2024-2025學(xué)年江蘇省蘇州市高二上學(xué)期期中調(diào)研物理試卷（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024~2025學(xué)年第一學(xué)期高二期中調(diào)研試卷物理一、單項(xiàng)選擇題：共11題，每題4分，共44分，每題只有一個選項(xiàng)最符合題意.1.砷化鈮納米帶是一種具有較高電導(dǎo)率的材料，該材料的電導(dǎo)率是石墨烯的1000倍。電導(dǎo)率就是電阻率的倒數(shù)，即，則下列說法正確的是（）A.電導(dǎo)率大小與溫度有關(guān)B.電導(dǎo)率單位是C.材料的電導(dǎo)率與所選材料的品種無關(guān)D.材料的電導(dǎo)率與材料的長度和截面積有關(guān)【答案】A【解析】A．電阻率與溫度有關(guān)，而電導(dǎo)率就是電阻率的倒數(shù)，所以電導(dǎo)率大小與溫度有關(guān)，故A正確；B．電阻率的單位是，則電導(dǎo)率單位是，故B錯誤；CD．材料的電阻率、電導(dǎo)率與材料和溫度有關(guān)，材料的電導(dǎo)率與所選材料的品種有關(guān)，與材料的長度和截面積無關(guān)，故CD錯誤。故選A。2.如圖所示，若考慮兩表內(nèi)阻的影響，用兩表示數(shù)算出的，下列說法正確的是（）A.R測<R真B.該接法適用于測量小電阻C.引起誤差的主要原因是電流表分壓D.引起誤差的主要原因是電壓表分流【答案】C【解析】A．圖中測量電路采用電流表內(nèi)接法，誤差在于電流表的分壓，電壓的測量值偏大，則有R測>R真故A錯誤；B．圖中誤差在于電流表的分壓，若電流表分壓值越小，誤差越小，電流表與待測電阻串聯(lián)，則該接法適用于測量大電阻，故B錯誤；CD．引起誤差的主要原因是電流表分壓，故C正確，D錯誤。故選C。3.一質(zhì)量為1kg的小球以5m/s的水平速度垂直撞向豎直墻壁后原速率反彈，與墻壁接觸的時間為0.1s，取重力加速度g=10m/s2，則在該過程中小球的動量變化量大小和重力的沖量大小分別為（）A.0，0 B.5kg?m/s，1N?sC.10kg?m/s，0 D.10kg?m/s，1N?s【答案】D【解析】設(shè)反彈方向?yàn)檎?，則在該過程中小球的動量變化量大小重力的沖量大小故選D。4.關(guān)于多用電表的使用，下列說法正確的是（）A.使用多用電表前首先進(jìn)行歐姆調(diào)零B.測電阻時指針偏轉(zhuǎn)至靠近刻度盤最右端附近，需要將歐姆擋倍率調(diào)換到低倍率擋C.測量電阻時，若雙手手指分別與兩表筆金屬部分接觸，則會導(dǎo)致測量值偏大D.測量電阻時，電流從紅表筆流經(jīng)被測電阻再到黑表筆【答案】B【解析】A．使用多用電表前首先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，選擇好倍率檔后再進(jìn)行歐姆調(diào)零，選項(xiàng)A錯誤；B．測電阻時指針偏轉(zhuǎn)至靠近刻度盤最右端附近，說明待測電阻偏小，倍率檔選擇過高，需要將歐姆擋倍率調(diào)換到低倍率擋，選項(xiàng)B正確；C．測量電阻時，如果雙手手指與兩表筆金屬部分接觸，相當(dāng)于在被測電阻兩端并聯(lián)了一個電阻，從而會導(dǎo)致測量值偏小，故C錯誤；D．紅表筆接內(nèi)部電源的負(fù)極，則測量電阻時，電流從黑表筆流經(jīng)被測電阻再到紅表筆，故D錯誤。故選B。5.利用如圖所示的裝置探究碰撞中的不變量，下列說法錯誤的是（）A.懸掛兩球的細(xì)繩的懸點(diǎn)不可以在同一點(diǎn)B.懸掛兩大小相同小球的細(xì)繩長度要適當(dāng)，且等長C.靜止釋放小球C以便計算小球碰撞前的速度D.兩小球必須都是剛性球，且碰撞小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量【答案】D【解析】AB．懸掛兩大小相同的小球的細(xì)繩等長才能保證兩球發(fā)生正碰，以減小實(shí)驗(yàn)誤差，懸掛兩球的細(xì)繩的懸點(diǎn)不能在同一點(diǎn)，否則兩球無法發(fā)生正碰，故AB正確，不符合題意；C．計算小球碰撞前速度時，根據(jù)動能定理可得當(dāng)由靜止釋放時，能方便準(zhǔn)確地計算小球C碰撞前的速度，故C正確，不符合題意；D．本實(shí)驗(yàn)中對小球是否有彈性無要求，所以兩小球不需要都是剛性球，也不需要碰撞小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量，故D錯誤，符合題意。故選D。6.下列關(guān)于火箭的描述正確的是（）A.增加單位時間內(nèi)燃?xì)鈬娚淞靠梢栽龃蠡鸺耐屏.氣體噴出的過程中，火箭和氣體組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.火箭是靠噴出氣流與空氣間的作用而獲得巨大速度的D.當(dāng)燃?xì)鈬姵龌鸺龂娍诘乃俣认鄬τ诘孛鏋榱銜r火箭就不再加速【答案】A【解析】A．設(shè)在?t時間內(nèi)噴射燃?xì)獾馁|(zhì)量為?m，則由動量定理可得即增加單位時間內(nèi)燃?xì)鈬娚淞靠梢栽龃蠡鸺耐屏?，選項(xiàng)A正確；B．氣體噴出的過程中，燃料燃燒放出能量，可知火箭和氣體組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加，選項(xiàng)B錯誤；C．燃料燃燒時火箭向下噴氣，噴出的氣體的反作用力推動火箭升空，即火箭靠噴出氣流的反沖作用而獲得巨大速度，故C錯誤；D．當(dāng)燃?xì)鈬姵龌鸺龂娍诘乃俣认鄬τ诘孛鏋榱銜r，燃?xì)庀鄬鸺杂兴俣?，仍可使得火箭加速，故D錯誤。故選A。7.如圖所示，游標(biāo)卡尺測量長度的讀數(shù)應(yīng)為（）A.8.50mm B.10.50mmC.8.10mm D.10.10mm【答案】B【解析】游標(biāo)卡尺精度為0.05mm，測量長度的讀數(shù)應(yīng)為10mm+0.05mm×10=10.50mm故選B。8.在冬奧會冰壺比賽中，一冰壺沿著賽道做直線運(yùn)動，與另一相同的冰壺發(fā)生彈性正碰。忽略冰壺與冰面間的摩擦力，下列關(guān)于兩個冰壺動量隨時間的變化關(guān)系可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】設(shè)兩冰壺的質(zhì)量均為m，入射冰壺碰撞前的速度為v0，碰撞后的速度為v1，被碰冰壺碰撞后的速度為v2，兩冰壺發(fā)生彈性正碰，根據(jù)動量守恒有根據(jù)機(jī)械能守恒有聯(lián)立解得可知，碰撞后兩冰壺速度互換，則碰撞后入射冰壺的動量為0，被碰冰壺的動量等于碰撞前入射冰壺的動量。故選D。9.如圖所示，R是光敏電阻，當(dāng)光照強(qiáng)度增大時，它的阻值減小，電壓表和電流表均為理想電表，當(dāng)外界的光照強(qiáng)度減弱時，下列說法正確的是（）A.電流表的示數(shù)增大B.電壓表的示數(shù)減小C.電源的總功率減小D.電源的輸出功率減小【答案】C【解析】AB．當(dāng)外界的光照強(qiáng)度減弱時，R阻值變大，則總電阻變大，總電流減小，電流表示數(shù)減小，因R0及內(nèi)阻上的電壓減小，可知電阻R上電壓變大，即電壓表示數(shù)變大，選項(xiàng)AB錯誤；C．電源的總功率P=IE，因電流I減小，則電源總功率P減小，選項(xiàng)C正確；D．因外電阻和電源內(nèi)阻的關(guān)系不確定，則不能判斷電源的輸出功率的增減情況，選項(xiàng)D錯誤。故選C。10.用電阻R=4Ω的均勻電阻絲制成一個圓環(huán)，并把它接到如圖所示的電路中，圖中導(dǎo)線的P端能沿圓環(huán)移動，并保持良好接觸。已知R0=3Ω，電源內(nèi)阻忽略不計。則P從圓環(huán)的最高點(diǎn)移動至最低點(diǎn)的過程中圓環(huán)的電功率（）A.一直增大 B.一直減小C.先增大后減小 D.先減小后增大【答案】C【解析】圓環(huán)上下并聯(lián)后的電阻為可得當(dāng)P端處于中點(diǎn)時，即時，并聯(lián)電阻最大，為圓環(huán)的電功率為根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知，當(dāng)與越接近時，圓環(huán)的電功率越大；由于可知P從圓環(huán)的最高點(diǎn)移動至最低點(diǎn)的過程中圓環(huán)的電功率先增大后減小。故選C。11.如圖所示，小球A、B固定在豎直輕桿兩端，A球緊貼豎直光滑墻面，B球位于光滑水平地面上，小球C緊貼小球B，小球A受到輕微擾動后順著墻面下滑，此后的運(yùn)動過程中，三球始終在同一豎直面上，已知小球C的最大速度為v，三球質(zhì)量均為m，輕桿長為L，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.小球A離開墻面前，B、C兩小球已分離B.小球A落地前瞬間動能大小為C.小球A落地前瞬間，小球C的速度是小球A速度的2倍D.豎直墻對小球A的沖量大小為3mv【答案】B【解析】A．小球A離開豎直墻時，輕桿由壓力變拉力，此時B、C分離，故A錯誤；D．B、C分離后小球C做勻速直線運(yùn)動，所以B、C分離時，兩球速度均v，對三小球整體列水平方向動量定理，則I墻=2mv故D錯誤；C．自小球A離開墻面到小球落地，A、B輕桿水平方向動量守恒，則mv=mvB+mvAx且有vB=vAx解得小球C的速度是小球A水平速度的2倍，但小球A有豎直速度分量，故C錯誤；B．輕桿對小球A做功大小等于對小球B做功大小，即等于小球B、C的動能增量，則小球A落地前瞬間動能大小為故B正確；故選B。二、非選擇題：共5題，共56分.其中第13題~第16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。12.小明利用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，選用的定值電阻R0=1.0Ω。（1）圖中電流表的示數(shù)為_________A；（2）調(diào)節(jié)滑動變阻器，電壓表和電流表的示數(shù)記錄如下U（V）1.451.361.271.161.06I（A）0.120.200.280.360.44請根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在答題卡的方格紙上作出圖線________。（3）由圖線求得：電動勢E=_________V，內(nèi)阻r=_________Ω；（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）（4）由于連接滑動變阻器和電流表的導(dǎo)線接頭處嚴(yán)重氧化而出現(xiàn)“接觸電阻”，則由此對電動勢和內(nèi)阻的測量結(jié)果產(chǎn)生的影響是：_________。【答案】（1）0.44（2）（3）1.60（1.58～1.62）1.22（1.18～1.26）（4）電動勢的測量值不變，內(nèi)阻的測量值不變【解析】（1）圖中電流表選擇量程，分度值為，則電流表的示數(shù)為。（2）根據(jù)表格數(shù)據(jù)描點(diǎn)，作出圖像如圖所示（3）[1][2]根據(jù)實(shí)物圖結(jié)合閉合電路歐姆定律可得可得由圖線可得電動勢為內(nèi)阻為（4）由實(shí)物圖可知，電壓表測的是滑動變阻器、電流表和定值電阻串聯(lián)后的總電壓，即路端電壓，由于連接滑動變阻器和電流表的導(dǎo)線接頭處嚴(yán)重氧化而出現(xiàn)“接觸電阻”，不影響電壓表的測量值和電流表的測量值，所以由此對電動勢和內(nèi)阻的測量結(jié)果產(chǎn)生的影響是：電動勢的測量值不變，內(nèi)阻的測量值不變。13.一臺小型電動機(jī)在3V電壓下工作，勻速提升重力為4N的物體時，通過它的電流是0.2A，在30s內(nèi)將該物體勻速提升3m，不計除電動機(jī)線圈發(fā)熱之外的能量損失，求：（1）電動機(jī)的輸入功率P入；（2）電動機(jī)的發(fā)熱功率P熱?！敬鸢浮浚?）P入=0.6W（2）【解析】（1）電動機(jī)的輸入功率P入=IU=0.2×3W=0.6W（2）重物上升的速度機(jī)械功率P機(jī)=mgv=04W電動機(jī)的發(fā)熱功率P熱=P入-P機(jī)=0.2W14.如圖所示電路中，E=10V，R1=4Ω，R2=6Ω，C=30μF，電源內(nèi)阻可忽略，求：（1）閉合開關(guān)S，穩(wěn)定后通過R1的電流I；（2）將閉合開關(guān)S斷開，穩(wěn)定后流過R1的總電量。【答案】（1）（2）【解析】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律可得穩(wěn)定后通過R1的電流（2）閉合開關(guān)S后，電容器兩端的電壓與R2兩端的電壓相等開關(guān)S斷開后，電容器兩端的電壓與電源的電動勢相等故流過R1的總電量15.如圖所示，一質(zhì)量m=2kg的物塊在水平地面上運(yùn)動，物塊與地面間的動摩擦因數(shù)μ=0.1；t=0時，物塊的速度大小v0=4m/s，方向水平向右。此時對物體施加一外力F，F(xiàn)隨時間t的變化關(guān)系滿足，規(guī)定向右為正方向，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s2，求：（1）0~6s外力F的沖量大小I；（2）物塊向右運(yùn)動過程中速度的最大值v；（3）從零時刻到速度為零所用的時間t?！敬鸢浮浚?）（2）（3）s【解析】（1）外力F的沖量大小是力-時間圖像與時間軸所圍三角形面積的大小，可知0~6s外力F的沖量大小（2）物塊合外力為零時，速度最大，即滿足將帶入解得從t=0到速度最大，t=0時，t1=2s時，由動量定理解得（3）從零時刻到速度是零，設(shè)時刻速度是零，外力F沖量（N·s）由動量定理解得16.如圖所示，光滑水平面上靜止放置一質(zhì)量為2m的小車，小車的左側(cè)是半徑為R的光滑圓弧軌道AB，右側(cè)是長度為R的水平軌道BC，BC的左端與圓弧軌道相切，右端固定一個豎直的彈性擋板.已知小物塊與BC間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，重力加速度為g。一質(zhì)量為m的小物塊從圓弧的A點(diǎn)以的初速度滑下，求：（1）小物塊第一次經(jīng)過B點(diǎn)時，小物塊速度大小v1；（2）小物塊第一次與擋板碰撞時，小車位移大?。唬?）小物塊與擋板碰撞的次數(shù)n?！敬鸢浮浚?）（2）（3）碰撞4次【解析】（1）小物塊第一次經(jīng)過B點(diǎn)時，系統(tǒng)滿足水平方向動量守恒，以向右為正，則有根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得聯(lián)立解得小物塊速度大小為（2）設(shè)小物塊向右位移大小為，小車向左位移大小為，小物塊和小車組成的系統(tǒng)滿足水平方向動量守恒，則有即有又聯(lián)立解得（3）以小物塊和小車為系統(tǒng)，水平方向動量守恒，小物塊與擋板多次碰撞后，最終與小車速度同時為0，由動能定理可得解得：由于可知小物塊與擋板碰撞4次。2024~2025學(xué)年第一學(xué)期高二期中調(diào)研試卷物理一、單項(xiàng)選擇題：共11題，每題4分，共44分，每題只有一個選項(xiàng)最符合題意.1.砷化鈮納米帶是一種具有較高電導(dǎo)率的材料，該材料的電導(dǎo)率是石墨烯的1000倍。電導(dǎo)率就是電阻率的倒數(shù)，即，則下列說法正確的是（）A.電導(dǎo)率大小與溫度有關(guān)B.電導(dǎo)率單位是C.材料的電導(dǎo)率與所選材料的品種無關(guān)D.材料的電導(dǎo)率與材料的長度和截面積有關(guān)【答案】A【解析】A．電阻率與溫度有關(guān)，而電導(dǎo)率就是電阻率的倒數(shù)，所以電導(dǎo)率大小與溫度有關(guān)，故A正確；B．電阻率的單位是，則電導(dǎo)率單位是，故B錯誤；CD．材料的電阻率、電導(dǎo)率與材料和溫度有關(guān)，材料的電導(dǎo)率與所選材料的品種有關(guān)，與材料的長度和截面積無關(guān)，故CD錯誤。故選A。2.如圖所示，若考慮兩表內(nèi)阻的影響，用兩表示數(shù)算出的，下列說法正確的是（）A.R測<R真B.該接法適用于測量小電阻C.引起誤差的主要原因是電流表分壓D.引起誤差的主要原因是電壓表分流【答案】C【解析】A．圖中測量電路采用電流表內(nèi)接法，誤差在于電流表的分壓，電壓的測量值偏大，則有R測>R真故A錯誤；B．圖中誤差在于電流表的分壓，若電流表分壓值越小，誤差越小，電流表與待測電阻串聯(lián)，則該接法適用于測量大電阻，故B錯誤；CD．引起誤差的主要原因是電流表分壓，故C正確，D錯誤。故選C。3.一質(zhì)量為1kg的小球以5m/s的水平速度垂直撞向豎直墻壁后原速率反彈，與墻壁接觸的時間為0.1s，取重力加速度g=10m/s2，則在該過程中小球的動量變化量大小和重力的沖量大小分別為（）A.0，0 B.5kg?m/s，1N?sC.10kg?m/s，0 D.10kg?m/s，1N?s【答案】D【解析】設(shè)反彈方向?yàn)檎?，則在該過程中小球的動量變化量大小重力的沖量大小故選D。4.關(guān)于多用電表的使用，下列說法正確的是（）A.使用多用電表前首先進(jìn)行歐姆調(diào)零B.測電阻時指針偏轉(zhuǎn)至靠近刻度盤最右端附近，需要將歐姆擋倍率調(diào)換到低倍率擋C.測量電阻時，若雙手手指分別與兩表筆金屬部分接觸，則會導(dǎo)致測量值偏大D.測量電阻時，電流從紅表筆流經(jīng)被測電阻再到黑表筆【答案】B【解析】A．使用多用電表前首先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，選擇好倍率檔后再進(jìn)行歐姆調(diào)零，選項(xiàng)A錯誤；B．測電阻時指針偏轉(zhuǎn)至靠近刻度盤最右端附近，說明待測電阻偏小，倍率檔選擇過高，需要將歐姆擋倍率調(diào)換到低倍率擋，選項(xiàng)B正確；C．測量電阻時，如果雙手手指與兩表筆金屬部分接觸，相當(dāng)于在被測電阻兩端并聯(lián)了一個電阻，從而會導(dǎo)致測量值偏小，故C錯誤；D．紅表筆接內(nèi)部電源的負(fù)極，則測量電阻時，電流從黑表筆流經(jīng)被測電阻再到紅表筆，故D錯誤。故選B。5.利用如圖所示的裝置探究碰撞中的不變量，下列說法錯誤的是（）A.懸掛兩球的細(xì)繩的懸點(diǎn)不可以在同一點(diǎn)B.懸掛兩大小相同小球的細(xì)繩長度要適當(dāng)，且等長C.靜止釋放小球C以便計算小球碰撞前的速度D.兩小球必須都是剛性球，且碰撞小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量【答案】D【解析】AB．懸掛兩大小相同的小球的細(xì)繩等長才能保證兩球發(fā)生正碰，以減小實(shí)驗(yàn)誤差，懸掛兩球的細(xì)繩的懸點(diǎn)不能在同一點(diǎn)，否則兩球無法發(fā)生正碰，故AB正確，不符合題意；C．計算小球碰撞前速度時，根據(jù)動能定理可得當(dāng)由靜止釋放時，能方便準(zhǔn)確地計算小球C碰撞前的速度，故C正確，不符合題意；D．本實(shí)驗(yàn)中對小球是否有彈性無要求，所以兩小球不需要都是剛性球，也不需要碰撞小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量，故D錯誤，符合題意。故選D。6.下列關(guān)于火箭的描述正確的是（）A.增加單位時間內(nèi)燃?xì)鈬娚淞靠梢栽龃蠡鸺耐屏.氣體噴出的過程中，火箭和氣體組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.火箭是靠噴出氣流與空氣間的作用而獲得巨大速度的D.當(dāng)燃?xì)鈬姵龌鸺龂娍诘乃俣认鄬τ诘孛鏋榱銜r火箭就不再加速【答案】A【解析】A．設(shè)在?t時間內(nèi)噴射燃?xì)獾馁|(zhì)量為?m，則由動量定理可得即增加單位時間內(nèi)燃?xì)鈬娚淞靠梢栽龃蠡鸺耐屏Γx項(xiàng)A正確；B．氣體噴出的過程中，燃料燃燒放出能量，可知火箭和氣體組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加，選項(xiàng)B錯誤；C．燃料燃燒時火箭向下噴氣，噴出的氣體的反作用力推動火箭升空，即火箭靠噴出氣流的反沖作用而獲得巨大速度，故C錯誤；D．當(dāng)燃?xì)鈬姵龌鸺龂娍诘乃俣认鄬τ诘孛鏋榱銜r，燃?xì)庀鄬鸺杂兴俣?，仍可使得火箭加速，故D錯誤。故選A。7.如圖所示，游標(biāo)卡尺測量長度的讀數(shù)應(yīng)為（）A.8.50mm B.10.50mmC.8.10mm D.10.10mm【答案】B【解析】游標(biāo)卡尺精度為0.05mm，測量長度的讀數(shù)應(yīng)為10mm+0.05mm×10=10.50mm故選B。8.在冬奧會冰壺比賽中，一冰壺沿著賽道做直線運(yùn)動，與另一相同的冰壺發(fā)生彈性正碰。忽略冰壺與冰面間的摩擦力，下列關(guān)于兩個冰壺動量隨時間的變化關(guān)系可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】設(shè)兩冰壺的質(zhì)量均為m，入射冰壺碰撞前的速度為v0，碰撞后的速度為v1，被碰冰壺碰撞后的速度為v2，兩冰壺發(fā)生彈性正碰，根據(jù)動量守恒有根據(jù)機(jī)械能守恒有聯(lián)立解得可知，碰撞后兩冰壺速度互換，則碰撞后入射冰壺的動量為0，被碰冰壺的動量等于碰撞前入射冰壺的動量。故選D。9.如圖所示，R是光敏電阻，當(dāng)光照強(qiáng)度增大時，它的阻值減小，電壓表和電流表均為理想電表，當(dāng)外界的光照強(qiáng)度減弱時，下列說法正確的是（）A.電流表的示數(shù)增大B.電壓表的示數(shù)減小C.電源的總功率減小D.電源的輸出功率減小【答案】C【解析】AB．當(dāng)外界的光照強(qiáng)度減弱時，R阻值變大，則總電阻變大，總電流減小，電流表示數(shù)減小，因R0及內(nèi)阻上的電壓減小，可知電阻R上電壓變大，即電壓表示數(shù)變大，選項(xiàng)AB錯誤；C．電源的總功率P=IE，因電流I減小，則電源總功率P減小，選項(xiàng)C正確；D．因外電阻和電源內(nèi)阻的關(guān)系不確定，則不能判斷電源的輸出功率的增減情況，選項(xiàng)D錯誤。故選C。10.用電阻R=4Ω的均勻電阻絲制成一個圓環(huán)，并把它接到如圖所示的電路中，圖中導(dǎo)線的P端能沿圓環(huán)移動，并保持良好接觸。已知R0=3Ω，電源內(nèi)阻忽略不計。則P從圓環(huán)的最高點(diǎn)移動至最低點(diǎn)的過程中圓環(huán)的電功率（）A.一直增大 B.一直減小C.先增大后減小 D.先減小后增大【答案】C【解析】圓環(huán)上下并聯(lián)后的電阻為可得當(dāng)P端處于中點(diǎn)時，即時，并聯(lián)電阻最大，為圓環(huán)的電功率為根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知，當(dāng)與越接近時，圓環(huán)的電功率越大；由于可知P從圓環(huán)的最高點(diǎn)移動至最低點(diǎn)的過程中圓環(huán)的電功率先增大后減小。故選C。11.如圖所示，小球A、B固定在豎直輕桿兩端，A球緊貼豎直光滑墻面，B球位于光滑水平地面上，小球C緊貼小球B，小球A受到輕微擾動后順著墻面下滑，此后的運(yùn)動過程中，三球始終在同一豎直面上，已知小球C的最大速度為v，三球質(zhì)量均為m，輕桿長為L，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.小球A離開墻面前，B、C兩小球已分離B.小球A落地前瞬間動能大小為C.小球A落地前瞬間，小球C的速度是小球A速度的2倍D.豎直墻對小球A的沖量大小為3mv【答案】B【解析】A．小球A離開豎直墻時，輕桿由壓力變拉力，此時B、C分離，故A錯誤；D．B、C分離后小球C做勻速直線運(yùn)動，所以B、C分離時，兩球速度均v，對三小球整體列水平方向動量定理，則I墻=2mv故D錯誤；C．自小球A離開墻面到小球落地，A、B輕桿水平方向動量守恒，則mv=mvB+mvAx且有vB=vAx解得小球C的速度是小球A水平速度的2倍，但小球A有豎直速度分量，故C錯誤；B．輕桿對小球A做功大小等于對小球B做功大小，即等于小球B、C的動能增量，則小球A落地前瞬間動能大小為故B正確；故選B。二、非選擇題：共5題，共56分.其中第13題~第16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。12.小明利用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，選用的定值電阻R0=1.0Ω。（1）圖中電流表的示數(shù)為_________A；（2）調(diào)節(jié)滑動變阻器，電壓表和電流表的示數(shù)記錄如下U（V）1.451.361.271.161.06I（A）0.120.200.280.360.44請根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在答題卡的方格紙上作出圖線________。（3）由圖線求得：電動勢E=_________V，內(nèi)阻r=_________Ω；（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）（4）由于連接滑動變阻器和電流表的導(dǎo)線接頭處嚴(yán)重氧化而出現(xiàn)“接觸電阻”，則由此對電動勢和內(nèi)阻的測量結(jié)果產(chǎn)生的影響是：_________?！敬鸢浮浚?）0.44（2）（3）1.60（1.58～1.62）1.22（1.18～1.26）（4）電動勢的測量值不變，內(nèi)阻的測量值不變【解析】（1）圖中電流表選擇量程，分度值為，則電流表的示數(shù)為。（2）根據(jù)表格數(shù)據(jù)描點(diǎn)，作出圖像如圖所示（3）[1][2]根據(jù)實(shí)物圖結(jié)合閉合電路歐姆定律可得可得由圖線可得電動勢為內(nèi)阻為（4）由實(shí)物圖可知，電壓表測的是滑動變阻器、電流表和定值電阻串聯(lián)后的總電壓，即路端電壓，由于連接滑動變阻器和電流表的導(dǎo)線接頭處嚴(yán)重氧化而出現(xiàn)“接觸電阻”，不影響電壓表的測量值和電流表的測量值，所以由此對電動勢和內(nèi)阻的測量結(jié)果產(chǎn)生的影響是：電動勢的測量值不變，內(nèi)阻的測量值不變。13.一臺小型電動機(jī)在3V電壓下工作，勻速提升重力為4N的物體時，通過它的電流是0.2A，在30s內(nèi)將該物體勻速提升3m，不計除電動機(jī)線圈發(fā)熱之外的能量損失，求：（1）電動機(jī)的輸入功率P入；（2）電動機(jī)的發(fā)熱功率P熱?！敬鸢浮浚?）P入=0.6W（2）【解析】（1）電動機(jī)的輸入功率P入=IU=0.2×3W=0.6W（2）重物上升的