2025年浙科版選擇性必修2物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版選擇性必修2物理上冊月考試卷922考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、電磁爐的熱效率高；“火力”強勁，安全可靠。如圖所示是描述電磁爐工作原理的示意圖，下列說法正確的是（）

A.電磁爐的工作原理是利用了電磁感應現(xiàn)象B.電磁爐接直流電流時可以正常工作C.在鍋和電磁爐中間放一紙板，則電磁爐不能起到加熱作用D.不能使用陶瓷鍋，主要原因是這些材料的導熱性能較差2、某同學模擬“遠距離輸電”電路，將實驗室提供的器材連接成了如圖所示電路。A、B為理想變壓器，燈L1、L2相同且阻值不變，輸電線路等效電阻為R?，F(xiàn)保持A的輸入電壓不變，當開關S斷開時，燈L1正常發(fā)光；則（）

A.僅閉合S，L1變亮B.僅閉合S，輸電線路的發(fā)熱功率變小C.僅將滑片P上移，L1變亮D.僅將滑片P上移，輸電線路的發(fā)熱功率變小3、如圖為地磁場的示意圖，赤道上方的磁場可看成與地面平行．若有來自宇宙的一束粒子流，其中含有質(zhì)子流（氫核）、射線（氦核）、射線（電子）；沿與地球表面垂直的方向射向赤道上空，則在地磁場的作用下（）

A.射線向南偏轉B.射線向北偏轉C.射線向西偏轉D.質(zhì)子流向西偏轉4、在粒子物理學的研究中；經(jīng)常應用“氣泡室”裝置。粒子通過氣泡室中的液體時能量降低，在它的周圍有氣泡形成，顯示出它的徑跡。如圖所示為帶電粒子在氣泡室運動徑跡的照片，氣泡室處于垂直紙面向里的勻強磁場中。下列有關甲；乙兩粒子的判斷正確的是（）

A.甲粒子帶正電B.乙粒子帶負電C.甲粒子從a向b運動D.乙粒子從d向c運動5、小明同學探究楞次定律的實驗裝置如圖所示。下列說法正確的是。

A.若線圈導線的繞向未知，對探究楞次定律沒有影響B(tài).磁鐵勻速向上遠離線圈，閉合回路中不會產(chǎn)生感應電流C.感應電流的磁場總是阻礙引起感應電流的磁通量的變化D.感應電流的磁場方向總是與引起感應電流的磁場方向相反6、如圖所示，虛線邊界MN右側充滿垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B，紙面內(nèi)有一個邊長為L，粗細均勻的正方形導線框abcd，cd邊與MN平行，導線框在外力的作用下，先后以v和2v的速度垂直MN兩次勻速進入磁場；運動過程中導線框平面始終與磁場垂直，則（）

A.兩次進入磁場的過程中，導線框中的電流均為逆時針方向B.導線框以速度v進入磁場時，c、d兩點的電壓為BLvC.導線框先后兩次進入磁場的過程中，產(chǎn)生的熱量之比為1：2D.導線框先后兩次進入磁場的過程中，外力做功的功率之比為1：27、下列情形與靜電現(xiàn)象無關的是（）A.梳過頭發(fā)的塑料梳子吸起紙屑B.電磁灶加熱食物C.復印機硒鼓吸附墨粉D.油罐車后拖有一根接地的鐵鏈評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示是某供電電路的示意圖，電網(wǎng)輸出端a、b間電壓保持不變，理想變壓器原副線圈匝數(shù)比為n1：n2，R1、R2是輸電線的等效電阻，變阻器R代表用戶用電器的總電阻，用電器增加時相當于R減?。粓D中電流表和電壓表都是理想交流電表。下列說法正確的是（）

A.電流表A1和A2示數(shù)之比為B.電壓表V1和V2示數(shù)之比為C.用電器增加時，兩電流表的示數(shù)都變大D.用電器增加時，兩電壓表的示數(shù)都變大9、如圖所示，三根長直通電導線b、c、d電流大小相同，b、d導線電流垂直紙面向里，c導線電流垂直紙面向外，a點為bd中點，ac垂直bd，且ab=ad=ac．則（）

A.a點磁感應強度的方向向左B.a點磁感應強度的方向向下C.c受到的磁場力方向為c指向aD.c受到的磁場力方向為ac連線向外10、如圖所示，在光滑絕緣的水平面上方存在方向相反的兩個勻強磁場區(qū)域，虛線左側磁場方向垂直紙面向外，虛線右側磁場方向垂直紙面向里，磁場范圍足夠大，磁感應強度均為一個豎直放置的長為寬為質(zhì)量為電阻為的單匝矩形金屬線框，以初速度垂直磁場方向從圖中實線位置開始向右運動，當線框運動到虛線位置（在左、右兩邊磁場中的長度均為）時，線框的速度為下列說法正確的是（）

A.當線框運動到虛線位置時，電流方向為逆時針B.此過程中線框先勻速運動再勻減速運動C.線框從實線位置到虛線位置，產(chǎn)生的熱量為D.線框從實線位置到虛線位置，通過線框某橫截面的電量為11、電磁學知識在科技生活中有廣泛的應用，下列相關說法正確的是（）

A.圖甲中動圈式揚聲器的工作原理是電磁感應B.圖乙中線圈產(chǎn)生的自感電動勢有時會大于原來電路中的電源電動勢C.圖丙中自制金屬探測器是利用地磁場來進行探測的D.圖丁中磁電式儀表，把線圈繞在鋁框骨架上，目的是增加電磁阻尼的作用12、如圖所示，平面直角坐標系的第一和第二象限分別存在磁感應強度大小相等、方向相反且垂直于坐標平面的勻強磁場，圖中虛線方格為等大正方形。一位于Oxy平面內(nèi)的剛性導體框abcde在外力作用下以恒定速度沿y軸正方向運動（不發(fā)生轉動）。從圖示位置開始計時，4s末bc邊剛好進入磁場。在此過程中，導體框內(nèi)感應電流的大小為I，ab邊所受安培力的大小為Fab，二者與時間t的關系圖像；可能正確的是（）

A.B.C.D.13、圖甲為一交流發(fā)電機的示意圖，勻強磁場的磁感應強度為B，匝數(shù)為n，面積為S，總電阻為r的矩形線圈繞軸做角速度為的勻速轉動，矩形線圈在轉動中始終保持和外電路電阻R形成閉合電路，回路中接有一理想交流電流表。圖乙是線圈轉動過程中產(chǎn)生的感應電動勢e隨時間t變化的圖像；下列說法中正確的是（）

A.時刻穿過線圈的磁通量為零B.從到這段時間通過電阻R的電荷量為C.從0到這段時間穿過線圈磁通量的變化量大小為2BSD.圖乙中的時刻線圈所處位置可能對應甲圖中所示位置14、如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，R1、R2為定值電阻，R為滑動變阻器，各電表均為理想電表。原線圈輸入電壓的變化規(guī)律如圖乙所示，滑動變阻器R的滑片P向下滑動時；下列說法正確的是（）

A.電阻R2消耗的電功率變大B.電流表A1、A2的示數(shù)都變大C.變壓器副線圈輸出電壓的頻率為5Hz且保持不變D.電壓表的示數(shù)為22V且保持不變，電流表A3的示數(shù)變大評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、如圖甲所示，一對平行光滑軌道放置在水平面上，兩軌道間距l(xiāng)=0.20m，電阻R=1.0Ω；有一導體桿靜止地放在軌道上，與兩軌道垂直，桿及軌道的電阻皆可忽略不計，整個裝置處于磁感應強度B=0.5T的勻強磁場中，磁場方向垂直軌道向下?，F(xiàn)用一外力F沿軌道方向拉桿，使之做勻加速運動，測得力F與時間t的關系如圖乙所示。桿的質(zhì)量m=______kg，桿的加速度a=_________m/s2。

16、模塊機器人具有三個部分，它們分別是傳感器、______器和______器，如果模塊機器人有2種傳感器，3種控制方式，4種執(zhí)行器，那么從理論上可以有______種組合方式。17、在電視信號發(fā)送和接收的過程中，要用到許多電學部件，將元件名稱和它們在電路中的作用連接起來_______。

攝像機將聲信號還原后放出。

話筒向空中發(fā)射電磁波。

發(fā)射天線接收空中的電磁波。

顯像管將光信號轉變?yōu)殡娦盘枴?/p>

揚聲器將聲信號轉變?yōu)殡娦盘枴?/p>

接收天線將電信號轉變?yōu)楣庑盘?8、如圖所示，將邊長為l、總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向；垂直線圈平面）

(1)所用拉力F＝_________．

(2)拉力F做的功W＝________．

(3)拉力F的功率PF＝________．

(4)線圈放出的熱量Q＝_________．

(5)線圈發(fā)熱的功率P熱＝___________．

(6)通過導線截面的電量q＝_________．19、如圖所示是常用電器中電源的濾波裝置，當輸入端含有直流分、交流高頻成分和低頻交流成分的電流時，則輸出端應是___________．

評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)20、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

21、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

22、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

23、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共3題，共27分)24、如圖所示，平面直角坐標系第一象限中，兩個邊長均為L的正方形與一個邊長為L的等腰直角三角形相鄰排列，三個區(qū)域的底邊在x軸上，正方形區(qū)域I和三角形區(qū)域Ⅲ存在大小相等，方向沿y軸負向的勻強電場．質(zhì)量為m、電量為q的帶正電粒子由正方形區(qū)域I的頂點A以初速度v0沿x軸正向射入?yún)^(qū)域I；離開電場后打在區(qū)域Ⅱ底邊的中點P．若在正方形區(qū)域Ⅱ內(nèi)施加垂直坐標平面向里的勻強磁場，粒子將由區(qū)域Ⅱ右邊界中點Q離開磁場，進入?yún)^(qū)域Ⅲ中的電場．不計重力，求：

(1)正方形區(qū)域I中電場強度E的大?。?/p>

(2)正方形區(qū)域Ⅱ中磁場磁感應強度的大??；

(3)粒子離開三角形區(qū)域的位置到x軸的距離．25、如圖，在y＞0的區(qū)域存在方向沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為E；在y＜0的區(qū)域存在方向垂直于xOy平面向外的勻強磁場。一個氕核和一個氘核先后從y軸上y＝h點以相同的動能射出，速度方向沿x軸正方向。已知進入磁場時，速度方向與x軸正方向的夾角為60°，并從坐標原點O處第一次射出磁場。的質(zhì)量為m，電荷量為q。不計重力。求：

(1)第一次進入磁場的位置到原點O的距離；

(2)磁場的磁感應強度大小；

(3)第一次離開磁場的位置到原點O的距離。

26、如圖甲所示，長、寬分別為=0.3m、=0.1m的矩形金屬線框位于豎直平面內(nèi)，其匝數(shù)為n=200，總電阻為r=1Ω，可繞其豎直中心軸轉動，線框的兩個末端分別與兩個彼此絕緣的銅環(huán)C、D(集流環(huán))焊接在一起，并通過電刷和阻值為2Ω的定值電阻R相連，線框所在空間有水平向右均勻分布的磁場．磁感應強度B的大小隨時間t的變化關系如圖乙所示，0～s時間內(nèi)，線框保持靜止，且線框平面和磁場垂直，s時刻以后線框在外力的驅(qū)動下開始繞其豎直中心軸以角速度ω=50πrad/s勻速轉動，求(運算結果中可保留π)：

（1）0～s時間內(nèi)通過電阻R的電流大??；

（2）線框勻速轉動后，在轉動一周的過程中電流通過電阻R產(chǎn)生的熱量；

（3）求在s～s時間內(nèi)，通過電阻R的電荷量為多少?s時刻穿過線圈的磁通量的變化率是多大?

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

AB．電磁爐通交變電流后；通電線圈上產(chǎn)生變化的磁場，金屬鍋處于變化的磁場中就產(chǎn)生渦流，進而發(fā)熱，所以電磁爐的工作原理是利用了電磁感應現(xiàn)象，不能接入直流電，A正確，B錯誤；

C．電磁爐工作依靠變化的磁場傳遞能量；在鍋和電磁爐中間放一紙板，電磁爐依然能起到加熱的作用，C錯誤；

D．陶瓷鍋的材料屬于絕緣材料；不具備產(chǎn)生渦流的條件，所以不能用，D錯誤。

故選A。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．閉合S，則消耗功率增大，B副線圈中電流增大，B原線圈電流也增大，則R上損失的電壓和功率增大，則B輸入電壓UB1=UA2-IR，減小，燈泡兩端電壓UB2減小，故燈泡L1會變暗；故A錯誤；

B．由上分析知，閉合S；輸電線路的發(fā)熱功率變大，故B錯誤；

CD．僅將滑片P上移，A副線圈匝數(shù)減小，則輸出電壓減小，B的輸入電壓減小，B輸出電壓減小，燈泡電壓也減小，故L1變暗，消耗功率減小，則電流減小，那么輸電線的電流也減小，則輸電線電阻R消耗的功率減?。还蔆錯誤，D正確；

故選D。3、C【分析】【分析】

【詳解】

地磁場的方向由地理南極指向北極；α射線和質(zhì)子均帶正電，根據(jù)左手定則，知α射線；質(zhì)子均向東偏轉，β射線帶負電，根據(jù)左手定則知，β射線向西偏轉。

故選C。4、D【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)。

可得。

則軌道半徑隨速度減小而減小，因粒子運動時能量減小，則速度減小，軌道半徑減小，則甲粒子從b向a運動，根據(jù)左手定則可知，甲粒子帶負電；乙粒子從d向c運動；根據(jù)左手定則可知，乙粒子帶正電；

故選D。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．若線圈導線的繞向未知；則不能確定電流的方向，也不能確定感應電流的磁場方向，則不能探究楞次定律，選項A錯誤；

B．磁鐵勻速向上遠離線圈；線圈中磁通量會減小，則閉合回路中會產(chǎn)生感應電流，選項B錯誤；

C．根據(jù)楞次定律可知；感應電流的磁場總是阻礙引起感應電流的磁通量的變化，選項C正確；

D．根據(jù)楞次定律可知；感應電流的磁場方向與引起感應電流的磁場方向可能相同，也可能相反，選項D錯誤；

故選C.6、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)右手定則可知；線框兩次進入磁場的過程中，導線框中的電流均為順時針方向，故A錯誤；

B．導線框以速度v進入磁場時電動勢為

c、d兩點的電壓為路端電壓

故B錯誤；

C．導線框進入磁場的過程中焦耳熱

可知焦耳熱與速度成正比；因此導線框先后兩次進入磁場的過程中，產(chǎn)生的熱量之比為1：2，故C正確；

D．線框勻速進入磁場，所以安培力等于外力F，因此外力做功的功率

可知外力功率與速度平方成正比；因此導線框先后兩次進入磁場的過程中，外力做功的功率之比為1：4，故D錯誤。

故選C。7、B【分析】【分析】

【詳解】

A．梳過頭發(fā)的塑料梳子吸起紙屑；是利用摩擦起電原理，與靜電現(xiàn)象有關，故A錯誤；

B．電磁灶加熱食物的原理是電磁感應；與靜電現(xiàn)象無關，故B正確；

C．復印機硒鼓吸附墨粉是與靜電現(xiàn)象有關；故C錯誤；

D．油罐車運送油品時；必須安裝一條拖地的鐵鏈，是為了將摩擦產(chǎn)生的靜電荷能及時導走，與靜電現(xiàn)象有關，故D錯誤。

故選B。二、多選題(共7題，共14分)8、A:C【分析】【詳解】

A．由圖可知，電流表A1和A2即為兩線圈所在回路電流之比，所以電流表A1和A2示數(shù)之比即為原副線圈匝數(shù)反比，即電流表A1和A2示數(shù)之比為故A正確；

BD．由圖可知，電壓表V1即為電網(wǎng)輸出端a、b間電壓，保持不變，即為R1與原線圈兩端電壓之和，而原副線圈電壓之比等于匝數(shù)之比，所以電壓表V1和V2示數(shù)之比大于且用電器增加時，電壓表V1保持不變；故BD錯誤；

C．用電器增加時，用戶用電器的總電阻減小，則電流表A2增大，又因為電流表A1和A2示數(shù)之比為所以電流表A1也增大；故C正確。

故選AC。9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB.用右手螺旋定則判斷通電直導線在a點上所產(chǎn)生的磁場方向；如圖所示：

直導線b在a點產(chǎn)生磁場與直導線d在a點產(chǎn)生磁場方向相反，大小相等．則合磁場為零；而直導線c在a點產(chǎn)生磁場，方向從d指向b，即為沿紙面由a指向b；選項A正確，B錯誤；

CD.由左手定則可知，c受到a的磁場力沿bc連線方向由b到c的方向；同理c受到d的磁場力沿dc連線方向由d到c的方向；故c所受合磁場力的方向是為沿ac連線向外，選項C錯誤，D正確；故選AD．

【點睛】

磁感應強度既有大小，又有方向，是矢量．它的合成遵循矢量合成的平行四邊形法則．10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)右手定則；左側邊產(chǎn)生向下的電流，右側邊產(chǎn)生向上的電流，則可判斷當線框運動到虛線位置時，電流方向為逆時針，A正確；

B．線框沒有進入虛線右側磁場時；穿過線圈的磁通量不變化，沒有感應電動勢，不產(chǎn)生感應電流，不受安培力，則線圈做勻速運動，線圈進入右側磁場時，速度逐漸減小則產(chǎn)生的感應電動勢逐漸減小，產(chǎn)生的感應電流逐漸變小，則安培力逐漸減小，則線框的加速度逐漸變小，即線框向右先勻速運動再做加速度減小的減速運動，B錯誤；

C．線圈從實線位置到虛線位置；產(chǎn)生的熱量為。

C錯誤；

D．線框從實線位置到虛線位置；通過線框的電量為。

D正確。

故選AD。11、B:D【分析】【詳解】

A．圖甲中動圈式揚聲器的工作原理是電流的磁效應；故A錯誤；

B．圖乙中線圈產(chǎn)生的自感電動勢有時會大于原來電路中的電源電動勢；故B正確；

C．圖丙中自制金屬探測器是利用金屬探測器中變化電流產(chǎn)生的磁場來進行探測的；故C錯誤。

D．圖丁中磁電式儀表；把線圈繞在鋁框骨架上，目的是增加電磁阻尼的作用，故D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

AB．因為4s末bc邊剛好進入磁場，可知線框的速度每秒運動一個方格，故在0~1s內(nèi)只有ae邊切割磁場，設方格邊長為L，根據(jù)

可知電流恒定；2s末時線框在第二象限長度最長，此時有

可知

2~4s線框有一部分進入第一象限，電流減小，在4s末同理可得

綜上分析可知A錯誤；B正確；

CD．根據(jù)

可知在0~1s內(nèi)ab邊所受的安培力線性增加；1s末安培力為

在2s末可得安培力為

所以有由圖像可知C正確；D錯誤。

故選BC。13、A:C【分析】【詳解】

A．由圖乙可知時刻感應電動勢最大；此時線圈位于中性面的垂面位置，線圈的磁通量為0。故A正確；

B．從到這段時間的平均感應電流為

則通過電阻R的電荷量

故B錯誤；

C．0時刻電動勢為0，線圈位于中性面位置，磁通量為

時刻磁通量為

從到這段時間穿過線圈磁通量的變化量大小為

故C正確；

D．圖乙中的零時刻感應電動勢最大；穿過線圈的磁通量為0，線圈處于中性面的垂面，故不可能對應甲圖中所示位置，故D錯誤。

故選AC。14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

B．根據(jù)。

匝數(shù)比沒變，則副線圈的電壓沒變，滑動變阻器R的滑片P向下滑動時，滑動變阻器R減小，則副線圈回路的總電阻減小，副線圈回路的總電流增大，A2示數(shù)變大；根據(jù)。

A1電流變大；B正確；

AD．根據(jù)。

解得。

根據(jù)。

R1兩端電壓變大；根據(jù)。

則R2兩端電壓變?。桓鶕?jù)。

電阻R2消耗的電功率變小，根據(jù)歐姆定律，通過電阻R2的電流變??；根據(jù)。

電流表A3的示數(shù)變大；A錯誤D正確；

C．變壓器副線圈輸出電壓的頻率為。

C錯誤。

故選BD。三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

[1][2]導體桿在軌道上做初速度為零的勻加速直線運動，桿切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢為E=Blv=Blat

閉合回路中的感應電流為

由安培力公式和牛頓第二定律得F-BIl=ma

聯(lián)立可得

由題圖乙圖象上取兩點t1=0，F(xiàn)1=1N；t2=30s，F(xiàn)2=4N

代入解得a=10m/s2m=0.1kg【解析】0.1kg10m/s216、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]模塊機器人由傳感器、控制器和執(zhí)行器三個模塊組成，相當于人的感覺器官、大腦和肌肉，根據(jù)數(shù)學組合可知，若選擇一個傳感器，一個控制方式，則有四種組合，因此共有24種組合?！窘馕觥竣?控制②.執(zhí)行③.2417、略

【分析】【分析】

【詳解】

相應的連線如下。

只要根據(jù)課本上有關電視方面知識的介紹即可作出正確解答【解析】答案見解析18、略

【分析】【詳解】

（1）因為線圈被勻速拉出，所以F=F安

感應電動勢的大小為：E=Blv

根據(jù)閉合歐姆定律得：I=Blv/R；

則拉力為：F=F安=

（2）拉力F做的功為：W=Fl=

（3）拉力的功率：PF=Fv=

（4）線圈放出的熱量為：Q=

（5）線圈的發(fā)熱功率等于拉力的功率：P熱=

（6）通過導線截面的電量為：q=It=【解析】B2L2v/RB2L3v/RB2L2v2/RB2L3v/RB2L2v2/RBL2/R19、略

【分析】【分析】

電路的輸入端輸入的電流既有直流成份；又有交流低頻成分和交流高頻成分，要只把交流的低頻成分輸送到下一級，該電路要隔掉直流，通低頻，阻高頻，根據(jù)電感和電容的特性進行判斷．

【詳解】

C1在此的功能為通交流，隔直流，使直流能到達下一級電路，叫隔直電容；L在此的功能為通直流、阻交流，通低頻，阻高頻，將低頻的交流成分送到下一級，叫低頻扼流圈，自感系數(shù)很大，C2與輸出電路并聯(lián)，起到通高頻，阻低頻，使高頻成分能通過，低頻成分到達下一級，C2又叫高頻旁路電容；因此輸出端為直流．

【點睛】

本題考查電感、電容對交流電的導通和阻礙的作用，根據(jù)它們的特性和電路要求進行分析．【解析】直流四、作圖題(共4題，共20分)20、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】23、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、解答題(共3題，共27分)24、略

【分析】【分析】

（1）帶電粒子在區(qū)域Ⅰ中做類平拋，根據(jù)平拋運動的規(guī)律列式求解場強E；（2）粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)幾何關系求解半徑，從而求解B；（3）在Q點進入?yún)^(qū)域Ⅲ后，若區(qū)域Ⅲ補成正方形區(qū)域，空間布滿場強為E的電場，由對稱性可知，粒子將沿拋物線軌跡運動到（3L，L）點，離開方向水平向右，通過逆向思維，可認為粒子從（3L，L）點向左做類平拋運動．

【詳解】

（1）帶電粒子在區(qū)域Ⅰ中做類平拋。

設離開角度為θ，則

離開區(qū)域Ⅰ后作直線運動

由以上各式得

（