2024年滬科版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、關(guān)于磁感線和電場線，下述說法正確的是（）A.磁感線是閉和曲線，而靜電場的電場線不是閉和曲線B.磁感線和電場線都是一些互相平行的曲線C.電場線起始于正電荷，終止于負電荷；磁感線起始于N極，終止于S極D.磁感線和電場線都只能分別表示磁場和電場的方向2、如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比是1：2，它輸出的電壓是u=220sinωt（V）；保險絲的熔斷電流為1A，其電阻忽略不計，R為滑動變阻器，為了使原線圈中的保險絲不熔斷，下列說法正確的是（）

A.滑動變阻器R接入電路中的有效電阻不能小于880Ω

B.滑動變阻器R接入電路中的有效電阻不能大于880Ω

C.當滑片向上滑動時；通過保險絲的電流減小。

D.R消耗的功率不能大于220w

3、下列屬于平衡狀態(tài)的物體是（）A.高速公路上勻速直線行駛的汽車B.百米競賽中運動員的起跑瞬間C.隕石進入大氣層受到很大阻力劃出一條亮線而減速D.乘客在加速的列車中靜止不動4、如圖中畫出的是穿過一個閉合線圈的磁通量隨時間的變化規(guī)律，以下哪些認識是正確的（）A.0～0.3s內(nèi)線圈中的電動勢在均勻增加B.第0.6s末線圈中的感應(yīng)電動勢是4VC.第0.9s末線圈中的瞬時電動勢比0.2s末的小D.第0.2s末和0.4s末的瞬時電動勢的方向相同5、利用圖中所示裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象，下面幾種說法正確的是（）A.將單縫向雙縫移動一小段距離后，干涉條紋間距變寬B.將濾光片由藍色換成紅色，干涉條紋間距變寬C.將屏移近雙縫，干涉條紋間距變寬D.換一個兩縫之間距離較大的雙縫，干涉條紋間距變窄評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、小球以初速度v0與水平方向成α角斜向上拋出，不計空氣阻力，球從拋出到落至與拋出點同一高度的過程中，小球的速度變化量為____．7、將一離地面高度h=15m的物體以V0=10m/s的速度豎直下拋，則它到達地面所需時間t=____，到達地面瞬間速度V=____；若將該物體以相同初速度豎直上拋，則它所能上升的最大高度H=____，到達最高點所需時間t=____，從拋出到落地所需時間t=____．8、綿陽市某高中學校研究性學習小組的同學；用實驗室提供的下列器材，探究“小燈泡的伏安特性曲線”，并測定小燈泡的額定功率．

小燈泡上；額定電壓6V，額定功率約為3w

電流表A；量程0.6A，內(nèi)阻約0.5Ω

電壓表V；量程3V，內(nèi)阻5kΩ

滑動變阻器R1；最大阻值20Ω，額定電流1A

滑動變阻器R2：；最大阻值2kΩ，額定電流0.5A

定值電阻R3=10kΩ；額定電流0.5A

定值電阻R4=100Ω；額定電流1A’

電源E；電動勢10V，內(nèi)阻很小

開關(guān)S；導線若干

①該小組的同學認為，由于____，實驗室提供的電壓表V不能滿足實驗要求．利用現(xiàn)有的實驗器材，解決辦法是____；

②實驗電路中需要滑動變阻器，應(yīng)選用____．9、（2011秋?金東區(qū)校級月考）如圖所示，人重600N，平板重400N，如果人要拉住平板以a=2m/s2的加速度勻加速上升，則人對繩的拉力是____N，人對平板的壓力是____N．不計滑輪的重力與繩子與滑輪之間的摩擦．10、質(zhì)量為1kg的物體從離地面1.5m的高處以速度10m/s拋出，不計空氣阻力，若以地面為零勢能面，物體的機械能是____J，落地時的動能是____J．（g取10m/s2）11、（2015?海南）一輛電動摩托車沿著平直公路行駛，其v-t圖象如圖所示，該摩托車在前2s內(nèi)做____直線運動，最后2s內(nèi)做____直線運動，（填“勻加速”、“勻減速”或“勻速”），第2s末的速度為____m/s．12、如圖所示的4種明暗相間的條紋；分別是紅光；藍光各自通過同一個雙縫干涉儀器形成的干涉圖樣以及黃光、紫光各自通過同一個單縫形成的衍射圖樣（黑色部分表示亮紋）．則在下面的四個圖中說明：

（1）干涉圖樣的是____（填A(yù)．B．C．D）

（2）衍射圖樣的是____（填A(yù)．B．C．D）

（3）從左到右的色光ABCD順序是____．

13、某星球半徑為R，一物體在該星球表面附近自由下落，若在連續(xù)兩個T時間內(nèi)下落的高度依次為h1、h2，則該星球的第一宇宙速度為____．14、水平地面上放著重50N的重物，在豎直向上的30N拉力作用下，物體所受的合外力為____N．若將向上的拉力撤去，重物對地面的壓力為____N．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、當溫度升高時，物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．____．（判斷對錯）16、影響蒸發(fā)快慢的因素有絕對濕度、表面積、溫度．____．（判斷對錯）17、光的衍射現(xiàn)象、偏振現(xiàn)象、色散現(xiàn)象都能體現(xiàn)光具有波動性____（判斷對錯）18、地面上靜止的人觀察一條沿自身長度方向高速運動的桿，其長度總比桿靜止時的長度小____（判斷對錯）19、不論用什么方法，只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．____（判斷對錯）20、發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學家是法拉第．____．（判斷對錯）評卷人得分四、簡答題(共2題，共20分)21、某學生為了測量一物體的質(zhì)量，找到了一個力電轉(zhuǎn)換器，該轉(zhuǎn)換器的輸出電壓正比于受壓面的壓力（比例系數(shù)為k），如圖所示。測量時先調(diào)節(jié)輸入端的電壓，使轉(zhuǎn)換器空載時的輸出電壓為0；而后在其受壓面上放一物體，即可測得與物體的質(zhì)量成正比的輸出電壓U，現(xiàn)有下列器材：力電轉(zhuǎn)換器、質(zhì)量為m0的砝碼、電壓表、滑動變阻器、干電池各一個、電鍵及導線若干、待測物體（可置于力電轉(zhuǎn)換器的受壓面上）。請完成對該物體質(zhì)量的測量。（1）設(shè)計一個電路，要求力電轉(zhuǎn)換器的輸入電壓可調(diào)，并且使電壓的調(diào)節(jié)范圍盡可能大，在方框中畫出完整的電路圖。（2）簡要說明測量步驟，求出比例系數(shù)k，并測出待測物體的質(zhì)量m。（3）請設(shè)想實驗中可能出現(xiàn)的一些問題。22、碳及其化合物廣泛存在于自然界中，試回答下列問題：rm{(1)}某處碳循環(huán)如圖rm{l}所示，rm{CaCO_{3}}轉(zhuǎn)化為rm{HCO_{3}^{-}}的離子方程式為_____________。rm{(2)}常溫常壓下，空氣中的rm{CO_{2}}溶于水，達到平衡時，無機碳在溶液中以rm{4}種形式存在，其轉(zhuǎn)化關(guān)系如下：rm{壟脵CO_{2}(g)+H_{2}O}rm{H_{2}CO_{3}}rm{K=10^{-2.8}}rm{壟脷H_{2}CO_{3}}rm{H^{+}+HCO_{3}^{-}}rm{K_{1}=10^{-3.5}}rm{壟脹HCO_{3}}rm{{,!}^{-}H^{+}+CO_{3}^{2-;}K_{2}=10^{-10.3}}若溶液中。rm{c(CO_{2})=1.0隆脕10^{-5}mol/L}且忽略水的電離及rm{H_{2}CO_{3}}的第二級電離，則溶液rm{pH=}____。rm{(3)}某化學小組為了測量湖水中無機碳的含量，量取rm{100mL}湖水，酸化后用rm{N_{2}}吹出rm{CO_{2}}再用rm{NaOH}溶液吸收。將吸收液用rm{0.10mol/L}鹽酸滴定，生成的rm{V(CO_{2})}隨rm{V(}鹽酸rm{)}變化關(guān)系如圖rm{2}所示，則吸收液中離子濃度由大到小為_____________________，湖水中無機碳的濃度為______rm{mol/L}rm{(4)}研究人員設(shè)設(shè)計出一種新型太陽能電池，能直接把二氧化碳和水轉(zhuǎn)化成rm{CO}rm{H_{2}}和rm{O_{2}}原理如圖rm{3}所示，該裝置中能量的轉(zhuǎn)化方式為______，催化劑rm表面的電極反應(yīng)式為_______。rm{(5)}利用rm{(4)}中產(chǎn)生的rm{CO}和rm{H_{2}}通過反應(yīng)：rm{CO(g)+2H_{2}(g)}rm{CH_{3}OH(g)}制備甲醇，若起始時在密閉容器中按物質(zhì)的量之比rm{1:2}充入rm{CO}和rm{H_{2}}測得平衡時rm{CO}轉(zhuǎn)化率隨rm{T}rm{P}的變化關(guān)系如圖rm{4}所示。rm{壟脵P_{1}}_____rm{P_{2}(}填“大于”、“小于”或“等于”rm{)}rm{壟脷}該反應(yīng)在rm{195隆忙P_{2}}條件下達到平衡后，rm{c(H_{2})=0.2mol/L}則該反應(yīng)的平衡常數(shù)為_____。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】磁體的周圍存在著看不見；摸不著但又客觀存在的磁場，為了描述磁場，在實驗的基礎(chǔ)上，利用建模的方法想象出來的磁感線，磁感線并不客觀存在．

磁感線在磁體的周圍是從磁體的N極出發(fā)回到S極．在磁體的內(nèi)部；磁感線是從磁體的S極出發(fā)，回到N極．

磁場中的一點；磁場方向只有一個，由此入手可以確定磁感線不能相交．

磁場的強弱可以利用磁感線的疏密程度來描述．磁場越強；磁感線越密集．

電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱．【解析】【解答】解：A；磁感線在磁體的周圍是從磁體的N極出發(fā)回到S極．在磁體的內(nèi)部；磁感線是從磁體的S極出發(fā)，回到N極，磁感線是閉和曲線；而靜電場的電場線電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合，不是閉和曲線，故A正確．

B；磁感線和電場線不一定相互平行；但是一定不相交，故B錯誤．

C；電場線起始于正電荷；終止于負電荷；感線在磁體的周圍是從磁體的N極出發(fā)回到S極．在磁體的內(nèi)部，磁感線是從磁體的S極出發(fā)，回到N極．故C錯誤．

D；磁感線和電場線疏密可以表示強弱；故分別表示磁場和電場的方向和強弱，故D錯誤．

故選：A2、C|D【分析】

A、B、變壓器輸入電壓的有效值為220V，輸入電流最大1A；根據(jù)變壓比公式故輸出電壓U2=110V；根據(jù)原副線圈電功率相等，有U1I1=U2I2，故I2=2A；根據(jù)歐姆定律R=故A錯誤，B也錯誤；

C；當滑片向上滑動時；電阻R變大，輸出功率變小，故輸入功率也變小，故通過保險絲的電流減小，故C正確；

D；根據(jù)選項A的分析；電流最大2A，電壓恒為110V故電功率最大為P=UI=110V×2A=220W，故D正確；

故選CD．

【解析】【答案】根據(jù)變壓器的變壓比公式和原副線圈電功率相等列式求解即可．

3、A【分析】【分析】物體處于靜止狀態(tài)或勻速直線運動狀態(tài)時，物體所受到的力為平衡力，處于平衡狀態(tài)，因此根據(jù)物體的狀態(tài)就可以判斷出該物體是否處于平衡狀態(tài)．【解析】【解答】解：A；高速公路上勻速直線行駛的汽車；受力平衡，處于平衡狀態(tài)，故A正確；

B；百米競賽中運動員的起跑瞬間；做加速運動，加速度不為零，則合力不為零，不是平衡狀態(tài)，故B錯誤；

C；隕石進入大氣層受到很大阻力劃出一條亮線而做減速運動；有加速度，合力不為零，不是平衡狀態(tài)，故C錯誤；

D；乘客在加速的列車中相對列車靜止；但乘客和列車一起做加速運動，有加速度，合力不為零，不是平衡狀態(tài)，故D錯誤．

故選：A4、B【分析】【分析】圖象的斜率表示電動勢的大小，由法拉第電磁感應(yīng)定律知：感應(yīng)電動勢E=．【解析】【解答】解：由法拉第電磁感應(yīng)定律知：感應(yīng)電動勢E=；

A、由圖象可知，0～0.3s內(nèi)不變；感應(yīng)電動勢不變，故A錯誤；

B、由圖象可知，0.3～0.8s內(nèi)感應(yīng)電動勢E===4V；第0.6s末線圈中的感應(yīng)電動勢是4V，故B正確；

C；圖象的斜率表示電動勢的大??；由圖象知第0.9s末線圈中的瞬時電動勢比0.2s末的大，故C錯誤；

D；第0.2s末和0.4s末的圖象斜率一正一負；瞬時電動勢的方向相反，故D錯誤；

故選：B．5、B【分析】【分析】根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ比較干涉條紋的間距變化．【解析】【解答】解：A、將單縫向雙縫移動一小段距離后，根據(jù)公式△x=λ；干涉條紋間距不變．故A錯誤．

B、將濾光片由藍色的換成紅色的，波長變長，根據(jù)公式△x=λ知；干涉條紋間距變寬．故B正確．

C、將屏移近雙縫，L變小，根據(jù)公式△x=λ知；干涉條紋間距變窄．故C錯誤．

D、換一個兩縫之間距離較大的雙縫，d變大，根據(jù)公式△x=λ知；干涉條紋間距變窄．故D正確．

故選：BD．二、填空題(共9題，共18分)6、2v0sinθ，方向豎直向下．【分析】【分析】斜拋運動可以分解成水平方向的勻速直線運動，豎直方向的豎直上拋運動，再結(jié)合對稱性求解即可．【解析】【解答】解：斜拋運動可以分解成水平方向的勻速直線運動；豎直方向的豎直上拋運動；

則水平方向速度不變；

根據(jù)對稱性可知，豎直方向速度由vy1=v0sinθ，方向向上，變?yōu)関y2=v0sinθ；方向豎直向下；

所以小球的速度變化量△v=2v0sinθ；方向豎直向下．

故答案為：2v0sinθ，方向豎直向下．7、1s20m/s5m1s3s【分析】【分析】將一離地面高度h=15m的物體以V0=10m/s的速度豎直下拋；物體做加速度為g的勻加速直線運動，根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律即可求出末速度與時間；

豎直上拋時，當速度為0時，物體達到最高點，根據(jù)運動的規(guī)律即可求出上升的時間、落地的時間與上升的高度．【解析】【解答】解：（1）將物體豎直下拋時，選取向下為正方向，則：

代入數(shù)據(jù)解得：t=1s

達到地面的速度：vt=v0+gt=10+10×1=20m/s

（2）物體向上拋出時；選取向上為正方向，由達到最高點的速度為0，得：

s

物體在1s內(nèi)上升是高度：m

物體達到最高點之后做自由落體運動；下降的高度為：H=h+h′=15m+5m=20m

物體下落的時間：s

物體拋出到落地所需時間：t′=t上+t下=1s+2s=3s

故答案為：1s；20m/s；5m；1s；3s8、電壓表V的量程小于小燈泡額定電壓將定值電阻R3與電壓表V串聯(lián)，改裝成較大量程的電壓表R1【分析】【分析】（1）該實驗電壓表量程偏??；需對電壓表進行改裝，改裝是串聯(lián)大電阻變成大量程的電壓表．

（2）根據(jù)測量的誤差大小確定合適的滑動變阻器．【解析】【解答】解：（1）燈泡的額定電壓為6V，提供的電壓表量程為3V，電壓表量程偏小，需進行改裝，將電壓表與定值電阻R3串聯(lián)，改裝成大量程的電壓表，改裝后電壓表最大量程為：U==9V．

（2）運用滑動變阻器R2，電阻太大，電路中電流太小，測量誤差大，所以選用總電阻為20Ω的滑動變阻器．故選R1．

故答案為：①電壓表V的量程小于小燈泡額定電壓，將定值電阻R3與電壓表V串聯(lián)，改裝成較大量程的電壓表；②R19、300420【分析】【分析】先對運動員和平板整體受力分析，受重力和兩個拉力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解，得到拉力大?。辉賹ζ桨迨芰Ψ治?，受重力、壓力和拉力，再次根據(jù)牛頓第二定律列式求解．【解析】【解答】解：對運動員和平板整體受力分析；受重力和兩個拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有：

2T-（M+m）g=（M+m）a

解得：T=600N

則人對繩子的拉力：F==300N

再對平板受力分析；受重力；壓力和拉力，再次根據(jù)牛頓第二定律，有：

T+F-Mg-N=ma

解得：N=T-+F-Mg=420N

故答案為：300，42010、5050【分析】【分析】根據(jù)零勢能面確定拋出點的機械能；再根據(jù)機械能守恒要求得落地時的動能．【解析】【解答】解：以地面為零勢能面；則物體拋出點的重力勢能為：mgh=10×1.5=15J；

動能為：mv2==50J；

故物體的機械能為：15+50=65J；

由機械能守恒定律可知；落地時的動能為65J；

故答案為：65；65．11、勻加速勻減速2【分析】【分析】速度時間圖象的斜率代表物體的加速度，由速度圖象與時間圖象可直接讀出速度，分析車的運動情況．【解析】【解答】解：前2s內(nèi)速度時間圖象是一條傾斜的直線；說明摩托車的速度均勻增大，則知摩托車在前2s內(nèi)做勻加速直線運動，最后2s內(nèi)做勻減速直線運動；

由圖象可知；第2s末的速度為2m/s．

故答案為：勻加速，勻減速，2．12、ACBD紅光、紫光、藍光、黃光【分析】【分析】根據(jù)雙縫干涉條紋間距△x=λ可判定哪個圖樣是雙縫干涉，它們的波長又有什么關(guān)系；根據(jù)單縫衍射條紋是中間亮條紋明亮且寬大，越向兩側(cè)寬度越小，而波長越大，中央亮條紋越粗進行判斷．【解析】【解答】解：雙縫干涉的圖樣是明暗相間的干涉條紋，所有條紋寬度相同且等間距，故從左邊兩個是雙縫干涉現(xiàn)象，根據(jù)雙縫干涉條紋間距△x=λ可知波長λ越大；△x越大，故A第一個是紅光，C是藍光．

單縫衍射條紋是中間明亮且寬大；越向兩側(cè)寬度越小越暗，而波長越大，中央亮條紋越粗，故D為黃光單縫衍射圖樣．

故從左向右依次是紅光（雙縫干涉）；紫光（單縫衍射）、藍光（雙縫干涉）和黃光（單縫衍射）．

故答案為：（1）AC；

（2）BD；

（3）紅光、紫光、藍光、黃光．13、【分析】【分析】根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量，求出星球表面的重力加速度，根據(jù)重力提供向心力求出該星球的第一宇宙速度．【解析】【解答】解：根據(jù)，解得g=．

根據(jù)mg=得，第一宇宙速度v=．

故答案為：．14、050【分析】【分析】本題的關(guān)鍵是對物體進行受力分析，得出物體應(yīng)該靜止在地面上，然后根據(jù)平衡條件即可求解．【解析】【解答】解：對物體受力分析可知物體受到向下的重力G=mg=50N，向上的拉力F=30N，所以還有地面對物體向上的支持力FN1，由于物體靜止在地面上，所以受到的合力為0；撤去拉力后，由平衡條件，可得FN=mg=50N．

故答案為：0；50．三、判斷題(共6題，共12分)15、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動能的標志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平均動能的標志；是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義；當溫度升高時，物體內(nèi)的分子的平均動能增加，不是物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×16、×【分析】【分析】影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度、表面積以及空氣的流動性有關(guān)．【解析】【解答】解：根據(jù)蒸發(fā)與液化的特點；影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度；表面積以及空氣的流動性有關(guān)，與絕對濕度無關(guān)．故該說法是錯誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播、反射、折射和色散；光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射和偏振．【解析】【解答】解：光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射；偏振是橫波特有的現(xiàn)象，故光的干涉；衍射和偏振證明了光具有波動性；

光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播；反射、折射；色散是光的折射造成的，故光的直線傳播、反射、折射和色散證明了光的粒子性．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的幾個重要的效應(yīng)之一：尺縮效應(yīng)：在尺子長度方向上運動的尺子比靜止的尺子短，當速度接近光速時，尺子縮成一個點，即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的尺縮效應(yīng)：一條沿自身長度方向運動的桿；其長度總比桿靜止時的長度短．故該說法是正確的．

故答案為：√19、√【分析】【分析】感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化．1、電路要閉合；2、穿過的磁通量要發(fā)生變化．【解析】【解答】解：感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化；只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．該說法是正確的．

故答案為：√20、√【分析】【分析】發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學家是法拉第．【解析】【解答】解：發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學家是法拉第．故這個說法正確．

故答案為：√四、簡答題(共2題，共20分)21、略

【分析】【解析】試題分析：物體的重力G與質(zhì)量的關(guān)系是G=mg，重力在數(shù)值上等于靜止物體對水平支持物的壓力F。又題目所給的力電轉(zhuǎn)換器的輸出電壓正比于受壓面的壓力即U=kF。因此利用電壓表測出的電壓值可間接地測量物體的質(zhì)量。（1）由于測量時要求輸入電壓的可調(diào)范圍盡可能大，所以測量電路的輸入端應(yīng)連成滑動變阻器的分壓電路，輸出端要接電壓表，用以測量輸出電壓，測量電路如圖3-3-11所示。（2）測量步驟為：①調(diào)節(jié)滑動變阻器，使轉(zhuǎn)換器的輸出電壓為零；②將砝碼m0放在轉(zhuǎn)換器上，記下輸出電壓U0，則U0=km0g，得k=③將待測物體放在轉(zhuǎn)換器上，記下輸出電壓U，測得U=kmg代入k值得m=m0。（3）力電轉(zhuǎn)換器作為一種測量裝置就有量程和零誤差問題，所以實驗中可能會出現(xiàn)的問題有：①待測物體質(zhì)量超出轉(zhuǎn)換器量程；②因電源電壓不夠而輸出電壓調(diào)不到零考點：本題考查了壓力傳感器的工作原理?！窘馕觥俊敬鸢浮?2、（1）CO2+CaCO3+H2O=Ca2++2HCO3-）1CO2+CaCO3+H2O=Ca2++2HCO3-）（2）5.652）5.65（3）c(Na+)>c(OH-)>c(CO32-)>c(HCO3-)>c(H+)0.01）太陽能轉(zhuǎn)化為電能，電能轉(zhuǎn)化為化學能3c(Na+)>c(OH-)>c(CO32-)>c(HCO3-)>c(H+)0.01（4）太陽能轉(zhuǎn)化為電能，電能轉(zhuǎn)化為化學能↑4）①小于2H++2e-=H2↑（或2H2O+2e-=H2↑+2OH-)2H++CO2+2e-=CO+H2O2H2O+2e-=H2+2OH-)2H++CO2+2e-=CO+H2O【分析】【分析】本題旨在考查學生對弱電解質(zhì)的電離、溶液rm{PH}定義及計算、離子方程式的書寫、化學平衡常數(shù)等應(yīng)用。【解答】rm{(1)}根據(jù)圖示碳酸鈣和二氧化碳、水反應(yīng)生成碳酸氫根離子、鈣離子，反應(yīng)的離子方程式為：rm{CO}rm{2}rm{+CaCO}rm{3}rm{+H}rm{2}rm{O=Ca^{2+}+2HCO}rm{3}rm{{,!}^{-}}rm{CO}rm{2}rm{2}rm{+CaCO}rm{3}rm{3}rm{+H}rm{2}；故答案為：rm{2}rm{O=Ca^{2+}+2HCO}rm{3}rm{3}rm{{,!}^{-}}rm{CO}rm{2}rm{+CaCO}rm{3}rm{+H}rm{2}rm{O=Ca^{2+}+2HCO}rm{3}rm{{,!}^{-}}rm{CO}rm{2}rm{2}；rm{+CaCO}根據(jù)題意：碳酸的濃度為：rm{K={10}^{-2.8}=dfrac{cleft({H}_{2}C{O}_{3}right)}{1.0隆脕{10}^{-5}}}故碳酸的濃度為：rm{3}rm{3}，rm{{K}_{1}={10}^{-3.5}?=dfrac{{c}^{2}left(H+right)}{cleft({H}_{2}C{O}_{3}right)}=dfrac{{c}^{2}left(H+right)}{{10}^{-7.8}}}故氫離子濃度為：rm{+H}rm{2}rm{2}故rm{O=Ca^{2+}+2HCO}為rm{3}故答案為：rm{3}rm{{,!}^{-}}根據(jù)題意濃度大小為：rm{(2)}rm{K={10}^{-2.8}=

dfrac{cleft({H}_{2}C{O}_{3}right)}{1.0隆脕{10}^{-5}}}rm{10}rm{{,!}^{-7.8}}rm{{,!}^{-7.8}}；無機碳的濃度為：rm{{K}_{1}={10}^{-3.5}?=

dfrac{{c}^{2}left(H+right)}{cleft({H}_{2}C{O}_{3}right)}=

dfrac{{c}^{2}left(H+right)}{{10}^{-7.8}}}故答案為：rm{10}rm{{,!}^{-5.6}}rm{{,!}^{-5.6}}rm{mol/L}rm{PH}；rm{5.65}rm{5.65}根據(jù)裝置圖可知能量轉(zhuǎn)化方式為：太陽能轉(zhuǎn)化為電能，電能轉(zhuǎn)化為化學能；催化劑rm{(3)}表面為氫離子得電子生成氫氣，氫離子和二氧化碳生成一氧化碳和水，反應(yīng)電極方程式為：rm{c(Na^{+})>c(OH^{-})>c(CO}rm{3}rm{{,!}^{2-})>c(HCO}rm{3}rm{{,!}^{-})>c(H^{+})}rm{c(Na^{+})>c(OH^{-})>c(CO}rm{3}或rm{3}rm{{,!}^{2-})>c(HCO}rm{3}rm{3}rm{{,!}^{-})>c(H^{+})}rm{0.01}rm{c(Na^{+})>c(OH^{-})>c(CO}rm{3}rm{{,!}^{2-})>c(HCO}rm{3}rm{{,!}^{-})>c(H^{+})}rm{c(Na^{+})>c(OH^{-})>c(CO}rm{3}rm{3}rm{{,!}^{2-})>c(HCO}；故答案為：太陽能轉(zhuǎn)化為電能，電能轉(zhuǎn)化為化學能；rm{3}rm{3}rm{{,!}^{-})>c(H^{+})}或rm{0.01}rm{(4)}rmrm{2H^{+}+2e^{-}=H}rm{2}rm{2H^{+}+2e^{-}=H}rm{2}rm{2}rm{隆眉(}rm{2H}rm{2}rm{O+2e^{-}=H}rm{2