2025年浙科版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版必修3物理下冊階段測試試卷304考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，原來不帶電的絕緣金屬導(dǎo)體MN，在其兩端下面都懸掛金屬驗電箔，若使帶正電的絕緣金屬球A靠近導(dǎo)體M端；可能看到的現(xiàn)象是（）

A.只有M端驗電箔張開，且M端帶正電B.只有N端驗電箔張開，且N端帶負(fù)電C.兩端的驗電箔都張開，且左端帶負(fù)電，右端帶正電D.兩端的驗電箔都張開，且左端帶正電，右端帶負(fù)電2、如圖所示，正電荷q均勻分布在半球面ACB上，球面半徑為R，CD為通過半球頂點C和球心O的軸線．P、M為CD軸線上的兩點，距球心O的距離均為在M右側(cè)軸線上點固定正點電荷Q，點M間距離為R，已知P點的場強(qiáng)為零，若帶電均勻的封閉球殼內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，則M點的場強(qiáng)為。

A.0B.C.D.3、在如圖所示電路中，閉合電鍵當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用和表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用和表示；下列說法錯誤的是（）

A.變小，變大，變大B.不變，不變C.變大，變大D.變大，不變4、如圖所示，完全相同的金屬小球和帶有等量異種電荷，中間連有一輕質(zhì)絕緣彈簧，放在光滑的水平面上，平衡時彈簧的壓縮量為現(xiàn)將不帶電的、與完全相同的另一個小球與接觸一下，然后拿走待重新平衡后彈簧的壓縮量為則（）

A.B.C.D.5、如圖所示，以兩等量異種點電荷連線的中點O為圓心畫圓，在圓上有a、b、c、d四點，b、d兩點在兩電荷連線的垂直平分線上；下列說法正確的是（）

A.a點的電場強(qiáng)度大于c點的電場強(qiáng)度B.b、d兩點的電場強(qiáng)度大小相等、方向相同C.負(fù)電荷在a點的電勢能大于在c點的電勢能D.將正電荷由b點沿直線移到d點，其受到的電場力先做負(fù)功后做正功6、除順儀（AED）是通過一個充電的電容器對心顫患者皮膚上的兩個電極板放電，讓一部分電荷通過心臟，刺激患者的心臟恢復(fù)正常跳動。在一次除顫器的治療中，除顫器的電容器電容為通過人體的電荷量為放電的平均電流大約為試估算電容器充電所達(dá)到的最大電壓以及電容器完成放電所用的大致時間分別為（）A.B.C.D.7、如圖所示的U-I圖象中，直線I為某一電源的路端電壓與電流關(guān)系圖象，直線II為某一電阻R的電壓與電流關(guān)系圖象。將電阻R直接接在電源兩端.下列說法錯誤的是（）

A.電源的電動勢為3V，內(nèi)阻為0.5ΩB.電阻R的阻值為1ΩC.電阻R兩端的電壓為3VD.電源的輸出功率為4W8、如圖所示的電路中，定值電阻R0與電源內(nèi)阻r的阻值相等，各表均為理想電表。向左移動滑動變阻器的滑片P時各表示數(shù)的改變量分別為和正確的是（）

A.三塊表的示數(shù)都減小B.電源的輸出功率先增大后減小C.為定值D.9、如圖；真空中一條直線上有四點A；B、C、D，AB=BC=CD，只在A點放一電量為+Q的點電荷時，B點電場強(qiáng)度為E，若又將等量異號的點電荷-Q放在D點，則()

A.B點電場強(qiáng)度為方向水平向右B.B點電場強(qiáng)度為向水平向左C.BC線段的中點電場強(qiáng)度為零D.C兩點的電場強(qiáng)度相同評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖；A；B兩燈電阻相同，當(dāng)滑動變阻器的滑動端P向下滑動時（）

A.通過電源的電流減小B.電阻R中的電流減小C.電燈A將變暗一些D.電燈B將變暗一些11、如圖所示，空間中分布著勻強(qiáng)電場，場中有與電場方向平行的梯形ABCD，EF為其中位線。將電荷量為-q的粒子，從A點移動到B點，電勢能減小E1。將該粒子從D點移動到C點，電場力做正功E2。下列說法正確的是（）

A.A點的電勢一定比B點的電勢高B.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度方向可能從C指向DC.若A、B之間的距離為d1，C、D之間的距離為d2，則該電場的電場強(qiáng)度大小可能為D.若將該粒子從E點移動到F點，電場力做功一定是12、如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，將一內(nèi)壁光滑、半徑為R的固定絕緣圓軌道放置在豎直平面內(nèi)，AB為圓軌道的水平直徑，CD為豎直直徑。一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球從軌道的最低點C獲得一定的初速度后，能夠在軌道內(nèi)做圓周運動，已知重力加速度為g，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為E=不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.小球運動到B點時的電勢能最大B.小球運動到D點時的動能最小C.小球運動到A、D兩點時的動能相等D.若小球恰能在軌道內(nèi)做圓周運動，則小球運動過程中對軌道的最大壓力為mg13、如圖所示，在軸上的M、N兩點分別固定電荷量為和的點電荷，軸上M、N之間各點對應(yīng)的電勢如圖中曲線所示，點為曲線最低點，點位于PN之間，間距離大于PN間距離。以下說法中正確的是（）

A.大于且和是同種電荷B.點的左側(cè)不存在與點場強(qiáng)相同的點C.點的電場強(qiáng)度最大D.點的左側(cè)一定有與點電勢相同的點14、圖中虛線A、B、C、D、E代表電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，已知一電子經(jīng)過A平面時的動能為電子在A平面時的電勢能為電子從A到D的過程中克服電場力所做的功為下列說法正確的是（）

A.平面A上的電勢為B.電場強(qiáng)度的方向由E指向AC.該電子在電場內(nèi)運動軌跡可能與平面E相切D.該電子經(jīng)過B平面時的速率是經(jīng)過D平面時的倍15、下列關(guān)于電容器的電荷量Q、電壓U、電容C之間的相互關(guān)系，正確的是（）A.B.C.D.16、將一電源與一電阻箱連接成閉合回路，測得電阻箱所消耗功率P與電阻箱讀數(shù)R變化的曲線如圖所示；由此可知（）

A.電源最大輸出功率可能大于45WB.電源電動勢等于30VC.電源內(nèi)阻等于5ΩD.電阻箱所消耗功率P最大時，電源效率大于50%17、用圖示電路觀察3個小燈泡的亮度變化和兩個電壓表的示數(shù)變化情況，其中電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，如果燈L2因故障突然熄滅，電壓表V1示數(shù)變化的絕對值為△U1，電壓表V2示數(shù)變化的絕對值為△U2；則以下說法中可能正確的是（）

A.L1變暗，L3變亮，△U1<△U2B.L1變暗，L3變亮，△U1>△U2C.L1變亮，L3變暗，△U1>△U2D.L1變亮，L3變暗，△U1<△U2評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、電場力做功的特點是：______，因此可以引入電勢能。______是反映電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量。19、靜電吸附：在電場中，帶電粒子在______作用下，向著電極運動，最后被吸附在電極上的現(xiàn)象．20、真空中點電荷的場強(qiáng)大?。篍＝________（Q為場源電荷）。21、在電場中A點放一個電量的電荷，受到電場力大小為則該力的方向跟A點電場強(qiáng)度的方向相__________，A點電場強(qiáng)度大小為__________如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為__________N，方向跟A點電力線的方向相__________，如果拿走電荷則A點電場強(qiáng)度大小為__________22、如圖所示，虛線方框內(nèi)為一勻強(qiáng)電場，為該電場中的三個點，已知

（1）試在該方框中作出該電場的示意圖；_________

（2）間的電勢差為___________若將動能是的電子由點發(fā)出，若該電子能經(jīng)過點，則該電子經(jīng)過點時的動能是___________將一個電子從移動到電場力做功為___________

23、下列說法正確的是_________。評卷人得分四、作圖題(共2題，共16分)24、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強(qiáng)方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

25、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標(biāo)出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、解答題(共2題，共16分)26、如圖所示，ef、gh為兩光滑的導(dǎo)軌，兩導(dǎo)軌分別與平行金屬板CC′、DD′相連，導(dǎo)軌和金屬板的間距均為d，在導(dǎo)軌間有方向垂直于導(dǎo)軌所在平面、寬度相等的兩個勻強(qiáng)磁場。一金屬桿PQ與兩導(dǎo)軌垂直，在外力作用下保持v0向右勻速運動，金屬桿PQ進(jìn)入磁場的同時，有一帶電粒子以平行于金屬板的速度v1沿著板的中心軸線飛入，當(dāng)PQ離開兩個磁場時，帶電粒子恰好從軸線飛出電場。金屬板長為L，粒子的電量為q，質(zhì)量為m，金屬桿PQ與導(dǎo)軌始終接觸良好；不計電容器充放電時間，忽略粒子重力，求：

（1）每個磁場的寬度；

（2）兩個磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小關(guān)系；

（3）為保證帶電粒子能飛出電場；第一個磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的最大值。

27、對比電場力做功和重力做功的特點，它們有什么相同之處？重力做功引起重力勢能的變化，電場力做功引起什么能的變化？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

使帶正電的絕緣金屬球A靠近導(dǎo)體的M端時，由于感應(yīng)起電，使右端M端帶負(fù)電，左端N端帶正電；兩端的驗電箔都張開。選項D正確，ABC錯誤。

故選D。2、C【分析】【詳解】

根據(jù)P點的場強(qiáng)為零，得半球面對P點場強(qiáng)和點電荷Q對P場強(qiáng)等大反向，即半球面對P點場強(qiáng)大小為

方向向右；現(xiàn)只研究半球面，若補(bǔ)全右半球面，根據(jù)帶電均勻的封閉球殼內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，補(bǔ)全右半球面后，正電球面在P、M兩點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度均為零，由于對稱性，左半球面對M點場強(qiáng)和右半球面對M點場強(qiáng)等大反向，左半球面P點場強(qiáng)和右半球面對M點場強(qiáng)等大反向，即左半球面對M點場強(qiáng)為：

方向向右，點電荷Q對M點場強(qiáng)為

方向向左，疊加得M點合場強(qiáng)為

方向向左；故C正確，ABD錯誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

電流表測干路電流，根據(jù)歐姆定律可知

當(dāng)滑動變阻器R2的滑動觸頭向下滑動時，R2接入電路的阻值增大（即增大），R1不變（即和均不變），電路總電阻增大（即增大），電流減小，路端電壓（即U3）增大，而U1變小，所以U2變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律有

解得

所以和均不變；綜上所述可知ABD正確，C錯誤。

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

平衡后，小球間的庫侖力大小等于彈簧彈力大小。設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為第一次平衡時有

小球與接觸后，球帶電荷量變?yōu)樵瓉淼囊话?，再次平衡時有

若則彈簧壓縮量剛好為原來的一半，但實際上彈簧的長度應(yīng)變長，所以彈簧壓縮量小于原來的一半，故

故選C。5、B【分析】【詳解】

A．兩點關(guān)于點對稱，根據(jù)場強(qiáng)的疊加法則可知，兩點的電場強(qiáng)度大小相等；方向相同，A錯誤；

B．兩點關(guān)于點對稱，且在兩電荷連線的垂直平分線上，根據(jù)場強(qiáng)的疊加法則可知，兩點的場強(qiáng)大小相同；方向均水平向右，B正確；

C．沿電場線方向電勢降低，所以電荷帶負(fù)電，根據(jù)可知

C錯誤；

D．將正電荷由b點沿直線移到d點；電場力方向始終與速度方向垂直，電場力不做功，D錯誤。

故選B。6、B【分析】【詳解】

由

可得

由

可得

故選B。7、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-Ir

當(dāng)I=0時，U=E，由讀出電源的電動勢E=3V，內(nèi)阻等于圖線的斜率大小，則：

A正確；不符合題意；

B．根據(jù)圖像可知電阻：

B正確；不符合題意；

C．由圖像可知，電阻R兩端的電壓為2V；選項C錯誤，符合題意；

D．兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時工作狀態(tài)，由圖讀出電壓U=2V，電流I=2A，則電源的輸出功率為P出=UI=4W

D正確；不符合題意。

故選C。8、C【分析】【詳解】

A．電路的連接方式為和變阻器并聯(lián)接到電源上，電壓表測量路端電壓，電流表A1測量通過變阻器的電流，電流表A2測量電路的總電流。變阻器滑片向左移動時，變阻器接入電路的電阻增大，則路端電壓增大即電壓表V示數(shù)增大；電路的總電阻增大，則總電流減小，即電流表A2示數(shù)減?。欢ㄖ惦娮鑳啥说碾妷涸龃?，通過定值電阻的電流增大，而總電流減小，所以通過變阻器的電流減小，即電流表A1的示數(shù)減小；A錯誤；

B．設(shè)電源的電動勢為外電路電阻為則電源的輸出功率為

可知，時，電源輸出功率最大；時電源輸出功率隨外電阻增大而增大；時，電源輸出功率隨外電阻增大而減小，因為所以外電路電阻則變阻器滑片向左移動時，外電路電阻增大，所以電源的輸出功率增大，B錯誤；

Ｃ．等于電源的內(nèi)阻；是一個定值，C正確；

D．設(shè)通過的電流為則

增大，減小，減小，所以

D錯誤。

故選C。9、D【分析】【詳解】

AB、只在A點放正電荷時，B點的場強(qiáng)為：又將等量異號的點電荷?Q放在D點后，B點場強(qiáng)為：方向水平向右，故A；B錯誤；

C、BC線段的中點電場強(qiáng)度：故C錯誤；

D、C點場強(qiáng)為：方向水平向右，與B點的電場強(qiáng)度相同，故D正確；

故選D．

【點睛】

根據(jù)點電荷場強(qiáng)公式分析計算，有兩個場源就根據(jù)矢量合成求合場強(qiáng)．二、多選題(共8題，共16分)10、C:D【分析】【詳解】

滑動鍵P向下移動，變阻器電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)：

電路電流強(qiáng)度增大，路端電壓變小，A燈變暗，根據(jù)：

路端電壓變??；

所以UB減小，燈B電阻不變，所以燈B電流強(qiáng)度IB減小，燈B變暗。電路電流強(qiáng)度：

因為I增大、IB減小，所以IC增大。

故選CD。11、B:D【分析】【詳解】

A．由題意可知，將負(fù)電荷從A點移動到B點，電勢能減小E1；所以電勢升高，所以A錯誤；

B．由題意可知，將負(fù)電荷從D點移動到C點，電場力做正功E2，所以電勢能減小，即電勢升高。而電場線由高電勢指向低電勢，所以勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度方向可能從C指向D；所以B正確；

C．若A、B之間的距離為d1，C、D之間的距離為d2，則可知AB之間和CD之間最小的電場強(qiáng)度為

兩式相加，可得電場強(qiáng)度的最小值為

該電場的電場強(qiáng)度大小不可能為所以C錯誤；

D．由題意可知，EF為其中位線。所以可知

由題意可知，從A點移動到B點，電場力做功與電勢差的關(guān)系為

從A點移動到B點，電場力做功與電勢差的關(guān)系為

又

化簡可得

所以若將該粒子從E點移動到F點，電場力做功一定是所以D正確。

故選BD。12、C:D【分析】【詳解】

A．小球帶正電；小球運動到B點時電場力做正功最多，電勢能最小，小球運動到A點時電勢能最大，A錯誤；

B．小球在等效場中做變速圓周運動，M點為等效最低點，N點為等效最高點；如圖所示。

如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，將一內(nèi)壁光滑、半徑為R的固定絕緣圓軌道放置在豎直平面內(nèi)，AB為圓軌道的水平直徑，CD為豎直直徑。一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球從軌道的最低點C獲得一定的初速度后，能夠在軌道內(nèi)做圓周運動，已知重力加速度為g，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為E=不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.小球運動到B點時的電勢能最大。

B.小球運動到D點時的動能最小。

C.小球運動到A、D兩點時的動能相等。

D.若小球恰能在軌道內(nèi)做圓周運動，則小球運動過程中對軌道的最大壓力為mg

設(shè)等效重力加速度的方向與豎直方向的夾角為有

即

故在等效場中構(gòu)成繩—球模型，在等效最高點的速度最小，動能最小，即小球運動到N點時的動能最?。籅錯誤；

C．A、D兩點關(guān)于等效重力場最高點對稱，故運動到從N點分別運動到C、D點時合外力做功相同，故小球運動到A、D兩點時的動能相等；C正確；

D.在等效場中的等效重力加速度為

小球恰好能夠沿著軌道做圓周運動，則在等效最高點N時由等效重力提供向心力，有

可得

在等效最低點M點時速度最大，軌道對球的支持力最大，球?qū)壍赖膲毫σ沧畲螅蒀點到M點由動能定理

在M點由牛頓第二定律，有

解得

由牛頓第三定律可知小球運動過程中對軌道的最大壓力為D正確。

故選CD。13、A:D【分析】【詳解】

AC．圖線的切線斜率表示電場強(qiáng)度的大小，P點切線斜率為零，則P點的電場強(qiáng)度為零，即兩電荷在P點的合場強(qiáng)為零，由于間距離大于PN間距離，根據(jù)點電荷的場強(qiáng)公式

可得的電荷量一定大于的電荷量，從坐標(biāo)到電勢先減小后增大；因為沿電場線方向電勢降低，可知兩電荷一定是正電荷，故A正確，C錯誤；

B．根據(jù)點電荷形成的場強(qiáng)的特點，可知點的左側(cè)場強(qiáng)方向向左，到無窮遠(yuǎn)處電場強(qiáng)度為零，且點左側(cè)與點的場方向均向左，則一定存在與點場強(qiáng)相同的點；故B錯誤；

D．點的左側(cè)到無窮遠(yuǎn)處電勢為零，而P點電勢為零，故一定有與點電勢相同的點；故D正確。

故選AD。14、A:D【分析】【詳解】

A．電子在A平面時的電勢能為則根據(jù)電勢能的公式

可得平面A上的電勢為

故A正確；

B．電子從A到D的過程中克服電場力所做的功為則可知電場力做負(fù)功，電子在該勻強(qiáng)電場中所受電場力的方向與運動的方向相反，而帶負(fù)電的粒子在電場中所受電場力的方向與電場強(qiáng)度的方向相反，因此可知電場強(qiáng)度的方向由A指向E；故B錯誤；

C．電子經(jīng)過A平面時的動能為從A到D的過程中克服電場力所做的功為則可知電子到達(dá)平面D時的動能為1由此可知每兩個等勢面之間的電勢差為若電子要從平面D到達(dá)平面E，則需克服電場力做功而電子在平面D時的動能為1故不管電子是做直線運動還是曲線運動都不可能到達(dá)平面E，因此該電子在電場內(nèi)運動的軌跡不可能與平面E相切；故C錯誤；

D．該電子經(jīng)過B平面時，由動能定理可得

解得

而該電子經(jīng)過D平面時的動能為1則可知該電子經(jīng)過B平面時的速率是經(jīng)過D平面時的倍；故D正確。

故選AD。15、B:C:D【分析】【詳解】

ABD．根據(jù)電容定義式

運用比值法定義，則C與U、Q無關(guān)，由電容器本身決定，給定的電容器電容C一定；故A錯誤，BD正確；

C．根據(jù)電容定義式

可得Q=CU

由于電容器不變，因此電量Q和電壓U成正比；C正確。

故選BCD。16、B:C【分析】【詳解】

A．由圖可知；電源的輸出功率最大為45W，故A錯誤；

C．當(dāng)內(nèi)外電阻相等時；電源的輸出功率最大，由圖可知，電源的內(nèi)阻為5Ω，故C正確；

B．根據(jù)

代入數(shù)據(jù)解得E=30V

故B正確；

D．根據(jù)效率公式有

故最大功率時內(nèi)外電阻相等；效率為50%，故D錯誤。

故選BC。17、B:C【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)L2為短路時，等效為L2電阻減小，故總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小；由串反并同定律可知，L1變亮，L3變暗，U1示數(shù)減小，而U2示數(shù)增大，U1與U2的總值減小，故有U1減小量△U1大于△U2，當(dāng)L2為斷路時，等效為L2電阻增大；情況恰好反之，故BC正確。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)18、略

【分析】【詳解】

[1]由公式可知；電場力做功的特點是與路徑無關(guān)，只與初末位置有關(guān)，因此可以引入電勢能；

[2]電動勢是反映電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量。【解析】與路徑無關(guān)，只與初末位置有關(guān)電動勢19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】靜電力20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]真空中點電荷的場強(qiáng)大小。

【解析】21、略

【分析】【詳解】

[1]負(fù)電荷所受的電場力方向與場強(qiáng)方向相反，所以該力的方向跟A點電場強(qiáng)度的方向相反；

[2]A點電場強(qiáng)度大小為

[3]如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為

[4]正電荷受的電場力方向與場強(qiáng)方向相同；

[5]電場強(qiáng)度只與電場本身有關(guān)，與有無檢驗電荷無關(guān)，所以拿走電荷則A點電場強(qiáng)度大小仍為300N/C?！窘馕觥糠?00同30022、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]依題意可知BC連線為等勢線，連接BC；根據(jù)電場線垂直與等勢線，沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知電場方向水平向右，可畫出