2025年人教新起點(diǎn)高三物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點(diǎn)高三物理上冊(cè)月考試卷85考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、【題文】如圖(Ⅰ)所示,AB是電場中的一條電場線,若將一負(fù)電荷從A點(diǎn)由靜止釋放,負(fù)電荷沿電場線從A到B運(yùn)動(dòng)過程中速度-時(shí)間圖象如圖(Ⅱ)所示,則下列判斷正確的是()A.φA>φB,EA>EBB.φA>φB,EABC.φA<φB,EA>EBD.φA<φB,EAB2、如圖所示；一束高速帶電粒子流在P點(diǎn)產(chǎn)生了一垂直于紙面向外的磁場，則這束帶電粒子流為（）

A.P點(diǎn)上方向右的帶正電粒子B.P點(diǎn)右側(cè)向上的帶負(fù)電粒子C.P點(diǎn)上方向左的帶負(fù)電粒子D.P點(diǎn)下方向右的帶正電粒子3、（2016春?鞍山校級(jí)月考）勻強(qiáng)磁場中有一個(gè)矩形多匝線圈，可以繞垂直于磁場的軸OO′以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．初始位置如圖，勻強(qiáng)磁場如圖所示．已知線圈從圖示位置逆時(shí)針轉(zhuǎn)過90°的過程中，通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為q，線圈總電阻為r，線圈兩端外接電阻為R則關(guān)于該過程正確的說法是（）A.線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90°位置時(shí)電流將改變方向B.若從圖示位置開始計(jì)時(shí)，則線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=q（r+R）ωsinωt（V）C.在圖示位置穿過線圈的磁通量為Φ=q（R+r）D.上述過程中R上產(chǎn)生的焦耳熱Q=4、（2015秋?紹興期末）如圖所示是跳遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)員踏板起跳后在空中的情景，下列說法中正確的是（）A.研究跳遠(yuǎn)的技術(shù)動(dòng)作可以把人看作質(zhì)點(diǎn)B.運(yùn)動(dòng)員踏板起跳的瞬間，板對(duì)人的支持力大于人受到的重力C.運(yùn)動(dòng)員踏板起跳的瞬間，板對(duì)人的支持力大于人對(duì)板的壓力D.運(yùn)動(dòng)員起跳后在空中時(shí)，板對(duì)人的支持力方向指向人前進(jìn)方向5、如圖所示，光滑水平面的左端與一斜面連接，斜面傾角θ=37°，斜面高h(yuǎn)=0.8m，F(xiàn)為斜面的頂點(diǎn)，水平面右端與一半圓形光滑軌道連接，半圓軌道半徑R=0.4m．水平面上有兩個(gè)靜止小球A和B，mA=0.20kg，mB=0.30kg，兩球間有一壓縮的輕彈簧（彈簧與小球不栓接），彈簧間用一根細(xì)線固定兩個(gè)小球．剪斷細(xì)線，兩小球達(dá)到水平面的D、F點(diǎn)時(shí)彈簧已經(jīng)與小球脫離．小球A剛好達(dá)到半圓軌道的最高點(diǎn)C，小球B剛好落在斜面的底端E點(diǎn)．g=10m/s2，則（）A.小球A在C點(diǎn)的速度為零，處于完全失重狀態(tài)B.小球B落在E點(diǎn)的水平速度大小是m/sC.小球A在D點(diǎn)受的彈力是12ND.細(xì)線剪斷前彈簧的彈性勢能是2.7J評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，半徑為R的光滑細(xì)圓環(huán)軌道被固定在豎直平面上，軌道正上方和正下方分別有質(zhì)量為2m和m的靜止小球A、B，它們由長為2R的輕桿固定連接，圓環(huán)軌道內(nèi)壁開有環(huán)形小槽，可使細(xì)桿無摩擦、無障礙地繞其中心點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，今對(duì)上方小球A施加微小擾動(dòng)，兩球開始運(yùn)動(dòng)后，下列說法正確的是（）A.輕桿轉(zhuǎn)到水平位置時(shí)兩球的加速度大小相等B.輕桿轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)兩球的加速度大小不相等C.運(yùn)動(dòng)過程中A球速度的最大值為D.當(dāng)A球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，兩小球?qū)壍雷饔昧Φ暮狭Υ笮閙g7、關(guān)于位移和路程，以下說法正確的是（）A.出租車按路程收費(fèi)B.租車按位移的大小收費(fèi)C.在曲線運(yùn)動(dòng)中，同一運(yùn)動(dòng)過程的路程一定大于位移的絕對(duì)值（即大?。〥.在直線運(yùn)動(dòng)中．位移就是路程8、下列說法中正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)是分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映B.氣體分子間距減小時(shí)，分子間斥力增大，引力也增大C.氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)與單位體積內(nèi)的分子數(shù)和溫度有關(guān)E.液體與大氣相接觸，表面層內(nèi)分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互作用的斥力E.液體與大氣相接觸，表面層內(nèi)分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互作用的斥力9、如下圖所示，兩段材料相同、長度相等、但橫截面積不等的導(dǎo)體接在電路中，總電壓為U，則（）A.通過兩段導(dǎo)體的電流相等B.兩段導(dǎo)體內(nèi)的自由電子定向移動(dòng)的平均速率不同C.細(xì)導(dǎo)體兩端的電壓U1等于粗導(dǎo)體兩端的電壓U2D.細(xì)導(dǎo)體內(nèi)的電場強(qiáng)度大于粗導(dǎo)體內(nèi)的電場強(qiáng)度10、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m的小球從豎立在地面上的輕彈簧正上方某處自由下落，接觸彈簧后將彈簧壓縮，在壓縮全過程中，彈簧均為彈性形變，那么（）A.當(dāng)小球的動(dòng)能最大時(shí)，彈性勢能為零B.當(dāng)小球的動(dòng)能減為零時(shí)，重力勢能最小C.當(dāng)小球的動(dòng)能減為零時(shí)，球的加速度最大，但不一定大于重力加速度值D.當(dāng)小球的動(dòng)能減為零時(shí)，球所受彈力最大，且一定大于2mg11、如圖所示，有一半徑為R

的半圓形區(qū)域里存在垂直于圓面向外的勻強(qiáng)磁場(

圖中未畫出)

磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B

在圓心O

處有一粒子源，可以沿垂直于磁場的不同方向向磁場中射入質(zhì)量為m

電荷量為q

速度大小均為qBRm

的帶正電的粒子(

粒子重力不計(jì))

下列說法正確的是(

)

A.在半圓弧上各處都有粒子射出B.粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間為婁脨m3qB

C.磁場中粒子不能達(dá)到的區(qū)域面積為112婁脨R2

D.從半圓弧上射出的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同12、下列說法中與物理學(xué)史實(shí)相符的是（）A.牛頓認(rèn)為力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因B.亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因C.笛卡爾通過扭秤實(shí)驗(yàn)第一個(gè)測出萬有引力常量G的值D.伽利略通過實(shí)驗(yàn)及合理外推，指出自由落體運(yùn)動(dòng)是一種勻變速直線運(yùn)動(dòng)13、一列橫波在t=0時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，在t=1s時(shí)刻的波形如圖中虛線所示，由此可以判定此波的（）A.波長一定是4cmB.周期一定是4sC.振幅一定是2cmD.傳播速度一定是1cm/s評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、火車轉(zhuǎn)彎時(shí)的規(guī)定速度為60km/h，若速度大于60km/h，那么火車車輪對(duì)____（填“外軌”或“內(nèi)軌”）有側(cè)壓力．15、我國列車第四次提速后，出現(xiàn)了“星級(jí)列車”．T14次列車從上海始發(fā)，途經(jīng)蚌埠、濟(jì)南等城市，最后到達(dá)北京．T14次列車時(shí)刻表如下，由其時(shí)刻表可知，列車在蚌埠至濟(jì)南區(qū)間段運(yùn)行過程中的平均速率為____km/h．

T14次列車時(shí)刻表。

。?？空镜竭_(dá)時(shí)刻開車時(shí)刻里程（km）上海┅┅18：000蚌埠22：2622：34484濟(jì)南03：1303：21966北京08：00┅┅146316、（2011秋?同安區(qū)校級(jí)期中）如圖所示v-t圖象，表示質(zhì)點(diǎn)做____運(yùn)動(dòng)，它的初速度為____m/s，加速度為____m/s2，30s內(nèi)經(jīng)歷的位移是____m．17、有10只相同的蓄電池，每個(gè)電池的電動(dòng)勢為2.0V，內(nèi)阻為0.04Ω．把這些蓄電池接成串聯(lián)電池組，外接電阻為3.6Ω，則電路中的電流為____A，每個(gè)電池兩端的電壓為____V．18、（2013秋?庫爾勒市校級(jí)期中）如圖所示，用絕緣細(xì)線拴一個(gè)質(zhì)量為2m的小球，小球在豎直向下的場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場中的豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則小球帶____電（填“正”“負(fù)”），小球所帶電荷量為____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共6分)19、影響蒸發(fā)快慢的因素有絕對(duì)濕度、表面積、溫度．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、推斷題(共3題，共12分)20、rm{[}化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{5:}有機(jī)化學(xué)荃礎(chǔ)rm{]}查爾酮類化合物rm{G}是黃酮類藥物的主要合成中間體，其中一種合成路線如下：已知以下信息：rm{壟脵}芳香烴rm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量在rm{100-110}之間，rm{ImolA}充分燃燒可生成rm{72g}水。rm{壟脷C}不能發(fā)生銀鏡反應(yīng)。rm{壟脹D}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)、可溶于飽和rm{Na_{2}CO_{3}}溶液、核磁共振氫譜顯示期有rm{4}中氫回答下列問題：rm{(1)A}的化學(xué)名稱為____________。rm{(2)}由rm{B}生成rm{C}的化學(xué)方程式為____________________。rm{(3)E}的分子式為________________，由rm{E}生成rm{F}的反應(yīng)類型為________。rm{(4)G}的結(jié)構(gòu)簡式為____________________。rm{(5)D}的芳香同分異構(gòu)體rm{H}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能與rm{FeCl_{3}}溶液發(fā)生顯色反應(yīng)的共有_______種，其中核磁共振氫譜為rm{5}組峰，且峰面積為rm{2}rm{2}rm{2}rm{1}rm{1}的為________________rm{(}寫結(jié)構(gòu)簡式rm{)}21、“一酸兩浸，兩堿聯(lián)合”法是實(shí)現(xiàn)粉煤灰rm{(}含rm{SiO_{2}}rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{CaO}rm{MgO}等rm{)}綜合利用的新工藝。工業(yè)流程如下，回答下列問題：rm{(}已知：rm{Al_{2}O_{3}}經(jīng)純堿混合焙燒可得rm{NaAlO_{2})}rm{(1)}聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}化學(xué)式為rm{[Al_{2}(OH)_{n}Cl_{6-n}]_{m}隆隴[Fe_{2}(OH)_{x}Cl_{6-x}]_{y}}是一種新型高效的凈水劑，rm{PAFC}中鐵元素的化合價(jià)為___________。rm{(2)}“一酸兩浸”中的酸是________________rm{(}填化學(xué)式rm{)}rm{(3)}實(shí)際工業(yè)中“酸浸”、“堿浸”均不能充分反應(yīng)，濾渣rm{A}中主要含有rm{SiO_{2}}rm{Al_{2}O_{3}}“純堿混合焙燒”中，它們分別發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為__________________、_________________。rm{(4)}“濾液rm{B}”的主要溶質(zhì)有________rm{(}填化學(xué)式rm{)}濾液混合后“蒸發(fā)”的作用是_______________。rm{(5)}“電解”時(shí)陽極的電極反應(yīng)式為_______________。rm{(6)PAFC}無水rm{AlCl_{3}}rm{FeCl_{3}隆隴6H_{2}O}用量均為rm{25mg隆隴L^{-1}}時(shí)，處理不同rm{pH}污水的濁度去除率如圖所示，rm{PAFC}的優(yōu)點(diǎn)是______________________。22、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】氯吡格雷rm{(clopidogrel)}是一種用于抑制血小板聚集的藥物，該物質(zhì)的合成路線之一如圖所示：請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)A}的名稱為____，rm{F}中無氧官能團(tuán)的名稱為____。rm{(2)X}的結(jié)構(gòu)簡式為____，rm{D}的分子式為____。rm{(3)G隆煤}氯吡格雷的反應(yīng)類型為____。rm{(4)B隆煤C}的化學(xué)方程式為____。rm{(5)}同時(shí)滿足下列條件的rm{E}的同分異構(gòu)體有____種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜有rm{5}種吸收峰，且峰面積比為rm{1漏U1漏U2漏U2漏U2}的結(jié)構(gòu)簡式是____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中存在與rm{F}相同的官能團(tuán)rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{(6)}參照上述合成路線和相關(guān)信息，設(shè)計(jì)一條由乙炔和乙醇為起始原料制備的合成路線rm{(}無機(jī)試劑任選rm{)}評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共24分)23、實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示．一小車放在水平長木板上；左側(cè)拴有一細(xì)軟線，跨過固定在木板邊緣的滑輪與一重物相連，小車右側(cè)與穿過電火花計(jì)時(shí)器的紙帶相連，在重物牽引下，小車在木板上向左運(yùn)動(dòng)．右圖給出了電火花計(jì)時(shí)器在紙帶上打出的一些計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.1s，相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖中所標(biāo)．

（1）關(guān)于實(shí)驗(yàn)以下說法正確的有____．

A．開始打點(diǎn)之前；小車應(yīng)該靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

B．紙帶拉動(dòng)的方向應(yīng)與限位孔平行

C．實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)該先釋放小車再打開電源打點(diǎn)

D．實(shí)驗(yàn)時(shí)木板不能一頭高一頭低；一定要保持水平

（2）打計(jì)數(shù)點(diǎn)1、3時(shí)小車對(duì)應(yīng)的速度分別為：v1=____m/s，v3=____m/s；

（3）據(jù)此可求出小車從1到3計(jì)數(shù)點(diǎn)內(nèi)的加速度為a=____m/s2．

24、某同學(xué)為探究“合力做功與物體動(dòng)能改變的關(guān)系”；設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)，他的操作步驟是：

A．按如圖1擺好實(shí)驗(yàn)裝置；

B．將質(zhì)量M=0.20kg的小車?yán)酱螯c(diǎn)計(jì)時(shí)器附近；并按住小車；

C．在總質(zhì)量m分別為10g；30g、50g的三種鉤碼中；挑選了一個(gè)質(zhì)量為50g的鉤碼掛在拉線的掛鉤上；

D．接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源（電源頻率為f=50Hz）；然后釋放小車，打出一條紙帶．

①多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，從中挑選一條點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖2所示．把打下的第一點(diǎn)記作“0”，然后依次取若干個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出，用毫米刻度尺測得各計(jì)數(shù)點(diǎn)到0點(diǎn)距離分別為d1=0.0075m，d2=0.03001m，d3=0.0675m，d4=0.1200m，d5=0.1875m，d6=0.2700m，他把鉤碼重力（當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9.8m/s2）作為小車所受合力算出打下“0”點(diǎn)到打下“5”點(diǎn)合力做功．則合力做功W=____J，小車動(dòng)能的改變量EK=____J（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）．

②此次實(shí)驗(yàn)探究的結(jié)果，他沒能得到“合力對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的增量”，且誤差很大，顯然，在實(shí)驗(yàn)探究過程中忽視了各種產(chǎn)生誤差的因素．請(qǐng)你根據(jù)該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)裝置和操作過程幫助分析一下，造成較大誤差的主要原因是____；____．（寫出兩條即可）25、（2012?淮北一模）在“探究力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中，首先用兩個(gè)彈簧秤分別勾住繩套，在保證彈簧秤與木板平行的條件下，互成角度地拉長橡皮條，使結(jié)點(diǎn)到達(dá)O點(diǎn)，用鉛筆記下0點(diǎn)位置及兩細(xì)繩的方向，如圖中的OA、OB方向，讀出兩彈簧秤的示數(shù)F0A=2.7N、F0B=3.3N．

①根據(jù)平行四邊形定則，在圖中利用圖示法求出FOA與F0B的合力，其大小F=____．

②為了完成本實(shí)驗(yàn)，還要進(jìn)行的一項(xiàng)關(guān)鍵操作是____，在本操作中需要記錄的是____和____．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【解析】從速度時(shí)間圖線得到負(fù)電荷做加速運(yùn)動(dòng)；加速度逐漸變大，故電場力向右，且不斷變大，故A點(diǎn)的電場強(qiáng)度較??；

故EA＜EB；

負(fù)電荷受到的電場力與場強(qiáng)方向相反，故場強(qiáng)向左，沿場強(qiáng)方向，電勢變小，故A點(diǎn)電勢較小，即φA＜φB；

故選D．【解析】【答案】D2、D【分析】【分析】若為P點(diǎn)上方向右的帶正電粒子；產(chǎn)生的電流為向右，則根據(jù)右手螺旋定則可得在P點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶?，A錯(cuò)誤；

若為P點(diǎn)右側(cè)向上的帶負(fù)電粒子；產(chǎn)生的電流方向豎直向下，根據(jù)右手螺旋定則可得在P點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶?，B錯(cuò)誤；

若為P點(diǎn)上方向左的帶負(fù)電粒子；產(chǎn)生的電流向右，則根據(jù)右手螺旋定則可得在P點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶?，B錯(cuò)誤；

若為P點(diǎn)下方向右的帶正電粒子；產(chǎn)生的電流向右，則跟據(jù)右手螺旋定則可得在P點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向?yàn)榇怪奔埫嫦蛲?，D正確。

【點(diǎn)評(píng)】做本題的關(guān)鍵是理解正電荷定向移動(dòng)的方向和電流方向相同，負(fù)電荷定向移動(dòng)的方向和電流方向相反。3、B【分析】【分析】線圈在磁場中轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電流的方向發(fā)生改變?cè)谥行悦嫖恢?，通過某一橫截面的電荷量q=，求得線圈在磁場中轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢，產(chǎn)生的熱量用電流的有效值計(jì)算【解析】【解答】解：A；線圈在磁場中轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)；產(chǎn)生周期性變化的電流，其中當(dāng)線圈在中性面位置時(shí)電流方向發(fā)生改變，故線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90°位置時(shí)電流方向不發(fā)生改變，故A錯(cuò)誤；

B、通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q=，故線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢為Em=NBSω=q（R+r）ω，故從圖示位置開始計(jì)時(shí)，則線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=q（r+R）ωsinωt（V）；故B正確；

C、通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q=，故磁通量為；故C錯(cuò)誤；

D、有效值為E=，產(chǎn)生的熱量為Q==；故D錯(cuò)誤；

故選：B4、B【分析】【分析】當(dāng)物體的形狀、大小對(duì)所研究的問題沒有影響時(shí)，我們就可以把它看成質(zhì)點(diǎn)；物體在平衡力的作用下會(huì)保持靜止?fàn)顟B(tài)，物體在非平衡力的作用下運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不斷變化；作用力與反作用力電子相等方向相反．【解析】【解答】解：A；研究跳遠(yuǎn)的技術(shù)動(dòng)作可以把人的肢體的形狀不能忽略不計(jì)；不能把運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)點(diǎn)．故A錯(cuò)誤；

B；跳高運(yùn)動(dòng)員從地上起跳還未離開地的瞬間；運(yùn)動(dòng)員受到地球的重力和地面的支持力的作用，由于運(yùn)動(dòng)員用力蹬地面，因此這兩個(gè)力不平衡，地面地運(yùn)動(dòng)員的彈力（支持力）大于他的重力使運(yùn)動(dòng)員上升．故B正確；

C；運(yùn)動(dòng)員對(duì)板的壓力板對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力是一對(duì)相互作用力；它們大小相等，方向相反．故C錯(cuò)誤；

D；運(yùn)動(dòng)員起跳后在空中時(shí)；板對(duì)人沒有了支持力．故D錯(cuò)誤．

故選：B5、C【分析】【分析】A做豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)過最高點(diǎn)的條件，求出在C點(diǎn)的速度，然后由機(jī)械能定律定律求出過D點(diǎn)的速度；由動(dòng)量守恒定律求出B的水平速度；由功能關(guān)系求出彈簧的彈性勢能．【解析】【解答】解：A、小球A在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)時(shí)重力恰好提供向心力，所以：

所以：m/s．故A錯(cuò)誤；

B、小球A從D到C的過程中機(jī)械能守恒，所以：

代入數(shù)據(jù)得：m/s

A與B分離的過程中；水平方向A與B組成的系統(tǒng)僅僅受到彈簧的彈力，所以水平方向動(dòng)量守恒，選取向右為正方向，則：

mAvD+mBvB=0

所以：m/s

由于B離開平臺(tái)后做平拋運(yùn)動(dòng)，所以小球B落在E點(diǎn)的水平速度大小是m/s．故B錯(cuò)誤；

C；小球A經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)；受到的支持力與重力的合力提供向心力，所以：

代入數(shù)據(jù)得：N=12N．故C正確；

D；剪斷細(xì)線后彈簧對(duì)小球A與B做功；彈性勢能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，則：

==3.33J．可知開始時(shí)彈簧的彈性勢能是3.33J．

故D錯(cuò)誤．

故選：C二、多選題(共8題，共16分)6、CD【分析】【分析】本題的關(guān)鍵是明確球A與B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，球B減少的機(jī)械能應(yīng)等于球A增加的機(jī)械能，通過球A減少的重力勢能等于球B增加的重力勢能和兩球增加的動(dòng)能之和即可求出球A的最大速度，再對(duì)A、B球應(yīng)用牛頓第二定律和牛頓第三定律，可求出當(dāng)A球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，兩小球?qū)壍雷饔昧Φ暮狭Υ笮。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈、輕桿轉(zhuǎn)到水平位置時(shí)，AB的線速度大小相等，根據(jù)a=；知兩球在水平方向的向心加速度大小相等，兩球在豎直方向的加速度方向相反，大小不等，故合加速度大小也不相等，故A錯(cuò)誤．

B、輕桿轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)，小球只受到豎直方向的合力，故只有向心加速度，兩球的速度大小始終相等，根據(jù)a=；可知，輕桿轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)兩球的加速度大小相等，故B錯(cuò)誤．

C；兩個(gè)球系統(tǒng)機(jī)械能守恒；當(dāng)A球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，速度最大，有。

2mg?2R-mg?2R=（m+2m）v2，解得v=；故C正確．

D、在豎直位置時(shí)，設(shè)軌道對(duì)B球的彈力為FNB，軌道對(duì)A球的彈力為FNA

對(duì)B球mBg+FNB=mB，解得FNB=mBg=mg

對(duì)A球FNA-mAg=mA，解得FNA=mg

故軌道對(duì)AB兩球的合力為F=FNA-FNB=mg

根據(jù)牛頓第三定律，當(dāng)A球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，兩小球?qū)壍雷饔昧Φ暮狭Υ笮閙g；故D正確．

故選：CD7、AC【分析】【分析】位移的大小等于首末位置的距離，路程的大小等于運(yùn)動(dòng)軌跡的長度．【解析】【解答】解：A；B、出租車按照實(shí)際行駛的路程收費(fèi)；而不是按照位移收費(fèi)，故A正確、B錯(cuò)誤．

C；在曲線運(yùn)動(dòng)中；同一運(yùn)動(dòng)過程的路程一定大位移的大小，故C正確．

D；只有單向直線運(yùn)動(dòng)中；位移的大小才等于路程；并且也不能說位移就是路程；故D錯(cuò)誤．

故選：AC．8、BC【分析】【分析】布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，間接反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，機(jī)械能能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，反之則不行，氣體分子間距減小時(shí)，分子間斥力增大，引力也增大．【解析】【解答】解：A；布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)；間接反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；

B；氣體分子間距減小時(shí)；分子間斥力增大，引力也增大，B正確；

C；氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)與單位體積內(nèi)的分子數(shù)和溫度有關(guān)；C正確；

D；機(jī)械能能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；反之則不行，D錯(cuò)誤；

E；液體與大氣相接觸；表面層內(nèi)分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互作用的引力，E錯(cuò)誤；

故選：BC9、ABD【分析】【分析】導(dǎo)體材料相同，單位體積內(nèi)自由電荷的數(shù)目n相同．兩個(gè)導(dǎo)體串聯(lián)，電流相同．由電流的微觀表達(dá)式I=nevS，研究自由電子定向移動(dòng)速率關(guān)系．根據(jù)電阻定律研究電阻關(guān)系，由U=IR分析電壓關(guān)系．由電場強(qiáng)度E=研究電場強(qiáng)度關(guān)系．【解析】【解答】解：

A；兩個(gè)導(dǎo)體串聯(lián)；電流相等．故A正確．

B；電流的微觀表達(dá)式I=nevS；由題n、e、I相同，S不同，則自由電子定向移動(dòng)的平均速率v不同．故B正確．

C、根據(jù)電阻定律可知，細(xì)導(dǎo)體的電阻大于粗導(dǎo)體的電阻，由歐姆定律U=IR得知，I相同，則細(xì)導(dǎo)體兩端的電壓U1大于粗導(dǎo)體兩端的電壓U2．故C錯(cuò)誤．

D、設(shè)導(dǎo)體的長度為L，橫截面積為S．導(dǎo)體內(nèi)的電場強(qiáng)度E====；I；ρ相同，則E與S成反比，所以細(xì)導(dǎo)體內(nèi)的電場強(qiáng)度大于粗導(dǎo)體內(nèi)的電場強(qiáng)度．故D正確．

故選ABD10、BD【分析】【分析】小球與彈簧接觸后，彈簧對(duì)小球的彈力和小球重力的合力與偏離平衡位置的位移成正比，為簡諧運(yùn)動(dòng)，根據(jù)簡諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性進(jìn)行判斷．【解析】【解答】解：A、小球與彈簧接觸后做簡諧運(yùn)動(dòng)，小球剛與彈簧接觸時(shí)，只受重力，加速度為g，向下運(yùn)動(dòng)到平衡位置時(shí)；合力減為零，速度最大，此時(shí)動(dòng)能最大，彈簧被壓縮，彈性勢能不為零，故A錯(cuò)誤；

B、再向下運(yùn)動(dòng)時(shí)；速度減小到剛與彈簧接觸時(shí)相等，加速度增加到g，故當(dāng)速度進(jìn)一步減為零時(shí)，物體的加速度大于g，此時(shí)小球處于最低點(diǎn)，所以重力勢能最小，故B正確；

C；由B的分析可知：當(dāng)速度進(jìn)一步減為零時(shí)；彈簧被壓縮到最短，此時(shí)加速度最大，但加速度大于g，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)牛頓第二定律得：F彈-mg=ma，而a＞g，所以F彈＞2mg；故D正確．

故選BD．11、BD【分析】解：A

磁場垂直于紙面向外，粒子帶正電，由左手定則可知，粒子在磁場中沿順時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，豎直向上射出的粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何知識(shí)可知：婁脠=60鈭?

在該粒子軌跡與磁場邊界交點(diǎn)上方無粒子射出，故A錯(cuò)誤；

B、粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=mv2r

已知：v=qBRm

解得：r=R

故軌跡圓圓心、磁場區(qū)域圓圓心、出磁場的點(diǎn)構(gòu)成等邊三角形，故從半圓弧上射出的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角均為60鈭?

粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角：婁脕=婁脠=60鈭?

粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T=2婁脨mqB

所有粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，最長時(shí)間為：t=婁脕360鈭?T=婁脨m3qB

故BD正確；

C、粒子沿垂直于磁場的不同方向向磁場中射入，粒子能到達(dá)的區(qū)域如圖中運(yùn)動(dòng)軌跡(

紅色)

以下部分區(qū)域，粒子不能到達(dá)的區(qū)域面積：S=34R2鈭?112婁脨R2

故C錯(cuò)誤；

故選：BD

．

粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子的軌道半徑，求出粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，然后根據(jù)粒子周期公式分析答題．

本題考查了粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)，粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過程、作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律與粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式可以解題．【解析】BD

12、ABD【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．【解析】【解答】解：AB；亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因；牛頓認(rèn)為力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，故AB正確；

C；卡文迪許測出了萬有引力常量；故C錯(cuò)誤；

D；伽利略通過銅球在斜面上的實(shí)驗(yàn)及合理外推；指出自由落體運(yùn)動(dòng)是一種勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故D正確；

故選：ABD13、AC【分析】【分析】相鄰兩個(gè)波峰或波谷之間的距離等于波長，由波動(dòng)圖象可直接讀出波長．根據(jù)波的周期性得到周期的通項(xiàng)，考慮到波的傳播方向未知，還要注意波可能有兩種不同的傳播方向．根據(jù)v=可得到波速的通項(xiàng)，再得到特殊值．【解析】【解答】解：AC；由圖知；波長一定為λ=4cm，振幅一定為A=2cm．故A、C正確．

BD、若波向右傳播，根據(jù)波的周期性有：t=（n+）T，n=0，1，2，，則得周期T=s，波速v==（4n+1）cm/s；

若波向左傳播，根據(jù)波的周期性有：t=（n+）T，n=0，1，2，，則得周期T==s，波速v==（4n+3）cm/s；故知周期不一定是4s；波速不一定是1cm/s．故BD錯(cuò)誤．

故選：AC三、填空題(共5題，共10分)14、外軌【分析】【分析】火車拐彎時(shí)以規(guī)定速度行駛，此時(shí)火車的重力和支持力的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力．若速度大于規(guī)定速度，重力和支持力的合力不夠提供，此時(shí)外軌對(duì)火車有側(cè)壓力；若速度小于規(guī)定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此時(shí)內(nèi)軌對(duì)火車有側(cè)壓力．【解析】【解答】解：若火車按規(guī)定的速率轉(zhuǎn)彎時(shí)；內(nèi)外軌與車輪之間均沒有側(cè)壓力，此時(shí)火車拐彎的向心力由重力和鐵軌的支持力的合力提供，若速度大于規(guī)定速度，重力和支持力的合力不夠提供拐彎圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，所以此時(shí)外軌對(duì)火車有指向圓心方向的支持力以補(bǔ)充拐彎的向心力即此時(shí)外軌對(duì)火車車輪有側(cè)壓力．

故答案為：外軌15、103.66【分析】【分析】平均速率等于路程與時(shí)間的比值，求出列車在蚌埠至濟(jì)南區(qū)間段運(yùn)行過程中的路程和時(shí)間，從而求出平均速率．【解析】【解答】解：列車運(yùn)動(dòng)路程s=966km-484km=482km；運(yùn)行時(shí)間t=4.65h；

則平均速率v==103.66km/h；

故答案為：103.66km/h．16、勻減速直線運(yùn)動(dòng)30-1450【分析】【分析】質(zhì)點(diǎn)的速度均勻減小，做勻減速運(yùn)動(dòng)，t=0時(shí)刻的速度為30m/s，根據(jù)斜率等于加速度求解加速度．由公式x=求解位移．【解析】【解答】解：由圖看出，質(zhì)點(diǎn)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，初速度為v0=30m/s，加速度為a===-1m/s2．

30s內(nèi)經(jīng)歷的位移是x==

故答案為：勻減速直線運(yùn)動(dòng)，30，-1，450．17、51.8【分析】【分析】根據(jù)閉合電路的歐姆定律即可求出電路中的電流值，結(jié)合電路中的電流值與內(nèi)外電壓之間的關(guān)系即可求出每個(gè)電池兩端的電壓．【解析】【解答】解：有10只相同的蓄電池；每個(gè)電池的電動(dòng)勢為2.0V，內(nèi)阻為0.04Ω．串聯(lián)后的總電動(dòng)勢是20V，總內(nèi)阻是0.4Ω；

根據(jù)閉合電路的歐姆定律：I=A

路端電壓為：U=IR=5×3.6=18V

每個(gè)電池兩端的電壓都是相等的，所以每個(gè)電池兩端的電壓：V

故答案為：5，1.818、負(fù)【分析】【分析】小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則重力與電場力相平衡，由拉力提供向心力，根據(jù)平衡方程，即可求解電量大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓河深}意可知；小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，因此重力與電場力相平衡，由繩子拉力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；

因電場線豎直向下；而電場力豎直向上，則小球帶負(fù)電；

根據(jù)平衡方程；則有：2mg=qE；

解得：

故答案為：負(fù)；．四、判斷題(共1題，共6分)19、×【分析】【分析】影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度、表面積以及空氣的流動(dòng)性有關(guān)．【解析】【解答】解：根據(jù)蒸發(fā)與液化的特點(diǎn)；影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度；表面積以及空氣的流動(dòng)性有關(guān)，與絕對(duì)濕度無關(guān)．故該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×五、推斷題(共3題，共12分)20、（1）苯乙烯

（2）

（3）C7H5O2Na取代反應(yīng)

（4）

（5）13【分析】【分子】本題考查有機(jī)物的推斷，化學(xué)方程式和結(jié)構(gòu)簡式的書寫，同分異構(gòu)體的判斷，明確有機(jī)物反應(yīng)時(shí)斷鍵方式及官能團(tuán)的性質(zhì)是解本題關(guān)鍵，注意結(jié)合題給信息進(jìn)行分析解答，難度中等。【解答】芳香烴rm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量在rm{100隆蘆110}之間，rm{1mol}rm{A}充分燃燒可生成rm{72g}水，rm{72g}水的物質(zhì)的量為rm{dfrac{72g}{18g/mol}=4mol}所以rm{dfrac{72g}{18g/mol}=4mol

}個(gè)rm{1}分子中含有rm{A}個(gè)氫原子，rm{8}能和水發(fā)生加成反應(yīng)，則rm{A}中含有碳碳雙鍵，rm{A}中含有羥基，rm{B}被氧化后生成rm{B}rm{C}不能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則rm{C}中不含醛基，則rm{C}中含有羰基，結(jié)合rm{C}的相對(duì)分子質(zhì)量知，rm{A}是苯乙烯，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{C}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)說明rm{D}中含有醛基，可溶于飽和rm{D}溶液說明rm{Na_{2}CO_{3}}中含有羧基或酚羥基，核磁共振氫譜顯示有rm{D}種氫，說明rm{4}含有四種類型的氫原子，結(jié)合rm{D}的分子式知，rm{D}是對(duì)羥基苯甲醛，rm{D}和氫氧化鈉溶液反應(yīng)生成rm{D}rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式為：和碘烷反應(yīng)生成rm{E}rm{F}的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{F}和rm{C}反應(yīng)生成rm{F}結(jié)合題給信息知，rm{G}的結(jié)構(gòu)簡式為：

rm{G}通過以上分析知，rm{(1)}是苯乙烯；故答案為：苯乙烯；

rm{A}在加熱、銅作催化劑條件下，rm{(2)}被氧氣氧化生成rm{B}反應(yīng)方程式為：

故答案為：

rm{C}通過以上分析知，rm{(3)}的分子式為：rm{E}rm{C_{7}H_{5}O_{2}Na}發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{E}故答案為：rm{F}rm{C}rm{C}rm{{,!}_{7}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{5}}取代反應(yīng)；rm{O}通過以上分析知，rm{O}的結(jié)構(gòu)簡式為：

故答案為：

rm{{,!}_{2}}的同分異構(gòu)體中，既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能與rm{Na}取代反應(yīng)；溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，說明該有機(jī)物中含有醛基和酚羥基，當(dāng)該有機(jī)物中含有一個(gè)酚羥基、一個(gè)醛基和一個(gè)甲基時(shí)有rm{Na}種同分異構(gòu)體，當(dāng)該有機(jī)物含有乙醛基和酚羥基時(shí)，有rm{(4)}種同分異構(gòu)體，所以共有rm{G}種符合條件的同分異構(gòu)體，如果其中核磁共振氫譜為rm{(5)F}組峰，且峰面積比為rm{FeCl_{3}}rm{10}rm{3}rm{13}rm{5}時(shí)，該有機(jī)物的結(jié)構(gòu)簡式為

故答案為：rm{2}rm{2}【解析】rm{(1)}苯乙烯rm{(2)}rm{(3)C_{7}H_{5}O_{2}Na}取代反應(yīng)rm{(4)}rm{(4)}rm{(5)13}21、（1）+3

（2）HCl

（3）Na2CO3+SiO2Na2SiO3+CO2↑Na2CO3+Al2O32NaAlO2+CO2↑

（4）AlCl3、NaCl促進(jìn)Al3+、Fe3+水解生成了聚合氯化鋁鐵（PAFC）

（5）2Cl?-2e－=Cl2↑

（6）聚合氯化鋁鐵（PAFC）凈水效率高，pH適用范圍廣

【分析】【分析】本題考查物質(zhì)分離和提純的方法和基本操作綜合應(yīng)用，涉及電解原理的應(yīng)用、鹽的水解條件控制、方程式書寫、信息獲取能力等，是高考?？碱}型，是對(duì)學(xué)生綜合能力的考查，題目難度中等。粉煤灰rm{(}含rm{SiO}含rm{(}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}_{2}}等rm{O}的綜合利用：粉煤灰rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{CaO}rm{MgO}等rm{)}的綜合利用：rm{CaO}rm{MgO}rm{)}加入的鹽酸溶解后，rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}和鹽酸反應(yīng)得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}_{2}}rm{O}生成硅酸鈉，制取白炭黑，濾渣rm{O}主要是二氧化硅與氧化鋁的混合物，與純堿混合焙燒后rm{{,!}_{3}}主要是、rm{CaO}rm{MgO}和鹽酸反應(yīng)得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{SiO}rm{CaO}rm{MgO}和二次濾渣rm{SiO}主要是二氧化硅rm{{,!}_{2}}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵和鹽酸不反應(yīng)，過濾得到濾渣主要是rm{SiO}據(jù)此分析?！窘獯稹糠勖夯襯m{SiO}含rm{{,!}_{2}}，氫氧化鈉溶液堿浸濾渣，rm{SiO_{2}}rm{A}二次酸浸，繼續(xù)發(fā)生如上的反應(yīng)使氧化鋁盡可能溶解，過濾得到二次酸浸液rm{B(}主要是等rm{B(}的綜合利用：粉煤灰加入的鹽酸溶解后，rm{AlCl_{3}}rm{NaCl}rm{)}和二次濾渣rm{(}主要是二氧化硅rm{)}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}據(jù)此分析。rm{)}和鹽酸反應(yīng)得到氯化鋁、氯化鐵、氯化鈣、氯化鎂溶液，rm{(}和鹽酸不反應(yīng)，過濾得到濾渣主要是rm{)}氫氧化鈉溶液堿浸濾渣，rm{(PAFC)}生成硅酸鈉，制取白炭黑，濾渣rm{(}主要是二氧化硅與氧化鋁的混合物，與純堿混合焙燒后二次酸浸，繼續(xù)發(fā)生如上的反應(yīng)使氧化鋁盡可能溶解，過濾得到二次酸浸液rm{SiO_{2}}主要是rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}和二次濾渣rm{CaO}主要是二氧化硅rm{MgO}一次性酸浸液蒸發(fā)、離心分離、結(jié)晶得到聚合氯化鋁鐵rm{)}rm{Al_{2}O_{3}}根據(jù)化合物的化合價(jià)代數(shù)和為rm{Fe_{2}O_{3}}設(shè)鐵元素的化合價(jià)為rm{CaO}則有rm{MgO}rm{SiO_{2}}故答案為：rm{SiO_{2}}rm{SiO_{2}}rm{A}存在，硫酸鈣微溶，所以“一酸兩浸”中的酸用的是鹽酸，rm{B(}rm{AlCl_{3}}rm{NaCl)}rm{(}rm{)}rm{(PAFC)}rm{(1)}rm{0}rm{p}rm{2隆脕p=x+6-x}與碳酸鈉反應(yīng)生成偏鋁酸鈉和二氧化碳?xì)怏w，反應(yīng)方程式為：rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}，故答案為：rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}；rm{p=3}rm{+3}”中主要是氯化鋁、氯化鈉；rm{(2)}促進(jìn)rm{CaO}存在，硫酸鈣微溶，所以“一酸兩浸”中的酸用的是鹽酸，rm{CaO}水解生成了聚合氯化鋁鐵故答案為：rm{HCl}故答案為：；rm{(3)}促進(jìn)純堿混合焙燒”中，rm{SiO}rm{SiO}水解生成了聚合氯化鋁鐵rm{{,!}_{2}}與碳酸鈉反應(yīng)生成硅酸鈉和二氧化碳?xì)怏w、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}

rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}由圖示可知，聚合氯化鋁鐵rm{(4)}凈水效率高達(dá)“濾液rm{B}”中rm{B}適用范圍濾液混合后加熱“蒸發(fā)”可以rm{Al^{3+}}

rm{Fe^{3+}}故答案為：聚合氯化鋁鐵rm{(PAFC)}凈水效率高，適用范圍廣。

rm{AlCl_{3}}【解析】rm{(1)+3}rm{(2)HCl}rm{(3)Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}rm{(3)Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}促進(jìn)rm{(4)AlCl_{3}}rm{NaCl}水解生成了聚合氯化鋁鐵rm{Al^{3+}}rm{Fe^{3+}}rm{(PAFC)}rm{(5)2Cl^{?}-2e^{-}}聚合氯化鋁鐵rm{=Cl_{2}隆眉}凈水效率高，rm{(6)}適用范圍廣

rm{(PAFC)}22、【答案】（1）2—氯甲苯（或鄰氯甲苯）氯原子、氨基（2分）（2）C8H7N2Cl（3）取代反應(yīng)（4）（5）3（2分）（1分）（6）【分析】【分析】該題為有機(jī)合成題，考查了有機(jī)物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)以及學(xué)生對(duì)知識(shí)的遷移能力，較難【解答】rm{(1)}根據(jù)rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式逆推rm{A}的結(jié)構(gòu)，rm{C}到rm{D}的反應(yīng)為rm{C}中的醛基生成rm{-CN}和rm{-NH_{2}}故C中含有鄰位的rm{-Cl}和醛基，再根據(jù)rm{B}到rm{C}的反應(yīng)為rm{NaOH}的水溶液加熱，為鹵代烴的水解，生成羥基，又由已知信息rm{壟脵}可知連在同一個(gè)碳原子上的兩個(gè)羥基不穩(wěn)定脫水形成醛基，故B中含有連在可知連在同一個(gè)碳原子上的兩個(gè)羥基不穩(wěn)定脫水形成醛基，故B中含有連在同一個(gè)碳原子上的兩個(gè)羥基，有兩個(gè)氯原子水解而成，進(jìn)而推知rm{壟脵}中含有鄰位的甲基和氯原子，命名為：rm{A}氯甲苯rm{2隆陋}或鄰氯甲苯rm{(}rm{)}到rm{E}為rm{F}羧基和醇的酯化反應(yīng)，故F中含有的無氧官能團(tuán)為：氨基、氯原子rm{suoji}與rm{(2)F}反應(yīng)生成rm{X}對(duì)照兩物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式，可知：rm{G}中的氨基與rm{F}上的溴原子發(fā)生取代反應(yīng)，則還原的rm{X}的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{X}對(duì)照兩物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式得，rm{(3)}氯吡格雷的反應(yīng)類型為取代反應(yīng)rm{G隆煤}氯吡格雷的反應(yīng)類型為取代反應(yīng)的反應(yīng)為鹵代烴的水解反應(yīng)，化學(xué)方程式為：rm{G隆煤}與rm{(4)B隆煤C}的反應(yīng)為鹵代烴的水解反應(yīng)，化學(xué)方程式為：含有相同官能團(tuán)，即含有氯原子、氨基和羧基，又能發(fā)生銀鏡、其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)反應(yīng)，則說明結(jié)構(gòu)中含有rm{(4)B隆煤C}且氨基連在苯環(huán)上，有鄰間對(duì)三種同分異構(gòu)體，其中核磁共振氫譜有rm{(5)}種吸收峰，且峰面積比為rm{E}含有相同官能團(tuán)，即含有氯原子、氨基和羧基，又能發(fā)生銀鏡、其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)反應(yīng)，則說明結(jié)構(gòu)中含有rm{-CH(Cl)OOCH}且氨基連在苯環(huán)上，有鄰間對(duì)三種同分異構(gòu)體，其中核磁共振氫譜有rm{5}種吸收峰，且峰面積比為rm{1漏U1漏U2漏U2漏U2}的結(jié)構(gòu)為對(duì)位結(jié)構(gòu)，結(jié)構(gòu)簡式為：的結(jié)構(gòu)為對(duì)位結(jié)構(gòu)，結(jié)構(gòu)簡式為：rm{E}