2025年北師大版必修3物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版必修3物理上冊(cè)月考試卷336考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、在物理學(xué)發(fā)展史上，許多科學(xué)家通過恰當(dāng)?shù)剡\(yùn)用科學(xué)研究方法，如理想實(shí)驗(yàn)法，控制變量法，極限思想法，理想模型法，微元法和比值定義法等等，超越了當(dāng)時(shí)研究條件的局限性，取得了輝煌的研究成果。下列表述符合物理學(xué)史事實(shí)的是（）A.根據(jù)速度定義式v=當(dāng)非常非常小時(shí)，就可以用表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，這是應(yīng)用了極限思想法B.在不需要考慮物體本身大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)代替物體的方法，采用了等效替代的思想C.牛頓由斜面實(shí)驗(yàn)通過邏輯推理得出了自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律D.卡文迪許利用扭秤巧妙地實(shí)現(xiàn)了對(duì)電荷間的作用力與電荷量的關(guān)系研究2、下列說法中正確的是（）A.沿電場(chǎng)線方向場(chǎng)強(qiáng)逐漸減小B.沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力做正功C.沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低D.電場(chǎng)強(qiáng)度為零處，電勢(shì)也一定為零3、如圖所示的U﹣I圖像中，直線I為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮璧姆蔡匦郧€，用該電源直接與電阻連接成閉合電路；由圖像可知（）

A.的阻值為B.電源電動(dòng)勢(shì)為內(nèi)阻為C.電源的輸出功率為D.電源內(nèi)部消耗功率為4、下列四個(gè)表達(dá)式中，不屬于比值法定義的物理量是（）A.電流B.加速度C.角速度D.磁感應(yīng)強(qiáng)度5、如圖所示，電荷均勻分布在半球面上，它在這半球的中心O處電場(chǎng)強(qiáng)度大小等于E0，兩個(gè)平面通過同一條直徑，夾角為a，從半球中分出一部分球面，則所分出的這部分球面上（在“小瓣”上）的電荷在O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為()

A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、下列關(guān)于電容器和電容的說法中，正確的是（）A.根據(jù)可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，跟兩板間的電壓成反比B.無論電容器的電壓如何變化（小于擊穿電壓且不為零），它的電荷量與電壓的比值恒定不變C.用電源給平板電容器充電后，兩極板一定帶有等量同種電荷D.電容器的電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，其大小與加在兩板上的電壓無關(guān)7、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為零，電阻R1=2R2，在R2的兩端并聯(lián)上一段電阻忽略不計(jì)的導(dǎo)線Ｌ；則：

A.通過電阻R1和R2的電流I1=I2B.R1兩端電壓U1=C.導(dǎo)線L中通過的電流IL=D.使電阻R2斷路，通過R1的電流不發(fā)生變化8、用兩個(gè)相同的小量程電流表，分別改裝成了兩個(gè)量程不同的大量程電流表A1（0~0.6A）、A2（0~3A），若把A1、A2分別采用并聯(lián)或串聯(lián)的方式接入電路；如圖所示，則閉合開關(guān)后，下列有關(guān)電表的示數(shù)和電表指針偏轉(zhuǎn)角度的說法正確的是（）

A.圖甲中的A1、A2的示數(shù)之比為1:5B.圖甲中的A1、A2的指針偏角之比為1:5C.圖乙中的A1、A2的示數(shù)之比為1:1D.圖乙中的A1、A2的指針偏角之比為1:19、如圖所示，絕緣光滑細(xì)桿與水平方向夾角為53°角，空間某點(diǎn)固定點(diǎn)電荷Q，點(diǎn)電荷Q到細(xì)桿最近點(diǎn)為B點(diǎn)，且BQ=6m，將一帶電圓環(huán)q套在細(xì)桿上，從與Q等高A處無初速度釋放，C點(diǎn)是細(xì)桿上與A點(diǎn)關(guān)于B點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)，D點(diǎn)在Q點(diǎn)的正下方且是細(xì)桿的末端。已知點(diǎn)電荷與圓環(huán)帶有同種性質(zhì)的電荷，圓環(huán)剛釋放時(shí)加速度大小為6.4m/s2，重力加速度g取10m/s2；sin53°=0.8，cos53°=0.6，下列說法正確是（）

A.圓環(huán)到達(dá)C點(diǎn)的加速度大小為9.6m/s2B.圓環(huán)到達(dá)C點(diǎn)的速度大小為10m/sC.圓環(huán)剛離開細(xì)桿時(shí)加速度大小為11.5m/s2D.圓環(huán)離開細(xì)桿后做勻變速運(yùn)動(dòng)10、在x軸上O、P兩點(diǎn)分別放置電荷量為q1、q2的點(diǎn)電荷，一帶正電的試探電荷在兩電荷連線上的電勢(shì)能EP隨x變化關(guān)系如圖所示，其中A、B兩點(diǎn)電勢(shì)能為零，BD段中C點(diǎn)電勢(shì)能最大；則下列說法正確的是（）

A.q1和q2帶異種電荷B.C點(diǎn)的電勢(shì)大于零C.B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿x軸正方向D.將一負(fù)點(diǎn)電荷從B點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功11、在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將電荷量為的點(diǎn)電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，靜電力做了的功，再從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，靜電力做了的功．已知電場(chǎng)的方向與所在的平面平行，點(diǎn)D為AB的中點(diǎn)，如果規(guī)定B點(diǎn)的電勢(shì)為0，下列說法正確的是（）

A.A點(diǎn)電勢(shì)為18VB.A、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差C.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直于BC連線D.點(diǎn)電荷在D點(diǎn)具有的電勢(shì)能為12、如圖所示，有兩個(gè)半徑相同的金屬球M和N，N被絕緣座固定在水平地面上，M從N的正上方h高處自由落下與N做彈性對(duì)心正碰，相碰后M以碰前的速率反向彈回，在下列哪種情況中M彈起后上升的最大高度大于h：（）

A.M和N原來帶等量同種電荷B.M和N原來帶等量異種電荷C.M和N原來帶不等量異種電荷D.M和N原來都不帶電荷評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、圖示為一個(gè)半徑為R的均勻帶電圓環(huán)，取環(huán)面中心O為原點(diǎn)，以垂直于環(huán)面的軸線為x軸，P到O點(diǎn)的距離為2R，質(zhì)量為m，帶負(fù)電且電量為q的小球從軸上P點(diǎn)由靜止釋放，小球經(jīng)M點(diǎn)（圖中未畫出）時(shí)速度最大，運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)速度為零，Q點(diǎn)在O點(diǎn)上方R處．則圓環(huán)在M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小EM=__________________，P、Q兩點(diǎn)的電勢(shì)差UPQ=_________________．

14、如圖所示，16個(gè)電荷量均為+q的小球（可視為點(diǎn)電荷），均勻分布在半徑為r的圓周上，靜電力常量為k．若將圓周上P點(diǎn)的一個(gè)小球的電荷量換成-4q，則圓心O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為________．

15、由某種材料制成的電器元件接在電路中時(shí)，通過的電流I與兩端電壓U的關(guān)系如圖所示?，F(xiàn)將該元件接在電動(dòng)勢(shì)為8V，內(nèi)阻為4Ω的電源兩端，則通過該元件的電流為_______A。若將兩個(gè)這樣的元件并聯(lián)接在該電源上，則每一個(gè)元件消耗的功率為_________W。

16、光也是電磁波：

（1）電磁波的傳播速度恰好與真空中的光速____。

（2）麥克斯韋指出，光是以波動(dòng)形式傳播的一種_________。17、如圖所示的平面內(nèi)固定兩個(gè)帶電量為的異種點(diǎn)電荷，它們之間距離為以其連線中點(diǎn)為圓心，以為半徑畫圓，為圓周上有三點(diǎn)，點(diǎn)在兩點(diǎn)電荷連線的中垂線上，兩點(diǎn)連線恰好過點(diǎn)，則兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度_____（填“相同”或“不同”），點(diǎn)電勢(shì)______（填“大于”“等于”或“小于”）點(diǎn)電勢(shì)；已知靜電力常數(shù)為則點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為_______。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共1題，共7分)18、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)按照?qǐng)D所示連接電路。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將開關(guān)S擲向1，一段時(shí)間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計(jì)算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時(shí)間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項(xiàng)前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個(gè)放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動(dòng)勢(shì)E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時(shí)電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時(shí)間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時(shí)間將變短評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共8分)19、有一只毫安表mA，滿偏電流為9.90mA，內(nèi)阻約為300Ω，要求將此毫安表頭改裝成量程為1A的電流表，其電路原理如圖所示，圖中A是量程為2A的標(biāo)準(zhǔn)電流表，R0為電阻箱，R為滑動(dòng)變阻器，S為開關(guān)，E為電源．

（1）完善下列實(shí)驗(yàn)步驟：

①將實(shí)物圖按電路原理圖連線；______

②將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭調(diào)至______端（填“a”或“b”），電阻箱R0的阻值調(diào)至零；

③合上開關(guān)；

④調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭；增大回路中的電流，使標(biāo)準(zhǔn)電流表讀數(shù)為1A；

⑤調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值，使毫安表指針接近滿偏，此時(shí)標(biāo)準(zhǔn)電流表的讀數(shù)會(huì)______（增“增大”；“減小”或“不變”）；

⑥多次重復(fù)步驟④⑤，直至標(biāo)準(zhǔn)電流表的讀數(shù)為______A；同時(shí)毫安表指針滿偏．

（2）回答下列問題：（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

①在完成全部實(shí)驗(yàn)步驟后，電阻箱的讀數(shù)為3.1Ω，由此可知毫安表頭的內(nèi)阻為______Ω．

②用改裝成的電流表測(cè)量某一電路中的電流，電流表指針半偏，此時(shí)流過電阻箱的電流為_____A．評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共9分)20、如圖所示，豎直平面內(nèi)兩水平虛線間存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，自距離電場(chǎng)上邊界高為h處的A點(diǎn)將質(zhì)量為m、電荷量分別為q和-q（q＞0）的帶電小球M、N先后均以速度v0沿平行于電場(chǎng)方向拋出，小球在重力作用下進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，并從該區(qū)域的下邊界離開，已知M在電場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)，N離開電場(chǎng)時(shí)的速度方向豎直向下，不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g。

（1）求電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小；

（2）求電場(chǎng)上；下邊界間的距離；

（3）若把電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小增大到原來的2倍；其他條件不變，求兩小球從電場(chǎng)下邊界射出時(shí)射出點(diǎn)間的距離。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)速度定義式v=當(dāng)非常非常小時(shí)，就可以用表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度；這是應(yīng)用了極限思想法，故A正確；

B．在不需要考慮物體本身大小和形狀時(shí)；用質(zhì)點(diǎn)代替物體的方法，采用了理想模型法，故B錯(cuò)誤；

C．伽利略由斜面實(shí)驗(yàn)通過邏輯推理得出了自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律；故C錯(cuò)誤；

D．庫倫利用扭秤巧妙地實(shí)現(xiàn)了對(duì)電荷間的作用力與電荷量的關(guān)系研究；故D錯(cuò)誤。

故選A。2、C【分析】【詳解】

AC．沿電場(chǎng)線方向；電勢(shì)必定降低，而電場(chǎng)線疏密不一定，則場(chǎng)強(qiáng)不一定減小，故A錯(cuò)誤，C正確；

B．由于電性未知；所以電場(chǎng)力的方向未知，故沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)電荷時(shí)的做功情況無法確定，故B錯(cuò)誤；

D．電勢(shì)的大小取決于零勢(shì)能面的選擇；電場(chǎng)強(qiáng)度為零處，電勢(shì)不一定為零，故D錯(cuò)誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

A．由直線Ⅱ的斜率知

A正確；

B．根據(jù)閉合電路歐姆定律得

當(dāng)

時(shí)

由讀出電源的電動(dòng)勢(shì)

內(nèi)阻等于圖線的斜率大小

B錯(cuò)誤；

C．兩圖線的交點(diǎn)表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時(shí)工作狀態(tài)，由圖讀出電壓

電流

則電源的輸出功率為

C錯(cuò)誤；

D.電源內(nèi)部消耗的功率

D錯(cuò)誤。

故選A。4、A【分析】【詳解】

A．電流。

即電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比；與導(dǎo)體的電阻成反比，不屬于比值定義法，選項(xiàng)A符合題意；

B．加速度a等于速度變化量與所用時(shí)間的比值；加速度與速度變化量無關(guān)，所以加速度公式。

屬于比值定義法；故B不符合題意；

C．角速度等于轉(zhuǎn)過的角度與時(shí)間的比值；角速度與轉(zhuǎn)過的角度無關(guān)，則公式。

屬于比值定義法；故C不符合題意；

D．磁感應(yīng)強(qiáng)度與在通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受的安培力以及IL乘積無關(guān)；則公式。

運(yùn)用的是比值定義法；故D不符合題意。

故選A。5、C【分析】【詳解】

根據(jù)對(duì)稱性，作出球面上的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)分布，如圖所示，由平行四邊形定則得到“小瓣”球面上的電荷在O處的電場(chǎng)強(qiáng)度故選項(xiàng)C正確，A；B、D錯(cuò)誤；

二、多選題(共7題，共14分)6、B:D【分析】【詳解】

A．是電容的定義式，采用的是比值法定義的，則知C與Q、U無關(guān)；故A錯(cuò)誤。

B．無論電容器的電壓如何變化，對(duì)于給定的電容器其電容不變，則電荷量與電壓的比值恒定不變；故B正確；

C．用電源給平板電容器充電后；兩極板一定帶有等量異種電荷，故C錯(cuò)誤；

D．電容器的電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量；其大小與加在兩板上的電壓無關(guān)，故D正確。

故選BD。7、C:D【分析】【分析】

由題意可知考查閉合電路歐姆定律；據(jù)此分析計(jì)算可得．

【詳解】

A．電阻R2被短路，通過R2的電流I2＝0；故A錯(cuò)誤；

B．R1兩端電壓U1=故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知通過導(dǎo)線L的電流IL=故C正確；

D．使電阻R2斷路，通過R1的電流IL=不發(fā)生變化，故D正確．

【點(diǎn)睛】

在R2的兩端并聯(lián)上一段電阻忽略不計(jì)的導(dǎo)線Ｌ，則R2被短接，根據(jù)閉合電路歐姆定律計(jì)算可得．8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．兩表并聯(lián)時(shí)電路如圖所示，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓相等可知兩表頭兩端的電壓相同，通過兩表頭的電流相同，兩表偏角相同，所以圖甲中的A1、A2的指針偏角之比為1:1；量程大的讀數(shù)大，A2量程是A1量程的5倍，所以圖甲中的A1、A2的示數(shù)之比為1:5；故A正確，B錯(cuò)誤；

CD．兩電流表串聯(lián)時(shí)電路如圖所示，根據(jù)串聯(lián)電路的電流相等可知兩表的讀數(shù)相同，所以圖乙中的A1、A2的示數(shù)之比為1:1；量程大的偏角小，A2量程是A1量程的5倍，所以圖乙中的A1、A2的指針偏角之比為5:1；故C正確，D錯(cuò)誤；

故選AC。

9、A:C【分析】【詳解】

A．設(shè)BQ距離

由幾何關(guān)系

圓環(huán)在A點(diǎn)剛釋放時(shí)加速度大小為6.4由牛頓第二定律有

由于C點(diǎn)是細(xì)桿上與A點(diǎn)對(duì)于B點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)，設(shè)圓環(huán)到達(dá)C點(diǎn)加速度大小為aC，有

解得

故A正確；

B．A、C兩點(diǎn)電勢(shì)相同，由A點(diǎn)到C點(diǎn)過程，由動(dòng)能定理有

代入數(shù)據(jù)解得

故B錯(cuò)誤；

C．設(shè)圓環(huán)剛離開細(xì)桿時(shí)加速度為則有

解得

故C正確；

D．圓環(huán)離開細(xì)桿后；受重力和電場(chǎng)力作用，電場(chǎng)力是變力，故做非勻變速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選AC。10、A:B【分析】【詳解】

A．由圖知從O到P電勢(shì)能一直減?。辉囂诫姾蓭д?，電勢(shì)一直降低，則兩個(gè)點(diǎn)電荷必定是異種電荷，選項(xiàng)A正確；

B．由圖可知從B到C，電勢(shì)能增加，試探電荷帶正電，電勢(shì)升高，故C點(diǎn)的電勢(shì)大于零；選項(xiàng)B正確；

C．根據(jù)順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低可知，BC間電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)方向；選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．將一負(fù)點(diǎn)電荷從B移到D點(diǎn)；電勢(shì)先升高后降低，電勢(shì)能先減小后增大，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選AB。11、A:B:D【分析】【詳解】

A．點(diǎn)電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為

解得

故A正確；

B．點(diǎn)電荷從電場(chǎng)中B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為

解得

則A、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為

故B正確；

C．由以上分析可知，CD為等勢(shì)面，所以勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直于CD連線；故C錯(cuò)誤；

D．D點(diǎn)電勢(shì)為

點(diǎn)電荷在D點(diǎn)具有的電勢(shì)能為

故D正確。

故選ABD。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．若M和N原來帶等量同種電荷；則對(duì)心正碰撞后，各自電荷量不變，依據(jù)能量守恒定律，則仍會(huì)上升原來高度，A錯(cuò)誤；

B．若M和N原來帶等量異種電荷；則對(duì)心正碰撞后，各自電荷量為零，依據(jù)能量守恒定律，碰撞前是相互庫侖引力，則碰撞后，沒有庫侖力，則會(huì)上升更高，B正確；

C．若M和N原來帶不等量異種電荷；則對(duì)心正碰撞后，電荷中和再平分，依據(jù)能量守恒定律，原來是庫侖引力，碰撞后變?yōu)閹靵龀饬Γ瑒t會(huì)上升更高，C正確；

D．若M和N原來都不帶電荷；則對(duì)心正碰撞后，依據(jù)能量守恒定律，則仍會(huì)上升原來高度，D錯(cuò)誤。

故選BC。三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【分析】

小球經(jīng)M點(diǎn)時(shí)速度最大，則在M點(diǎn)的加速度為零，根據(jù)平衡條件求出M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小；從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可求P、Q兩點(diǎn)的電勢(shì)差．

【詳解】

解：小球經(jīng)M點(diǎn)時(shí)速度最大，則在M點(diǎn)的加速度為零，有解得M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小

從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得P、Q兩點(diǎn)的電勢(shì)差【解析】14、略

【分析】【詳解】

16個(gè)電荷量均為+q的小球（可視為點(diǎn)電荷），均勻分布在半徑為r的圓周上，除P點(diǎn)電荷外15個(gè)電荷在O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為

方向水平向右；P點(diǎn)的一個(gè)小球的電荷量換成-4q，則P點(diǎn)電荷在O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為

方向水平向右，所以圓心O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小【解析】15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]將該電器元件與E=8V，r=4Ω連接，由閉合電路歐姆定律U=E-Ir，可得U=8-4r，可在圖中畫出直線1與U-I曲線交于（1A；4V），所以通過該元件的電流為1A；

[2]將兩個(gè)這樣的元件并聯(lián)接入該電源時(shí)，由閉合電路歐姆定律U=E-2Ir，可得U=8-8r，可在圖中畫出直線2與U-I曲線交于（0.75A；2V）則每一個(gè)元件消耗的功率為。

P=IU=1.5W【解析】1A1.5W16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]電磁波的傳播速度恰好與真空中的光速相同。

(2)[2]麥克斯韋指出，光是以波動(dòng)形式傳播的一種電磁振動(dòng)。【解析】①.相同②.電磁振動(dòng)17、略

【分析】【詳解】

[1]兩個(gè)等量的異種電荷之間電場(chǎng)線如圖所示。

由對(duì)稱性可知，M、N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同。

[2]設(shè)無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則P、O所在直線上的所有點(diǎn)電勢(shì)均為零；由沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，可知點(diǎn)電勢(shì)大于零，點(diǎn)電勢(shì)小于零，所以點(diǎn)電勢(shì)大于點(diǎn)電勢(shì)。

[3]由勾股定理可得P點(diǎn)到兩個(gè)電荷之間的距離為

P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為兩個(gè)帶電量為的異種點(diǎn)電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量和；如圖所示。

+Q、在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)

則點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小【解析】相同大于四、作圖題(共1題，共7分)18、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個(gè)放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時(shí)間減?。贿x項(xiàng)AC錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減小；選項(xiàng)D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動(dòng)勢(shì)E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項(xiàng)A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時(shí)電阻箱阻值大小，選項(xiàng)B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時(shí)間將變長，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容