2025年浙科版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖2所示，螺線管導(dǎo)線的兩端與兩平行金屬板相接，一個帶負(fù)電的小球用絕緣絲線懸掛在兩金屬板間，并處于靜止?fàn)顟B(tài)，若條形磁鐵突然插入線圈時，小球的運(yùn)動情況是()A.向左擺動B.向右擺動C.保持靜止D.無法判定2、下列說法中正確的是（）A.磁感線總是從磁鐵的N極出發(fā)，到S極終止B.磁感應(yīng)強(qiáng)度B反比于檢驗(yàn)電流元ILC.磁感線是磁場中客觀存在的曲線D.磁體間的相互作用是通過磁場發(fā)生的，磁場是客觀存在于磁體周圍的特殊形態(tài)的物質(zhì)3、現(xiàn)在汽車上安裝GPS（全球定位系統(tǒng)），此系統(tǒng)的工作是依靠（）A.超聲波B.次聲波C.機(jī)械波D.電磁波4、用綠光照射一光電管，能產(chǎn)生光電效應(yīng)，如果需要增大光電子到達(dá)陽極時的速度，可采用的方法是（）A.改用紅光照射．B.增大綠光強(qiáng)度．C.增大正向電壓．D.改用紫光照射．5、將面積為0.50m2的線圈放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為2.0×10-3T的勻強(qiáng)磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，則穿過線圈的磁通量是（）A.1.0×10-3WbB.0.50×10-3WbC.0.25×10-3WbD.06、關(guān)于回旋加速器，下述說法中不正確是（）A.電場的作用是使帶電粒子加速，動能增大B.電場和磁場交替使帶電粒子加速C.磁場的作用是使帶電粒子在磁場中回旋，獲得多次被加速的機(jī)會D.D形盒的半徑越大，射出的帶電粒子獲得的能量越多7、如圖，圓環(huán)形導(dǎo)體線圈a

平放在水平桌面上，在a

的正上方固定一豎直螺線管b

二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路.

若將滑動變阻器的滑片P

向下滑動，下列表述正確的是()A.線圈a

中將產(chǎn)生俯視順時針方向的感應(yīng)電流B.穿過線圈a

的磁通量變小C.線圈a

有擴(kuò)張的趨勢D.線圈a

對水平桌面的壓力FN

將增大8、已知相互垂直的兩個共點(diǎn)力合力為40N

其中一個力的大小為20N

則另一個力的大小是(

)

A.10N

B.203N

C.60N

D.20N

評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)9、做功和熱傳遞在____上是等效的．一定質(zhì)量的氣體從外界吸收160J的熱量，同時對外做功170J，則氣體的內(nèi)能____．10、英國物理學(xué)家麥克斯韋認(rèn)為：變化的磁場______（填“能”或“不能”）產(chǎn)生電場．已知電磁波在空氣中的傳播速度近似等于3.0×108m/s，某廣播電臺的“經(jīng)濟(jì)、生活”節(jié)目的頻率是1.0×108HZ，該電磁波在空氣中的波長為______m．11、如圖，電源的電動勢為12V

內(nèi)阻為1婁賂R1=1婁賂R2=6婁賂

電動機(jī)的線圈電阻為0.5婁賂.

開關(guān)閉合后通過電源的電流為3A

電動機(jī)輸出功率______。12、如圖所示，甲圖中的小磁針上有一直導(dǎo)線通以圖中所示方向的電流時，小磁針北極N將向______（填“紙內(nèi)”或“紙外”）偏轉(zhuǎn)；乙圖中環(huán)形導(dǎo)線接上如圖所示的直流電源時，環(huán)中小磁針的北極N將向______（填“紙內(nèi)”或“紙外”）偏轉(zhuǎn)；丙圖中通電螺線管旁的小磁針位置如圖所示，則電源的左端是______極．

13、如圖所示，是有兩個量程的電壓表，當(dāng)使用ab

兩個端點(diǎn)時，量程為0隆蘆3V.

當(dāng)使用ac

兩個端點(diǎn)時，量程為0隆蘆15V.

已知電流表的內(nèi)阻Rg

為500婁賂

滿偏電流Ig

為3mA

則R1=

______婁賂R2=

______婁賂.

評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)14、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）16、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

18、空間兩點(diǎn)放置兩個異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、計(jì)算題(共4題，共12分)20、（10分）發(fā)電站通過升壓變壓器、輸電導(dǎo)線和降壓變壓器把電能輸送到用戶,如果升壓變壓器和降壓變壓器都可視為理想變壓器.（1）畫出上述輸電全過程的線路圖.（2）若發(fā)電機(jī)的輸出功率是100kW,輸出電壓是250V,升壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為1∶25,求升壓變壓器的輸出電壓和輸電導(dǎo)線中的電流.（3）若輸電導(dǎo)線中的電功率損失為輸入功率的4%,求輸電導(dǎo)線的總電阻和降壓變壓器原線圈兩端的電壓.（4）計(jì)算降壓變壓器的輸出功率.21、如圖所示，圖壟脵

是示波管的原理圖，它是由電子槍，豎直偏轉(zhuǎn)電極YY隆盲

水平偏轉(zhuǎn)電極XX隆盲

和熒光屏組成、電子槍發(fā)射的電子打在熒屏上將出現(xiàn)亮點(diǎn).

若亮點(diǎn)很快移動，由于視覺暫留關(guān)系，能在熒光屏看到一條亮線.

電子的電量為q

質(zhì)量為m

電子經(jīng)電子槍加速后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電極YY隆盲

的速度為v

0YY隆盲

板間距為dYY隆盲

板長為L

熒光屏到偏轉(zhuǎn)電極YY隆盲

右側(cè)的距離為L

隆盲.

偏轉(zhuǎn)電壓頻率較高．

(1)

如果只在偏轉(zhuǎn)電極YY隆盲

上加上UYY/=Umsin

婁脴t

的電壓，試證明熒光屏上亮點(diǎn)的偏移也將按正弦規(guī)律變化，即y

隆盲=

y

msin

婁脴t

，并求ym

(2)

在熒光屏上畫出所觀察到的亮線的形狀：如果在偏轉(zhuǎn)電極YY隆盲

上加上如圖壟脷

所示的電壓UYY/=Umsin

婁脴t

，同時在偏轉(zhuǎn)電極XX隆盲

上加上圖壟脹

所示的電壓，試在圖壟脻

上畫出所觀察到的亮線的形狀．如果在偏轉(zhuǎn)電極YY隆盲

上加上如圖壟脷

所示的電壓UYY/=Umsin

婁脴t

，同時在偏轉(zhuǎn)電極XX隆盲

上加上圖壟脺

所示的電壓UXX/=Umsin

婁脴t

，試在圖壟脼

上畫出觀察到的亮線的形狀．22、兩平行金屬板AB

水平放置；一個質(zhì)量為m=5隆脕10鈭?6kg

的帶電塵埃，以v0=2m/s

的水平速度從兩板正中位置射入電場，如圖所示，AB

兩板距離d=4cm

板長L=10cm

．

(1)

當(dāng)AB

間的電勢差為UAB=1000V

時；塵埃恰好不偏轉(zhuǎn)，沿圖中直線射出電場，求該塵埃的電荷量和電性；

(2)

令B

板接地，發(fā)現(xiàn)塵埃能從電場飛出，求A

板的電勢．23、如圖所示，在x<0

且y<0

的區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B

大小為2隆脕10鈭?4T

在x>0

且y<0

的區(qū)域內(nèi)存在與x

軸正方向成45鈭?

角向上方向的勻強(qiáng)電場.

已知質(zhì)量m

為1.60隆脕10鈭?27kg

的質(zhì)子從x

軸上的M

點(diǎn)沿與x

軸負(fù)方向成45鈭?

角向下垂直射入磁場，結(jié)果質(zhì)子從y

軸的N

點(diǎn)射出磁場而進(jìn)入勻強(qiáng)電場，經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后打到坐標(biāo)原點(diǎn)O

已知OM爐=ON爐=l=0.22m.

不計(jì)質(zhì)子的重力；帶電量e=1.60隆脕10鈭?19C

求：

(1)

質(zhì)子從射入勻強(qiáng)磁場到O

點(diǎn)所用的時間；

(2)

勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大?。u卷人得分五、畫圖題(共2題，共20分)24、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象25、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【解析】【答案】A2、D【分析】解：AC；磁感線是描述磁場分布而假想的；磁感線是閉合曲線，磁體外部磁感線是從N極到S極，而內(nèi)部是從S極到N極，故AC錯誤；

B；磁感應(yīng)強(qiáng)度取決于磁場本身；并不是反比于檢驗(yàn)電流元IL，故B錯誤；

D；磁極之間的相互作用是通過磁場發(fā)生的；磁場和電場一樣，也是一種客觀存在的特殊物質(zhì)，故D正確．

故選：D．

磁感線是描述磁場分布而假想的；磁感線的疏密表示磁場強(qiáng)弱；磁感線某點(diǎn)的切線方向表示該點(diǎn)的磁場方向；磁感線是閉合曲線，磁體外部磁感線是從N極到S極，而內(nèi)部是從S極到N極．

為了描述磁場的性質(zhì)而引入了磁感線的概念，它是假想出來的有方向的曲線，但可以描述磁場的性質(zhì)．【解析】【答案】D3、D【分析】解：衛(wèi)星和地面的聯(lián)系靠電磁波；將圖片和聲音等信號調(diào)制到電磁波上，把電磁波當(dāng)成載體發(fā)射回地面．電磁波比超聲波；次聲波（均屬于機(jī)械波）具有更強(qiáng)的穿透力．衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)傳遞信息利用的是電磁波，而且網(wǎng)絡(luò)數(shù)據(jù)信息屬于數(shù)字信號，故選項(xiàng)D正確．

故選D．

GPS接收器接收的是電磁波．圖片和聲音等信號調(diào)制到電磁波上；把電磁波當(dāng)成載體發(fā)射出去，電磁波比超聲波；次聲波具有更強(qiáng)的穿透力；

人們?nèi)粘Ｉ钪杏玫碾娨曅盘?；手機(jī)信號都是利用電磁波傳遞信號的．

本題考查了電磁波在生活中的應(yīng)用，生活中利用電磁波的地方非常多．如：衛(wèi)星通信、無線電視、無線廣播、手機(jī)等，是一道基礎(chǔ)題．【解析】【答案】D4、C|D【分析】由光電子的初動能可以增大入射光的頻率，D對；逸出的光電子在正向電壓作用下加速，C對；【解析】【答案】CD5、A【分析】解：磁通量Φ=BS=0.50×2.0×10-3T=1.0×10-3Wb；

故選：A

磁場與線圈平面垂直；故由磁通量Φ=BS直接計(jì)算即可．

本題考查磁通量的計(jì)算公式，注意此公式只能用于磁場與線圈垂直時．【解析】【答案】A6、B【分析】解：A；B、C、洛倫茲力不做功；故磁場只能使粒子旋回狹縫，粒子在電場中被加速，可知最大動能與加速器的半徑、磁感線強(qiáng)度以及電荷的電量和質(zhì)量有關(guān)，與加速電壓無關(guān)，故AC正確，B錯誤；

D、由qvB=m得，v=則最大動能EK=mv2=將D形盒的半徑越大，粒子獲得的動能將增加，故D正確；

本題選擇錯誤；故選：B．

回旋加速器是利用磁場使帶電粒子作回旋運(yùn)動；在運(yùn)動中經(jīng)高頻電場反復(fù)加速的裝置．是高能物理中的重要儀器．

（1）磁場的作用。

帶電粒子以某一速度垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場時；只在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動，其中周期與速率和半徑無關(guān)，使帶電粒子每次進(jìn)入D形盒中都能運(yùn)動相等時間（半個周期）后，平行于電場方向進(jìn)入電場中加速．

（2）電場的作用。

回旋加速器的兩個D形盒之間的窄縫區(qū)域存在周期性的變化的并垂直于兩D形盒直徑的勻強(qiáng)電場；加速就是在這個區(qū)域完成的．

（3）交變電壓。

為了保證每次帶電粒子經(jīng)過狹縫時均被加速；使其能量不斷提高，要在狹縫處加一個與粒子運(yùn)動的周期一致的交變電壓．

解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器是利用電場加速、磁場偏轉(zhuǎn)來加速粒子，但是最終粒子的動能與電場的大小無關(guān)．【解析】【答案】B7、D【分析】【分析】首先明確滑動觸頭向下滑動時通過判斷出線圈b

中的電流增大，根據(jù)楞次定律判斷出線圈a

中感應(yīng)電流方向，再根據(jù)楞次定律的“來拒去留，增反減同”的結(jié)論來判斷。本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律，根據(jù)線圈b

中電流變化情況，楞次定律得出結(jié)論?！窘獯稹緼B.

當(dāng)滑動觸頭向下滑動時電阻減小，由閉合回路歐姆定律可知通過線圈bb中的電流增大，從而可知線圈aa中的磁通量增加，且方向向下，根據(jù)楞次定律判斷出線圈aa中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，俯視應(yīng)為逆時針，故AB錯誤；C.線圈aa中磁通量增大，由于磁通量公式婁碌=BS婁碌=BS根據(jù)楞次定律從面積的角度分析知，當(dāng)線圈aa的面積減小，才能起到阻礙磁通量的增加的效果，故線圈aa具有收縮的趨勢，故C錯誤；D.開始時線圈aa對桌面的壓力等于線圈aa的重力，當(dāng)滑動觸頭向下滑動時，可以用“等效法”，即將線圈aa和bb看做兩個條形磁鐵，不難判斷此時兩磁鐵的NN極相對，相互排斥，故線圈aa對桌面壓力將增大，故D正確。故選D?！窘馕觥緿

8、B【分析】解：根據(jù)平行四邊形定則；如圖所示：

根據(jù)幾何關(guān)系；有：

F2=F2鈭?F12=203N

故B正確，ACD錯誤；

故選：B

．

依據(jù)合力與分力遵循平行四邊形定則；根據(jù)平行四邊形定則作圖，結(jié)合勾股定理，即可求解．

本題關(guān)鍵根據(jù)平行四邊形定則作圖，然后根據(jù)幾何關(guān)系列式求解．【解析】B

二、填空題(共5題，共10分)9、略

【分析】

做功和熱傳遞在改變物體內(nèi)能上是上是等效的．

物體從外界吸收了160J的熱量；熱量為正值，Q=160J．物體對外做了170J的功，功為負(fù)值，W=-170J；

根據(jù)熱力學(xué)第一定律物體內(nèi)能的變化△U=Q+W=160J-170J=-10J；即物體的內(nèi)能減小10J．

故答案為：改變物體內(nèi)能上是；減小10J．

【解析】【答案】物體從外界吸收了160J的熱量；熱量為正值，Q=160J．物體對外做了170J的功，功為負(fù)值，W=-170J，根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解物體內(nèi)能的變化．

10、略

【分析】解：英國物理學(xué)家麥克斯韋的電磁場理論告訴我們：變化的磁場能產(chǎn)生電場．空氣中電磁波的傳播近似等于光速c；由波速公式c=λf得。

波長λ==m=3m

故答案為：能；3

根據(jù)英國物理學(xué)家麥克斯韋的電磁場理論可知；變化的磁場能產(chǎn)生電場．已知波速c，頻率f，由波速公式c=λf求解波長．

對于麥克斯韋的電磁場理論可在理解的基礎(chǔ)上加強(qiáng)記憶．一切電磁波在真空中的速度都等于光速．公式v=λf對于電磁波同樣適用．【解析】能；311、略

【分析】解：R1

兩端電壓：U1=IR1=3隆脕1V=3V

U脛脷=Ir=3隆脕1=3V

R2

兩端電壓：U2=E鈭?U1鈭?U脛脷=(12鈭?6)V=6V

通過R2

的電流：I2=U2R2=6V6惟=1A

通過電動機(jī)的電流：IM=I鈭?I2=(3鈭?1)A=2AUM=U2=6V

電動機(jī)消耗的電功率為：PM=IMUM=2隆脕6W=12W

電動機(jī)線圈發(fā)熱損耗的熱功率Pr=IM2r=22隆脕0.5=2W

電動機(jī)輸出功率P魯枚=PM鈭?Pr=12鈭?2=10W

故答案為：10W

根據(jù)電壓的分配求出R2

兩端的電壓，由干路電流和R2

的電流求出流過電動機(jī)的電流，根據(jù)PM=IMUM

求出電動機(jī)消耗的電功率；根據(jù)Pr=IM2r

電動機(jī)正常工作時的電路非純電阻電路，機(jī)械功率由電功率減去電動機(jī)發(fā)熱功率求解，能靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律求解。【解析】10W

12、略

【分析】解：（1）甲圖中；根據(jù)安培定則可得，導(dǎo)體下方的磁場方向向里，所以小磁針的N極受力的方向向里，N極向里偏轉(zhuǎn)；

（2）乙圖中；根據(jù)右手定則，讓彎曲的四指表示電流的方向，大拇指所指的方向向外，即磁場才方向向外，所以N極向外偏轉(zhuǎn)；

（3）由圖可知；小磁針左側(cè)為S極，右側(cè)為N極，由同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引，所以知螺線管的左端為S極，右端為N極；

用右手握住螺線管；大拇指向右，則四指沿電流方向，即電流方向是前下后上．所以電源的左側(cè)是正極，右側(cè)是負(fù)極．

故答案為：紙內(nèi)；紙外，正．

通電導(dǎo)線的周圍和環(huán)形電流的周圍存在磁場；由安培定則即可判斷出電流的磁場，然后判斷出小磁針偏轉(zhuǎn)的方向；通電螺線管周圍存在磁場，則由磁極間的相互關(guān)系可和小磁針N極的指向，得出通電螺線管的磁場的方向，然后根據(jù)螺線管的磁極由安培定則可得出電流的方向和電源的正負(fù)極．

本題考查磁極間的相互作用及右手螺旋定則，要求能熟練應(yīng)用右手螺旋定由電流方向判斷磁極方向，或由磁極方向判斷電流方向．【解析】紙內(nèi)；紙外；正13、略

【分析】解：串聯(lián)電阻阻值：R1=U1Ig鈭?Rg=30.003鈭?500=500婁賂

R2=U2Ig鈭?R1鈭?Rg=150.003鈭?500鈭?500=4000婁賂

故答案為：5004000

．

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出電阻阻值．

本題考查了求電阻阻值，知道電壓表改裝原理是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以解題．【解析】5004000

三、判斷題(共6題，共12分)14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、計(jì)算題(共4題，共12分)20、略

【分析】（1）見圖（2）對升壓變壓器,據(jù)公式有U2=×250V=6250V,I2=A=16A.（3）因?yàn)镻耗=I22R線,P耗=0.04P1所以R線=Ω=15.6Ω因?yàn)棣=U2－U3=I2R線所以U3=U2－I2R線=（6250－16×15.6）V=6000V.（4）P4=P1－P耗=0.96P1=0.96×100000W=96kW【解析】【答案】（1）見圖（2）6250V16A（3）15.6Ω6000V（4）96kW21、解：（1）設(shè)電子經(jīng)電子槍加速后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電極YY/的速度為v0，偏轉(zhuǎn)電極的電壓為Uy，板間距為d，板長為L，可得：即電子在電場中的偏轉(zhuǎn)距離為：電子離開電場時的偏轉(zhuǎn)角度設(shè)為φ，則電子離開電場后做勻速直線運(yùn)動，打在熒光屏上，出現(xiàn)亮斑，設(shè)光屏到偏轉(zhuǎn)電極YY/右側(cè)的距離為L/，那么亮點(diǎn)在光屏上偏轉(zhuǎn)的距離為即式中（2）在熒光屏上畫出所觀察到的亮線的形狀如圖⑤⑥所示：

【分析】此題考查對示波器原理的理解；關(guān)鍵明確電子在電場中的運(yùn)動情況根據(jù)類平拋運(yùn)動和幾何關(guān)系求解，要用運(yùn)動的合成與分解的正交分解思想進(jìn)行思考。

(1)

電子在偏轉(zhuǎn)電極YY隆盲YY隆盲中做類平拋運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律和類平拋運(yùn)動公式求得偏轉(zhuǎn)量和偏轉(zhuǎn)角的正切值，離開電場后做勻速直線運(yùn)動，由幾何關(guān)系求得打在熒光屏上的偏轉(zhuǎn)量，從而得出熒光屏上亮點(diǎn)的偏移規(guī)律并求得ymy_{m}(2)(2)示波管是帶電粒子在電場中加速和偏轉(zhuǎn)的實(shí)際應(yīng)用，偏轉(zhuǎn)電極YY鈥?

使電子束豎直偏轉(zhuǎn)(

加信號電壓)XX鈥?

使電子束水平偏轉(zhuǎn)(

加掃描電壓)

根據(jù)(1)

中表達(dá)式作出圖形。【解析】解：(1)

設(shè)電子經(jīng)電子槍加速后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電極YY/

的速度為v0

偏轉(zhuǎn)電極的電壓為Uy

板間距為d

板長為L

可得：a=Fm=qUymdL=v0ty=12at2

即電子在電場中的偏轉(zhuǎn)距離為：y=qL2Uy2mdv02

電子離開電場時的偏轉(zhuǎn)角度設(shè)為婁脮

則tan婁脮=atv0=qLUymdv02

電子離開電場后做勻速直線運(yùn)動，打在熒光屏上，出現(xiàn)亮斑，設(shè)光屏到偏轉(zhuǎn)電極YY/

右側(cè)的距離為L/

那么亮點(diǎn)在光屏上偏轉(zhuǎn)的距離為y/=y+L/tan婁脮=(qL22mdv02+qLL/mdv02)Umsin婁脴t

即y/=ymsin婁脴t

式中ym=(qL22mdv02+qLL/mdv02)Um

(2)

在熒光屏上畫出所觀察到的亮線的形狀如圖壟脻壟脼壟脻壟脼所示：

22、略

【分析】

(1)

當(dāng)AB

間電壓UAB=1000V

時；微粒恰好不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則知微粒做勻速直線運(yùn)動，重力與電場力平衡，即可分析微粒的電性，由平衡條件求出電量．

(2)

研究臨界情況：微粒剛好從B

板右端和A

板右端射出時的情況.

微粒在水平方向做勻速直線運(yùn)動；豎直方向做初速度為0

的勻加速運(yùn)動，由運(yùn)動學(xué)公式求出加速度，由牛頓第二定律求出A

板的電勢．

本題第1

問是勻速直線運(yùn)動，屬于力平衡問題；第2

問是類平拋運(yùn)動，難點(diǎn)是分析隱含的臨界情況，運(yùn)用運(yùn)動的分解法求解電勢的范圍．【解析】解：(1)

電場強(qiáng)度：E=Ud=10000.04=2.5隆脕104V/m

根據(jù)題意；可知該微粒帶負(fù)電，且有qE=mg

解得：q=2隆脕10鈭?9C

(2