2025年粵教版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示為空腔球形導(dǎo)體（不帶電），現(xiàn)將一個帶正電的小金屬球放入腔內(nèi)，靜電平衡時，圖中A、B、C三點的電場強度E的關(guān)系是（）

A.B.C.D.2、沿電場中某條直電場線方向建立x軸，該電場線上各點電場強度E隨x的變化規(guī)律如圖所示，坐標(biāo)原點O、x1、x2和x3分別與x軸上O、A、B、C四點相對應(yīng)，相鄰兩點間距相等。一個帶正電的粒子從O點由靜止釋放，運動到A點的動能為Ek；僅考慮電場力作用，則（）

A.從O點到C點，電勢先升高后降低B.粒子先做勻加速運動，后做變加速運動C.粒子在AB段電勢能變化量大于BC段電勢能變化量D.粒子在AB段電勢能變化量小于BC段電勢能變化量3、如圖所示；帶電小球A固定在絕緣支架上，在A球的正上方有一個理想的定滑輪，另一個帶電小球B用一絕緣細(xì)線通過滑輪拉住處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用力緩慢拉小球B，使小球逐漸的升高，則小球在到達(dá)A球的正上方之前的運動為（）

A.沿細(xì)線方向的直線運動B.以球A為圓心的圓弧運動C.將向球A靠近的運動D.將遠(yuǎn)離球A的曲線運動4、真空中兩個固定點電荷之間的靜電力大小為F，現(xiàn)將其中一個點電荷的電荷量變?yōu)樵瓉淼?倍，其他條件不變，它們之間的靜電力大小變?yōu)椋ǎ〢.B.C.D.5、如圖所示，將不帶電的絕緣枕形導(dǎo)體P放在正電荷Q的電場中，導(dǎo)體P的a、b兩端分別帶上了感應(yīng)負(fù)電荷與等量的感應(yīng)正電荷，另外導(dǎo)體內(nèi)部還有兩點c、d；則以下說法正確的是（）

A.導(dǎo)體上a、b兩端的電勢高低關(guān)系是a>bB.導(dǎo)體上a、b兩端的電勢高低關(guān)系是a<bC.導(dǎo)體內(nèi)部c、d兩點的場強大小關(guān)系是Ec>Ed=0D.感應(yīng)電荷在導(dǎo)體內(nèi)部c、d兩點產(chǎn)生的場強大小關(guān)系是Ec＞Ed≠06、將一正電荷從無限遠(yuǎn)處移入電場中的M點，電勢能減少了8.0×10－9J，若將另一等量的負(fù)電荷從無限遠(yuǎn)處移入電場中的N點，電勢能增加了9.0×10－9J，則下列判斷中正確的是（）A.B.C.D.7、三個帶電荷量均為Q的點電荷形成的電場如圖所示，A、B、C是電場中的三個點，設(shè)三點電場強度的大小分別為EA、EB、EC，三點的電勢分別為下列說法正確的是（）

A.三個點電荷的電性不相同B.A、B、C三點電場強度大小EA>EB>ECC.A、B兩點電勢>D.A、B兩點不在同一電場線上，電勢高低無法判定8、在光滑的水平面內(nèi)有一沿x軸的靜電場，其電勢φ隨x變化的φ－x圖像如圖所示?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電小球，從坐標(biāo)原點O開始，僅在電場力作用下，以一定的初速度沿x軸正向運動；下列說法中正確的是（）

A.帶電小球從O點運動到處的過程中，加速度逐漸增大B.帶電小球從O點運動到的過程中，電場力的沖量為零C.帶電小球從O點運動到的過程中，最大速度為D.帶電小球從O點運動到x2點時速度為9、如圖所示的電路中，當(dāng)開關(guān)閉合時，燈L1、L2均不亮；理想電流表無示數(shù)，理想電壓表有示數(shù)，不計電源內(nèi)阻。則故障原因可能是（）

A.L1短路B.L2短路C.L1斷路D.L2斷路評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖，紙面內(nèi)有兩條互相垂直的長直絕緣導(dǎo)線L1、L2，L1中的電流方向向左，L2中的電流方向向上；L1的正上方有a、b兩點，它們相對于L2對稱。L1、L2所在區(qū)域處于磁感應(yīng)強度大小為B0，方向垂直于紙面向外的勻強磁場中。已知a、b兩點的磁感應(yīng)強度大小分別為和方向也垂直于紙面向外，()

A.流經(jīng)L1的電流在b點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為B.流經(jīng)L1的電流在a點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為C.流經(jīng)L2的電流在b點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為D.流經(jīng)L2的電流在a點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為11、水平放置的光滑絕緣環(huán)上套有三個帶電小球，小球可在環(huán)上自由移動。如圖所示是小球平衡后的可能位置。圖甲中三個小球構(gòu)成一個鈍角三角形，A點是鈍角的頂點。圖乙中三個小球構(gòu)成一個銳角三角形，其中三角形邊長下列說法正確的是（）

A.圖甲中B兩個小球一定帶異種電荷B.圖甲中三個小球一定帶等量電荷C.圖乙中三個小球一定帶同種電荷D.圖乙中三個小球帶電荷量的大小為12、圖中展示了等量異種點電荷的電場和等勢面。關(guān)于場中的A、四點，A、兩點關(guān)于兩電荷連線的中點對稱；下列說法中正確的是（）

A.A、兩點的電勢和場強都相同B.A、兩點的場強相同，電勢不同C.中垂線上的兩點的電勢和場強都不同D.中垂線上的兩點的電勢相同，場強不同13、如圖為某空間的電場線分布情況，M、N為電場中的兩個點；則下列說法正確的是（）

A.M點的電場強度大于N點的電場強度B.M點的電勢高于N點的電勢C.把正電荷從M點移到N點的電場力做正功D.負(fù)電荷從N點由靜止釋放，將沿電場線運動到M點14、如圖所示，M、N處各放置電荷量為q的正點電荷，O為正方形abcd的中心且與MN連線中點重合，對角線ac與MN垂直；取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，則（）

A.b、d兩點場強相同，電勢相等B.O點電勢不為零，場強為零C.將質(zhì)子沿a→O→c移動，電勢能先增加后減少D.將電子沿a→b→c移動，電場力先做負(fù)功，再做正功15、如圖所示，空間中存在著勻強電場，長方體中是邊長為1m的正方形，棱AB長2m，E、F為棱AB、CD的中點，為棱的中點。已知電勢則下列說法正確的是（??）

A.電場強度方向與CE連線平行B.電場強度大小為C.B、兩點的電勢差與A、E兩點的電勢差相同D.把0.1C正電荷從D點移到B點，電場力做功-0.2J評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、知識點3電荷守恒定律

表述一：電荷既不會___________，也不會___________，它只能從物體的一部分轉(zhuǎn)移到___________，或者從一個物體轉(zhuǎn)移到___________。在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量___________。

表述二：一個與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代數(shù)和___________。17、如圖所示為密立根油滴實驗示意圖。實驗中要設(shè)法使帶負(fù)電的油滴懸浮在電場之中。若在實驗中觀察到某一個帶負(fù)電的油滴向下加速運動。在該油滴向下運動的過程中，電場力________（填“做正功”、“做負(fù)功”或“不做功”），重力勢能的減少量___________動能的增加量。（填“大于”；“小于”或“等于”）

18、表頭的滿偏電壓和滿偏電流一般都比較小，測量較大的電壓或電流時要把它改裝成較大量程的電壓表或電流表?，F(xiàn)有一個量程內(nèi)阻為的表頭G。

（1）若要把此表頭改裝成量程為3V的電壓表，應(yīng)串聯(lián)一個阻值為______的電阻；

（2）若要把此表頭改裝成量程為10mA的電流表，應(yīng)并聯(lián)個阻值為______的電阻；

（3）若將此表頭改裝成有兩個量程的電流表，如圖所示，則使用A、B兩個端點時，量程______選填“較大”或“較小”

19、路端電壓U與電流I的關(guān)系：

（1）路端電壓U與電流I的函數(shù)關(guān)系式：U=_______。

（2）圖像：如圖所示，該直線與縱軸交點的縱坐標(biāo)表示_______，斜率的絕對值表示電源的_______。

20、判斷下列說法的正誤。

（1）黑體一定是黑色的物體。____

（2）能吸收各種電磁波而不反射電磁波的物體叫黑體。____

（3）溫度越高，黑體輻射電磁波的強度越大。____

（4）能量子的能量不是任意的，其大小與帶電微粒的振動頻率成正比。____

（5）黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關(guān)，與材料的種類及表面狀況無關(guān)。____評卷人得分四、實驗題(共2題，共6分)21、如圖所示為探究平行板電容器電容大小決定因素的實驗．給電容器充電后與電源斷開；即保持電量不變，則(填“變小”；“變大”或“不變”)

(1)甲圖將B板上移，靜電計指針偏角_______，電容器的電容________；

(2)乙圖將B板左移，靜電計指針偏角_______，電容器的電容________；22、小明同學(xué)嘗試測量電瓶車上蓄電池的電動勢和內(nèi)阻，并探究滑動變阻器消耗的功率P。

（1）已知電源內(nèi)阻比較小，移動滑動變阻器滑片時，為了使電壓表示數(shù)變化比較明顯，小明在思考后將的定值電阻串入電路中，如圖甲中的___________（選填“A”或“B”）；解決了問題。

（2）選定設(shè)計的實驗電路，多次調(diào)節(jié)滑動變阻器R阻值，讀出相應(yīng)的電壓表和電流表示數(shù)U和I，由將測得的數(shù)據(jù)描繪出如圖乙所示的圖像。蓄電池的內(nèi)阻___________滑動變阻器R消耗的最大功率為___________W（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）。

（3）該同學(xué)分析了實驗中由電表內(nèi)阻引起的實驗誤差。下圖中，實線是根據(jù)本實驗的數(shù)據(jù)描點作圖得到的圖像：虛線是該中源在沒有電表內(nèi)阻影響的理想情況下所對應(yīng)的圖像。則可能正確的是___________

A．B．

C．D．評卷人得分五、解答題(共4題，共8分)23、如圖所示，豎直平面內(nèi)有一矩形區(qū)域abcd，ab邊長為2l，bc邊長為邊cd、ab的中點分別是e、f，ad邊與水平面的夾角θ=30°，矩形區(qū)域內(nèi)有大小為E、方向平行ab向上的勻強電場。一個帶正電粒子從e點以平行于ef連線方向進入該矩形區(qū)域，粒子的比荷為不計粒子的重力。

（1）若使粒子恰好從b點離開電場區(qū)域；求粒子進入電場的速度大小；

（2）若使粒子從ab邊以平行于水平面方向離開電場區(qū)域；求粒子進入電場的速度大小。

24、無處不在的引力場；構(gòu)建出一幅和諧而神秘的宇宙圖景。

（1）地球附近的物體處在地球產(chǎn)生的引力場中。地球可視為質(zhì)量分布均勻的球體。已知地球的質(zhì)量為M，引力常量為G。請類比電場強度的定義，寫出距地心r處的引力場強度g的表達(dá)式。（已知r大于地球半徑，結(jié)果用M、G和r表示）

（2）物體處于引力場中；就像電荷在電場中具有電勢能一樣，具有引力勢能。

中國科學(xué)院南極天文中心的巡天望遠(yuǎn)鏡追蹤到由孤立的雙中子星合并時產(chǎn)生的引力波。已知該雙中子星的質(zhì)量分別為且保持不變。在短時間內(nèi)，可認(rèn)為雙中子星繞二者連線上的某一點做勻速圓周運動。請分析說明在合并過程中，該雙中子星系統(tǒng)的引力勢能、運動的周期T如何變化。

（3）我們可以在無法獲知銀河系總質(zhì)量的情況下，研究太陽在銀河系中所具有的引力勢能。通過天文觀測距銀心（即銀河系的中心）為r處的物質(zhì)繞銀心的旋轉(zhuǎn)速度為v，根據(jù)可得到銀河系在該處的引力場強度g的數(shù)值，并作出圖像，如圖所示。已知太陽的質(zhì)量太陽距離銀心

a．某同學(xué)根據(jù)表達(dá)式認(rèn)為：引力場強度g的大小與物質(zhì)繞銀心的旋轉(zhuǎn)速度成正比，與到銀心的距離r成反比。請定性分析說明該同學(xué)的觀點是否正確。

b．將物質(zhì)距銀心無窮遠(yuǎn)處的引力勢能規(guī)定為零，請利用題中信息估算太陽所具有的引力勢能

25、絕緣粗糙的水平面上相距為6L的A、B兩處分別固定電荷量不等的正電荷，兩電荷的位置坐標(biāo)如圖甲所示，已知A處電荷的電荷量為+Q。圖乙是A、B連線之間的電勢與位置之間的關(guān)系圖像，圖中點對應(yīng)圖線的最低點，處的縱坐標(biāo)處的縱坐標(biāo)若在處的C點由靜止釋放一個質(zhì)量為電荷量為+q的帶電物塊（可視為質(zhì)點）；物塊隨即向右運動（假設(shè)此帶電物塊不影響原電場分布）。求：

(1)固定在B處的電荷的電荷量QB；

(2)小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為多大，才能使小物塊恰好到達(dá)處？

(3)若小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)小物塊運動到何處時速度最大？

26、在如圖所示的電路中，定值電阻R1=1.4R2=0.5電源內(nèi)阻r=0.6電容器的電容C=100當(dāng)開關(guān)S斷開時，電容器上容納的電荷量Q=3×10?4C，理想電流表的示數(shù)I=1.5A。求：

(1)電阻R3的阻值；

(2)電源的電動勢E及電源的效率；

(3)當(dāng)S閉合、電路穩(wěn)定后，電容器上容納的電荷量

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

當(dāng)靜電平衡時；空腔球形導(dǎo)體內(nèi)壁感應(yīng)出負(fù)電荷，外表面感應(yīng)出正電荷，畫出電場線的分布如圖。

根據(jù)電場線越密，場強越大。由于A處電場線較密，B處電場線較疏，C處場強為零，則故BCD錯誤，A正確。

故選A。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由題可知，電場方向沿x軸正方向，由O點到C點；沿電場線方向，電勢逐漸降低，A項錯誤；

B．帶正電的粒子所受電場力與速度方向一致，所以粒子一直做加速直線運動，在O~x1段電場強度逐漸變大，帶電粒子所受電場力逐漸變大，故粒子在OA段做加速度增大的變加速直線運動；B項錯誤；

CD．E－x圖像中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積代表電勢差，可知AB段的電勢差大于BC段的電勢差；故電場力做功。

由電場力做功與電勢能變化的關(guān)系得，粒子在AB段電勢能變化量大于BC段的電勢能變化量；C項正確，D項錯誤。

故選C。3、B【分析】【分析】

【詳解】

球的受力如圖所示，根據(jù)相似三角形的特點得

因此不變，故球的運動軌道是以球為圓心的圓弧．

故選B。

4、C【分析】【分析】

【詳解】

真空中兩個固定點電荷之間的靜電力大小為

現(xiàn)將其中一個點電荷的電荷量變?yōu)樵瓉淼?倍，其他條件不變，它們之間的靜電力大小變?yōu)?/p>

故選C。5、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．處于靜電平衡的導(dǎo)體是個等勢體；電勢處處相等，所以AB錯誤；

C．處于靜電平衡的導(dǎo)體內(nèi)部的合場強處處為0；所以C錯誤；

D．處于靜電平衡的導(dǎo)體內(nèi)部的合場強處處為0，則感應(yīng)電荷在導(dǎo)體內(nèi)部c、d兩點產(chǎn)生的場強大小與正電荷Q在c、d兩點產(chǎn)生的場強大小相等，正電荷Q在c的場強大于在d點的場強，則感應(yīng)電荷在導(dǎo)體內(nèi)部c、d兩點產(chǎn)生的場強大小關(guān)系是Ec＞Ed≠0；所以D正確；

故選D。6、C【分析】【分析】

【詳解】

取無限遠(yuǎn)處電勢為零，則正電荷在M點的電勢能為負(fù)電荷在N點的電勢能為由。

知，M點的電勢。

N點的電勢。

且。

則。

故C正確；ABD錯誤。

故選C。7、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖中電場線分布可知；三個點電荷的電性相同，均帶正電荷，故A錯誤；

B．由電場線疏密可判斷，A、B、C三點電場強度大小。

EC>EA>EB故B錯誤；

CD．沿著電場線方向電勢逐漸降低，則A、B兩點電勢。

A>B故C正確；D錯誤；

故選C。8、B【分析】【詳解】

A．由

可知φ－x圖像中，斜率等于電場強度，在帶電小球從O點運動到處的過程中，斜率不變，電場強度不變，由

知，粒子所受電場力保持不變，所以加速度不變；故A錯誤；

BD．帶電小球從O點運動到的過程中，電勢差為零，電場力做功為零，小球的動能變化為零，故速度變化為零，即電荷在O點和x2處的速度相同，都是v0，由

可知；電場力沖量為零，故B正確D錯誤；

C．由圖可知0~過程，電場力做正功，~過程，電場力做負(fù)功，故處速度最大有

可解得

故C錯誤。

故選B。9、C【分析】【詳解】

當(dāng)開關(guān)閉合時，燈L1、L2均不亮，理想電流表無示數(shù)，由實物連接電路可知，故障應(yīng)是電路中某一處發(fā)生斷路；若L1斷路，則電壓表正、負(fù)極分別與電源正、負(fù)極接通，電壓表有示數(shù)；若L2斷路；則電壓表正；負(fù)極都與電源負(fù)極斷開，電壓表無示數(shù)。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)10、B:D【分析】【分析】

根據(jù)右手螺旋定則來判定兩直導(dǎo)線在a、b兩處的磁場方向；再結(jié)合矢量的疊加法則，即可求解。

【詳解】

整個系統(tǒng)處于勻強外磁場中，外磁場的磁感應(yīng)強度大小為B0，方向垂直于紙面向外，且a、b兩點的磁感應(yīng)強度大小分別為和方向也垂于紙面向外；

根據(jù)右手螺旋定則，L1直導(dǎo)線電流，在a、b兩點磁場方向垂直紙面向里；大小相等；

同理，L2直導(dǎo)線的電流，在a點磁場方向垂直紙面向里，在b點磁場方向垂直紙面向外；但兩點的磁場大小相等；

依據(jù)矢量疊加法則，則有：B0-B2-B1=

B0+B2-B1=

聯(lián)立上式，可解得：

故選：BD。

【點睛】

考查右手螺旋定則的應(yīng)用，掌握矢量的合成法則，注意對稱位置的磁場大小是相等的。11、A:C【分析】【詳解】

AB．由于圓環(huán)光滑，因此圓環(huán)對小球的彈力一定沿半徑方向指向圓心或背離圓心，因而每個小球受其他兩個小球的庫侖力的合力必須沿半徑方向背離圓心或指向圓心。對題圖甲中的C球受力分析，若A、B兩球帶同種電荷，則A、B兩球?qū)球產(chǎn)生的庫侖力的合力不可能沿半徑方向背離圓心或指向圓心，因此A、B兩球一定帶異種電荷，鈍角三角形ABC的角度大小未知；三小球不一定帶等量電荷，A正確，B錯誤；

C．對E；D、F三小球分別進行受力分析；要保持平衡，三小球必須帶同種電荷，C正確；

D．對D球受力分析如圖所示，為計算方便，設(shè)

則有

由幾何知識可知

所以有

同理對F球受力分析可得

對E球受力分析可得

綜上所述有

D錯誤。

故選AC。

12、B:D【分析】【詳解】

AB．等量異種點電荷的電場左右對稱，所以A、兩點的場強大小相等；沿電場線方向電勢降落，所以A點的電勢高于點的電勢；故A錯誤，B正確；

CD．等量異種點電荷的電場的中垂線是一個等勢面，電勢與無窮遠(yuǎn)處的電勢相同，所以兩點的電勢相同；點的電場線比較密，所以得的場強比較大；故C錯誤，D正確。

故選BD。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．電場線的疏密反映電場強度的相對大小，電場線越密，場強越大。由電場線的疏密可知，M點的場強小于N點的場強；故A錯誤；

B．沿著電場線，電勢是降低的，所以M點的電勢高于N點的電勢；故B正確；

C．正電荷在電勢高處電勢能大，則一個正點電荷在M點的電勢能大于在N點的電勢能，故把正電荷從M點移到N點電勢能減?。浑妶隽ψ稣?，故C正確；

D．負(fù)電荷受力方向為電場線的切線方向；故不會沿電場線運動，故D錯誤。

故選BC。14、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．等量同種電荷等勢面對稱性可知，b點與d點的電勢相等；電場強度大小相等，方向相反，故A錯誤；

B．根據(jù)對稱性，O點場強為零，取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，O點的電勢大于0；故B正確；

C．根據(jù)等量同種電荷電場線的分布，aOc上電場的方向是：O到a和O到c，所以質(zhì)子從a到c；電場力先做負(fù)功，后做正功，則電勢能先增大后減小，故C正確；

D．根據(jù)等量同種電荷電場線的分布與等勢面分布情況，b點的電勢高于ac兩點的電勢，所以電子沿路徑a→b→c；電勢能先減小后增加，電場力先做正功，后做負(fù)功，故D錯誤。

故選BC。15、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)勻強電場特點，平行等距的兩線段電勢差相等，則UAE=UEB=UFC

解得

同理可得

EDF1B1等勢面如圖所示，則電場強度方向應(yīng)該是過點F做EDF1B1平面的垂線；故A錯誤；

B．場強沿FD方向的分量為

同理場強沿FF1、FE方向的分量均為故電場強度大小為

故B正確；

C．B、F1兩點的電勢差UBF1為2V，A、E兩點的電勢差UAE為-2V；故C錯誤；

D．把0.1C正電荷從D點移到B點，電場力做功為

故D正確。

故選BD。三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.創(chuàng)生②.消滅③.另一部分④.另一個物體⑤.保持不變⑥.保持不變17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]油滴帶負(fù)電，受到的電場力向上，與移動方向相反，電場力做負(fù)功，由動能定理

可知重力做功大于動能的增加量，則重力勢能的減少量大于動能的增加量?！窘馕觥控?fù)功大于18、略

【分析】【詳解】

（1）[1]若將此表頭改裝成量程為的電壓表，由歐姆定律知

代入數(shù)據(jù)得

（2）[2]若將此表頭改裝成量程為

的電流表，由歐姆定律可知

代入數(shù)據(jù)得

（3）[3]把表頭改裝成電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值越小，改裝后電流表的量程越大，由圖示電路可知，使用A、B兩個端點時并聯(lián)分流電阻阻值較小，此時電流表量程較大?！窘馕觥?35037.5較大19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]路端電壓U與電流I的函數(shù)關(guān)系式

（2）[2][3]圖像：如圖所示，該直線與縱軸交點的縱坐標(biāo)表示電動勢，斜率的絕對值表示電源的內(nèi)阻。【解析】①.②.電動勢③.內(nèi)阻20、略

【解析】①.錯誤②.正確③.正確④.正確⑤.正確四、實驗題(共2題，共6分)21、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]甲圖將B板上移，即兩極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式電容C變小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差U變大；即靜電計指針偏角變大；

(2)[3][4]乙圖將B板左移，即板間距離d增大，根據(jù)電容的決定式電容C變小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差U變大，即靜電計指針偏角變大；【解析】變大變小變大變小22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]圖甲的閉合電路歐姆定律

可知U值變化較小是由于r太小；串聯(lián)電阻應(yīng)置于干路。

故選A。

（2）[2]加電阻后測量電路圖為A圖，其閉合電路歐姆定律為

圖乙中圖線的縱截距表示電動勢

斜率絕對值表示圖線斜率絕對值為

解得

[3]加電阻后，設(shè)

則對于滑動變阻器的功率有

整理得

由該式子可知，當(dāng)滑動變阻器的阻值時，滑動變阻器消耗的功率最大。帶入數(shù)據(jù)，整理得

（3）[4]由電路圖可知，由于電壓表的分流作用，電流的測量值小于真實值，因此虛線在實線的上方，當(dāng)電壓表示數(shù)為零時，電流測量值與真實值相等，因此虛線與實線在I軸相交；ABD錯誤，C正確。

故選C【解析】AC五、解答題(共4題，共8分)23、略