2024年華師大版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大版選修3物理上冊階段測試試卷338考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、某種噴墨打印機打印頭的結構簡圖如圖所示；其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微粒經(jīng)過帶電室后以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，再經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場后打到紙上，顯示出字符，忽略墨汁的重力，為了使打在紙上的字跡縮小，下列措施理論上可行的是（）

A.只增大偏轉(zhuǎn)電場的電壓B.只減小墨汁微粒所帶的電荷量C.只減小墨汁微粒的質(zhì)量D.只減小墨汁微粒進入偏轉(zhuǎn)電場的速度2、一含有理想降壓變壓器的電路如圖所示，U為正弦交流電源，輸出電壓的有效值恒定，L為燈泡(其燈絲電阻可以視為不變)，R、R1和R2為定值電阻，R3為光敏電阻；其阻值的大小隨照射光強度的增強而減小?，F(xiàn)將照射光強度增強，則。

A.原線圈兩端電壓不變B.通過原線圈的電流減小C.R1兩端的電壓將增大D.燈泡L將變暗3、下列說法正確的是（）A.熱量不可以從低溫物體向高溫物體傳遞B.某冰水混合物的溫度為則其分子的平均動能為零C.10克水蒸氣你內(nèi)能大于10克水的內(nèi)能D.氣體如果失去了容器的約束就會散開，原因是氣體分子之間斥力大于引力4、如圖，理想變壓器的原、副線圈電路中接有四只規(guī)格相同的燈泡，原線圈電路接在電壓恒為U0的交變電源上，當S斷開時，L1、L2、L3三只燈泡均正常發(fā)光；若閉合S；已知燈泡都不會損壞，且燈絲電阻不隨溫度變化，則（）

A.燈泡L1變亮B.燈泡L2變亮C.燈泡L3亮度不變D.燈泡L4正常發(fā)光5、在“測電源電動勢和內(nèi)阻”的實驗中，某同學作出了兩個電源路端電壓U與電流I的關系圖線，如圖所示．兩個電源的電動勢分別為E1、E2，內(nèi)阻分別為r1、r2．如果外電路分別接入相同的電阻R，則兩個電源的（）（）

A.A；效率不可能相等。

B.B；總功率不可能相等。

C.C；輸出功率不可能相等。

D.路端電壓和電流不可能同時相等6、如圖所示；紙面內(nèi)有一環(huán)形線圈，線圈中通入順時針方向的環(huán)形電流，在線圈內(nèi)部放入一小段通電導線，導線與線圈共面，且通過導線的電流方向如圖所示。下列關于這一小段通電導線所受的安培力的方向正確的是（）

A.垂直導線向右B.垂直導線向左C.垂直導線向外D.垂直導線向內(nèi)7、用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖）．設兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ；實驗中，極板所帶電荷量不變，若（）

A.保持S不變，增大d，則θ變大B.保持S不變，增大d，則θ變小C.保持d不變，減小S，則θ變小D.保持d不變，減小S，則θ不變8、如圖，一束光由空氣射向半圓柱體玻璃磚，O點為該玻璃磚截面的圓心，下圖能正確描述其光路圖的是（）A.B.C.D.9、如圖所示，在光滑水平面上停放著質(zhì)量為m、裝有光滑弧形槽的小車，一質(zhì)量為2m的小球以水平初速度v0沿槽口向小車滑去；到達某一高度后，小球又返回右端，則()

A.小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運動B.小球?qū)⑾蜃笞銎綊佭\動C.小車此過程中先向左運動后向右運動D.小球在弧形槽內(nèi)上升的最大高度為評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、關于空氣濕度，下列說法正確的是（）A.當人們感到潮濕時，空氣的絕對濕度一定較大B.當人們感到干燥時，空氣的相對濕度一定較小C.空氣的絕對濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強表示D.空氣的相對濕度定義為水的飽和蒸汽壓與相同溫度時空氣中所含水蒸氣的壓強之比11、下列說法正確的是（）A.當分子間距離增大時，分子間的引力增大，斥力減小B.能源危機指能量的過度消耗導致自然界的能量不斷減少C.內(nèi)能相等的兩個物體相互接觸，也可能發(fā)生熱傳遞E.地球大氣的各種氣體分子中氫分子質(zhì)量小，其平均速率較大，更容易掙脫地球吸引而逃逸，因此大氣中氫含量相對較少E.地球大氣的各種氣體分子中氫分子質(zhì)量小，其平均速率較大，更容易掙脫地球吸引而逃逸，因此大氣中氫含量相對較少12、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態(tài)，其圖象如圖所示，下列判斷正確的是（）

A.過程bc中氣體既不吸熱也不放熱B.過程ab中氣體一定吸熱C.過程ca中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱E.b和c兩個狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同E.b和c兩個狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同13、下列說法正確的是________。A.一鍋水中撒一點胡椒粉，煮水時發(fā)現(xiàn)水中的胡椒粉在翻滾，說明溫度越高布朗運動越劇烈B.某復興號高速列車駛出車站逐漸提速，其恒溫車廂內(nèi)的一切物體的內(nèi)能也一定會逐漸增加C.盡管蔗糖受潮時粘在一起，但是它依然是晶體E.熱量可以由低溫物體傳遞給高溫物體E.熱量可以由低溫物體傳遞給高溫物體14、下列說法正確的是（）A.一切自然過程總是沿著熱運動無序性增大的方向進行B.飽和汽的體積越大，飽和汽壓越大C.一定質(zhì)量的氣體，體積不變時，溫度越高，內(nèi)能越大E.氣體能夠充滿容器的整個空間，是由于氣體分子間呈現(xiàn)出斥力的作用E.氣體能夠充滿容器的整個空間，是由于氣體分子間呈現(xiàn)出斥力的作用15、如圖所示的U﹣I圖象中；直線I為某電源的路端電壓與電流的關系，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）

A.電源的內(nèi)阻為0.5ΩB.電源的總功率為1.5WC.電源的輸出功率為1.5WD.電源內(nèi)部消耗功率為1.5W16、如圖所示，矩形線框abcd的ad和bc的中點M、N之間連接一電壓表；整個裝置處于足夠大的勻強磁場中，磁場的方向與線框平面垂直，當線框向右勻速平動時，以下說法正確的是（）

A.MN這段導體做切割磁力線運動，MN間有電勢差B.穿過線框的磁通量不變化，MN間無感應電動勢C.MN間無電勢差，所以電壓表無示數(shù)D.因為無電流通過電壓表，所以電壓表無示數(shù)17、如圖所示，一個有界勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直紙面向外．一個矩形閉合導線框abcd沿紙面由圖示位置自由下落．當bc邊剛進入磁場時；線框恰好做勻速運動，線框邊長L小于磁場寬度H．則（）

A.線框進入磁場時，感應電流方向為a→b→c→d→aB.線框離開磁場時，受到的安培力方向豎直向上C.線框bc邊剛進入磁場時的感應電流，小于線框bc邊剛離開時的感應電流D.線框穿過磁場的過程中機械能守恒評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、如圖所示，甲木塊的質(zhì)量為m1=2kg，以v=4m/s的速度沿光滑水平地面向前運動，正前方有一靜止的、質(zhì)量為m2=3kg的乙木塊，乙上連有一輕質(zhì)彈簧．則甲木塊與彈簧接觸后彈簧獲得的最大彈性勢能為___J，乙木塊受到的沖量I=___________

19、按照玻爾理論，一個氫原子核外的電子從半徑為ra的圓軌道自發(fā)地直接躍遷到半徑為rb的圓軌道上，在此過程中原子要___________（填“發(fā)射”或“吸收”）某一頻率的光子，電子的動能________（填“增大”、“減小”或“不變”），電子（系統(tǒng)）的電勢能________（填“增大”、“減小”或“不變”），原子的總能量（）。20、如圖所示為一個邏輯門的輸入端A、B上和輸出端Z上的電信號，此邏輯電路為__________門電路，該邏輯門的符號是__________。

21、如圖所示，在勻強電場中的兩點距離為兩點間的電勢差為連線與場強方向成角，則此電場的電場強度__________．

22、某物理興趣小組用實驗探究光的色散規(guī)律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內(nèi)，在其左方豎直放置一個很大的光屏P，讓一復色光束SA射向玻璃磚的圓心O后，有a和b兩束單色光射向光屏P，如圖所示．他們根據(jù)實驗現(xiàn)象提出了以下五個猜想，你認為不正確的是_______

A．單色光a的波長小于單色光b的波長

B．在玻璃中單色光a的傳播速度大于單色光b的傳播速度

C．單色光a通過玻璃磚所需的時間大于單色光b通過玻璃磚所需的時間

D．在光束SA繞圓心O逆時針轉(zhuǎn)動的過程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．單色光a比單色光b更容易發(fā)生明顯衍射23、一般情況下，水底的溫度要比水面的溫度低，一氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內(nèi)氣體的壓強__________（填“增大”、“減小”或“不變”），氣泡內(nèi)氣體對外界________（填“做正功”、“做負功”或“不做功”）。24、一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖實線所示；從此刻起，經(jīng)0.2s波形圖如圖虛線所示，若波傳播的速度為5m/s，則下列說法正確的是______。

E．從t=0時刻開始質(zhì)點a經(jīng)0.4s通過的路程為0.8m25、如圖所示，一輛質(zhì)量為M的小車以速度在光滑水平面上向右運動，一質(zhì)量為m、速度為物體以俯角為θ的方向落到車上并埋在車里的砂中，此時小車的速度為_________________

26、如圖所示，小球A的質(zhì)量為mA=5kg，動量大小為PA=4kg.m/s，小球A沿著光滑水平面向右運動，與靜止的B球發(fā)生彈性碰撞，碰后A的動量大小變?yōu)镻A'=1kg·m/s，方向仍然向右．則由此可知碰撞后小球B的動量大小為______kg·m/s，小球B的質(zhì)量為____kg.

評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)27、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

28、示波管的內(nèi)部結構如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

29、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共3分)30、某物理學習小組設計了如圖所示的實驗電路準備測量未知電阻Rx的值．圖中G是指針在中央（零刻線在中央）的靈敏電流計（已知電流從左側(cè)接線柱流入指針向左偏）；R是已知阻值的定值電阻，AB是一根粗細均勻的長直電阻絲，從刻度尺測得AB長度為L，D是與電阻絲接觸良好的滑動觸頭．回答下列問題：

（1）同學在某一次將D調(diào)節(jié)到如圖位置時發(fā)現(xiàn)電流計指針向右偏，則他應該把D向________（填左或右）移動適當距離，直到____________為止．

（2）他還需要測量的物理量有______________（用字母符號表示），未知電阻的計算表達式為Rx=________（用題目中給出和你設的字符表示）

（3）關于本次實驗系統(tǒng)誤差的分析為：測量值________電阻真實值（填“>”、“<”或“=”）．評卷人得分六、解答題(共3題，共6分)31、如圖所示，足夠長的光滑豎直平行金屬軌道處于一個很大的勻強磁場中，已知軌道寬為l，磁感應強度大小為B、方向垂直軌道平面水平指向紙里．軌道上端接入一個滑動變阻器和一個定值電阻，已知滑動變阻器的最大阻值為R，定值電阻阻值為R/2．軌道下端有根金屬棒CD恰好水平擱在軌道上，接觸良好，已知金屬棒質(zhì)量為m．起初滑片P處于變阻器的中央，CD棒在一平行于軌道平面的豎直向上F作用下，以某一初速度開始向上做勻減速直線運動，已知初速度大小為v0；加速度大小為a．不考慮金屬棒和軌道的電阻，重力加速度大小為g．則。

（1）請說明金屬棒運動過程中棒中感應電流方向；

（2）保持滑片P位置不變；金屬棒運動過程中經(jīng)過多少時間時流過定值電阻的電流為零？此時外力F多大？

（3）保持滑片P位置不變，金屬棒運動過程中經(jīng)過多少時間時流過定值電阻的電流為I0（I0已知且非零值）？此時外力F多大？32、在一個放射源水平放射出和三種射線；垂直射入如圖所示磁場．區(qū)域Ⅰ和Ⅱ的寬度均為d，各自存在著垂直紙面的勻強磁場，兩區(qū)域的磁感強度大小B相等，方向相反（粒子運動不考慮相對論效應）．

（1）若要篩選出速率大于v1的粒子進入?yún)^(qū)域Ⅱ，要求磁場寬度d與B和v1的關系．

（2）若B＝0.0034T，V1＝0.1c（c是光速度），則可得d;粒子的速率為0.001c，計算和射線離開區(qū)域Ⅰ時的距離；并給出去除和射線的方法．

（3）當d滿足第（1）小題所給關系時，請給出速率在;區(qū)間的粒子離開區(qū)域Ⅱ時的位置和方向．

（4）請設計一種方案，能使離開區(qū)域Ⅱ的粒子束在右側(cè)聚焦且水平出射．

已知：電子質(zhì)量粒子質(zhì)量電子電荷量（時）33、如圖所示，豎直放置的兩根足夠長的光滑金屬導軌相距為L，導軌的兩端分別與電源（串有一滑動變阻器R）、定值電阻、電容器（原來不帶電）和開關K相連．整個空間充滿了垂直于導軌平面向外的勻強磁場，其磁感應強度的大小為B．一質(zhì)量為m，電阻不計的金屬棒ab橫跨在導軌上．已知電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，電容器的電容為C，定值電阻的阻值為R0；不計導軌的電阻．

(1)當K接1時，金屬棒ab在磁場中恰好保持靜止，求接入電路的滑動變阻器阻值R；

(2)當K接2后，金屬棒ab從靜止開始下落，下落距離s時達到穩(wěn)定速度，求穩(wěn)定速度v的大小和金屬棒從靜止到穩(wěn)定速度所需的時間；

(3)將開關K接到3；讓金屬棒由靜止釋放，設電容器不漏電，電容器不會被擊穿。

a．通過推導說明ab棒此后的運動是勻加速運動；

b．求ab下落距離s時，電容器儲存的電能．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

要縮小字跡；就要減小微粒通過偏轉(zhuǎn)電場的偏轉(zhuǎn)角y，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式結合推導出偏轉(zhuǎn)量y的表達式，再進行分析．

【詳解】

設噴入偏轉(zhuǎn)電場的墨汁微粒的速度為偏轉(zhuǎn)電場寬度為偏轉(zhuǎn)電場右邊緣與紙間距為

墨滴在x方向上勻速運動：

根據(jù)牛頓第二定律可得：

在方向上做勻加速運動：

由幾何關系得：

則墨汁在紙上豎直方向的偏移量：

根據(jù)表達式可知，為了使打在紙上的字跡縮小，即減小可減小墨汁微粒所帶的電荷量增大墨汁微粒的質(zhì)量減小偏轉(zhuǎn)電場的電壓增大墨汁微粒的噴出速度故ACD錯誤，B正確．

故選B．

【點睛】

此題考查帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)在實際生活中的應用，關鍵要熟練運用運動的分解法，推導出偏轉(zhuǎn)量y的表達式，再進行分析．2、C【分析】【詳解】

當光照增強時，光敏電阻的阻值減小，總電阻減小，電源輸出的電壓有效值不變，所以原線圈中的電流變大，電阻R兩端的電壓增大，原線圈兩端的電壓減小，故AB錯誤；根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知，副線圈兩端的電壓變小，由電流與匝數(shù)成反比，知副線圈中的電流增大，電阻R1兩端的電壓增大，并聯(lián)部分的電壓減小，電阻R2中的電流減小，燈泡中的電流增大，燈泡L將變亮，故C正確，D錯誤；故選C。3、C【分析】【詳解】

A．熱量不可以“自己”從低溫物體向高溫物體傳遞；能在“一定”的條件下是可以實現(xiàn)的，故A錯誤；

B．分子在做永不停息的無規(guī)則運動；因此其分子的平均動能不是零，故B錯誤；

C．同樣質(zhì)量同樣溫度的水蒸氣和水的平均動能相等；可同樣溫度的水變成水蒸氣需要吸收熱量，因此水蒸氣的內(nèi)能更大，故C正確；

D．氣體分子間的距離很大；相對作用力近似是零，氣體如果沒有容器的約束，氣體分子散開原因是分子做雜亂無章的運動的結果，故D錯誤。

故選C。4、A【分析】【詳解】

A．當S接通后，副線圈回路電阻變小，輸出功率變大，輸出電流變大，變壓器的輸入功率等于輸出功率，所以變壓器的輸入功率變大，輸入電流變大，燈泡L1的電壓增大，L1變亮；故A正確；

BC．原線圈電壓減小，匝數(shù)比不變，故副線圈電壓減小，所以燈泡L2、L3兩端的電壓變小，燈泡L2、L3亮度變暗；故BC錯誤；

D．L2、L3、L4電壓相等，比S斷開時電壓小，S斷開時燈泡正常發(fā)光，S閉合時L4不能正常發(fā)光；故D錯誤。

故選A。5、A【分析】【分析】

當外接電阻的U-I線通過兩電源的U-I圖線的交點時，此時兩電源的路端電壓和電流同時相等，電源的輸出功率P出=UI相等；電源的總功率P=EI，由于1的電動勢大于2的電動勢，故當1的電流小于2的電流時，總功率可能相等；電源的效率η=×100%．

【詳解】

由閉合電路歐姆定律U=E﹣Ir，可知當I=0，U=E，U﹣I圖線與U軸的交點表示斷路，U=E，圖線斜率大小表示r，則可判斷出E1＞E2，r1＞r2.

A、電源的效率η=×100%=×100%；由圖可知，電源1的內(nèi)電阻較大，則電源1的效率較低，它們不可能相等；故正A確．

B、電源消耗的總功率P=EI，要滿足P1=P2，由于E1＞E2，必須滿足I1＜I2，如圖所示：

故對于圖中所示的情況，可能有P1=P2；故B錯誤．

C、作出R的U﹣I圖象，斜率表示電阻，如果其通過題目圖中的兩條線的交點，則U1=U2且I1=I2；此時輸出功率P=UI；則輸出功率相等；故C；D錯誤．

故選A

【點睛】

因為外電路分別接入相同的電阻R，但并不知道R的大小，作出R的U﹣I圖象是解決總功率、輸出功率的巧妙方法，圖像法方便直觀，一目了然．6、B【分析】【詳解】

根據(jù)安培定則可知，環(huán)形電流產(chǎn)生的磁場的方向垂直于紙面向外，根據(jù)左手定則可知，電流受到的安培力的方向垂直于導線向左。故B正確，ACD錯誤。7、A【分析】【詳解】

AB、電容器所帶電荷量Q不變，由可知不變，增大d，則變小，而由可得電容器的電壓U變大，從而使得靜電計的電壓U變大，其指針的偏角θ變大；故A正確；B錯誤;

CD、同理可知保持d不變，減小S，則變小，而由可得電容器的電壓U變大，使得靜電計的電壓U變大，其指針的偏角θ變大；故選項C；D均錯誤．

故選:A.8、A【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：光從空氣進入玻璃在分界面上會發(fā)生折射；且折射角小于入射角，故B；D錯誤；光從玻璃進入空氣折射角應大于入射角，所以C錯誤；從光密進入光梳，若滿足入射角大于臨界角的情況，則會發(fā)生全反射，故A正確。

考點：本題考查光的折射、全反射9、B【分析】【詳解】

AB．設小球離開小車時，小球的速度為v1，小車的速度為v2，整個過程中動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得2mv0=2mv1+mv2①

由動能守恒定律得?2mv02=?2mv12+mv22②

由①②解得v1=v0v2=v0

所以小球與小車分離后將向左做平拋運動，故A錯誤，B正確；

C．此過程中小球?qū)π≤囈恢庇行毕蜃笙路降淖饔昧Γ粍t小車一直向左加速運動，選項C錯誤；

D．當小球與小車的水平速度相等時，小球弧形槽上升到最大高度，設該高度為h，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向左為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得2mv0=3m?v

由機械能守恒定律得?2mv02=?3mv2+2mgh

解得h=

故D錯誤。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)10、B:C【分析】【詳解】

A．在一定氣溫條件下；大氣中相對濕度越大，水氣蒸發(fā)也就越慢，人就感受到越潮濕，故當人們感到潮濕時，空氣的相對濕度一定較大，但絕對濕度不一定大，故A錯誤；

B．在一定氣溫條件下；大氣中相對濕度越小，水汽蒸發(fā)也就越快，人就越感到干燥，故當人們感到干燥時，空氣的相對濕度一定較小，但絕對濕度不一定小，故B正確；

C．絕對濕度是指一定空間中水蒸氣的絕對含量；可用空氣中水的蒸氣壓來表示，故C正確；

D．相對濕度為某一被測蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分數(shù)；相對濕度則給出大氣的潮濕程度，而不是水的飽和蒸汽壓與相同溫度時空氣中所含水蒸氣的壓強之比，故D錯誤。

故選BC。11、C:D:E【分析】【詳解】

A．當分子間距離增大時；分子間的引力和斥力都減小，A錯誤；

B．能源危機指能量的過度消耗導致自然界可利用的能量不斷減少；但總能量是守恒的總能量并沒有減少，B錯誤；

C．內(nèi)能相等；有可能溫度不同，溫度不同就可以熱傳遞，C正確；

D．單晶體各向異性；多晶體各向同性，所有的晶體都有固定的熔點，D正確；

E．溫度是分子平均動能的量度；溫度越高，分子平均動能越大，質(zhì)量越小速度越大，氫分子質(zhì)量小，其平均速率較大，更容易掙脫地球吸引而逃逸，因此大氣中氫含量相對較少，E正確。

故選CDE。12、B:D:E【分析】【詳解】

試題分析：從a到b的過程，根據(jù)圖線過原點可得所以為等容變化過程，氣體沒有對外做功，外界也沒有對氣體做功，所以溫度升高只能是吸熱的結果，選項A對．從b到c的過程溫度不變，可是壓強變小，說明體積膨脹，對外做功，理應內(nèi)能減少溫度降低，而溫度不變說明從外界吸熱，選項B錯．從c到a的過程，壓強不變，根據(jù)溫度降低說明內(nèi)能減少，根據(jù)改變內(nèi)能的兩種方式及做功和熱傳遞的結果是內(nèi)能減少，所以外界對氣體做的功小于氣體放出的熱量，選項C錯．分子的平均動能與溫度有關，狀態(tài)a的溫度最低，所以分子平均動能最小，選項D對．b和c兩個狀態(tài)，溫度相同，即分子運動的平均速率相等，單個分子對容器壁的平均撞擊力相等，根據(jù)b壓強大，可判斷狀態(tài)b單位時間內(nèi)容器壁受到分子撞擊的次數(shù)多；選項E對．

考點：分子熱運動理想氣體狀態(tài)方程氣體壓強的微觀解釋13、C:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．胡椒粉在水中翻滾是流動的水裏挾著胡椒粉的運動；屬于機械運動，故A錯誤；

B．內(nèi)能與機械運動的速度無關；故B錯誤；

C．蔗糖雖然沒有固定的形狀；但熔化時有固定的熔點，所以蔗糖是晶體，故C正確；

D．玻璃在熔化狀態(tài)下由于表面張力收縮成球形；故D正確；

E．當有第三者介入時；如開動冰箱的壓縮機，就可以使熱量由低溫物體傳遞給高溫物體，故E正確。

故選CDE。14、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學第二定律；一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行，故A正確；

B．飽和汽壓隨溫度的升高而增大；飽和汽壓與氣體的體積無關，故B錯誤；

C．體積不變；說明氣體對外沒有做功，故溫度越高，氣體內(nèi)能越大，故C正確；

D．晶體具有固定的熔點；這是由晶體分子的排列有序性決定的，故D正確；

E．氣體能夠充滿容器的整個空間；是由于氣體分子在永不停息的做無規(guī)則運動，與分子間的斥力無關，故E錯誤。

故選ACD。15、C:D【分析】試題分析：由圖象Ⅰ可知電源的電動勢為3.0V；短路電流為2.0A；由圖象Ⅱ可得外電路電阻R為1.5Ω，兩圖象的交點坐標即為電阻R和電源構成閉合回路時的外電壓和干路電流，再求功率．

解：A、由圖象Ⅰ可知，電源電動勢E=3.0V，短路電流I短=2.0A，則電源內(nèi)阻為：r==Ω=1.5Ω；故A錯誤．

BC、由兩圖象的交點坐標，可得電源的路端電壓為1.5V，干路電流為1.0A，電源的總功率P總=EI=3W；輸出功率為P=UI=1.5×1.0W=1.5W，故B錯誤，C正確．

D、電路中的電流為1.0A，電源內(nèi)部消耗功率為P內(nèi)=I2r=12×1.5W=1.5W；故D正確．

故選CD

【點評】根據(jù)U﹣I圖象Ⅰ正確讀出電源的電動勢和短路電流，根據(jù)U﹣I圖象正確讀出外電路兩端的電壓和流過電阻的電流，是解決此類問題的出發(fā)點．16、A:D【分析】【分析】

【詳解】

MN切割磁感線，所以MN產(chǎn)生感應電動勢，MN間有電勢差，故A正確、B錯誤；穿過線框的磁通量不變化，所以無感應電流，因此電壓表無讀數(shù)，故C錯誤，D正確．17、B:C【分析】試題分析：線框進入磁場時，磁通量增大，因此感應電流形成磁場方向向外，由安培定則可知感應電流方向為a→d→c→b→a，安培力方向豎直向上，同理線框離開磁場時，電流方向為a→b→c→d→a，安培力方向豎直向上，故A錯誤，B正確．當bc邊剛進入磁場時，線框恰好做勻速運動，完全進入磁場后，磁通量不變，線框中沒有感應電流產(chǎn)生，不受安培力，所以線框做勻加速運動，則線框bc邊剛離開時的速度大于bc邊剛進入磁場時的速度，由知線框bc邊剛進入磁場時的感應電流小于線框bc邊剛離開時的感應電流．故C正確．線框穿過磁場的過程中；由于安培力做負功，其機械能不守恒．故D錯誤．故選BC

考點：安培定則；法拉第電磁感應定律；安培力三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【詳解】

[1]當滑塊甲、乙的速度相同時，間距最小，彈簧壓縮量最大，彈簧的彈性勢能最大，設向右為正方向，由動量守恒定律有

彈簧的最大彈性勢等于滑塊甲、乙系統(tǒng)損失的動能

聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得

[2]乙木塊受到的沖量

【點睛】

解決本題首先要明確研究的過程，其次把握信隱含的條件：彈簧伸長最長時兩木塊的速度相同?？疾閷W生應用動量守恒定律和能量守恒定律解決物理問題的能力?！窘馕觥?.6J4.8NS19、略

【分析】【詳解】

[1]因為一個氫原子核外的電子從半徑為的圓軌道能夠自發(fā)地直接躍遷到半徑為的圓軌道上，則有

即氫原子的能量減小；會向外發(fā)射光子，因為能級差一定，只能發(fā)出特定頻率的光子；

[2][3]氫原子在發(fā)出特定頻率的光子之后，氫原子的總能量減小，根據(jù)可知軌道半徑減小，電子的動能增大，則原子的電勢能減小?！窘馕觥堪l(fā)射，增大，減小，減小20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由圖象知輸入端都為高電勢時，輸出端才為高電勢，此邏輯電路為與門電路，該邏輯門的符號是【解析】與21、略

【分析】【分析】

由圖可明確AB沿電場線上的距離，再根據(jù)勻強電場的電場強度公式求出場強的大小．

【詳解】

由得：即電場強度為500V/m．

【點睛】

本題考查勻強電場中電場強度和電勢差之間的關系，要注意明確公式中的d為沿電場線方向上的距離．【解析】500V/m;22、A:C:D【分析】【詳解】

A、由圖知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，則a光的波長大于b光的波長；故A錯誤；

BC、由知，b光在玻璃磚中傳播速度較小；時間較長，故B正確，C錯誤；

D、由知a光的臨界角較大，b光的臨界角較小，則當光束SA繞圓心O逆時針轉(zhuǎn)動過程中，在光屏P上最早消失的是b光；D錯誤；

E、a光的波長大于b光的波長，a光波動性強，相同條件下，a光比b光容易發(fā)生衍射，故E正確；

不正確的是故選ACD．

【點睛】

根據(jù)光線的偏折程度，比較光的折射率大小，從而得出頻率的大小關系；由比較光在玻璃磚中傳播速度的大小，即可比較時間的長短；由比較臨界角的大小，臨界角小的光最先消失；折射率越小，波長越長，越容易發(fā)生衍射．23、略

【分析】【詳解】

[1][2]氣泡內(nèi)氣體的壓強

大氣壓強恒定，氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內(nèi)氣體壓強變小，溫度變高，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知體積增大，則氣泡內(nèi)氣體對外界做正功?！窘馕觥繙p小做正功24、C:D:E【分析】波傳播的速度為v=5m/s，經(jīng)0.2s波形平移的間距為：△x=v?△t=5×0.2=1m，故結合波形圖可以看出波形向左平移1m，所以這列波沿x軸負方向傳播；故A錯誤；波沿x軸負方向傳播，故t=0時刻質(zhì)點a沿y軸負方向運動，故B錯誤；從波形圖可以看出波長為4m，故周期：頻率：故此波遇到另一列頻率為1.25Hz的簡諧橫波能發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，選項C正確；x=2m處的質(zhì)點的位移表達式為故D正確；周期為0.8s，由于△t=0.4s=T，故質(zhì)點a經(jīng)0.4s通過的路程為：S=2A=0.8m，故D正確；故選CDE．25、略

【分析】【詳解】

小球和小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，根據(jù)動量守恒定律有

解得【解析】26、略

【分析】【詳解】

以向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：解得：由機械能守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：．【解析】33四、作圖題(共3題，共27分)27、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】28、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】29、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共1題，共3分)30、略

【分析】【詳解】

（1）某一次將D調(diào)節(jié)到如圖位置時發(fā)現(xiàn)電流計指針向右偏，說明電流從電流表的右側(cè)接線柱中流入，即C點電勢高于D點，即電阻Rx兩端電壓大于BD之間電阻絲的電阻；則他應該把D向左移動，直到靈敏電流計指針指零（或中央）為止；

（2）當靈敏電流計的指針指零時，說明CD兩點電勢相等，即即則他還需要測量的物理量有AD間距離x；未知電阻的計算表達式

（3）由(2)的分析可知，此實驗原理不會產(chǎn)生系統(tǒng)誤差，即測量值等于電阻真實值.【解析】左靈敏電流計指針指零（或中央）AD間距離xRx=（或DB間距離x；或用其它字符表示的，只要正確均可）=六、解答題(共3題，共6分)31、略

【分析】【詳解】

(1)金屬棒先向上勻減速直線運動，減到零后向下勻加速直線運動．因此根據(jù)右手定則，當金屬棒CD向上運動時，棒中感應電流方向為：D→C；然后當金屬棒CD向下運動時，棒中感應電流方向為：C→D；

(2)若流過定值電阻的電流為零；則此時電路中沒有感應電流，即感應電動勢為零，根據(jù)E=BLv可知道，v=0．

根據(jù)運動學公式：0=v0+at,得到

金屬棒運動過程中經(jīng)過流過定值電阻的電流為零，此時安培力為零，根據(jù)牛頓第二定律，得到mg-F=ma，此時外力F=mg-ma.

（3）當滑片處于中央時，并聯(lián)電阻為R/4，回路總電阻為3R/4．流過定值電阻的電流為I0時，此時干路電流為