2025年中圖版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版選修3物理上冊階段測試試卷859考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、關于電感對交變電流的影響，下列說法正確的是（）A.電感不能通直流電流，只能通交變電流B.電感對各種不同頻率的交變電流的阻礙作用相同C.同一個電感線圈對頻率低的交變電流的阻礙較小D.同一個電感線圈對頻率高的交變電流的阻礙較小2、已知銅的摩爾質量為M（kg/mol），銅的密度為阿伏加德羅常數為．下列判斷正確的是A.1kg銅所含的原子數為B.1個銅原子的質量為C.銅所含的原子數為D.1kg銅的體積為3、如圖所示；一支溫度計的玻璃泡外包著紗布，紗布的下端浸在水中．紗布中的水在蒸發(fā)時帶走熱量，使溫度計示數低于周圍空氣溫度．當空氣溫度不變，若一段時間后發(fā)現該溫度計示數減小，則_____．

A.空氣的相對濕度減小B.空氣中水蒸汽的壓強增大C.空氣中水的飽和氣壓減小D.空氣中水的飽和氣壓增大4、一小型爆炸裝置在光滑、堅硬的水平鋼板上發(fā)生爆炸，所有碎片均沿鋼板上方的倒圓錐面(圓錐的頂點在爆炸裝置處)飛開．在爆炸過程中，下列關于爆炸裝置的說法中正確的是()A.總動量守恒B.機械能守恒C.水平方向動量守恒D.豎直方向動量守恒5、如圖為氫原子的能級示意圖，鋅的逸出功是3.34ev，那么對氫原子在能量躍遷過程中發(fā)射或吸收光子的特征,認識正確的是()

A.用氫原子從高能級向基態(tài)躍遷時發(fā)射的光照射鋅板一定不能產生光電效應B.一群處于n=3能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，能放出4種不同頻率的光C.用能量為10.3eV的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)D.一群處于n=3能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，發(fā)出的光照射鋅板，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動能為8.75eV評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、下列說法正確的是（）A.氣體體積變化時，其內能可能不變B.布朗運動就是分子的熱運動C.酒精與水混合總體積減小說明分子間存在空隙D.壓縮氣體時氣體會表現出抗拒壓縮的力是由于氣體分子間存在斥力的緣故7、下列有關熱現象分析與判斷正確的是（）A.布朗運動是由于液體分子對固體小顆粒的撞擊引起的，固體小顆粒的體積越大，液體分子對它的撞擊越多，布朗運動就越顯著B.在墻壁與外界無熱傳遞的封閉房間里，夏天為了降低溫度，同時打開電冰箱門和電風扇，兩電器工作較長時間后，房子內的氣溫將會增加C.溫度升高，單位時間里從液體表面飛出的分子數增多，液體繼續(xù)蒸發(fā)，飽和氣壓強增大D.在一個大氣壓下，1克100℃的水吸收2.26×103J熱量變?yōu)?克100℃的水蒸氣，在這個過程中，2.26×103J=水蒸氣的內能+水的內能+水變成水蒸氣體積膨脹對外界做的功8、下列說法正確的是（）A.氣體向真空的自由膨脹是不可逆的B.空調既能制熱又能制冷，說明熱傳遞不存在方向性C.一定質量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中，氣體對外做功，內能可能減小E.一定質量100的水變成100的水蒸氣，分子平均動能不變，分子勢能增加E.一定質量100的水變成100的水蒸氣，分子平均動能不變，分子勢能增加9、用比值法定義物理量是物理學中一種很重要的思想方法，下列哪些公式是這些物理量的比值定義式（）A.加速度B.電阻C.電場強度D.電容10、甲乙兩列簡諧橫波波速均為v=2m/s；甲沿x軸負方向傳播，乙沿x軸正方向傳播，某時刻波的圖象分別如圖甲；乙所示，其中P、Q處的質點均處于波峰，關于這兩列波，下列說法正確的是_________．

A.甲波中的M處質點比P處質點先回到平衡位置B.從圖示的時刻開始，P處質點與Q處質點同時回到平衡位置C.從圖示的時刻開始，經過1.0s，P質點沿x軸負方向通過的位移為2mE.如果這兩列波相遇不可能形成穩(wěn)定的干涉圖樣E.如果這兩列波相遇不可能形成穩(wěn)定的干涉圖樣評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)11、某同學利用DIS實驗系統研究一定質量的理想氣體的狀態(tài)變化，實驗后計算機屏幕顯示如圖所示的的P-t圖像。由A→B的過程中氣體體積________（選填“變大”、“變小”、“保持不變”）；若在狀態(tài)B時氣體的體積為VB=3L，氣體在狀態(tài)C的體積為_________L。

12、利用掃描隧道顯微鏡（STM）可以得到物質表面原子排列的圖像；從而可以研究物質的結構。如圖所示的照片是一些晶體材料表面的STM圖像，通過觀察；比較，可以看到這些材料表面的原子排列有著共同的特點，這些共同的特點是：

(1)______________；

(2)_____________。

13、一氣缸內儲有10mol的單原子分子理想氣體，在壓縮過程中，外力做功209J，氣體溫度升高1K，則氣體內能的增量E為________J，吸收的熱量Q為________J。14、帶有活塞的汽缸內封閉一定質量的理想氣體，氣體開始處于a狀態(tài)，然后經過狀態(tài)變化過程到達c狀態(tài)。在圖中變化過程如圖所示。

（1）氣體從a狀態(tài)經過到達b狀態(tài)的過程中壓強____________。（填“增大”；“減小”或“不變”）

（2）氣體從b狀態(tài)經過到達c狀態(tài)的過程要____________。（填“吸收”或“放出”）熱量。15、下圖是等離子體發(fā)電機示意圖，平行金屬板間勻強磁場的磁感應強度B=0.5T，兩板間距離為0.2m，要使輸出電壓為220V，則等離子體垂直射入磁場的速度v0=________m/s，a是發(fā)電機的________極。(發(fā)電機內阻不計)16、圖為某同學改裝的毫安表的電路圖；其中虛線框內是毫安表的改裝電路。

已知毫安表表頭的內阻為100Ω，滿偏電流為1mA，R1和R2為阻值固定的電阻，若使用a和b兩個接線柱，電表量程為3mA：若使用a和c兩個接線拄，電表量程為10mA，由題給條件和數據，可以求出R1=___Ω，R2=_______Ω。17、“測定玻璃的折射率”實驗中,在玻璃磚的一側豎直插兩個大頭針A、B,在另一側再豎直插兩個大頭針C、D.在插入第四個大頭針D時,要使它_____________.

如圖是在白紙上留下的實驗痕跡,其中直線a、a’是描在紙上的玻璃磚的兩個邊.根據該圖可算得玻璃的折射率n=_____________.(計算結果保留兩位有效數字)

18、一條彈性繩子呈水平狀態(tài)；M為繩子中點，兩端P；Q同時開始上下振動，一小段時間后產生的波形如圖所示，對于其后繩上各點的振動情況，以下判斷正確的是（____）

E．繩的兩端點P、Q開始振動的方向相同評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共36分)22、碰撞的恢復系數的定義為其中v10和v20分別是碰撞前兩物體的速度，v1和v2分別是碰撞后兩物體的速度．彈性碰撞的恢復系數e=1.非彈性碰撞的e<1,某同學借用驗證動量守恒定律的實驗裝置（如圖所示）驗證彈性碰撞的恢復系數是否為1；實驗中使用半徑相等的鋼質小球1和2,(他們之間的碰撞可近似視為彈性碰撞),且小球1的質量大于小球2的質量.

實驗步驟如下：

安裝實驗裝置，做好測量前的準備，并記下重垂線所指的位置O．

第一步,不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下；并落在地面上，重復多次，用盡可能小的圓把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置.

第二步,把小球2放在斜槽前端邊緣處的C點，讓小球1從A點由靜止?jié)L下；使它們碰撞，重復多次，并使用與第一步同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置.

第三步,用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度.

在上述實驗中；

(1)P點是_________________________________________________的平均位置.

M點是___________________________________________________的平均位置.

N點是___________________________________________________的平均位置.

(2)寫出用測量量表示的的恢復系數的表達式___________________________．

(3)三個落地點距O點的距離OM、OP、ON與實驗所用的小球質量是否有關？

___________________________________________________________________．23、某實驗小組的同學利用圖甲所示的電路探究并聯電路中各點電勢的關系。已知R1=10Ω，R2=20Ω，R3=30Ω，R4=40Ω，電源的電動勢為E=10V；內阻不計，且電源負極端接地。

（1）由此可得ab兩點電勢差為Uab=________V，如果在ab兩點間接一個電阻，則有電流從_____點流向_____點。（選填“a”或“b”）

（2）該實驗小組同學又設計了圖乙的電路來測量電阻Rx的阻值，其中R為電阻箱，G為靈敏電流計，請按圖乙的實驗原理圖完成圖丙中實物電路的連線_______。

（3）實驗時，先調節(jié)電阻箱，使電阻箱的阻值為R1，閉合開關，反復調節(jié)滑動變阻器滑片的位置，使通過靈敏電流計的電流為零；斷開開關，保持滑動變阻器的滑片所處位置不變，交換電阻箱與待測電阻的位置。閉合開關，然后反復調節(jié)電阻箱，使靈敏電流計的示數再次為零，記下此時電阻箱的阻值記為R2；則待測電阻的阻值為Rx=_________。（用題中已知量的字母表示）24、某同學欲將量程為300μA的微安表頭G改裝成量程為0.3A的電流表．可供選擇的實驗器材有：

A．微安表頭G（量程300μA；內阻約為幾百歐姆）

B．滑動變阻器R1（0~10kΩ）

C．滑動變阻器R2（0~50kΩ）

D．電阻箱（0~9999Ω）

E．電源E1（電動勢約為1.5V）

F．電源E2（電動勢約為9V）

G．開關；導線若干。

該同學先采用如圖甲的電路測量G的內阻；實驗步驟如下：

①按圖甲連接好電路；將滑動變阻器的滑片調至圖中最右端所對應的位置；

②斷開S2，閉合S1；調節(jié)滑動變阻器的滑片位置，使G滿偏；

③閉合S2；保持滑動變阻器的滑片位置不變，調節(jié)電阻箱的阻值，使G的示數為200μA，記下此時電阻箱的阻值．

回答下列問題：

（1）實驗中電源應選用_________（填“E1”或“E2”），滑動變阻器應選用________（填“R1”或“R2”）．

（2）若實驗步驟③中記錄的電阻箱的阻值為R，則G的內阻Rg與R的關系式為Rg=______．

（3）實驗測得G的內阻Rg=500Ω，為將G改裝成量程為0.3A的電流表，應選用阻值為_____Ω的電阻與G_____（填“串聯”或“并聯”）．

（4）接著該同學利用改裝后的電流表A，按圖乙電路測量未知電阻Rx的阻值．某次測量時電壓表V的示數為1.20V，表頭G的指針指在原電流刻度的250μA處，則Rx=_______Ω．25、下列說法中正確的是__________A.不只聲波能發(fā)生多普勒效應，其他類型的波也可以B.只要知道光在某介質中的傳播速度就能算出光在這種介質中的折射率C.光從某種介質射入真空時，臨界角的大小只跟介質有關E.用紅光代替黃光在同一裝置上做雙縫干涉實驗形成的干涉條紋間距變大E.用紅光代替黃光在同一裝置上做雙縫干涉實驗形成的干涉條紋間距變大評卷人得分六、解答題(共1題，共3分)26、設教室的體積為溫度為時空氣密度現在開空調，使室內空氣溫度從降到保持氣體的壓強不變，設在降溫過程把從室外進入室內的空氣與原來室內的空氣看成一個整體，求：

（1）這個整體的體積；

（2）從室外進入室內的空氣的質量。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】電感線圈可以通直流，A錯；電感對不同頻率的交變電流阻礙作用不同，B錯；同一電感線圈對高頻交流電阻礙作用大，D錯，C正確．2、B【分析】【詳解】

1kg銅的物質量為：故所含的原子數為故A錯誤；1mol銅分子的質量為M，故1個銅原子的質量為故B正確；銅的物質量為故所含的原子數為故C錯誤；1kg銅的體積為故D錯誤；故選B．

【點睛】

本題關鍵明確阿伏加德羅常數是聯系物體質量、體積與分子質量、體積的橋梁，粗略計算時，對于固體和液體，忽略分之間的距離．3、A【分析】【詳解】

溫度計示數減小說明蒸發(fā)加快；空氣中水蒸氣的壓強減小，選項B錯誤；因空氣的飽和氣壓只與溫度有關，空氣溫度不變，所以飽和氣壓不變，選項C；D錯誤；根據相對濕度的定義，空氣的相對濕度減小，選項A正確．

點睛：本題考查濕度溫度計的原理、分子速率分布的特點和熱力學第一定律，解題的關鍵是要理解熱力學的基本概念、弄清熱力學第一定律各物理量的含義，注意氣體等壓變化過程中（C→A）應用計算外界對氣體做的功．4、C【分析】【詳解】

A．爆炸裝置在光滑；堅硬的水平鋼板上發(fā)生爆炸；與鋼板間產生巨大作用力，所以爆炸裝置的總動量不守恒，A錯誤．

B．爆炸時；化學能轉化為機械能，機械能不守恒，B錯誤．

CD．鋼板對爆炸裝置的作用力是豎直向上的；因此爆炸裝置在豎直方向動量不守恒，而水平方向是守恒的，C正確，D錯誤；

故選C．5、D【分析】【詳解】

A；氫原子從高能級向基態(tài)躍遷時發(fā)出的光子的最小能量為10.2eV；照射金屬鋅板一定能產生光電效應現象，故A錯誤；

B、一群處于n=3能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，根據可知；能放出3種不同頻率的光，故B錯誤；

C；用能量為10.3eV的光子照射；小于12.09eV，不可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)，要正好等于12.09eV才能躍遷，故C錯誤；

D、氫原子從高能級向n=3的能級向基態(tài)躍遷時發(fā)出的光子的能量最小為E大=-1.51+13.6=12.09eV，因鋅的逸出功是3.34ev，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動能為EKm=12.09-3.34=8.75eV；故D正確；

故選D.二、多選題(共5題，共10分)6、A:C【分析】【詳解】

A．由熱力學第一定律可知

氣體體積變化時；若與外界進行熱量的交換，其內能可能不變，故A正確；

B．布朗運動指的是液體中的固體顆粒在受到液體分子的不均衡碰撞而發(fā)生的運動；反映出液體分子的無規(guī)則運動，故B錯誤；

C．酒精與水混合總體積減小說明分子間存在空隙；故C正確；

D．壓縮氣體時氣體會表現出抗拒壓縮的力是由于氣體壓強的原因；故D錯誤。

故選AC。7、B:C【分析】【詳解】

A．布朗運動是由于液體分子對固體小顆粒的撞擊引起的；固體小顆粒的體積越大，在一瞬間跟它相撞的分子數越多，各個方向的撞擊作用越接近平衡，布朗運動越不顯著，故A錯誤；

B．根據制冷機原理可知電冰箱的制冷并不會使系統內總熱量減?。恢皇峭ㄟ^壓縮機將熱量從低溫物體傳向了高溫物體，所以打開電冰箱門并不能使房間內熱量減少，而由于電冰箱和電風扇工作過程中，電流做功會產生一部分焦耳熱，并且電風扇吹風的過程中使空氣產生摩擦熱，根據熱力學第一定律可知兩電器工作較長時間后，房間內氣溫會增加，故B正確；

C．溫度升高；單位時間里從液體表面飛出的分子數增多，液體繼續(xù)蒸發(fā)，飽和氣壓強增大，故C正確；

D．液體汽化時，吸收的熱量一部分用于克服分子間引力做功，增加內能，另一部分用于對外界做功，則根據熱力學第一定律可知在一個大氣壓下，1克100℃的水吸收2.26×103J熱量變?yōu)?克100℃的水蒸氣，在這個過程中，2.26×103J=水蒸氣的內能－水的內能+水變成水蒸氣體積膨脹對外界做的功；故D錯誤。

故選BC。8、A:D:E【分析】【詳解】

A．熱力學第二定律也可以表述為：氣體向真空的自由膨脹是不可逆的；故A正確；

B．熱量能自發(fā)從高溫物體傳向低溫物體；空調制冷不是自發(fā)的，要消耗電能，故B錯誤；

C．根據理想氣體的狀態(tài)方程可知一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中；氣體的溫度升高；又因為一定質量理想氣體的內能大小只與溫度有關，與體積無關，所以內能一定增加，故C錯誤；

D．布朗運動是指懸浮在液體中的固體顆粒的無規(guī)則運動；是液體分子對它的撞擊作用不平衡的結果，故D正確；

E．溫度是分子的平均動能的標志，一定量100的水變成100的水蒸氣；吸收熱量，溫度不變，其分子的平均動能不變，吸收的熱量增加了分子之間的勢能，故E正確。

故選ADE。9、B:C:D【分析】【詳解】

A．根據牛頓第二定律，加速度與所受的合力成正比，與質量成反比，所以

不屬于比值定義法；選項A錯誤；

B．電阻等于導體兩端的電壓與通過導體電流的比值；屬于比值定義法，選項B正確；

C．電場強度與放入電場中的電荷無關，所以

屬于比值定義法；選項C正確；

D．電容器的電容等于極板上所帶的電量與兩極板間電壓的比值，所以

屬于比值定義法；選項D正確。

故選BCD。

【點睛】

解決本題的關鍵理解比值定義法的特點：被定義的物理量往往是反映物質的最本質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小改變而改變。10、A:D:E【分析】【詳解】

甲沿x軸負方向傳播，則甲波中的M處質點沿y軸負方向振動，比P處質點先回到平衡位置，選項A正確；因甲乙兩波的波長不同，雖然傳播速度相同，但是周期不同，則從圖示的時刻開始，P處質點與Q處質點回到平衡位置的時間不同，選項B錯誤；甲簡諧橫波沿x軸負方向傳播，介質中質點只在各自平衡位置附近上下振動，不沿x軸負方向移動，故C錯誤．甲波的周期則t=1.0s=0.5T，則從圖示的時刻開始，經過1.0s，M質點通過的路程為2A=20cm，選項D正確；，乙波的周期周期不同，兩波頻率不同，不能產生穩(wěn)定的干涉，選項E正確；故選ADE.

點睛：波的基本特點是波傳播的是振動形式和能量，而質點不隨波遷移，只在各自的平衡位置附近振動．要熟練進行質點振動方向和波的傳播方向關系的判斷．三、填空題(共8題，共16分)11、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖像可知；AB的反向延長線過（-273，0）可判斷由A→B過程為等容變化，所以體積保持不變。

[2]由圖像可知；B→C過程為等溫變化。

PB=1.0atm，VB=3L，PC=1.5atm根據玻意耳定律得。

PBVB=PCVC解得。

VC=2L【解析】保持不變212、略

【分析】【詳解】

(1)[1]在確定的方向上原子有規(guī)律地排列；在不同方向上原子的排列規(guī)律一般不同。

(2)[2]原子排列具有一定的對稱性?！窘馕觥竣?在確定的方向上原子有規(guī)律地排列，在不同方向上原子的排列規(guī)律一般不同；②.原子排列具有一定的對稱性13、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據理想氣體內能增量公式

由題目可知單原子代入相關數據得

根據熱力學第一定律，有

即氣體吸收了-84.3J的熱量?！窘馕觥?24.7-84.314、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖像可知，氣體從a狀態(tài)經過到達b狀態(tài)的過程中，氣體的體積保持不變，溫度升高，根據

可知氣體的壓強增大。

（2）[2]由圖像可知，氣體從b狀態(tài)經過到達c狀態(tài)的過程，氣體的溫度保持不變，則氣體的內能保持不變；氣體的體積減小，則外界對氣體做正功，根據熱力學第一定律可知，氣體對外放出熱量?！窘馕觥吭龃蠓懦?5、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，正電荷向上偏，負電荷向下偏，所以上板帶正電，即a是電源的正極．兩板上有電荷，在兩極板間會產生電場，電荷最終在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡，有：qvB=q所以：．

【點睛】

解決本題的關鍵掌握等離子體進入磁場受到洛倫茲力發(fā)生偏轉，根據左手定則，正電荷向上偏，負電荷向下偏，在兩極板間會產生電場，電荷最終在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡．【解析】2200正16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]使用a、b接線柱時

使用a、c兩個接線柱時

即

聯立解得【解析】153517、略

【分析】【詳解】

（1）[1]在玻璃磚的一側豎直插兩個大頭針A、B，在另一側再豎直插兩個大頭針C、D，使C擋住A、B的像，要使D擋住C和A、B的像，說明CD在AB的出射光線上，CD連線即為AB的出射光線，所以要使D擋住C和A、B的像。

（2）[2]如圖所示，連接AB延長交a于E點，連接CD反向延長交與G點，連接EG，以E為圓心以EG長為半徑畫圓，交AB與I，分別過I、G做過E點的法線的垂線IH、GF，用刻度尺測量IH、GF，折射率

【點睛】【解析】擋住C及A、B的像；1.8（1.8—1.9都算對）18、A:D:E【分析】由題意可知；波在同種介質傳播，所以波速相同，由于距離相同，所以兩波同時到達M點．故A正確，B錯誤．由于波長的不同，因此在M點相遇時，并不總是加強或減弱；當兩波剛傳的M點時，此時刻位移為零，所以M點的位移大小在某時刻可能為零．故C錯誤，D正確．據波的傳播特點可知，各質點的起振方向與波源的起振方向相同，據波形可知，兩波源的起振方向都是向上振動，故E正確；

故選ADE．

點睛：考查波的疊加原理，及相遇后出現互不干擾現象．同時注意之所以兩列在相遇時“消失”，原因這兩列波完全相同，出現振動減弱現象.四、作圖題(共3題，共30分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共36分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2][3]根據題意可得：P點是在實驗的第一步中小球1落點的平均位置；M點是小球1與小球2碰撞后小球1落點的平均位置；N點是小球2落點的平均位置；

(2)[4]原理小球從槽口C飛出后作平拋運動的時間相同，設為t，則有OP=v10t，OM=v1t，ON=v2t

小球2碰撞前靜止v20=0，

(3)[5]平拋運動高度決定時間，水平射程由初速度和時間共同決定，因而OP與小球的質量無關，但由于兩球碰撞過程動量守恒，根據動量守恒定律平拋的初速度與小球的質量有關，因而OM和ON與小球的質量有關；