2025年人教版（2024）高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）高二物理上冊月考試卷88考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、利用靜電計研究平行板電容器的電容與哪些因素有關(guān)的實驗裝置如圖所示，則下面敘述中符合實驗中觀察到的結(jié)果的是（）A.N板向下平移，靜電計指針偏角變大B.N板向左平移，靜電計指針偏角變大C.保持N板不動，在M、N之間插入一塊云母片，靜電計指針偏角變大D.保持N板不動，在M、N之間插入一塊厚金屬板，靜電計指針偏角變大2、與原子核內(nèi)部變化有關(guān)的現(xiàn)象是（）A.α粒子散射現(xiàn)象B.光電效應(yīng)現(xiàn)象C.電離現(xiàn)象D.天然放射現(xiàn)象3、用大小相同的水平恒力分別沿著粗糙水平地面和光滑水平地面拉動原來處于靜止的兩個質(zhì)量相同的物體移動相同一段距離，該過程中恒力的功和平均功率分別為W1、P1和W2、P2,則兩者關(guān)系是（）A.W1＞W(wǎng)2、P1＞P2B.W1=W2、P1＜P2C.W1=W2、P1＞P2D.W1＜W2、P1＜P24、關(guān)于電場中場強和電勢的關(guān)系，下列說法正確的是（）A.場強相同處，電勢也一定相同；電勢相同處，場強也一定相同B.場強相同處，電勢不一定相同；電勢相同處，場強不一定相同C.電場中場強為零的區(qū)域，電勢處處相同D.電場中電勢相同的位置，場強一定為零5、關(guān)于電場強度的定義式E=Fq

下列說法正確的是(

)

A.q

表示產(chǎn)生電場的電荷量B.q

表示檢測用試探電荷的電荷量C.q

越大則E

越小D.E

的方向與負的試探電荷的受力方向相同評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、S1和S2為同一均勻介質(zhì)中的兩個振源，S1位于坐標原點，S2位于x=10m處，t=0時振源S1從平衡位置開始向上做簡諧運動，形成的簡諧波向+x方向傳播，振幅為10cm，振源頻率為0.5Hz．1秒后，振源S2也做同樣的簡諧運動，形成的簡諧波向-x方向傳播，t=6s時兩波的波峰首次相遇。則下列說法正確的是（）A.由于不是同時起振的，所以這兩列波相遇時不會發(fā)生干涉現(xiàn)象B.這兩列波在介質(zhì)中的波長為0.5mC.這兩列波在介質(zhì)中的傳播速度均為1m/sD.t=10s時，x=2m處質(zhì)點的位移為07、用如圖所示的裝置可以測定導(dǎo)體中單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)n．現(xiàn)測得一塊橫截面為矩形的金屬導(dǎo)體的寬度為l，厚為d，與側(cè)面垂直的勻強磁場磁感應(yīng)強度為B．當(dāng)通以圖示方向電流I時，在導(dǎo)體c、f表面間用電壓表可測得電壓U．已知自由電子的電荷量為e，則下列判斷正確的是（）A.c表面電勢高B.f表面電勢高C.該導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為D.該導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為8、某小型水電站的電能輸送示意圖如下.

發(fā)電機的輸出電壓為200V

輸電線總電阻為r

升壓變壓器原副線圈匝數(shù)分別為n1n2.

降壓變壓器原副線匝數(shù)分別為n3n4(

變壓器均為理想變壓器).

要使額定電壓為220V

的用電器正常工作，則(

)

A.n2n1>n3n4

B.n2n1<n3n4

C.升壓變壓器的輸出電壓等于降壓變壓器的輸入電壓D.升壓變壓器的輸出功率大于降壓變壓器的輸入功率9、如圖，甲分子固定在坐標原點O

乙分子位于x

軸上，甲分子對乙分子的作用力與兩分子間距離的關(guān)系如圖中曲線所示，F(xiàn)>0

為斥力，F(xiàn)<0

為引力.abcd

為x

軸上四個特定的位置.

現(xiàn)把乙分子從a

處由靜止釋放，則(

)

A.乙分子從a

到b

做加速運動，由b

到c

做減速運動B.乙分子由a

到c

做加速運動，到達c

時速度最大C.乙分子由a

到b

的過程中，兩分子間的分子勢能一直減少D.乙分子由b

到d

的過程中，兩分子間的分子勢能一直增加10、如圖所示，有三個質(zhì)量相等，分別帶正電、負電和不帶電的小球，從平行板電場左端的中點P以相同的初速度沿水平方向垂直于電場方向進入電場，它們分別落在A、B、C三點，可以判斷（）A.小球A帶正電，B不帶電，C帶負電B.三個小球在電場中運動時間相等C.三個小球在電場中運動的加速度aA＞aB＞aCD.三個小球到達極板時的動能EkA＜EkB＜EkC11、如圖所示的圓形線圈共n匝，電阻為R，過線圈中心O垂直于線圈平面的直線上有A、B兩點，A、B兩點的距離為L，A、B關(guān)于O點對稱。一條形磁鐵開始放在A點，軸線與A、B所在直線重合，此時線圈中的磁通量為Φ1，將條形磁鐵以速度v勻速向右移動，軸線始終與直線重合，磁鐵中心到O點時線圈中的磁通量為Φ2，Φ1＞Φ2，下＞列說法中正確的是（）A.磁鐵在A點時，通過一匝線圈的磁通量為B.磁鐵從A到B的過程中，通過線圈某一截面的電荷量為零C.磁鐵從A到B的過程中，線圈中磁通量的變化量為零D.磁鐵從A到O的過程中，線圈中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢大小為E=評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、（4分）應(yīng)用溫度傳感器可以遠距離讀取溫度的數(shù)值，這是把____轉(zhuǎn)變?yōu)開___的一大優(yōu)點。13、在“用單擺測定重力加速度”的實驗中；用刻度尺量出懸點到小球距離為96.60cm，用圖1游標卡尺量出小球直徑是____________cm，測量周期的實驗有3次，結(jié)果如表：

。①②③全振動次數(shù)304035時間/s60.4079.8070.60這個單擺振動周期的測定值是____________s．當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊臏y定值是____________m/s2．

(最后一空取三位有效數(shù)字)14、某同學(xué)用多用電表測量某待測電阻RX，的阻值，選用“”的歐姆檔后，應(yīng)先進行______，再進行測量，若多用電表的示數(shù)如圖所示，則Rx的測量值為______Ω．

15、取質(zhì)子的質(zhì)量mp=1.6726×10-27kg，中子的質(zhì)量mn=1.6749×10-27kg，α粒子的質(zhì)量mα=6.6467×10-27kg，光速c=3.0×108m/s。則α粒子的結(jié)合能為______。（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）16、如圖所示為一個正電荷的電場．A、B是電場中的兩點．若將q=5×10-8C的負電荷置于A點，所受的電場力為2×10-4N，則A點的場強大小為____N/C，方向指向____（填“左”或“右”）；若將電荷q從A點移走，則該點的電場強度大小是____N/C．

17、現(xiàn)有一U型磁鐵放在粗糙的水平地面上，當(dāng)在U型磁鐵的正上方用一只輕彈簧懸掛一根通電直導(dǎo)線，當(dāng)突然通有如圖所示方向的電流時，從上向下看，通電直導(dǎo)線運動的情況是____：

地面給U型磁鐵的支持力將：____．

18、如圖甲；乙所示為定性研究平行板電容器的電容與其結(jié)構(gòu)之間的關(guān)系的裝置；平行板電容器的A板與靜電計相連，B板和靜電計金屬殼都接地，若充電后保證電容器帶電量不變，試指出如圖所示的情況下，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度變化情況．

（1）正對面積減小時，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度______．（填“變大”“變小”或“不變”）

（2）板間距離增大時，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度______．（填“變大”“變小”或“不變”）19、在磁場中某一點，小磁針靜止時____________所指方向，就是該點的____________．20、如圖為一正在測量中的多用電表表盤．

（1）如果是用直流10V檔測量電壓，則讀數(shù)為______V；

（2）如果是用×100Ω檔測量電阻，則讀數(shù)為______Ω．評卷人得分四、判斷題(共2題，共18分)21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、證明題(共2題，共8分)23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分六、作圖題(共3題，共24分)25、如圖所示，A、B、C是勻強電場中平行于電場線的某一平面上的三個點，各點的電勢分別為φA=20V，φB=4V，φC=8V，請你畫出該電場的其中一個等勢面和一條電場線．26、已知螺線管內(nèi)部的小磁針的N極指向如圖；請在圖中畫出螺線管上線圈的繞向。

27、已知電磁鐵的兩個極性如圖；請在電磁鐵上畫出線圈的繞向。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A|B【分析】試題分析：由題意知道，電容器的電量Q不變；由題圖知，靜電計測的是電容器MN兩極板間的電壓U．由公式知N向下平移時，d增大，故C變小，由可得，U變大，靜電計指針偏角變大．A正確．當(dāng)N板向左平移時，相對面積S減小，C變小，U變大，靜電計指針偏角變大．B正確．當(dāng)在MN間插入電介質(zhì)時，變大，C變大，U變小，靜電計偏角變小，C錯誤．當(dāng)在MN間插入金屬板時，兩板間的有效相對距離減小，C變大，U變小，靜電計偏角變?。瓺錯誤．考點：考查了電容器的動態(tài)分析【解析】【答案】AB2、D【分析】【解答】A、α粒子散射實驗表明了原子內(nèi)部有一個很小的核；并沒有涉及到核內(nèi)部的變化．故A錯誤．B；光電效應(yīng)是原子核外層電子脫離原子核的束縛而逸出，沒有涉及到原子核的變化，故B錯誤．

C；電離現(xiàn)象是電子脫離原子核的束縛；不涉及原子核內(nèi)部變化．故C錯誤．

D、天然放射現(xiàn)象是原子核內(nèi)部自發(fā)的放射出α粒子或電子的現(xiàn)象；反應(yīng)的過程中核內(nèi)核子數(shù)，質(zhì)子數(shù)，中子數(shù)發(fā)生變化，涉及到原子核內(nèi)部的變化．故D正確．

故選：D．

【分析】電離現(xiàn)象是電子脫離原子核的束縛．光電效應(yīng)是原子核外層電子脫離原子核的束縛而逸出；天然放射現(xiàn)象是原子核內(nèi)部自發(fā)的放射出α粒子或電子的現(xiàn)象；α粒子散射現(xiàn)象是用α粒子打到金箔上，受到原子核的庫倫斥力而發(fā)生偏折的現(xiàn)象；3、B【分析】試題分析：由功的定義式W=Flcos知拉力相同，位移相同，則功相同，所以W1=W2，故A、C錯誤；由牛頓第二定律和運動學(xué)公式知當(dāng)?shù)孛娲植跁r加速度小，時間長，由功率定義式P=知沿粗糙水平面時功率小，故A錯誤，B正確?？键c：功、功率計算【解析】【答案】B4、B|C【分析】試題分析：電勢和場強沒有必然的聯(lián)系，場強描述電場本身的性質(zhì)，從電場線上來看，電場線的疏密程度表示電場強度的強弱。而電勢是相對于0勢能面的，而0勢能面是認為規(guī)定的。勻強電場中電場強度處處相同，但是沿電場線方向電勢逐漸降低選項A錯。與電場線垂直的平面電勢處處相等，但勻強電場強度并不等于0選項D錯。電場中場強為零的區(qū)域即沒有電場，沒有電場線，電勢也不會變化選項C對。綜上電勢和場強沒有聯(lián)系選項B對?？键c：電場強度和電勢【解析】【答案】BC5、B【分析】解：ABq

為試探電荷；即用來檢測電場中某個位置場強的電荷，故A錯誤，B正確．

C、公式E=Fq

為比值定義式；E

與F

和q

沒有正反比關(guān)系，場強E

是由場源電荷決定的，是電場的固有屬性，不會因試探電荷而改變，故C錯誤．

D；規(guī)定：E

的方向與正電荷受力方向相同；與負電荷受力方向相反，故D錯誤．

故選：B

q

為試探電荷．

此公式為比值定義式；場強是電場的固有屬性．

規(guī)定E

的方向與正電荷受力方向相同；與負電荷受力方向相反．

本題重點掌握場強的基本性質(zhì)的理解，場強是電場的固有屬性，不會因為試探電荷而改變．【解析】B

二、多選題(共6題，共12分)6、CD【分析】解：A、S1和S2為兩列相同的波源；即頻率相同，故可以發(fā)生干涉現(xiàn)象，故A錯誤；

BC、設(shè)兩列波速為v，兩波源經(jīng)過=到達波峰；t=6s時兩波的波峰首次相遇可得：v（t-0.5）+v（t-1-0.5）=10，解得：v=1m/s

則有：故B錯誤，C正確；

D、t=10s時，波源S1在x=2m出的質(zhì)點位于平衡位置，且向上振動；波源S2在x=2m出的質(zhì)點也位于平衡位置；且向上振動，t=10s時，x=2m處質(zhì)點的位移為0，故D正確；

故選：CD。

發(fā)生明顯干涉條件為：兩列波的頻率相同；根據(jù)周期與頻率關(guān)系可求周期；同一種介質(zhì)中，波傳播速度相同，根據(jù)t=6s時兩波的波峰首次相遇求解波速；然后根據(jù)λ=vT求解波長；t=10s時分析兩列波的質(zhì)點位置，然后位移求合即可。

本題考查波的干涉條件，以及波的疊加原理，關(guān)鍵是掌握波的疊加原理：兩列波互不影響向，位移為兩列波位移矢量和。【解析】CD7、AD【分析】解：A；B、由圖；磁場方向向下，電子向左移動，根據(jù)左手定則，電子向f表面偏轉(zhuǎn)，f表面得到電子帶負電，所以c表面電勢高．故A正確，B錯誤．

C、D、再根據(jù)e=evB；I=neSv=neldv，得：

n=故D正確，C錯誤．

故選：AD．

定向移動的電子受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)；在前后表面間形成電勢差，電子到達的表面帶負電，電勢較低．最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據(jù)平衡求出單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)．

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡．【解析】【答案】AD8、AD【分析】解：根據(jù)變壓器工作原理可知n2n1=U2200n3n4=U3220

由于輸電線上損失一部分電壓，升壓變壓器的輸出電壓大于降壓變壓器的輸入電壓，有U2>U3

所以n2n1>n3n4

故A正確，BC

不正確.

升壓變壓器的輸出功率等于降壓變壓器的輸入功率加上輸電線損失功率，故D正確．

故選AD

將發(fā)電站的電能遠輸時；由于電線上的電阻而導(dǎo)致電壓和功率損失，從而使得降壓變壓器輸入電壓和輸入功率減少．

理想變壓器的輸入功率與輸出功率相等，且沒有漏磁現(xiàn)象.

遠距離輸電，由于導(dǎo)線通電發(fā)熱導(dǎo)致能量損失，所以通過提高輸送電壓，從而實現(xiàn)降低電損．【解析】AD

9、BC【分析】解：A

分子在a

點受引力；故分子開始做加速運動，c

點后，分子力變成了斥力，分子開始減速；故從a

到c

分子一直做加速運動，故A錯誤；

B；由A

分析可知；分子從a

到c

做加速運動，c

點后開始減速，故c

時速度最大，故B正確；

C、乙分子由a

到b

的過程中；分子力做正功，故分子勢能一直減小，故C正確；

D、由b

到d

的過程中；分子力仍做正功，故分子勢能減小，故D錯誤；

故選BC．

由圖可知分子間的作用力的合力；則由力和運動的關(guān)系可得出物體的運動情況，由分子力做功情況可得出分子勢能的變化情況．

分子間的勢能要根據(jù)分子間作用力做功進行分析，可以類比重力做功進行理解記憶．【解析】BC

10、AD【分析】解：AB、小球在水平方向做勻速直線運動，根據(jù)水平方向的距離大小關(guān)系可知：tA＞tB＞tC；而在豎直方向上，三個小球通過的高度相同，根據(jù)位移公式和時間關(guān)系可知：aA＜aB＜aC；

再根據(jù)牛頓第二定律可分析出，帶正電荷小球受靜電力向上，合力為mg-F電；其加速度最小，經(jīng)過時間最長，故A球帶正電，同理可知C球帶負電，B球不帶電。故A正確；B錯誤；

C、由AB選項分析可知，帶負電的小球C所受合力最大，加速度最大，而帶正電的小球A受到的合力最小，加速度最小，所以有aA＜aB＜aC．選項C錯誤；

D、在運動過程中，三個小球豎直方向位移相等，帶負電荷小球合力做功最大，根據(jù)動能定理可知其動能改變量最大，而帶正電荷小球功能改變量最小，即：EkC＞EkB＞EkA．選項D正確。

故選：AD。

根據(jù)極板帶電的正負；判斷出平行板間電場強度的方向，再分析正負電荷受到電場力的方向，求出它們合力和加速度的大小關(guān)系，再利用軌跡在水平方向上通過的距離和豎直方向上所需的時間來判斷出小球帶點的正負；

再根據(jù)小球受到合力的大小關(guān)系；利用動能定理可直接判斷出三個小球到達極板時的動能大小。

解答本題的關(guān)鍵是：要熟練掌握平拋運動和類平拋運動規(guī)律的相似性，利用運動的合成與分解知識，在水平方向判斷時間大小，在豎直方向判斷加速度大小，同時還要靈活應(yīng)用動能定理來解題?！窘馕觥緼D11、BCD【分析】解：A、磁鐵在A點時，線圈中的磁通量為Φ1，通過一匝線圈的磁通量也為Φ1；磁通量與匝數(shù)無關(guān)，故A錯誤；

BC；磁鐵從A到B過程；穿過線圈的磁通量先增加后減小，磁通量的變化量為零，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，平均感應(yīng)電動勢為零，平均感應(yīng)電流為零，通過線圈某一截面的電量為零，故BC正確；

D、磁鐵從A到O的過程中，線圈中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為：E=n=n=故D正確；

故選：BCD。

根據(jù)題意求出穿過線圈的磁通量；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解平均感應(yīng)電動勢，根據(jù)歐姆定律求解電流，根據(jù)q=It求解電量。

本題關(guān)鍵是明確感應(yīng)電動勢的平均值的求解方法，注意磁通量與面積和磁感應(yīng)強度有關(guān)，與線圈的匝數(shù)無關(guān)。【解析】BCD三、填空題(共9題，共18分)12、略

【分析】非電學(xué)量不便于測量和遠距離傳輸，電學(xué)量則便于測量和遠距離傳輸。【解析】【答案】非電學(xué)量；電學(xué)量13、略

【分析】解：①由圖示游標卡尺可知；主尺示數(shù)為5.4cm，游標尺示數(shù)為4×0.1mm=0.4mm=0.04cm，小球的直徑d=5.4cm+0.04cm=5.44cm；

②由表中實驗數(shù)據(jù)可知，單擺周期T1==≈2s，T2==≈2s，T3==≈2s；

T==2s；

③由單擺周期公式T=2π可知，重力加速度g===≈9.79m/s2．

故答案為：5.44；2；9.79．【解析】5.44;2;9.7914、略

【分析】解：每選檔后要重新進行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)為：7.0×10=70Ω

故答案為：歐姆調(diào)零70

使用歐姆表測電阻時要選擇合適的擋位；然后進行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)．

讓學(xué)生熟悉如何使用多用電表，并知道多用電表能測哪里物理量．同時知道電阻刻度盤是不均勻的，除刻度盤上的讀數(shù)外還要乘上倍率；還有量程2.5V的交流電壓是讀最下面刻度．【解析】歐姆調(diào)零；7015、4.3×10-12J【分析】解：組成α粒子的核子與α粒子的質(zhì)量差為：

△m=（2mp+2mn）-mα

所以結(jié)合能為：△E=△mc2

代入數(shù)據(jù)解得：△E=4.3×10-12J

故答案為：4.3×10-12J

組成α粒子的核子與α粒子的質(zhì)量差即為兩個質(zhì)子和兩個中子結(jié)合成一個α粒子時損失的質(zhì)量；有質(zhì)能方程代入數(shù)據(jù)即可得知α粒子的結(jié)合能。

核子結(jié)合成原子核時，有質(zhì)量虧損，根據(jù)愛因斯坦的質(zhì)能聯(lián)系方程，必然放出相應(yīng)的能量△E=△mc2；這個能量叫做原子核的結(jié)合能。顯然，如果要把原子核分開成核子，必須給以同樣的能量。

核子組成不同的原子核時，放出的結(jié)合能的大小也不相同。結(jié)合能除以核子數(shù)就得到核子的平均結(jié)合能，其意義是：核子結(jié)合成原子核時，平均每個核子所釋放的結(jié)合能。它也等于把原子核拆散成核子時，外界必須提供給每個核子的平均能量?！窘馕觥?.3×10-12J16、略

【分析】

A點的電場強度大小E==4×102N/C；方向水平向右．

若將電荷q從A點移走；在同一點電場強度不變，所以該點的電場強度大小是400N/C．

故答案為：400；右，400．

【解析】【答案】根據(jù)電場強度的定義式E=求解該點的場強大小；場強方向與正電荷所受的電場力方向相同．在同一點電場強度不變．

17、略

【分析】

由于導(dǎo)線左右兩部分處在的磁場方向不同；可采用電流元法，即將直導(dǎo)線分為左右兩部分處理，根據(jù)左手定則，判斷出圖示位置導(dǎo)線左部所受安培力向外，右部向內(nèi)；又考慮特殊位置：導(dǎo)線轉(zhuǎn)過90°時，安培力向下．則俯視，導(dǎo)線在安培力作用下，逆時針方向旋轉(zhuǎn)的同時向下運動，根據(jù)牛頓第三定律，磁鐵受到的安培力向上，則地面對磁鐵的支持力減小的．

故答案為：逆時針方向旋轉(zhuǎn)的同時向下運動；減小。

【解析】【答案】采用電流元法；將直導(dǎo)線分為左右兩部分研究，根據(jù)左手定則，判斷出圖示位置導(dǎo)線左部所受安培力向外，右部向內(nèi)；考慮特殊位置，若導(dǎo)線轉(zhuǎn)過90°時，安培力向下．則導(dǎo)線在逆時針方向旋轉(zhuǎn)的同時向下運動，根據(jù)牛頓第三定律，磁鐵受到向上的安培力向上，則可確定地面對磁鐵的支持力是減小的．

18、略

【分析】解：（1）正對面積減小時，根據(jù)C=知電容減小，由U=知電勢差增大，靜電計指針偏轉(zhuǎn)角度增大．

（2）根據(jù)U=C=得E===E與d無關(guān)，所以電場強度不變，因此電場力也不變，則偏轉(zhuǎn)角度不變．

故本題答案為：（1）變大；（2）不變．

（1）電容器帶電量不變；根據(jù)電容的變化，判斷電勢差的變化，即靜電計指針偏轉(zhuǎn)角度的變化．

（2）根據(jù)U=C=得E===去判斷電場強度的變化．

處理電容器動態(tài)分析時關(guān)鍵抓住不變量．若電容器與電源斷開，電量保持不變；若電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢差保持不變．【解析】變大；不變19、略

【分析】解：磁場是有方向的；物理學(xué)上規(guī)定，在磁場中的某一點，小磁針靜止時N極所指的方向就是該點的磁場方向．

故答案為：北極，磁場方向．【解析】北極;磁場方向20、略

【分析】解：（1）用直流10V檔測量電壓；準確值6.4V，估計值0.5，讀數(shù)為6.5V．

（2）用×100Ω檔測量電阻，指示值8.0Ω，倍率為×100，讀數(shù)為8.0×102Ω．

故答案為：（1）6.5（2）8.0×102

（1）直流10V檔最小分度為0.2V；準確值加估計到0.1V位．

（2）用×100Ω檔測量電阻；讀數(shù)=指示值×倍率．

題考查基本儀器、儀表的讀數(shù)能力．儀器、儀表的讀數(shù)是準確值加估計值，在儀器、儀表的讀數(shù)中不可靠數(shù)字只保留一位，儀器或儀表中不可靠數(shù)字出現(xiàn)在哪一位，讀數(shù)就讀到哪一位．【解析】6.5；8.0×102四、判斷題(共2題，共18分)21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．五、證明題(共2題，共8分)23、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分