2025年滬教新版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教新版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷127考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一閉合矩形線圈繞垂直于磁場方向的軸勻速轉動；產(chǎn)生的感應電流如圖所示，由圖可知。

A.該交流電電流的有效值是5AB.該交流電的頻率是20HzC.t=0時刻線圈平面位于中性面D.該交流電電流的瞬時表達式為i=5cos100πt（A）2、如圖所示，一回路的線圈電感電容器電容電容器兩板最大電壓為在電容器開始放電時設為零時刻；上極板帶正電，下極板帶負電，則（）

A.此振蕩電路的周期為B.前內的平均電流約為C.當時，電路中磁場能最大D.當時，電容器上板帶正電荷3、在如圖所示的電路中，a、b為兩個完全相同的燈泡，L為自感線圈，E為電源；S為開關，關于兩燈泡點亮和熄滅的先后次序，下列說法正確的是（）

A.合上開關，a先亮，b后亮B.合上開關，b先亮，a后亮C.合上開關一段時間后再斷開開關，a先熄滅，b后熄滅D.合上開關一段時間后再斷開開關，b先熄滅，a后熄滅4、以下敏感元件中不是通過測量電阻的變化來確定外界非電學量的變化的是A.光敏電阻B.干簧管C.熱敏電阻D.電阻應變片5、直導線垂直于磁場方向放在豎直向下的勻強磁場中；通以垂直紙面向外的電流，則直導線受到安培力的方向（）

A.向上B.向下C.向左D.向右6、如圖所示，把一根通電的硬直導線用輕繩豎直懸掛在通電螺線管正上方，直導線中的電流方向由a向b；忽略導線對硬直導線兩端的彈力，下列說法中正確的是（）

A.閉合開關S瞬間，硬直導線a端所受安培力向上B.閉合開關S后，從上往下看，硬直導線順時針旋轉C.閉合開關S后，輕繩中的拉力會變小D.若只增加通電螺線管的線圈匝數(shù)，則硬直導線處于同一位置時所受安培力減小7、如圖所示，在半徑為的圓形區(qū)域內有垂直于豎直紙面向里的勻強磁場，磁場的磁感應強度大小為為該圓的一條直徑，為圓心。一帶電粒子以初速度從點垂直磁場沿豎直方向射入圓形區(qū)域，離開磁場時速度方向恰好水平。已知該粒子從點入射時速度方向與直徑的夾角不計粒子重力，則有（）

A.該粒子一定帶負電B.該粒子的比荷為C.該粒子在磁場中做圓周運動的半徑為D.該粒子在磁場中的運動時間為8、能量守恒定律是自然界最普遍的規(guī)律之一，以下不能體現(xiàn)能量守恒定律的是（）A.庫侖定律B.焦耳定律C.機械能守恒定律D.楞次定律9、某手持式考試金屬探測器如圖所示；它能檢查出考生違規(guī)攜帶的電子通訊儲存設備。工作時，探測環(huán)中的發(fā)射線圈通以電流，附近的被測金屬物中感應出電流，感應電流的磁場反過來影響探測器線圈中的電流，使探測器發(fā)出警報。則（）

A.探測環(huán)中的發(fā)射線圈通的是恒定電流B.探測環(huán)中的發(fā)射線圈通的是交變電流C.探測器與被測金屬物相對靜止時不能發(fā)出警報D.違規(guī)攜帶的手機只有發(fā)出通訊信號時才會被探測到評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖，邊界OA與OC間有垂直紙面向里的勻強磁場，OA上有一粒子源S，平行于紙面向各個方向發(fā)射出大量帶正電的同種粒子（不計粒子的重力及粒子間的相互作用），所有粒子的初速度大小相同。已知∠AOC=60°，從邊界OC射出的粒子在磁場中運動的最長時間為（T為粒子在磁場中運動的周期），則從邊界OC射出的粒子在磁場中運動的時間可能為（）

A.B.C.D.11、如圖，兩足夠長光滑金屬導軌平行固定在同一絕緣水平面內，導軌所在的平面有垂直于導軌豎直向下的勻強磁場。兩長度略大于導軌寬度的金屬棒a、b垂直導軌靜止放置在導軌上，金屬棒a、b的質量分別為m和2m，它們在兩導軌之間的電阻均為R，金屬棒b在金屬棒a右側足夠遠處。第一次金屬棒b固定，第二次金屬棒b不固定，兩次都給金屬棒a一相同的水平向右的初速度兩次作用過程中兩棒始終與導軌垂直且接觸良好，且兩棒始終未發(fā)生碰撞，不計導軌電阻。則從金屬棒a開始運動至其速度不再發(fā)生變化的過程；下列說法中正確的是（）

A.第一次和第二次安培力對金屬棒a做的功之比為3∶2B.第一次和第二次通過金屬棒a橫截面的電荷量之比為3∶2C.第一次和第二次金屬棒a中產(chǎn)生的熱量之比為3∶2D.第一次和第二次金屬棒a通過的位移之比為3∶212、如圖甲所示，電阻不計、間距為1m的光滑平行金屬導軌豎直放置，上端連接阻值為3Ω的定值電阻R，虛線下方存在方向垂直于導軌平面向里、磁感應強度大小為2T的勻強磁場。現(xiàn)將質量為0.1kg、電阻為1Ω的金屬桿從上方某處由靜止釋放，金屬桿下落過程中始終水平且與導軌接觸良好，其加速度a與下落時間t的關系圖像如圖乙所示。取重力加速度大小下列說法正確的是（）

A.金屬桿進入磁場后P端的電勢較高B.金屬桿釋放位置到的距離為0.2mC.金屬桿在磁場中穩(wěn)定時的速度大小為2m/sD.a-t圖像在橫軸上、下方圍成的面積之比為2∶113、示波管應用的是電子在電場中的偏轉規(guī)律，而電視顯像管卻是應用電子在磁場中偏轉規(guī)律。圖甲是電視顯像管的原理示意圖，偏轉線圈用來產(chǎn)生磁場。電子的偏轉隨磁場的強弱和方向變化而變化。圖乙中，垂直紙面向里的勻強磁場只存在于圓形區(qū)域內，磁感應強度為B。電子以速度為v沿方向射入磁場中，偏轉后從C點射出。已知電子質量為m，帶電荷量為e，則（）

A.電子經(jīng)過磁場的時間為B.電子經(jīng)過磁場的時間為C.磁場區(qū)域圓的半徑R為D.磁場區(qū)域圓的半徑R為14、如圖所示，甲是回旋加速器，乙是磁流體發(fā)電機，丙是速度選擇器，丁是霍爾元件，其中丙的磁感應強度大小為B、電場強度大小為E；下列說法正確的是（）

A.甲圖要增大粒子的最大動能，可減小磁感應強度B.乙圖可判斷出A極板是發(fā)電機的正極C.丙圖中粒子沿直線通過速度選擇器的條件是D.丁圖中可以判斷形成電流的電荷（載流子）是正電荷15、如圖所示，MN、PQ為兩根足夠長的光滑平行金屬軌道，軌道平面與水平面成θ，間距l(xiāng)，頂端接阻值為R的電阻，軌道間存在垂直軌道面向上的勻強磁場，磁感應強度為B。一長度恰好為l、質量m、內阻r的金屬棒ab垂直軌道放置，并與軌道良好接觸，現(xiàn)將ab由靜止釋放，當ab沿軌道下滑位移x時速度達到最大，不計軌道電阻，重力加速度為g；下列說法正確的是（）

A.ab中的電流方向為b→aB.ab的最大速度C.剛釋放瞬間，ab的加速度為D.電阻R上產(chǎn)生的熱量16、如圖所示，方向豎直向下的勻強磁場中，有兩根位于同一水平面內的足夠長的平行金屬導軌，兩根相同的光滑導體棒ab、cd，質量均為m，靜止在導軌上。t＝0時，棒cd受到一瞬時沖量作用而以初速度v0向右滑動。運動過程中，ab、cd始終與導軌垂直并接觸良好，兩者速度分別用v1、v2表示，回路中的電流用I表示。下列說法中正確的是（）

A.兩棒最終的狀態(tài)是cd靜止，ab以速度v0向右滑動B.兩棒最終的狀態(tài)是ab、cd均以的速度向右勻速滑動C.ab棒做勻加速直線運動到最終速度穩(wěn)定D.回路中的電流I從某一個值I0逐漸減小到零17、如圖所示，空間存在豎直向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B，足夠長的光滑平行金屬導軌水平放置，導軌左右兩部分的間距分別為l、2l；質量分別為m、2m的導體棒a、b均垂直導軌放置，導體棒a接入電路的電阻為R，其余電阻均忽略不計；a、b兩棒分別以v0、2v0的初速度同時向右運動，兩棒在運動過程中始終與導軌垂直且保持良好接觸，a總在窄軌上運動，b總在寬軌上運動；直到兩棒達到穩(wěn)定狀態(tài)，從開始運動到兩棒穩(wěn)定的過程中，下列說法正確的是（）

A.a棒加速度的大小始終等于b棒加速度的大小B.穩(wěn)定時a棒的速度為1.5v0C.電路中產(chǎn)生的焦耳熱為D.流過導體棒a的某一橫截面的電荷量為評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、DIS實驗中的各種傳感器主要用來________各種物理量，并將所得物理量轉化為________信號，然后輸入給________。19、若v∥B，帶電粒子以速度v做勻速直線運動，其所受洛倫茲力F＝______.20、如圖所示，在磁感應強度為B的勻強磁場中，長為L的導體棒Oa以點O為中心轉動，而另一端a剛好搭在光滑的半圓形金屬導軌上，Oa以角速度順時針勻速轉動，在Ob間接入一阻值為R的電阻，導體棒Oa產(chǎn)生的電動勢大小為___________；流過電阻R上的電流方向為___________（填寫“左到右”或“右到左”）。

21、某發(fā)電站的輸出功率為104kW，輸出電壓為4kV，通過理想變壓器升壓后向125km遠處用戶供電．已知輸電線的電阻率為ρ＝2.4×10－8Ω·m，導線橫截面積為1.5×10－4m2，輸電線路損失的功率為輸出功率的4%，求：所用的理想升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比是______，如果用戶用電器的額定電壓為220V，所用理想降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比是______.22、熱敏電阻常用于溫度控制或過熱保護裝置中。某種熱敏電阻和金屬熱電阻的阻值R隨溫度變化的關系如圖甲所示。

（1）由圖甲可知，溫度越高，該熱敏電阻的阻值___________（填“越大”或“越小”）。

（2）某同學利用上述熱敏電阻制作了一個簡易的溫控裝置，實驗原理如圖乙所示。若熱敏電阻的阻值與溫度t的關系如下列表格所示，當通過繼電器的電流為時，銜鐵被吸合，加熱器停止加熱，實現(xiàn)溫控。已知繼電器的電源電動勢為除了滑動變阻器和熱敏電阻外，其余電阻不計，為使該裝置控制溫度超過時加熱器就不再加熱，接入的滑動變阻器的阻值___________

。20.030.040.050.060.070.0200145106826140

（3）為使該裝置控制溫度超過更高溫度時加熱器才不會再加熱，接入的滑動變阻器的阻值應___________（填“變大”或“變小”）。23、判斷下列說法的正誤。

（1）質譜儀工作時，在電場和磁場確定的情況下，同一帶電粒子在磁場中的半徑相同。____

（2）因不同原子的質量不同，所以同位素在質譜儀中的軌跡半徑不同。____

（3）利用回旋加速器加速帶電粒子，要提高加速粒子的最終速度，應盡可能增大磁感應強度B和D形盒的半徑R。____

（4）增大兩D形盒間的電壓，可以增大帶電粒子所獲得的最大動能。____24、直流：_________不隨時間變化的電流稱為直流。25、如圖所示，是一個按正弦規(guī)律變化的交變電流的圖像，則該交變電流的周期是_________s，電流的有效值是______A。

26、如圖所示為一正弦交變電流通過一電子元件后的波形圖，圖形的下半部被過濾，上半部不變，此電流的有效值為___________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)27、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

28、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

29、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

30、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

A．由圖像知正弦交變電流的最大值是5A，所以該交流電電流的有效值是

故A錯誤；

B．由圖像知周期T=0.02s，所以頻率

故B錯誤；

C．t=0時感應電流最大；感應電動勢最大，磁通量為零，所以線圈平面垂直于中性面，故C錯誤；

D．由圖像知周期T=0.02s，所以

電流的最大值是5A，所以交流電電流的瞬時表達式為

故D正確。

故選D。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)

解得

A錯誤；

B．電容器兩板電壓最大為1V，電容C=4μF，根據(jù)

則

B正確；

CD．當時；也就是半個周期，反向充電結束，電路中電場場能最大，電容器下板帶正電荷，CD錯誤。

故選B。3、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．由于a、b為兩個完全相同的燈泡，當開關接通瞬間，b燈泡立刻發(fā)光；而a燈泡由于線圈的自感現(xiàn)象，導致a燈泡漸漸變亮，故A錯誤，B正確；

CD．當斷開電鍵時，線圈中產(chǎn)生自感電動勢，由a、b及電感線圈組成一個回路；兩燈同時逐漸熄滅，故CD錯誤。

故選B。4、B【分析】【詳解】

A．光敏電阻是根據(jù)光照強度不同而電阻不同的性質；通過測量電阻的變化來確定光強的變化，故A錯誤；

B．干簧管能將磁場的信息轉化為電學量；是一種磁性傳感器，故B正確；

C．熱敏電阻是根據(jù)溫度升高而電阻減小的性質；通過測電阻的變化來確定溫度的變化，故C錯誤；

D．電阻應變片是根據(jù)應變片在力的作用下形狀變化而電阻變化的性質；通過測電阻的變化來確定力變化，故D錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則：伸開左手；拇指與手掌垂直且共面，磁感線向下穿過手心，則手心朝上．四指指向電流方向，則指向紙外，拇指指向右側，故導線受到的安培力向右，故ABC錯誤，D正確．

故選D．6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由安培定則可知螺線管左端為S極、右端為N極，直導線a端處磁感線斜向左下方，由左手定則可知，直導線a端所受安培力垂直紙面向里。選項A錯誤；

B．同理可得，直導線b端所受安培力垂直紙面向外；所以，從上往下看，硬直導線順時針旋轉。選項B正確；

C．用特殊位置分析法；直導線順時針旋轉后，達到其電流方向與螺線管最近處的電流方向同向平行,而同向電流相互吸引，所以，輕繩中的拉力會變大。選項C錯誤；

D．增加通電螺線管的線圈匝數(shù)；其周圍的磁感強度將增大，直導線處于同一位置時所受安培力增大。選項D錯誤。

故選B。7、B【分析】【分析】

【詳解】

A．作出粒子運動的軌跡如圖。

由左手定則可知；粒子帶正電，選項A錯誤；

BC．由軌跡圖結合題意可知粒子在磁場中偏轉角度為90°，設O′為圓周運動的圓心；由幾何關系可知。

整理可得。

由洛倫茲力提供向心力有。

整理可得。

選項B正確；C錯誤；

D．由圖可知粒子在磁場中的偏轉角為90°；故粒子在磁場中的運動時間為。

選項D錯誤。

故選B。8、A【分析】【詳解】

A．庫侖定律是表述電荷間的相互作用力；不能體現(xiàn)能量守恒定律，符合題意；

B．焦耳定律是表述電流做功與焦耳熱的關系；能體現(xiàn)能量守恒定律，不符合題意；

C．機械能守恒定律是只有重力；彈力做功的系統(tǒng)；動能和勢能相互轉化，總機械能不變，能體現(xiàn)能量守恒定律，不符合題意；

D．楞次定律是分析機械能轉化為電能的過程；體現(xiàn)了能量守恒定律，不符合題意。

故選A。9、B【分析】【分析】

探測環(huán)中的發(fā)射線圈通的是交變電流；違規(guī)攜帶的物品只要是金屬就會被探測到，從而即可一一求解。

【詳解】

AB．附近的被測金屬物中感應出電流；則探測環(huán)中的發(fā)射線圈通的應是交變電流，選項A錯誤，B正確；

C．因為探測環(huán)中的發(fā)射線圈通的是交變電流；被測金屬物中的磁通量也是變化的，所以探測器與被測金屬物相對靜止時也能發(fā)出警報，選項C錯誤；

D．違規(guī)攜帶的物品只要是金屬就會被探測到；選項D錯誤。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)10、C:D【分析】【詳解】

由左手定則知粒子是做逆時針的圓周運動，沿方向射出的粒子在磁場中運動的時間最長為根據(jù)幾何知識易知在磁場中運動軌跡為半圓，粒子運動軌跡的直徑為如圖所示。

由于所有粒子的速度大小都相同，故弧長（或弦長）越小，粒子在磁場中運動的時間越短，過點作垂線可以粒子軌跡過點時在磁場中運動的時間最短，結合幾何知識可得粒子圓周運動的半徑等于由幾何關系可知，此時粒子轉過的圓心角為所以最短時間為故可能的時間范圍為

故CD正確；AB錯誤。

故選CD。11、B:C【分析】【詳解】

A．當金屬棒b固定時，穿過回路中的磁通量一直在減小，回路中始終有順時針方向的感應電流，金屬棒a一直受到水平向左的安培力，最終速度變?yōu)榱?，速度不再發(fā)生變化，此過程中根據(jù)動能定理

當金屬棒b不固定時，穿過回路中的磁通量在減小，回路中有順時針方向的感應電流，金屬棒a受到水平向左的安培力做減速運動，金屬棒b受到水平向右的安培力做加速運動，當兩棒速度相等時穿過回路的中磁通量不再變化，回路中沒有感應電流，兩棒不再受安培力作用，則保持相同速度勻速運動，速度不再發(fā)生變化，此過程中兩棒系統(tǒng)的合外力為零，根據(jù)動量守恒定律有

解得

根據(jù)動能定理

則

選項A錯誤；

B．設導軌寬度為L，此過程中根據(jù)動量定理，設向左為正方向，第一次有

第二次有

兩式聯(lián)立解得

選項B正確；

C．兩棒串聯(lián)且電阻相等，則產(chǎn)生的熱量相等，根據(jù)能量守恒定律，第一次有

第二次有

兩式聯(lián)立解得

選項C正確；

D．設第一次金屬棒a運動的位移為x1，電荷量

設第二次金屬棒a、b運動的位移分別為電荷量

兩式聯(lián)立得

大于零，則

選項D錯誤。

故選BC。12、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)楞次定律知，金屬桿PQ進入磁場后Q端的電勢較高；A錯誤；

B．由題圖乙可知，金屬桿PQ剛進入磁場時的加速度大小方向豎直向上，設金屬桿PQ剛進入磁場時產(chǎn)生的感應電動勢為E，則有

解得

所以金屬桿PQ釋放位置到的距離為

B正確；

C．金屬桿PQ在磁場中穩(wěn)定時的速度大小為則有

解得

C錯誤；

D．題中圖像的面積表示速度；則在橫軸上；下方圍成的面積之比為2∶1，D正確。

故選BD。13、B:D【分析】【詳解】

AB．由題意知

由幾何關系得，粒子在磁場中運動的軌跡對應圓心角為所以電子經(jīng)過磁場的時間為

故A錯誤；B正確；

CD．粒子在磁場中，洛倫茲力提供向心力，即

得

由幾何關系知，電子做勻速圓周運動的半徑與磁場圓的半徑關系為

解得

故C錯誤；D正確。

故選BD。14、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)洛倫茲力提供向心力可知

解得

故最大動能為

增大粒子的最大動能，可增大磁感應強度或D形盒子的半徑；故A錯誤；

B．由左手定則可知正離子向下偏轉；所以下極板帶正電，A板是電源的負極，B板是電源的正極，故B錯誤；

C．電場的方向與B的方向垂直，帶電粒子進入復合場做勻速直線運動，受電場力和洛倫茲力，且二力平衡，即

則

故C正確；

D．電場強度方向向下；可知上方為霍爾元件的高電位點，若載流子帶正電，由左手定則可知，洛倫茲力向上，大拇指指向霍爾元件的高電位點，故D正確。

故選CD。15、A:C【分析】【詳解】

A．由右手定則可知，ab中的電流方向為b→a；故A正確；

B．由平衡可知

得

故B錯誤；

C．剛釋放瞬間，棒只受重力與支持力，則此時加速度為

故C正確；

D．由能量守恒可知，金屬棒減小的重力勢能轉化為棒的動能和電阻R、金屬棒上產(chǎn)生的熱量之和，即電阻R上產(chǎn)生的熱量小于故D錯誤。

故選AC。16、B:D【分析】【詳解】

AB．導體棒cd受到一瞬時沖量作用而以初速度v0向右滑動，由于存在豎直向下的勻強磁場，故導體棒切割磁感線在回路中產(chǎn)生感應電流，導體棒cd受到向左的安培力做減速運動，導體棒ab受到向右的安培力做加速運動，兩安培力大小相等方向相反，兩導體棒運動的最終狀態(tài)是兩導體棒相對速度為零，即回路內磁通量不變，不產(chǎn)生感應電流，兩導體棒以相同速度做勻速運動，由動量守恒定律得

解得

A錯誤；B正確；

CD．設導體棒的電阻均為R，導體棒ab受到的安培力

由閉合電路歐姆定律

法拉第電磁感應定律

所以回路中的電流I從最初值

逐漸減小到零，ab棒做加速度逐漸減小的加速運動到最終速度穩(wěn)定；C錯誤，D正確。

故選BD。17、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．分別計算棒的加速度，由

和牛頓第二定律得

聯(lián)立可得

可知：棒串聯(lián)，電流相等，棒長度分別為l、2l；質量分別為m、2m，則棒加速度大小相等；故A正確；

B．因為導軌光滑只受到安培力作用，對棒，根據(jù)動量定理有

同理，對棒有

穩(wěn)定是無電流，即

得

聯(lián)立解得

故B錯誤；

C．由能量守恒可知，動能的損失等于焦耳熱，初動能

末動能

則電路中產(chǎn)生的焦耳熱為

故C正確；

D．對應用動量定理

又

解得

故D錯誤。

故選AC。三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]DIS實驗中的各種傳感器主要用來測量各種物理量，并將所得物理量轉化為電信號，然后輸入給數(shù)據(jù)采集器。【解析】①.測量②.電③.數(shù)據(jù)采集器19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】020、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]導體棒Oa勻速轉動，產(chǎn)生的感應電動勢為

[2]由右手定則可知，導體棒中的電流由則流過電阻R上的電流方向為左到右?！窘馕觥孔蟮接?1、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)電阻定律得出輸電線的電阻；根據(jù)輸電線上損失的功率求出輸電線上的電流，從而根據(jù)P=UI求出升壓變壓器的輸出電壓；根據(jù)輸電線上的電流和電阻求出輸電線上的電壓損失；根據(jù)變壓比公式求解升壓變壓器原；副線圈的匝數(shù)比；

（2）根據(jù)輸出電壓和電壓損失得出降壓變壓器的輸入電壓；結合電壓之比等于原副線圈的匝數(shù)之比求出降壓變壓器的原副線圈匝數(shù)之比．

【詳解】

（1）遠距離輸電的示意圖，如圖所示：

導線電阻：R線=ρ

代入數(shù)據(jù)得：R=40Ω

升壓變壓器副線圈電流：I2=I線

又I2R線=4%P

解得：I2=100A

根據(jù)P=U2I2

得：U2=100kV

根據(jù)變壓比公式，有：

（2）降壓變壓器的輸入電壓為：U3=U2-I2R線=96kV

由

得：

【點睛】

解決本題的關鍵知道：1、原副線圈的電壓比、電流比與匝數(shù)比之間的關系；2、升壓變壓器的輸出電壓、降壓變壓器的輸入電壓、電壓損失之間的關系．【解析】1∶254800:1122、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖甲可知；隨著溫度的升高，該熱敏電阻的阻值顯著減小，故溫度越高，該熱敏電