2024年華東師大版高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華東師大版高三物理上冊階段測試試卷134考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、（2015秋?九江校級期末）如圖所示，靜止的傾斜傳送帶上有一木塊正在勻速下滑，當(dāng)傳送帶突然順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)后，下列說法正確的是（）A.木塊所受摩擦力變大B.木塊到底部所走位移變大C.木塊到底部所用時(shí)間變長D.木塊到底部所用的時(shí)間不變2、如圖所示，在水平面上有一個(gè)向右運(yùn)動(dòng)的物體，物體的質(zhì)量為20kg，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，它在運(yùn)動(dòng)過程中還受到一個(gè)水平向左的大小為10N的拉力作用，則物體所受滑動(dòng)摩擦力的大小為（）A.10N，水平向右B.10N，水平向左C.20N，水平向右D.20N，水平向左3、如圖為皮帶傳動(dòng)示意圖，假設(shè)皮帶沒有打滑，R＞r；則下列說法中正確的是（）

A.大輪邊緣的線速度大于小輪邊緣的線速度B.大輪邊緣的線速度等于小輪邊緣的線速度C.大輪的角速度比小輪邊緣的角速度大D.大輪邊緣的向心加速度等于小輪邊緣的向心加速度4、下列現(xiàn)象不可能發(fā)生的是（）A.物體所受到的合外力很大，但物體的動(dòng)量變化很小B.物體所受到的沖量不為零，但物體的動(dòng)量大小卻不變C.物體只受到一個(gè)恒力的作用，但物體的動(dòng)量卻始終不變D.物體做曲線運(yùn)動(dòng)，但動(dòng)量變化在相等的時(shí)間內(nèi)卻相同5、如圖所示的交流電路中，理想變壓器原線圈輸入電壓為U1

輸入功率為P1

輸出功率為P2

各交流電表均為理想電表.

當(dāng)滑動(dòng)變阻器R

的滑動(dòng)頭向下移動(dòng)時(shí)(

)

A.燈L

變亮B.各個(gè)電表讀數(shù)均變大C.因?yàn)閁1

不變，所以P1

不變D.P1

變大，且始終有P1=P2

6、以10m/s的速度勻速行駛的汽車，剎車后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為3m/s2．則汽車剎車后第4s末的速度大小為（）A.2.5m/sB.2m/sC.0D.3m/s評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖所示，電源電動(dòng)勢E=8V，內(nèi)阻r=5Ω，電燈A的電阻為10Ω，電燈B的電阻為6Ω，滑動(dòng)變阻器的總電阻為6Ω．閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)觸頭P由a端向b端滑動(dòng)的過程中（不考慮電燈電阻的變化），下列說法正確的是（）A.電流表的示數(shù)先減小后增大B.電壓表的示數(shù)先增大后減小C.電燈A的亮度不斷增大D.電源的最大輸出功率為3.2W8、下列說法正確的是（）A.伽利略通過理想斜面實(shí)驗(yàn)，否定了力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B.物體質(zhì)量較小，但運(yùn)動(dòng)的速度較大時(shí)，慣性也可以很大C.國際單位制中力學(xué)的基本單位有：s（秒）、m（米）、N（牛）D.物體速度為零時(shí)，加速度不一定為零9、如圖所示，光滑絕緣水平桌面上直立一個(gè)單匝矩形導(dǎo)線框，線框的邊長LAB=0.3m，LAd=0.2m，總電阻為R=0.1m．在直角坐標(biāo)系xoy中，有界勻強(qiáng)磁場區(qū)域的下邊界與x軸重合，上邊界滿足曲線方程y=0.2sinx（m）=（m），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.2T，方向垂直底面向外．線框在沿x軸正方向的拉力F作用下，以速度v=10m/s水平向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則下列判斷正確的是（）A.線框中的電流先沿逆時(shí)針方向再沿順時(shí)針方向B.線框中感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值為VC.線框中感應(yīng)電流有效值為4AD.線框穿過磁場區(qū)域的過程中外力做功為0.048J10、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m，電荷量為q的粒子，自A點(diǎn)垂直電場線方向進(jìn)入有界的勻強(qiáng)電場，它從B點(diǎn)飛出時(shí)速度為vB，vB方向與電場強(qiáng)度方向的夾角為120°，已知AB沿電場線方向相距d，不計(jì)重力，則下列說法正確的是（）A.粒子帶正電B.B兩點(diǎn)間的電勢差UAB=-C.粒子從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間t=dD.勻強(qiáng)電場的寬度為vBd11、如圖所示，MN和PQ是電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌，其間距為L，導(dǎo)軌彎曲部分光滑，平直部分粗糙，二者平滑連接．右端接一個(gè)阻值為R的定值電阻．平直部分導(dǎo)軌左邊區(qū)域有寬度為d、方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場．質(zhì)量為m、電阻也為R的金屬棒從高度為h處靜止釋放，到達(dá)磁場右邊界處恰好停止．已知金屬棒與平直部分導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，金屬棒與導(dǎo)軌間接觸良好．則金屬棒穿過磁場區(qū)域的過程中（）A.流過金屬棒的最大電流為B.通過金屬棒的電荷量為C.克服安培力所做的功為mghD.金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為12、溫度能明顯影響金屬導(dǎo)體和半導(dǎo)體材料的導(dǎo)電性能，如圖所示的圖象中分別為某金屬導(dǎo)體和某半導(dǎo)體的電阻隨溫度變化的關(guān)系曲線，則下列說法中正確的是（）A.圖線1反映半導(dǎo)體材料的電阻隨溫度的變化B.圖線1反映金屬導(dǎo)體的電阻隨溫度的變化C.圖線2反映金屬導(dǎo)體的電阻隨溫度的變化D.圖線2反映半導(dǎo)體材料的電阻隨溫度的變化13、如圖甲所示；平行金屬板中央有一個(gè)靜止的電子（不計(jì)重力），兩板間距離足夠大，當(dāng)兩板間加上如圖乙所示的電壓后，在下圖中反映電子速度v；位移x和加速度a三個(gè)物理量隨時(shí)間t的變化規(guī)律可能正確的是（）

A.B.C.D.14、一個(gè)物體從高為H處自由落下，經(jīng)過最后65m所用的時(shí)間是1s，則物體下落所用的總時(shí)間T和高度H分別是（取g=10m/s2，空氣阻力不計(jì)）（）A.T=7sB.T=8sC.H=245mD.H=320m評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、實(shí)驗(yàn)室有一卷銅導(dǎo)線；某同學(xué)想通過實(shí)驗(yàn)測定其實(shí)際長度．

（1）該同學(xué)首先用螺旋測微器測得導(dǎo)線直徑如圖a所示，則其大小為____mm；

（2）根據(jù)銅導(dǎo)線的長度；他估計(jì)其電阻大約有5Ω，隨后他設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)，較為準(zhǔn)確地測定了這卷銅導(dǎo)線的電阻，實(shí)驗(yàn)室有以下器材供選擇：

A．電池組（6V；內(nèi)阻約1Ω）

B．電流表（0～3A；內(nèi)阻約0.01Ω）

C．電流表（0～0.6A；內(nèi)阻約0.2Ω）

D．電壓表（0～3V；內(nèi)阻約4kΩ）

E．電壓表（0～15V；內(nèi)阻約15kΩ）

F．滑動(dòng)變阻器（0～20Ω；允許最大電流1A）

G．滑動(dòng)變阻器（0～2000Ω；允許最大電流0.3A）

H．保護(hù)電阻R0=3Ω

I．開關(guān)；導(dǎo)線若干。

①除了選項(xiàng)A、H和I外，電流表應(yīng)選用____，電壓表應(yīng)選用____，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用____；（填寫器材前的編號）

②為了使測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，且從零開始多測幾組數(shù)據(jù)，該同學(xué)設(shè)計(jì)了圖b所示電路，其中保護(hù)電阻R0與銅導(dǎo)線串聯(lián)；請用筆畫線完成剩余部分的連接．

③通過上述實(shí)驗(yàn)，設(shè)測出的銅導(dǎo)線電阻為R，查詢資料知道銅的電阻率為ρ，若用d表示銅導(dǎo)線的直徑，請寫出計(jì)算銅導(dǎo)線長度的表達(dá)式L=____．16、如圖所示，O點(diǎn)是彈簧振子的平衡位置，振子從C點(diǎn)到O點(diǎn)的過程中，振子的位移____，回復(fù)力____，加速度____，速度____．（以上四空選填“增大“或“減小“）17、如圖甲、乙和丙所示，三圖中A物體重均為G，懸掛起來且均靜止，接觸面均光滑，B為彈簧秤，則甲圖中彈簧秤示數(shù)為____，乙圖中彈簧秤示數(shù)為____，丙圖中彈簧秤示數(shù)為____．18、（2014春?興慶區(qū)校級期末）如圖所示，用弧光燈照射鋅板，弧光燈發(fā)出的____使鋅板產(chǎn)生光電效應(yīng)．與鋅極相連的驗(yàn)電器此時(shí)帶____電，若增大弧光強(qiáng)度，在相同時(shí)間內(nèi)鋅板發(fā)出的____數(shù)在增加．19、（2009秋?閘北區(qū)期末）圖為一電磁流量計(jì)，它主要由將流量轉(zhuǎn)換為電壓信號的傳感器組成．傳感器的結(jié)構(gòu)如圖所示，圓筒形測量管內(nèi)壁絕緣，其上裝有一對電極a和c，a、c間的距離等于測量管內(nèi)徑D，測量管的軸線與a、c的連接方向以及通電線圈產(chǎn)生的磁場方向三者相互垂直．當(dāng)導(dǎo)電液體勻速流過測量管時(shí)，在電極a、c間出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢，并通過與電極連接的儀表顯示出液體流量Q（單位時(shí)間內(nèi)流過管道橫截面的液體體積）．設(shè)磁場均勻恒定，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．則a、c兩點(diǎn)電勢較高的點(diǎn)是____點(diǎn)，a、c間感應(yīng)電動(dòng)勢E=____．20、【題文】家用冰箱的電壓為________伏；用電器是將________能轉(zhuǎn)化成其它形式能的裝置，轉(zhuǎn)化中能的總量________(選填“改變”或“不變”)。21、正負(fù)電子對撞后湮滅生成兩個(gè)頻率相同的光子．已知普朗克常數(shù)為h，電子質(zhì)量為m，電磁波在真空中的速度為c，這種頻率的光波長為____，北京正負(fù)電子對撞機(jī)的儲(chǔ)存環(huán)是半徑為R的圓形軌道，當(dāng)環(huán)中的電子流強(qiáng)度為I時(shí)，電子的速率為v，已知電子的電荷量為e，則在整個(gè)環(huán)中運(yùn)行的電子數(shù)目為____．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】在傳送帶突然轉(zhuǎn)動(dòng)前后，對木塊進(jìn)行受力分析得出摩擦力是否發(fā)生變化；木塊的仍然向下運(yùn)動(dòng)，始末的位置不變，位移不變，時(shí)間不變．【解析】【解答】解：A；傳送帶突然轉(zhuǎn)動(dòng)前物塊勻速下滑；對木塊進(jìn)行受力分析：物塊受重力、支持力、沿斜面向上的滑動(dòng)摩擦力．

傳送帶突然順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)后；對物塊進(jìn)行受力分析，物塊受重力；支持力，由于傳送帶斜向上運(yùn)動(dòng)，而物塊斜向下運(yùn)動(dòng)，所以物塊所受到的摩擦力不變?nèi)匀恍毕蛏?，所以物塊仍勻速下滑，故A錯(cuò)誤；

B；木塊的仍然向下運(yùn)動(dòng)；始末的位置不變，所以位移不變．故B錯(cuò)誤；

C；木塊的位移不變；速度不變，由x=vt可知，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也不變．故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：D2、D【分析】【分析】滑動(dòng)摩擦力的大小可以根據(jù)f=μFN去求，方向與相對運(yùn)動(dòng)方向相反，從而即可求解．【解析】【解答】解：根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式f=μFN=0.1×200N=20N；方向與相對運(yùn)動(dòng)方向相反，所以為水平向左．

故選：D．3、B【分析】【分析】線速度是單位時(shí)間內(nèi)通過的弧長，比較線速度只要比較相同時(shí)間內(nèi)通過的弧長；皮帶沒有打滑，則兩輪子在相同的時(shí)間內(nèi)通過的弧長相等，可知線速度大小相等；在線速度相等的情況下，要比較角速度，只需根據(jù)公式ω=就可知道；根據(jù)a=比較向心加速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈；B、由于皮帶沒有打滑；則兩輪子在相同的時(shí)間內(nèi)通過的弧長相等，可知線速度大小相等，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、線速度相等，根據(jù)ω=可知；大輪的角速度小，故C錯(cuò)誤；

D、線速度相等，根據(jù)a=；大輪邊緣的向心加速度小，故D錯(cuò)誤；

故選：B．4、C【分析】【分析】由動(dòng)量定理可知，動(dòng)量的變化等于合外力的沖量；在分析時(shí)要注意沖量及動(dòng)量均為矢量，要注意方向性．【解析】【解答】解：A；由動(dòng)量定理可知；合力很大，但如果作用時(shí)間很短，則沖量可以很小，則動(dòng)量的變化較??；故A可以發(fā)生；

B；物體受到的沖量不為零；則動(dòng)量一定發(fā)生變化，但可以只是方向的變化，大小可以不變；故B可以發(fā)生；

C；物體只受到一個(gè)恒力的作用；則恒力一定產(chǎn)生沖量，則動(dòng)量一定會(huì)發(fā)生變化；故C不可以發(fā)生；

D；物體做曲線運(yùn)動(dòng)；若在相同時(shí)間內(nèi)受到的沖量相等，則動(dòng)量的變化可以相等；故D可以發(fā)生；

本題選不可以發(fā)生的；故選：C．5、D【分析】解：理想變壓器的輸出的電壓有輸入電壓和電壓比決定；輸入電壓不變，所以輸出電壓也不會(huì)變，輸入功率和輸出功率始終相等，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R

的滑動(dòng)頭向下移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的電阻減小，總電路的電阻減小，所以總電路的電流會(huì)變大，消耗的功率將變大，R0

上的電壓變大，所以燈L

的電壓變小，電壓表的示數(shù)變小，所以燈L

變暗，由于總的電流變大，燈L

的電流變小，所以電流表的示數(shù)將變大，所以ABC錯(cuò)誤，D正確．

故選D．

和閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類似；可以根據(jù)滑動(dòng)變阻器R

的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況．

電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法．【解析】D

6、C【分析】【分析】根據(jù)速度時(shí)間公式求出汽車剎車速度減為零所需的時(shí)間，分析4s末時(shí)汽車的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，再選擇規(guī)律求解速度．【解析】【解答】解：汽車剎車時(shí)間t=

因?yàn)?s＞3.33s

所以汽車4s末已處于靜止?fàn)顟B(tài)；則：汽車剎車后第4s末的速度大小為0．

故選：C．二、多選題(共8題，共16分)7、AD【分析】【分析】分析當(dāng)滑動(dòng)觸頭P由a端向b端滑動(dòng)的過程中，變阻器總電阻的變化，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析路端電壓和總電流的變化，再據(jù)滑動(dòng)變阻器的觸頭判斷兩燈的電流的變化．【解析】【解答】解：ABC、當(dāng)滑動(dòng)觸頭P由a端向b端滑動(dòng)的過程中，該電路的總電阻R外所以R外=，（R是和燈A串聯(lián)部分滑動(dòng)變阻器的阻值），由數(shù)學(xué)知識(shí)分析知，當(dāng)R=1Ω時(shí)，該電路的總電阻最大為5.5Ω，所以滑動(dòng)觸頭P由a端向b端滑動(dòng)的過程中總電阻由先增再減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律電路中電流先減少再增大即電流表的示數(shù)先減少后增大，路端電壓先增大再減小；由于路端電壓先增大后減少、滑動(dòng)觸頭由a到b和總電流先減少再增大；所以燈B兩端的電壓先增大后減小，即電壓表的示數(shù)先增大后減小，燈A的電流減少即燈A亮度變暗，故AB正確，C錯(cuò)誤．

D、P=I2R外==，由數(shù)學(xué)知識(shí)分析知，當(dāng)外電路電阻等于電源的內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，差別越小功率越大，而以上分析可知，外電路總電阻最大為5.5Ω，最小為=3Ω，則并聯(lián)值可以為r=5Ω，則電源的最大輸出功率為Pmax===3.2W；故D正確．

故選：ABD．8、AD【分析】【分析】伽利略通過理想斜面實(shí)驗(yàn)；否定了力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，明確力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；

質(zhì)量是物體慣性大小的唯一量度；

國際單位制中力學(xué)的基本單位有：s（秒）；m（米）、kg（千克）；

物體的速度與加速度沒有關(guān)系，速度為零時(shí)，加速度不一定為零．【解析】【解答】解：A；伽利略通過理想實(shí)驗(yàn)；說明了力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，而不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；故A正確；

B；物體的質(zhì)量不變；則物體的慣性不變；慣性大小與速度無關(guān)；故B錯(cuò)誤；

C；國際單位制中力學(xué)的基本單位有：s（秒）、m（米）、kg（千克）；故C錯(cuò)誤；

D；物體的速度為零時(shí)；加速度可以不為零；如汽車起步的瞬間；故D正確；

故選：AD．9、AD【分析】【分析】線框的一邊做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；線框產(chǎn)生正弦式感應(yīng)電流，當(dāng)切割長度最大時(shí)，感應(yīng)電流最大，拉力最大，拉力功率最大．線框右邊和左邊分別切割磁感線，產(chǎn)生正弦式交變電流，可用切割感應(yīng)電動(dòng)勢公式、安培力和功知識(shí)求解．【解析】【解答】解：

A；由圖知；穿過線框的磁方向始終向里，線框進(jìn)入磁場時(shí)磁通量增加，離開磁場時(shí)磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷得知：線框中的電流先沿逆時(shí)針方向再沿順時(shí)針方向．故A正確．

B、線框最大的有效切割長度等于Lm=LAD=0.2m，則感應(yīng)電動(dòng)勢最大值為Em=BLmv=0.2×0.2×10V=0.4V．故B錯(cuò)誤．

C、感應(yīng)電流最大值為Im==4A，由于線框產(chǎn)生正弦式感應(yīng)電流，則感應(yīng)電流有效值為I=Im=2A．故C錯(cuò)誤．

D；線框穿過磁場區(qū)域的過程中外力做功等于線框產(chǎn)生的總熱量．整個(gè)過程拉力做功。

W=I2Rt；

又t==s=0.06s；

代入解得；W=0.048J．故D正確．

故選AD10、BD【分析】解：A；由電場方向及粒子受力方向可知；粒子帶負(fù)電，A錯(cuò)誤；

B、帶電粒子豎直方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由B點(diǎn)的速度分解可得：vA=vBcos30°；

從A到B，由動(dòng)能定理得：qUAB=mvB2-mvA2，聯(lián)立得：UAB=-B正確；

C、粒子在水平方向有：x=d=at2，a=則得：x=解得：t=2t=dC錯(cuò)誤；

D、粒子在豎直方向做勻速運(yùn)動(dòng)，則有：勻強(qiáng)電場的寬度為：y=vAt=vBcos30°t=vBdD正確。

故選：BD

帶電粒子豎直方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)B點(diǎn)的速度分解，可求得vA；再根據(jù)動(dòng)能定理求解B；A間的電勢差；

根據(jù)豎直方向勻加速運(yùn)動(dòng)；求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間；

根據(jù)豎直方向勻速運(yùn)動(dòng)；再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解電場的寬度．

此題關(guān)鍵要掌握運(yùn)動(dòng)的合成與分解研究的方法，知道類平拋運(yùn)動(dòng)如何處理，并掌握運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、牛頓第二定律、動(dòng)能定理等規(guī)律，即可求解．【解析】【答案】BD11、BD【分析】【分析】金屬棒在彎曲軌道下滑時(shí)，只有重力做功，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律或動(dòng)能定理可以求出金屬棒到達(dá)水平面時(shí)的速度，由E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢，然后求出感應(yīng)電流；由q=可以求出感應(yīng)電荷量；克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，由動(dòng)能定理（或能量守恒定律）可以求出克服安培力做功，得到導(dǎo)體棒產(chǎn)生的焦耳熱．【解析】【解答】解：A、金屬棒下滑過程中，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mgh=mv2，金屬棒到達(dá)水平面時(shí)的速度v=

金屬棒到達(dá)水平面后進(jìn)入磁場受到向左的安培力做減速運(yùn)動(dòng)，則剛到達(dá)水平面時(shí)的速度最大，所以最大感應(yīng)電動(dòng)勢為E=BLv，最大的感應(yīng)電流為I==；故A錯(cuò)誤；

B、通過金屬棒的電荷量q=△t=△t==；故B正確；

C、金屬棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，由動(dòng)能定理得：mgh-WB-μmgd=0-0，則克服安培力做功：WB=mgh-μmgd；故C錯(cuò)誤；

D、克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，電阻與導(dǎo)體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱：QR=Q=WB=（mgh-μmgd）；故D正確．

故選：BD．12、AC【分析】【分析】金屬導(dǎo)體隨著溫度升高，電阻率變大，從而導(dǎo)致電阻增大，對于半導(dǎo)體材料，電阻隨著溫度升高而減?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓航饘賹?dǎo)體隨著溫度升高；電阻率變大，從而導(dǎo)致電阻增大，對于半導(dǎo)體材料，電阻隨著溫度升高而減小，因此由圖可知，圖2表示金屬導(dǎo)體的電阻隨溫度的變化，圖1表示半導(dǎo)體材料的電阻隨溫度的變化．故AC正確，BD錯(cuò)誤；

故選：AC13、AD【分析】【分析】分析電子一個(gè)周期內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況：0～時(shí)間內(nèi)，電子從靜止開始向A板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，～時(shí)間內(nèi)沿原方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，～T時(shí)間內(nèi)向B板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，～T時(shí)間內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)．根據(jù)牛頓第二定律分析加速度．根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)情況分析判斷．【解析】【解答】解：分析電子一個(gè)周期內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況：0～時(shí)間內(nèi)，電子從靜止開始向A板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，～時(shí)間內(nèi)沿原方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻速度為零．～T時(shí)間內(nèi)時(shí)間內(nèi)向B板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，～T時(shí)間內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)．接著周而復(fù)始．

A；C、根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)速度圖象是傾斜的直線可知；A圖符合電子的運(yùn)動(dòng)情況．故A正確，C錯(cuò)誤．

B；電子做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)x-t圖象應(yīng)是拋物線；故B錯(cuò)誤．

D；根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)情況：勻加速運(yùn)動(dòng)和勻減速運(yùn)動(dòng)交替產(chǎn)生；而勻變速運(yùn)動(dòng)的加速度不變，a-t圖象應(yīng)平行于橫軸．故D正確．

故選：AD14、AC【分析】【分析】最后65m所用的時(shí)間是1s可以由勻變速規(guī)律表示，解得下落時(shí)間，由自由落體規(guī)律可得下落高度H．【解析】【解答】解：A；B、由最后65m所用的時(shí)間是1s可得：

65=gT2-g（T-1）2

得：

65=gT-g

65=10T-5

解得：

T=7s

故A正確；B錯(cuò)誤；

C；D、下落高度為：

H=gT2=×10×72m=245m；

故C正確；D錯(cuò)誤。

故選：AC．三、填空題(共7題，共14分)15、0.730CDF【分析】【分析】（1）螺旋測微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)；

（2）合理選擇實(shí)驗(yàn)器材，先選必要器材，再根據(jù)要求滿足安全性，準(zhǔn)確性，方便操作的原則選擇待選器材．電流表的接法要求大電阻內(nèi)接法，小電阻外接法，根據(jù)電阻定律求解．【解析】【解答】解：（1）由圖示螺旋測微器可知；其示數(shù)為：0.5mm+23.0×0.01mm=0.730mm；

（2）①電源電動(dòng)勢為6V；電壓表選擇D，0～3V，內(nèi)阻約4kΩ；

電路最大電流約為：I===1A；電流表應(yīng)選C，量程0.6A，內(nèi)阻約0.2Ω，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選F，0～20Ω．

②為了使測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確；且從零開始多測幾組數(shù)據(jù)，則用分壓式電路，因待測電阻約為5Ω，根據(jù)待測電阻阻值的平方與電壓表及電流表的電阻乘積相比較，可知待測電阻阻值偏小，故用電流表外接法；

實(shí)物電路圖如圖所示：

③由電阻定律得：R=ρ=ρ；

解得：L=．

故答案為：（1）0.730；（2）①C；D；F；②如圖所示；③．16、減小減小減小增大【分析】【分析】當(dāng)某物體進(jìn)行簡諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體所受的力跟位移成正比，并且總是指向平衡位置，即F=-kx；然后結(jié)合能量守恒定律和牛頓第二定律進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：振子做簡諧運(yùn)動(dòng)；O點(diǎn)為彈簧振子的平衡位置，在O點(diǎn)彈性勢能為零，動(dòng)能最大；

在振子從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的過程中；離開平衡位置的位移越來越小，根據(jù)F=kx可知，彈力不斷減小，故合力減小，加速度減??；由于彈簧的彈力的方向指向平衡位置，與振子運(yùn)動(dòng)的方向相同，所以彈力對振子做正功，振子的動(dòng)能增加，速度增加，振子做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)；所以振子的位移；回復(fù)力、加速度和彈性勢能減小，而速度和動(dòng)能增大．

故答案為：減小，減小，減小，增大．17、0.6G0.6GG【分析】【分析】彈簧稱的讀數(shù)等于彈簧受到的拉力．甲圖、乙圖分別以物體為研究對象由平衡條件求解．丙圖以動(dòng)滑輪為研究對象分析受力情況，根據(jù)平衡條件求解【解析】【解答】解：甲圖：物體靜止；彈簧的拉力為：

F1=Gsin3