20V，φE=60V，解得F點(diǎn)的電勢為φF=20V

則FC連線是一條等勢線；電場線垂直于AC向上，帶電粒子所受的電場力垂直于FC向下，所以該粒子帶負(fù)電．故A錯(cuò)誤，B正確．

C、根據(jù)順著電場線方向電勢降低，知A點(diǎn)的電勢小于D點(diǎn)的電勢，由公式Ep=qφ知；帶負(fù)電的粒子在粒子在A點(diǎn)的電勢能大于在D點(diǎn)的電勢能．故C正確．

D、根據(jù)公式U=Ed，知A、C兩點(diǎn)間沿電場線的距離等于C、D兩點(diǎn)間沿電場線的距離，所以A、C兩點(diǎn)的電勢差UAC等于C、D兩點(diǎn)的電勢差UCD．故D正確．

故選：BCD10、AB【分析】【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知，感應(yīng)電動(dòng)勢的大小與磁通量的變化率成正比．通過法拉第電磁感應(yīng)定律求出平均感應(yīng)電動(dòng)勢的大小．Φ-t圖象切線的斜率大小等于磁通量的變化率．【解析】【解答】解：A；由圖知t=0時(shí)刻圖象切線斜率最大；則磁通量的變化率為最大，則由法拉第電磁感應(yīng)定律得知：感應(yīng)電動(dòng)勢最大，不為零，故A正確．

B；C：在D時(shí)刻切線斜率為零；磁通量的變化率為零，則感應(yīng)電動(dòng)勢為零．故B正確，C錯(cuò)誤．

D、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：E==V=0.4V；故D錯(cuò)誤．

故選：AB．11、AB【分析】【分析】（1）物體發(fā)生了能夠恢復(fù)原狀的形變叫彈性形變；能夠發(fā)生彈性形變的物體很多；彈簧是常見的物體之一．

（2）物體發(fā)生形變后，不能恢復(fù)原狀的性質(zhì)叫塑性．【解析】【解答】解：A；撐竿跳高運(yùn)動(dòng)員撐竿跳高時(shí)；桿發(fā)生彈性形變，故A正確；

B；當(dāng)你坐在椅子上時(shí)；椅面發(fā)生的微小形變，并能恢復(fù)原狀，為彈性形變；故B正確；

C；細(xì)鋼絲被繞制成彈簧時(shí)；鋼絲不能恢復(fù)原狀，為塑性；故C錯(cuò)誤；

D；鋁桶被壓扁后不能恢復(fù)原狀；為塑性，故D錯(cuò)誤；

故選：AB．12、CD【分析】解：A、小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得F-mg=m橡皮筋的彈力F=mg+m故大于mg，故A錯(cuò)誤；

B；根據(jù)P=Fv可知；開始時(shí)v=0，則P=0，在最低點(diǎn)速度方向與F方向垂直，則P=0，故橡皮筋彈力做功的功率先變大后變小，故B錯(cuò)誤；

C；小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒；則小球運(yùn)動(dòng)過程中，機(jī)械能的減少量等于橡皮筋彈性勢能的增加量，故C正確；

D；小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒；即動(dòng)能+重力勢能+彈性勢能=恒量，小球運(yùn)動(dòng)過程中，重力勢能的減少量等于小球動(dòng)能增加量與橡皮筋彈性勢能增加量的和，故D正確。

故選：CD。

小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)；根據(jù)牛頓第二定律方向彈力大小；根據(jù)P=Fv盤點(diǎn)功率的變化；小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由此分析CD選項(xiàng)。

本題主要是考查了機(jī)械能守恒定律的知識；要知道機(jī)械能守恒定律的守恒條件是系統(tǒng)除重力或彈力做功以外，其它力對系統(tǒng)做的功等于零；除重力或彈力做功以外，其它力對系統(tǒng)做多少功，系統(tǒng)的機(jī)械能就變化多少；注意運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能和其它形式的能的轉(zhuǎn)化關(guān)系。【解析】CD13、AD【分析】【分析】根據(jù)圖象可讀出該交流電的周期和最大值，然后根據(jù)頻率和周期，最大值與有效值的關(guān)系可直接求解．【解析】【解答】解：A、由圖可知，周期為T=0.02s，所以f==50Hz；故A正確，B錯(cuò)誤；

C、由圖可知，該交流電的電壓最大值為220V，所以電壓有效值U==220V；故C錯(cuò)誤；

D；用電壓表測量該交流電的電壓時(shí)讀數(shù)是有效值；所以讀數(shù)為220V，故D正確；

故選：AD．三、填空題(共6題，共12分)14、AC【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)是水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，直接應(yīng)用即可．【解析】【解答】解：平拋運(yùn)動(dòng)是水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)；所以：水平方向上的分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向上的分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)．

故答案為：A；C15、（1）對（2）錯(cuò)（3）錯(cuò)（4）錯(cuò)（5）對（6）對（7）對【分析】略【解析】(1)

對(2)

錯(cuò)(3)

錯(cuò)(4)

錯(cuò)(5)

對(6)

對(7)

對16、2：1：12：2：3【分析】【分析】甲乙丙三個(gè)物體放在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的水平轉(zhuǎn)臺上，隨轉(zhuǎn)臺做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由靜摩擦力提供向心力，角速度相等，根據(jù)牛頓第二定律分析物體受到的靜摩擦力大小．【解析】【解答】解：甲乙丙三個(gè)物體放在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的水平轉(zhuǎn)臺上；隨轉(zhuǎn)臺做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，角速度相等。

根據(jù)a=ω2r得甲、乙、丙的向心加速度之比為a甲：a乙：a丙=r甲：r乙：r丙=2：1：1

靜摩擦力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得物體受到的靜摩擦力之比為：=1×2：2×1：3×1=2：2：3

故答案為：2：1：1，2：2：3．17、25m豎直向下50m/s豎直向下【分析】【分析】物體豎直上拋后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物體的運(yùn)動(dòng)看成一種勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由位移公式求出5s內(nèi)位移，由平均速度公式求出平均速度，由△v=at求出速度的改變量．【解析】【解答】解：設(shè)向上為正方向；5s內(nèi)物體的位移為：

x=v0t-gt2=30×5-×10×52=25m；方向豎直向上；

速度改變量的大小為：

△v=at=gt=10×5m/s=50m/s；加速度豎直向下，故改變量豎直向下；

故答案為：25m，豎直向下；50m/s，豎直向下．18、180m/s2與初速度方向相反【分析】【分析】本題根據(jù)加速度定義式a=即可求解，注意該公式為矢量式，v、v0包含大小和方向．【解析】【解答】解：解：設(shè)籃球初速度的方向?yàn)檎较?，則初速度v1=10m/s，末速度v2=-8m/s；

時(shí)間t=0.1s．由加速度公式，有a=

所以籃球在水平方向的平均加速度大小為180m/s2；方向?yàn)榕c初速度方向相反．

故答案為：180，與初速度方向相反19、2020【分析】【分析】石塊做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)v=gt求解末速度，根據(jù)h=gt2求解高度．【解析】【解答】解：石塊做自由落體運(yùn)動(dòng)；經(jīng)過2.0s落到水平地面；

末速度為：v=gt=10×2=20m/s；

高度：h=gt2=×10×4=20m；

故答案為：20，20．四、簡答題(共2題，共18分)20、解：

(1)

設(shè)金屬桿的加速度大小為a

則mgsin婁脠鈭?婁脤mgcos婁脠=ma

解得a=2.0m/s2

(2)

設(shè)金屬棒達(dá)到cd

位置時(shí)速度大小為v

電流為I

金屬棒受力平衡，有

mgsin婁脠=BIL+婁脤mgcos婁脠

I=BLvR

解得v=2.0m/s

(3)

設(shè)金屬棒從ab

運(yùn)動(dòng)到cd

的過程中，電阻R

上產(chǎn)生的熱量為Q

由能量守恒有

mgs隆隴sin婁脠=mv22+婁脤mgs隆隴cos婁脠+Q

解得Q=0.10J

【分析】本題綜合考查了牛頓第二定律、閉合電路歐姆定律以及能量守恒定律等，綜合性較強(qiáng)，對學(xué)生的能力要求較高，是一道好題。(1)

金屬棒剛開始下滑時(shí)受重力、支持力和摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律求出金屬棒沿導(dǎo)軌開始下滑的加速度大小；(2)

金屬棒到達(dá)cd

處受重力、支持力、摩擦力和安培力平衡，結(jié)合閉合電路歐姆定律、切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢公式以及共點(diǎn)力平衡求出勻速運(yùn)動(dòng)的速度；(3)

金屬棒由位置ab

運(yùn)動(dòng)到cd

的過程中動(dòng)能增加、重力勢能減小，摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能增加，整個(gè)回路產(chǎn)生的熱量增加，根據(jù)能量守恒定律求出電阻R

上產(chǎn)生的熱量?！窘馕觥拷猓?1)

設(shè)金屬桿的加速度大小為a

則mgsin婁脠鈭?婁脤mgcos婁脠=ma

解得a=2.0m/s2

(2)

設(shè)金屬棒達(dá)到cd

位置時(shí)速度大小為v

電流為I

金屬棒受力平衡，有mgsin婁脠=BIL+婁脤mgcos婁脠

I=BLvR

解得v=2.0m/s

(3)

設(shè)金屬棒從ab

運(yùn)動(dòng)到cd

的過程中，電阻R

上產(chǎn)生的熱量為Q

由能量守恒有mgs隆隴sin婁脠=mv22+婁脤mgs隆隴cos婁脠+Q

解得Q=0.10J

21、略

【分析】【分析】（1）物塊先向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；由牛頓第二定律求出加速度，由位移速度公式求出向左運(yùn)動(dòng)的最大距離；

（2）根據(jù)上問求出的加速度；利用速度公式求出和木板速度相同時(shí)的時(shí)間，再根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式求解；

（3）當(dāng)A滑到B的左端時(shí)，剛好沒有滑下，此時(shí)木板的長度最小，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式結(jié)合位移關(guān)系求解．【解析】【解答】解：A在滑動(dòng)摩擦力作用下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；B在滑動(dòng)摩擦力作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)AB速度相等時(shí)一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

根據(jù)牛頓第二定律得：

A的加速度；

B的加速度；

（2）設(shè)經(jīng)過時(shí)間t；AB速度相等，則有：

v0+a1t=a2t

解得：t=；

則A與B無相對滑動(dòng)時(shí)，A對地的位移x==

（3）當(dāng)A滑到B的左端時(shí)；剛好沒有滑下，此時(shí)木板的長度最小；

此過程中，木板運(yùn)動(dòng)的位移；

則木板的最小長度L=

答：（1）A、B的加速度分別為-μg和；A先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，B先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

（2）A與B無相對滑動(dòng)時(shí)，A對地的位移為；

（3）木板B至少為，物體A才不會(huì)從木板上掉下．五、推斷題(共4題，共12分)22、（1）對甲基苯酚

（2）取代反應(yīng)溴原子

（3）

（4）d

（5）CH2=CHCH2Br

（6）

（7）【分析】【分析】本題主要考查有機(jī)物的推斷，掌握官能團(tuán)的性質(zhì)，有機(jī)物的命名，反應(yīng)類型，方程式的書寫及有機(jī)物的合成，題目難度較大。【解答】rm{A}能使氯化鐵溶液顯紫色，核磁共振氫譜有rm{4}組峰，rm{A}為能使氯化鐵溶液顯紫色，核磁共振氫譜有rm{A}組峰，rm{4}為對甲基苯酚，rm{A}在光照的條件下與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)，兩個(gè)氯原子取代甲基上的兩個(gè)氫原子生成rm{A}rm{B}在氫氧化鈉水溶液加熱的條件下反應(yīng)，再酸化，得rm{B}rm{C}為rm{C}羥基苯甲醛，rm{4-}與液溴反應(yīng)生成rm{C}rm{D}為rm{D}溴rm{3-}羥基苯甲醛，rm{-4-}與甲醇鈉反應(yīng)，溴原子被rm{D}取代生成rm{-OCH_{3}}根據(jù)rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式，rm{M}為rm{K}rm{OHC-CH_{2}-CHO}為rm{H}rm{HOCH_{2}-CH_{2}-CH_{2}OH}為rm{G}rm{BrCH_{2}-CH_{2}-CH_{2}Br}為rm{F}rm{CH_{2}=CH-CH_{2}Br}根據(jù)以上分析可知，rm{(1)}為對甲基苯酚，故答案為：對甲基苯酚；rm{A}rm{(2)}生成rm{D}生成rm{E}的反應(yīng)類型為取代反應(yīng)；的反應(yīng)類型為取代反應(yīng)；rm{D}為rm{E}含有的官能團(tuán)為溴原子；故答案為：取代反應(yīng)；溴原子；rm{G}在氫氧化鈉水溶液加熱的條件下反應(yīng)生成氯化鈉、水，方程式為：

故答案為：rm{BrCH_{2}-CH_{2}-CH_{2}Br}rm{(3)B}根據(jù)阿魏酸的結(jié)構(gòu)簡式，分子中最多有rm{(4)}個(gè)碳原子共平面，故rm{a.}根據(jù)阿魏酸的結(jié)構(gòu)簡式，分子中最多有rm{10}個(gè)碳原子共平面，故rm{a}正確；正確；rm{a.}阿魏酸中的碳碳雙鍵與rm{10}發(fā)生加成反應(yīng)，酚羥基的鄰位與rm{a}發(fā)生取代反應(yīng)，rm{b.}阿魏酸中的阿魏酸能與rm{b.}rm{Br_{2}}rm{Br_{2}}正確；rm{1mol}阿魏酸能與rm{2molBr}阿魏酸中有碳碳雙鍵、酚羥基等官能團(tuán)，具有還原性，可清除體內(nèi)有氧化性的自由基，故rm{1mol}正確；rm{2molBr}阿魏酸中的碳碳雙鍵、酚羥基rm{{,!}_{2}}錯(cuò)誤；故答案為：發(fā)生反應(yīng)，故rm正確；rmrm{c.}阿魏酸中有碳碳雙鍵、酚羥基等官能團(tuán)，具有還原性，可清除體內(nèi)有氧化性的自由基，故rm{c}正確；為rm{c.}故答案為：rm{c}rm{d.}阿魏酸中的為rm{d.}羥基苯甲醛，與酸性高錳酸鉀溶液反應(yīng)，故rmzrjn5tx錯(cuò)誤；不同類別，且能與rmtfpt1xj溶液反應(yīng)的同分異構(gòu)體有：故答案為：rmfvnztn5rm{(5)}rm{(5)}的rm{F}故答案為：rm{CH_{2}=CH-CH_{2}Br}【解析】rm{(1)}對甲基苯酚rm{(2)}取代反應(yīng)溴原子rm{(3)}rm{(4)d}rm{(5)CH_{2}=CHCH_{2}Br}rm{(6)}rm{(7)}23、（1）乙醇酯化反應(yīng)

（2）羧基、羥基

（3）

（4）++HCl

（5）15【分析】【分析】本題考查了有機(jī)推斷，注意根據(jù)rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式與反應(yīng)條件采取正逆推法相結(jié)合進(jìn)行推斷，熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與衍變，側(cè)重考查學(xué)生分析推理與知識遷移運(yùn)用能力?！窘獯稹坑蓃m{H}的結(jié)構(gòu)簡式逆推可知rm{G}為rm{B}能與碳酸氫鈉反應(yīng)，則rm{B}中含有rm{-COOH}由rm{B}rm{E}的分子式可知，rm{B}與rm{HCl}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{E}rm{E}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生鹵代烴的水解反應(yīng)、中和反應(yīng)反應(yīng)生成rm{F}而rm{F}酸化得到rm{G}故B為rm{E}為rm{F}為rm{.B}與碳酸氫鈉反應(yīng)生成rm{C}為rm{C}與鈉反應(yīng)生成rm{D}為rm{I}可以發(fā)生催化氧化生成rm{J}rm{J}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則rm{I}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{J}為rm{CH_{3}CHO}有機(jī)物rm{A}遇氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，其分子中的苯環(huán)上有rm{2}個(gè)取代基，且rm{A}的苯環(huán)上一氯代物有rm{2}種，rm{A}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{B}與rm{I}則rm{A}為．

rm{(1)}由上述分析可知，rm{I}的名稱是乙醇，rm{G}生成rm{H}的反應(yīng)類型是酯化反應(yīng)；

故答案為：乙醇；酯化反應(yīng)；

rm{(2)B}為rm{B}中含氧官能團(tuán)名稱是：羧基、羥基，rm{E}生成rm{F}的化學(xué)方程式為：

故答案為：羧基、羥基；

rm{(3)}在一定條件下，rm{A}與rm{J}以物質(zhì)的量比rm{1}rm{1}反應(yīng)生成功能高分子材料rm{K}該反應(yīng)類似苯酚與甲醛在一定條件下發(fā)生縮聚反應(yīng)，生成酚醛樹脂，則rm{K}的結(jié)構(gòu)簡式為：

故答案為：

rm{(4)}已知：rm{ROH+R_{1}Clxrightarrow[triangle]{{麓脽祿爐錄脕}}ROR_{1}+HCl}屬于取代反應(yīng)，rm{ROH+R_{1}Clxrightarrow[triangle

]{{麓脽祿爐錄脕}}ROR_{1}+HCl}與rm{C}以物質(zhì)的量比rm{E}rm{1}混合在催化劑、加熱條件下反應(yīng)，反應(yīng)的化學(xué)方程式為：rm{1}rm{xrightarrow[triangle]{{麓脽祿爐錄脕}}}rm{+}

故答案為：rm{xrightarrow[triangle

]{{麓脽祿爐錄脕}}}rm{xrightarrow[triangle]{{麓脽祿爐錄脕}}}rm{+HCl}

rm{+}為rm{xrightarrow[triangle

]{{麓脽祿爐錄脕}}}是rm{+HCl}的同分異構(gòu)體，rm{(5)B}結(jié)構(gòu)符合：rm{L}與rm{B}具有相同的官能團(tuán)，則rm{L}含有羥基、碳碳雙鍵和羧基；rm{壟脵}遇氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，則rm{B}分子中含有酚羥基；

若rm{L}分子中只含rm{壟脷}個(gè)取代基，存在兩種情況：rm{L}rm{L}存在鄰、間、對三種結(jié)構(gòu)，除去rm{2}本身外，還有rm{壟脵-OH}種結(jié)構(gòu)；rm{-CH=CHCOOH}rm{B}有rm{2}種結(jié)構(gòu)；

若rm{壟脷-OH}含有rm{-C(COOH)=CH_{2}}個(gè)取代基：rm{3}rm{L}rm{3}而rm{-OH}rm{-CH=CH_{2}}有鄰、間、對rm{-COOH}種，對應(yīng)的rm{-OH}分別有rm{-CH=CH_{2}}種、rm{3}種、rm{-COOH}種；

故符合條件的同分異構(gòu)體共有rm{4}種；

故答案為：rm{4}

rm{2}【解析】rm{(1)}乙醇酯化反應(yīng)rm{(2)}羧基、羥基rm{(3)}rm{(4)}rm{+}rm{xrightarrow[triangle]{{麓脽祿爐錄脕}}}rm{xrightarrow[triangle

]{{麓脽祿爐錄脕}}}rm{+HCl}rm{(5)15}24、（1）環(huán)氧乙烷碳碳雙鍵、醚鍵

（2）加成（或還原）反應(yīng)

（3）3mol

（4）

（5）24

（6）【分析】【分析】本題考查了有機(jī)物質(zhì)的推斷，掌握特殊官能團(tuán)的化學(xué)性質(zhì)是解題的關(guān)鍵，題目較難。【解答】rm{(1)A}的化學(xué)式為rm{C_{2}H_{4}O}而且rm{A}的核磁共振氫譜只有rm{1}組峰，所以rm{A}是環(huán)氧乙烷；由rm{D}的結(jié)構(gòu)式可以知道官能團(tuán)為碳碳雙鍵、羰基；故答案為：環(huán)氧乙烷；碳碳雙鍵、醚鍵；rm{(2)}由分析可知，從rm{E}到rm{F}氫原子數(shù)增多，發(fā)生的是加成反應(yīng)，故答案為：加成rm{(}或還原rm{)}反應(yīng)；rm{(3)E}物質(zhì)中可以發(fā)生加成反應(yīng)的有：rm{2}個(gè)碳碳雙鍵、碳氧雙鍵、rm{1mol}的rm{E}最多可以消耗rm{3mol}的氫氣，故答案為：rm{3mol}rm{(4)}rm{F隆煤G}發(fā)生的是酯化反應(yīng)，反應(yīng)方程式為發(fā)生的是酯化反應(yīng)，反應(yīng)方程式為故答案為：rm{F隆煤G}的分子式為rm{(5)D}rm{C}rm{C}rm{{,!}_{11}}rm{H}一種同分異構(gòu)體，能與rm{H}溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，含有酚羥基，苯環(huán)上只有rm{{,!}_{16}O}個(gè)取代基，另一個(gè)取代基是戊基，戊基有，種，兩個(gè)取代基有鄰、間、對三種，共rm{FeCl_{3}}種，其中核磁共振氫譜只有rm{2}組峰的是故答案為：rm{8}rm{24}依據(jù)上述合成路線，試以rm{5}和rm{24}為原料合成rm{(6)}rm{A}丁二烯：

rm{HC隆脭CLi}【解析】rm{(1)}環(huán)氧乙烷碳碳雙鍵、醚鍵rm{(2)}加成rm{(}或還原rm{)}反應(yīng)rm{(3)3mol}rm{(4)}rm{(5)24}rm{(6)}25、（1）9CI＞P＞S（2）sp3V形（3）1:1（4）＞Mg2+的離子半＜Ni2+的離子半徑，所以MgO的晶