2025年牛津上海版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版必修3物理下冊階段測試試卷163考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在圖所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)電阻為r。在滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向下滑動的過程中（）

A.電路中的總電流變大B.路端電壓變大C.通過電阻R2的電流變大D.通過滑動變阻器R1的電流變小2、關(guān)于電動勢，以下說法中正確的是（）A.電源電動勢等于接入外電路時電源正、負極之間的電勢差B.電源是通過靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置C.電源電動勢總等于內(nèi)、外電路上的電壓之和，所以它的數(shù)值與外電路的組成無關(guān)D.電源電動勢大表示其把其它形式能轉(zhuǎn)化為電能數(shù)量也大3、下圖各電場中，A，B兩點電場強度相同的是（）A.B.C.D.4、如圖所示，AB、CD為一圓的兩條直徑且相互垂直。O點為圓心，空間存在一未知靜電場，方向與圓周所在平面平行?，F(xiàn)有一電子，在電場力作用下，先從A點運動至C點，動能減少了E；又從C點運動到B點，動能增加了E；那么（）

A.A到C電場力做正功，C點電勢高于A點B.C到B電場力做正功，C點電勢高于B點C.該電場可能是勻強電場，電場線方向為D指向CD.該電場可能為正點電荷電場，且電荷處于O點5、電子繞核運動可以看做一環(huán)形電流。設(shè)氫原子中的電子繞原子核在半徑為r的軌道上運動，用e表示電荷量，m表示電子的質(zhì)量，k為靜電力常量。則（）A.電子運動的速率為B.電子運動的周期為C.電子運動形成的電流D.電子運動形成的電流6、如圖所示的電路中，是定值電阻，R是滑動變阻器，電流表A和電壓表V均為理想電表．閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器的觸頭P從左端滑向右端的過程中，下列說法中正確的是

A.表V示數(shù)增大，表A示數(shù)減小，電容器C的電荷量減小B.表V示數(shù)減小，表A示數(shù)增大，電容器C的電荷量減小C.表V示數(shù)增大，表A示數(shù)增大，電容器C的電荷量減小D.表V示數(shù)減小，表A示數(shù)減小，電容器C的電荷量增大7、如圖所示的電路中，當(dāng)?shù)幕瑒佑|頭向右移動時，各電表讀數(shù)的變化情況是（）

A.A減小，V增大，減小，增大B.A增大，V減小，增大，減小C.A減小，V減小，增大，增大D.A增大，V增大，減小，減小8、四種溫度下黑體熱輻射的強度與波長的關(guān)系如圖所示。有關(guān)黑體輻射的實驗規(guī)律和科學(xué)家們對黑體輻射的研究；下列說法正確的是（）

A.隨著溫度升高，輻射強度的極大值向波長較長的方向移動B.隨著溫度升高，波長短的輻射強度增大，波長長的輻射強度減小C.英國物理學(xué)家瑞利提出的輻射強度按波長分布的理論公式與實驗相符D.德國物理學(xué)家普朗克借助于能量子假說，提出的黑體輻射強度公式與實驗相符評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示；一個可自由轉(zhuǎn)動的小磁針在水平方向上靜止不動，一束帶正電的粒子從北向南沿水平方向飛過小磁針的正上方，關(guān)于小磁針的轉(zhuǎn)動情況下列說法中正確的是（）

A.N極轉(zhuǎn)向紙里B.N極轉(zhuǎn)向紙外C.S極轉(zhuǎn)向紙里D.S極轉(zhuǎn)向紙外10、如圖所示，當(dāng)電路里滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時（）

A.電容器C兩端的電壓增大B.電容器C兩極板間的電場強度增大C.電壓表的讀數(shù)減小D.R1消耗的功率增大11、如圖，等量同種電荷位于圓的直徑AC上，其中CM=MO=ON=NA=直徑BD垂直于直徑AC；下列說法正確的是（）

A.B、D兩個位置的電場強度相等B.從A經(jīng)B到C，電勢一直不變C.正電荷在A點的電勢能比其在O點的電勢能小D.將電子從B經(jīng)過O移動到D，電場力先做正功后做負功，總功為零12、關(guān)于對熱輻射的認識，下列說法正確的是（）A.溫度越高，物體輻射的電磁波越強B.冷的物體只吸收電磁波C.輻射強度按波長的分布情況只與物體的溫度有關(guān)，與材料的種類及表面狀況無關(guān)D.常溫下看到的不透明、非發(fā)光物體的顏色是反射光的顏色13、如圖所示，物體A和帶負電的物體B用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，A、B的質(zhì)量分別是m和2m，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧一端固定在水平面上，另一端與物體A相連，傾角為θ的斜面處于沿斜面上的勻強電場中，整個系統(tǒng)不計一切摩擦．開始時，物體B在一沿斜面向上的外力F=3mgsinθ的作用下保持靜止且輕繩恰好伸直，然后撤去外力F；直到物體B獲得最大速度，且彈簧未超過彈性限度，則在此過程中()

A.撤去外力F的瞬間，物體B的加速度為B.B的速度最大時，彈簧的伸長量為C.物體A的最大速度為D.物體彈簧和地球所組成的系統(tǒng)機械能增加量大于物體B電勢能的減少量14、如圖甲所示，光滑絕緣水平面上有一沿水平方向的電場，MN是其中的一條直線，線上有A、B、C三點。一帶電荷量為＋2×10－3C、質(zhì)量為1×10－3kg的小物塊從A點靜止釋放，沿MN做直線運動，其運動的v－t圖像如圖乙所示，其中B點處的切線斜率最大（圖中標出了該切線），C點處的切線平行于t軸；運動過程中小物塊電量保持不變，則下列說法中正確的是（??）

A.A、B兩點的電勢差UAB＝－4VB.B點為AC間電場強度最大的點，場強大小E＝1V/mC.由A到C的過程中小物塊的電勢能先減小后變大D.小物塊從B點到C點電場力做的功W＝10－2J15、如圖所示；A；B為兩個帶等量異種電荷的金屬球，將兩根不帶電的金屬棒C、D放在兩球之間，達到靜電平衡后，下列敘述正確的是（）

A.C棒左端電勢大于D棒右端電勢B.C棒右端電勢等于D棒左端電勢C.若用導(dǎo)線將C棒的x端與D棒的y端連接起來的瞬間，將有電子從y流向xD.若用導(dǎo)線將C棒的x端與D棒的y端連接起來的瞬間，將有電子從x流向y16、在如圖所示的圖象中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路。由圖象可知（）

A.電源的電動勢為內(nèi)阻為B.電阻R的阻值為C.電源的輸出功率為D.電源的效率為66.7%17、如圖所示，a、b；c、d、e、f為以O(shè)為球心的球面上的點；分別在a、c兩個點處放等量異種電荷＋Q和－Q．下列說法正確的是()

A.b、f兩點電場強度大小相等，方向不同B.e、d兩點電勢相同C.b、f兩點電場強度大小相等，方向相同D.e、d兩點電勢不同評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、如圖所示，16個電荷量均為+q的小球（可視為點電荷），均勻分布在半徑為r的圓周上，靜電力常量為k．若將圓周上P點的一個小球的電荷量換成-4q，則圓心O點處的電場強度大小為________．

19、安培定則。

（1）直線電流的磁場：右手握住導(dǎo)線，讓伸直的拇指所指的方向與______方向一致，彎曲的四指所指的方向就是______環(huán)繞的方向；如圖甲。

（2）環(huán)形電流的磁場：讓右手彎曲的四指與______的方向一致，伸直的拇指所指的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上______的方向；如圖乙。

（3）通電螺線管的磁場：右手握住螺線管，讓彎曲的四指所指的方向跟______方向一致，拇指所指的方向就是螺線管______磁感線的方向，或拇指指向螺線管的______極；如圖丙。

20、某同學(xué)用游標卡尺和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度。讀出圖中的示數(shù)。該金屬圓片的直徑的測量值為_______mm,厚度的測量值為_______mm。

21、如圖所示為密立根油滴實驗示意圖。實驗中要設(shè)法使帶負電的油滴懸浮在電場之中。若在實驗中觀察到某一個帶負電的油滴向下加速運動。在該油滴向下運動的過程中，電場力________（填“做正功”、“做負功”或“不做功”），重力勢能的減少量___________動能的增加量。（填“大于”；“小于”或“等于”）

22、波長、頻率與波速:如圖鄰近的兩個______（或波谷）的距離叫作波長,波長用符號______來表示;波的頻率是在1s內(nèi)有多少次______（或波谷）通過,頻率用符號______來表示;波速是用來描述波傳播______的物理量,波速用符號______來表示。

23、如圖所示，空間內(nèi)存在水平向右的勻強電場，電場強度大小為E．A、B為勻強電場中的兩點，A、B兩點間距離為l，A、B兩點的連線與電場線間的夾角為θ．則A、B兩點間的電勢差為_________；將一正電荷q從A移到B，電場力所做功為__________．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標上方向）或電流方向。

25、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短26、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)27、某同學(xué)要測量一新材料制成的均勻圓柱體的電阻率（圓柱體的電阻約為6Ω）：

(1)如圖甲先用螺旋測微器測其直徑為______mm，如圖乙再用游標卡尺測其長度為_______cm；

(2)為精確測量其電阻，需測出多組實驗數(shù)據(jù)，并避免測量時電表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，需進一步測其電阻，除待測圓柱體外，實驗室還備有的實驗器材如下，為了測多組實驗數(shù)據(jù)，則電壓表應(yīng)選___________；電流表應(yīng)選___________；滑動變阻器應(yīng)選___________。（填寫器材前對應(yīng)的序號字母）

A.電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約為15kΩ）

B.電壓表V2（量程15V；內(nèi)阻約為75kΩ）

C.電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω）

D.電流表A2（量程3A；內(nèi)阻約為0.2Ω）

E.滑動變阻器R1（0~5Ω，0.6A）

F.滑動變阻器R2（0~2000Ω；0.1A）

G.1.5V的干電池兩節(jié)，內(nèi)阻不計

H.開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

(3)請設(shè)計合理的實驗電路；將電路圖完整地畫在圖虛線框中；

()

(4)若流經(jīng)圓柱體的電流為I，圓柱體兩端之間的電壓為U，圓柱體的直徑和長度分別用D、L表示，則用D、L、I、U表示的電阻率的關(guān)系式為ρ=___________。28、（1）讀出圖中游標卡尺（20等分）和螺旋測微器的讀數(shù)：圖a的讀數(shù)為______cm，圖b讀數(shù)為______mm；

（2）某同學(xué)測量一只未知阻值的電阻。他先用多用電表進行測量，按照正確的步驟操作后，測量的結(jié)果如圖甲所示。請你讀出其阻值大小為______Ω。為了使測量的結(jié)果更準確，該同學(xué)應(yīng)將選擇開關(guān)打到______（填“×100”或“×1”）擋重新測量；

（3）如圖所示的是用伏安法測電阻的部分電路，當(dāng)開關(guān)S分別接通a和b時，若電壓表的讀數(shù)有較大變化，說明電阻R的值______（填“較大”或“較小”，下同）；若電流表讀數(shù)有較大變化，說明電阻R的值______。

評卷人得分六、解答題(共1題，共10分)29、如圖，半徑的光滑絕緣導(dǎo)軌豎直固定，在軌道平面內(nèi)有沿某一方向的勻強電場，帶正電的小球能沿軌道內(nèi)側(cè)做完整的圓周運動，小球質(zhì)量所帶電量小球做圓周運動過程中；小球經(jīng)過A點時的動能最大，此時小球?qū)壍赖膲毫π∏蜃畲髣幽鼙茸钚幽芏?.2J；AB為過圓心O的直徑，AB與豎直方向間夾角重力加速度求：

(1)小球的最小動能

(2)小球在B點對軌道的壓力；

(3)勻強電場的場強。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．在滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向下滑動的過程中，滑動變阻器電阻減小，回路中總電阻減小，由歐姆定律可知電路中電流增大，電源內(nèi)阻分得電壓增大，由U=E-Ir可知路端電壓減小；A正確；B錯誤；

C．R2兩端電壓減小，流過R2的電流減?。籆錯誤；

D．干路電流增大，R2支路電流減小，由此可判斷流過電阻R1的電流增大；D錯誤；

故選A。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．接入外電路時電源正；負極之間的電勢差為路端電壓；電源電動勢大于此數(shù)值，故A錯誤；

B．電源是通過非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置；故B錯誤；

C．電源電動勢總等于內(nèi)；外電路上的電壓之和；所以它的數(shù)值與外電路的組成無關(guān)，故C正確；

D．電源電動勢表征了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)；并不是電動勢大轉(zhuǎn)化為電能數(shù)量也大，故D錯誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

A．圖中AB兩點的場強大小相等；方向不同，則兩點場強不相等，選項A錯誤；

B．圖中AB兩點的場強大小相等；方向不同，則兩點場強不相等，選項B錯誤；

C．圖中AB兩點的場強大小相等；方向相同，則兩點場強相等，選項C正確；

D．圖中AB兩點的場強大小不相等；方向相同，則兩點場強不相等，選項D錯誤；

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．從A點運動至C點，動能減少所以電場力做負功；電勢能增加，因為是電子帶負電所以可得C點電勢低于A點A錯誤；

B．同理C到B電場力做正功，動能增加電勢能減小，可得C點電勢低于B點B錯誤；

C．根據(jù)前面分析可得AB點電勢能相同，電勢相等，若是勻強電場，電場線垂直AB連線，又因為C點電勢低于AB兩點，沿著電場線方向電勢降低所以方向為D指向C；C正確；

D．若該電場為正點電荷電場，且電荷處于O點，可知AC兩點電勢相同與題意不符；D錯誤。

故選C。5、A【分析】【分析】

【詳解】

A．氫原子原子核對電子的作用力充當(dāng)電子的向心力，則有

解得

A正確；

B．電子的運動的周期

B錯誤；

CD．電子運動形成的電流

CD錯誤。

故選A。6、D【分析】【詳解】

當(dāng)滑動變阻器的觸頭P從左端滑向右端的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，電阻R與并聯(lián)的電阻減小，外電路總減小，總電流增大，故路端電壓減小，則電壓表V的示數(shù)減小，又流過的電流即為總電流，故兩端的電壓增大，而電容器與并聯(lián)，故電容器兩端的電壓也增大，根據(jù)Q=CU，可知電容器的電荷量增大；因路端電壓減小，而兩端的電壓增大，故R與并聯(lián)的電壓減小，故流過的電流減??；即電流表的示數(shù)減小，故ABC錯誤，D正確；故選D．

【點睛】

當(dāng)滑動變阻器的觸頭P從左端滑向右端的過程中，分析外電路總電阻的變化，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，判斷電壓表示數(shù)的變化．根據(jù)歐姆定律分析R、并聯(lián)的電壓如何變化，分析通過的電流如何變化，再分析電流表示數(shù)的變化．根據(jù)電壓的變化，判斷電容器所帶電量的變化．7、A【分析】【詳解】

由圖可知，電阻R1與R2并聯(lián)再與R3串聯(lián)，電壓表V測的為路端電壓，電流表A測的為干路中的電流，電壓表V1測的為并聯(lián)部分的電壓，電流表A1測的為流過R1的電流，當(dāng)R1的滑動觸頭向右移動時，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，由“串反并同”可知，電流表A1的示數(shù)變小，電壓表V1示數(shù)變大；電流表A與滑動變阻器串聯(lián)，所以電流表A示數(shù)變小，電壓表V與滑動變阻器并聯(lián)，所以電壓表示數(shù)變大，故A正確。

故選A。8、D【分析】【分析】

【詳解】

A．隨著溫度升高；輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，選項A錯誤；

B．隨著溫度升高；各種波長的輻射強度都有增加，選項B錯誤；

CD．德國物理學(xué)家普朗克借助于能量子假說；提出的黑體輻射強度公式與實驗相符，選項C錯誤，D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

一束帶正電的粒子從北向南沿水平方向飛過小磁針的正上方；小磁針正上方電流的方向由北向南，根據(jù)安培定則可知，小磁針所在區(qū)域的磁感應(yīng)強度的方向向里，所以小磁針的N極轉(zhuǎn)向紙里，S極轉(zhuǎn)向紙外，故AD正確，BC錯誤。

故選AD。10、A:B【分析】【詳解】

P下滑時接入電路的電阻增大，總電阻增大，總電流減小，即通過的電流減小，根據(jù)可知消耗的功率減小，D錯誤；根據(jù)閉合回路歐姆定律可知內(nèi)電壓減小，外電壓增大，電壓表的讀數(shù)增大，C錯誤；由于的電流減小，所以兩端的電壓減小，故電容器兩端的電壓增大，根據(jù)可得兩極板間的電場強度增大；AB正確．

【點睛】

在分析電路動態(tài)變化時，一般是根據(jù)局部電路變化（滑動變阻器，傳感器電阻）推導(dǎo)整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據(jù)閉合回路歐姆定律推導(dǎo)所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數(shù)變化），也就是從局部→整體→局部．11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．如圖所示，由于B、D兩點到MN的距離相等，由點電荷電場強度計算公式可得，點電荷在B、D處產(chǎn)生的場強大小相等，由矢量的合成可得EB=ED；由于方向不同，故選項A錯誤；

B．由電勢的疊加可知OACBD

故選項B錯誤；

C．由電荷電勢能計算公式EP=q可得，正電荷在A點的電勢能比其在O點的電勢能小；故選項C正確；

D．由于電子帶負電，B到O時，電場力方向與運動方向相同，電場力做正功，O到D時；電場力方向與運動方向相反，電場力做負功，但總功為零，故選項D正確。

故選CD。

12、A:D【分析】【詳解】

AB．一切物體都在不停地向外輻射電磁波；且溫度越高，輻射的電磁波越強，A正確，B錯誤；

C．對于一般材料的物體；輻射電磁波的情況除與溫度有關(guān)外，還與材料的種類及表面狀況有關(guān)，C錯誤；

D．常溫下看到的不透明；非發(fā)光物體的顏色是反射光的顏色；D正確。

故選AD。13、B:D【分析】【詳解】

A．在外力撤去前，繩子剛好伸直，拉力為零，對B受力分析可得

即

所以撤去外力的瞬間B在沿斜面方向上只受沿斜面向下的重力的分力，沿斜面向下的電場力，故有

所以撤去外力瞬間的加速度

A錯誤；

B．隨著B沿著斜面下滑，繩子的拉力逐漸增大，當(dāng)

即合力為零時，B的速度最大，此時

解得

B正確；

C．對AB整體有動能定理可得

解得

故C錯誤；

D．由于過程中只有重力和電場力；彈力做功，所以根據(jù)能量守恒看得物體A；彈簧和地球所組成的系統(tǒng)機械能增加量等于物體B電勢能的減少量和B物體機械能的減小量，故D正確；

故選BD。14、B:D【分析】【詳解】

A．物塊在由A到B過程，根據(jù)動能定理得

解得UAB＝4V

故A錯誤；

B．據(jù)v－t圖像的斜率等于加速度，可得物塊在B點的最大加速度為a＝m/s2＝2m/s2

所受的電場力最大為F＝ma＝1×10－3×2N＝2×10－3N

則電場強度的最大值為E＝＝N/C＝1V/m

故B正確；

C．由v－t圖像可知由A到C的過程中小物塊的動能一直增大；則電勢能一直減小，故C錯誤；

D．物塊從B點到C點電場力做的功

故D正確。

故選BD。15、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．達到靜電平衡的導(dǎo)體是等勢體，因?qū)wC距離正電荷A較近，可知C的電勢高于D；選項A正確，B錯誤；

CD．因?qū)wC距離正電荷A較近，可知C的電勢高于D，若用導(dǎo)線將C棒的x端與D棒的y端連接起來的瞬間，將有從x流向y的電流，而電子從y流向x；選項C正確，D錯誤；

故選AC。16、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電源的電動勢為3V，內(nèi)阻為

A錯誤；

B．電阻R的阻值為

B正確；

C．電源的輸出功率為

C正確；

D．電源的效率為

D正確。

故選BCD。17、B:C【分析】A、等量異種電荷的電場線和等勢線都是關(guān)于連線、中垂線對稱的，由等量異號電荷的電場的特點，結(jié)合題目的圖可知，圖中bdef所在的平面是兩個點電荷連線的垂直平分面，所以該平面上各點的電勢都是相等的，各點的電場強度的方向都與該平面垂直．由于b、c、d、e各點到該平面與兩個點電荷的連線的交點O的距離是相等的，結(jié)合該電場的特點可知，b、c、d、e各點的場強大小也相等．由以上的分析可知，b、c、d、e各點的電勢相等；電場強度大小相等，方向相同．故A；D錯誤；故選BC．

【點睛】解決本題的關(guān)鍵要掌握等量異種電荷的電場線和等勢面的分布情況，知道場強是矢量，只有大小和方向都相同時，場強才相同，同時掌握好電場強度的疊加方法．三、填空題(共6題，共12分)18、略

【分析】【詳解】

16個電荷量均為+q的小球（可視為點電荷），均勻分布在半徑為r的圓周上，除P點電荷外15個電荷在O點處的電場強度為

方向水平向右；P點的一個小球的電荷量換成-4q，則P點電荷在O點處的電場強度為

方向水平向右，所以圓心O點處的電場強度大小【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]直線電流的磁場：右手握住導(dǎo)線；讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向，如圖甲。

（2）[3][4]環(huán)形電流的磁場：讓右手彎曲的四指與環(huán)形電流的方向一致；伸直的拇指所指的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上磁感線的方向，如圖乙。

（3）[5][6][7]通電螺線管的磁場：右手握住螺線管，讓彎曲的四指所指的方向跟電流方向一致，拇指所指的方向就是螺線管內(nèi)部磁感線的方向，或拇指指向螺線管的N極，如圖丙?！窘馕觥竣?電流②.磁感線③.環(huán)形電流④.磁感線⑤.電流⑥.內(nèi)部⑦.N20、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺的讀數(shù)即該金屬圓片的直徑的測量值為

[2]螺旋測微器的讀數(shù)即該金屬圓片厚度的測量值為【解析】12.401.68221、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]油滴帶負電，受到的電場力向上，與移動方向相反，電場力做負功，由動能定理

可知重力做功大于動能的增加量，則重力勢能的減少量大于動能的增加量?！窘馕觥控摴Υ笥?2、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4][5][6]波長、頻率與波速:如圖鄰近的兩個波峰（或波谷）的距離叫作波長,波長用符號λ來表示;波的頻率是在1s內(nèi)有多少次波峰（或波谷）通過,頻率用符號f來表示;波速是用來描述波傳播快慢的物理量,波速用符號c來表示?！窘馕觥竣?波峰②.λ③.波峰④.f⑤.快慢⑥.c23、略

【分析】【詳解】

A、B兩點間的電勢差為正電荷q從A移到B，電場力所做功為．【解析】ElcosθqElcosθ四、作圖題(共3題，共24分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?5、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減小；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長