2025年上外版必修2物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上外版必修2物理上冊月考試卷114考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、某游戲裝置如圖所示；安裝在豎直軌道AB上的彈射器可上下移動，能水平射出速度大小可調(diào)節(jié)的小彈丸．圓心為O的圓弧槽BCD上開有小孔P，彈丸落到小孔時，速度只有沿OP方向才能通過小孔，游戲過關(guān)，則彈射器在軌道上。

A.位于B點時，只要彈丸射出速度合適就能過關(guān)B.只要高于B點，彈丸射出速度合適都能過關(guān)C.只有一個位置，且彈丸以某一速度射出才能過關(guān)D.有兩個位置，只要彈丸射出速度合適都能過關(guān)2、一貨箱隨豎直升降機運動的速度—時間圖象如圖所示；取豎直向上為正方向，下列說法中正確的是（）

A.在t2時貨箱運動到最高位置B.在t2~t3時間內(nèi)，貨箱所受的合力豎直向上且不斷減小C.在t4~t5時間內(nèi)，貨箱處于失重狀態(tài)D.在t6~t7時間內(nèi)，貨箱的機械能可能保持不變3、如圖所示為在水平面內(nèi)做勻速圓周運動的圓錐擺。關(guān)于擺球的受力情況；下列說法中正確的是（）

A.受拉力和重力的作用B.受拉力和向心力的作用C.受重力和向心力的作用D.受重力、拉力和向心力的作用4、下列說法不符合物理學(xué)史的是（）A.牛頓對萬有引力常量G進行了準確的測定B.卡文迪許通過實驗測出了萬有引力常量G的數(shù)值C.牛頓通過月地檢驗，證明了地面物體所受地球的引力和天體間引力遵循相同的規(guī)律D.開普勒認真整理和研究第谷留下的觀測記錄最終確定行星繞太陽運動的軌跡是橢圓5、假設(shè)地球可視為質(zhì)量分布均勻的球體，由于地球的自轉(zhuǎn)，地球表面上不同緯度的重力加速度有所差別，已知地球表面的重力加速度在兩極的大小為g0，在赤道的大小為g1，則在緯度為45°的地球表面上重力加速度為（）A.B.C.D.6、土星外層上有一個環(huán)；為了判斷它是土星的一部分還是土星的衛(wèi)星群，可以測量環(huán)中各層的線速度ν與該層到土星中心的距離R之間的關(guān)系來判斷。

A.若v∝則該層是土星的一部分B.若v2∝R，則該層是土星的一部分C.若v∝R，則該層是土星的衛(wèi)星群D.若v2∝則該層是土星的衛(wèi)星群7、“北斗”導(dǎo)航系統(tǒng)是我國自行研發(fā)的全球?qū)Ш较到y(tǒng)，它由5顆靜止軌道衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）與30顆非靜止軌道衛(wèi)星組成．已知月球公轉(zhuǎn)周期約為27天，則靜止軌道衛(wèi)星與月球（）A.角速度之比約為27：1B.線速度之比約為27：1C.半徑之比約為1：27D.向心加速度之比約為1：27評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、如圖所示，物體沿不同的路徑從A運動到B，其中按不同的路徑：①有摩擦作用；②無摩擦作用，③無摩擦，但有其他外力拉它．比較這三種情況下重力做的功W1、W2、W3，重力勢能的變化量ΔEp1、ΔEp2、ΔEp3的關(guān)系；以下正確的是()

A.W1＞W(wǎng)2＞W(wǎng)3B.W1＝W2＝W3C.ΔEp1＝ΔEp2＝ΔEp3D.ΔEp1＜ΔEp2＜ΔEp39、如圖所示，小球A可視為質(zhì)點，裝置靜止時輕質(zhì)細線AB水平，輕質(zhì)細線AC與豎直方向的夾角已知小球的質(zhì)量為m，細線AC長L，B點距C點的水平和豎直距離相等．裝置BO'O能以任意角速度繞豎直軸O'O轉(zhuǎn)動，且小球始終在BO'O平面內(nèi)，那么在ω從零緩慢增大的過程中（）（g取10m/s2，）

A.兩細線張力均增大B.細線AB中張力一直變小，直到為零C.細線AC中張力先不變，后增大D.當(dāng)AB中張力為零時，角速度可能為10、如圖，某人從點對準正前方豎直靶上的點，分別將兩支飛鏢水平擲出，飛鏢打在靶上兩點，且與豎直方向的夾角分別為與忽略空氣阻力，則（）

A.兩飛鏢離開手時，速度大小相同B.兩飛鏢在空中運動時間相同C.兩飛鏢擊中靶的速度大小相同D.間距為間距的倍11、在一顆半徑為地球半徑的行星表面，將一個物體豎直向上拋出，不計空氣阻力。從拋出開始計時，物體運動的位移隨時間變化的關(guān)系如圖（可能用到的數(shù)據(jù)：地球的半徑為6400km，地球表面的重力加速度為10m/s2）；則（）

A.該行星表面的重力加速度為8m/s2B.該行星的質(zhì)量比地球的質(zhì)量大C.該行星的第一宇宙速度為6.4km/sD.該物體落到行星表面時的速率為30m/s12、長征途中，為了突破敵方關(guān)隘，戰(zhàn)士爬上陡峭的山頭，居高臨下向敵方工事內(nèi)投擲手榴彈，戰(zhàn)士在同一位置先后投出甲、乙兩顆質(zhì)量均為m的手榴彈，手榴彈從投出的位置到落點的高度差為h，在空中的運動可視為平拋運動，軌跡如圖所示，重力加速度為下列說法正確的有（）

A.從拋出到落地的過程中，兩顆手榴彈重力的平均功率不相等B.兩手榴彈在落地前瞬間，重力的功率相等C.從投出到落地，每顆手榴彈的重力勢能減少D.從投出到落地，每顆手榴彈的機械能變化量為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、同一個探測器繞月球在不同軌道上做勻速圓周運動，則和高軌道相比，低軌道的向心加速度_______，線速度_______，角速度_______，動能（），引力勢能（），機械能（）（填“變大”、“變小”或“不變”）14、如圖所示，豎直平面內(nèi)的光滑軌道由直軌道和圓弧軌道組成，圓弧軌道半徑小球從斜面上點由靜止開始滑下，剛好能滑到軌道的最高點（過點時沒有能量損失）。則小球在的速度大小=__________點到點的高度=__________m（?。?/p>

15、圖為一小球做平拋運動時閃光照片的一部分，圖中背景是邊長5cm的小方格，則閃光的頻率為______Hz；小球運動的初速度大小為______m/s，小球運動到B點時的速度大小為______m/s（重力加速度g取10m/s2）

16、某行星的質(zhì)量為地球質(zhì)量的倍，半徑為地球半徑的倍，已知地球的第一宇宙速度約為該行星的第一宇宙速度是__________．17、地面上物體在變力F作用下由靜止開始豎直向上運動，力F隨高度x的變化關(guān)系如圖所示，物體能上升的最大高度為h．若F0=15N，H=1.5m，h=1m，g=10m/s2，則物體運動過程中的最大速度大小為_____m/s，最大加速度大小為_____m/s2．

評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)18、如圖所示，在一內(nèi)壁光滑環(huán)狀管道位于豎直面內(nèi)，其管道口徑很小，環(huán)半徑為R（比管道的口徑大得多）。一小球直徑略小于管道口徑，可視為質(zhì)點。此時小球滑到達管道的頂端，速度大小為重力加速度為g。請作出小球的受力示意圖。

19、圖甲為拋出的石子在空中運動的部分軌跡，圖乙是水平面上一小鋼球在磁鐵作用下的部分運動軌跡．請畫出物體在A、B、C、D四點的受力方向和速度方向．（不計空氣阻力）

20、一個物體在光滑水平面上運動，其速度方向如圖中的v所示。從A點開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進的方向看，下同）的合力。到達B點時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同。達到C點時，合力的方向又突然改為向前但偏左。物體最終到達D點。請你大致畫出物體由A至D的運動軌跡，并標(biāo)出B點、C點和D點。

21、在圖的實驗中，假設(shè)從某時刻（）開始，紅蠟塊在玻璃管內(nèi)每1s上升的距離都是10與此同時，玻璃管向右沿水平方向勻加速平移，每1s內(nèi)的位移依次是4122028在圖所示的坐標(biāo)系中，y表示蠟塊在豎直方向的位移，x表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，時蠟塊位于坐標(biāo)原點。請在圖中標(biāo)出t等于1s；2s、3s、4s時蠟塊的位置；并用平滑曲線描繪蠟塊的軌跡。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)22、如圖甲；乙都是使用電磁打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗裝置圖。

(1)較好的裝置是____（填“甲”或“乙”）；

(2)某同學(xué)用關(guān)系式mgh＝mv2驗證機械能是否守恒，他采用較好的裝置進行實驗，得到如圖丙所示的一條完整紙帶，將紙帶上打出的第一個點標(biāo)為A點，第二個點標(biāo)為B點，后面依次類推，分別標(biāo)為C、D、E、F、G、H、I，則在D點時重物運動的速度大小為____m/s。（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

(3)若當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭＝9.80m/s2，比較重物在A、D間的勢能變化ΔEp和動能變化ΔEk的大小關(guān)系為：ΔEk____ΔEp（填“＞”、“＝”或“＜”），分析造成的原因是______。23、某學(xué)習(xí)小組設(shè)計了一個實驗方案——“用一把刻度尺測量質(zhì)量為m的小物塊Q與平板P之間的動摩擦因數(shù)”；實驗裝置如圖．AB是半徑足夠大的；光滑的四分之一圓弧軌道，與水平固定放置的P板的上表面BC在B點相切，C點在水平地面的垂直投影為C′．重力加速度為g．實驗步驟如下：

①用刻度尺測量BC長度為L和CC′高度為h；

②先不放置平板P（如圖乙）；使圓弧AB的末端B位于C′的正上方，將物塊Q在A點由靜止釋放，在物塊Q落地處標(biāo)記其落點D；

③重復(fù)步驟②；共做10次；

④用半徑盡量小的圓將10個落點圍住，用刻度尺測量圓心到C′的距離x1；

⑤放置平板P（如圖甲）；將物塊Q由同一位置A由靜止釋放，在物塊Q落地處標(biāo)記其落地點D′；

⑥重復(fù)步驟⑤；共做10次；

⑦用半徑盡量小的圓將10個落點圍住，用刻度尺測量圓心到C′的距離x2．

(1)實驗步驟③④的目的是_________________________________________．

(2)用實驗中的測量量表示物塊Q滑到B點時的速度vB=_________________．

(3)物塊Q與平板P之間的動摩擦因數(shù)μ＝_____．

(4)回答下列問題：

(i)實驗步驟⑤⑥的目的是_____．

(ii)已知實驗測得的μ值比實際值偏大，其原因除了實驗中測量量的誤差之外，其它的可能是_____（寫出一個可能的原因即可）評卷人得分六、解答題(共3題，共24分)24、質(zhì)量為2噸的某型號汽車；其發(fā)動機的額定功率為60kW，在水平路面上行駛時受到的阻力是3000N，求在額定功率下，求：

(1）汽車行駛的速度為12m/s時的加速度大小。

（2）汽車行駛的最大速度．25、宇宙中，兩顆靠得比較近的恒星，受到彼此的萬有引力作用而互相繞轉(zhuǎn)，稱為雙星系統(tǒng)。雙星以兩者連線上的某點為圓心做勻速圓周運動，不會因萬有引力作用而吸在一起（不考慮其他天體對它們的影響）。已知雙星的質(zhì)量分別為m1和m2，相距L，求它們運轉(zhuǎn)的角速度ω。26、如圖所示，質(zhì)量分別為2m和m的A、B兩物體用不可伸長的輕繩繞過輕質(zhì)定滑輪相連，開始兩物體處于同一高度，繩處于繃緊狀態(tài)，輕繩足夠長，不計一切摩擦?，F(xiàn)將兩物體由靜止釋放，在A落地之前的運動中，當(dāng)物體A下落h時；求：

(1)輕繩的張力T的大??；

(2)物體B的速度的大小。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

根據(jù)安裝在豎直軌道AB上的彈射器可上下移動；能水平射出速度大小可調(diào)節(jié)的小彈丸，本題考查了平拋運動的運用，抓住速度方向垂直P點圓弧的切線方向是關(guān)鍵，知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，通過運動學(xué)公式和幾何關(guān)系進行求解．

【詳解】

A項：根據(jù)平拋運動速度反向延長線過水平位移的中點可知；位于B點時，不管速度多大，彈丸都不可能從P點射出，故A錯誤；

B、C、D項：根據(jù)平拋運動速度反向延長線過水平位移的中點可得：

則豎直位移PN=CN?tanα=彈射器高B點的高度為y=PN-Rsinα=所以只有一個位置，射出才能過關(guān)，故B；D錯誤，C正確．

故選C．

【點睛】

根據(jù)平拋運動速度反向延長線過水平位移的中點結(jié)合幾何關(guān)系求解豎直方向的位移，再進一步求解彈射器高B點的高度．2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖像可知，則0~t3時間內(nèi)貨廂的速度為正，向上運動；在t4~t7時間內(nèi)速度為負向下運動，則在t3時貨箱運動到最高位置；選項A錯誤；

B．在t2~t3時間內(nèi)；貨箱向上做勻減速運動，則加速度向下，所受的合力豎直向下，因加速度不變，則合力不變，選項B錯誤；

C．在t4~t5時間內(nèi)；貨箱向下做加速運動，加速度向下，則處于失重狀態(tài)，選項C正確；

D．在t6~t7時間內(nèi)；貨箱向下減速，升降機對貨廂的支持力向上，支持力對貨廂做負功，則貨廂的機械能減小，選項D錯誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動；對小球受力分析如圖所示，小球只受重力和繩子的拉力，由于它們的合力總是指向圓心并使得小球在水平面內(nèi)做圓周運動，故在物理學(xué)上，將這個合力就叫做向心力，即向心力是按照力的效果命名的，這里是重力和拉力的合力。

故選A。

4、A【分析】【詳解】

ABC．牛頓通過月地檢驗；證明了地面物體所受地球的引力和天體間引力遵循相同的規(guī)律，并提出了萬有引力定律，卡文迪許利用扭稱實驗測出了引力常量，故A說法錯誤，符合題意，BC說法正確，不符合題意；

D．開普勒認真整理和研究第谷留下的觀測記錄最終確定行星繞太陽運動的軌跡是橢圓；并提出了開普勒三定律，故D說法正確，不符合題意。

故選A。5、B【分析】【詳解】

在兩極，萬有引力等于重力，即

在赤道處，引力與支持力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得

在緯度為45°的地球表面關(guān)系如下圖。

根據(jù)余弦定理，可得

聯(lián)立上式解得

故選B。6、D【分析】【分析】

若是土星的一部分，則各層轉(zhuǎn)動的角速度相等，根據(jù)v=ωR可以判斷v與R的關(guān)系；若該層是土星的衛(wèi)星群，則向心力等于萬有引力，根據(jù)可以判斷v與R的關(guān)系．

【詳解】

若是土星的一部分則各層轉(zhuǎn)動的角速度相等，根據(jù)v=ωR得：v∝R，故AB錯誤；若該層是土星的衛(wèi)星群，則向心力等于萬有引力，根據(jù)得：v2=即v2∝故C錯誤，D正確．故選D．

【點睛】

解決本題要知道若是土星的一部分，則各層轉(zhuǎn)動的角速度相等，若該層是土星的衛(wèi)星群，則根據(jù)向心力等于萬有引力求解.7、A【分析】【詳解】

根據(jù)可知，角速度與周期成反比，因靜止軌道衛(wèi)星與月球的公轉(zhuǎn)周期之比為1：27，則角速度之比約為27：1，故A正確；根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力有：得衛(wèi)星運動的周期T=2π可得月球周期與同步衛(wèi)星周期的比值：所以月球到地球的距離與同步衛(wèi)星到地球的距離比為：即同步衛(wèi)星到地球的距離與月球到地球的距離比為1：9；再根據(jù)v＝即得線速度之比約為3：1，故BC錯誤；根據(jù)an=vω，得向心加速度之比約為81：1，故D錯誤；故選A．二、多選題(共5題，共10分)8、B:C【分析】【詳解】

物體沿不同的路徑從A運動到B，但A、B間的高度差一定，根據(jù)重力做功公式W=mg△h，可知，重力做功相等，即有：W1=W2=W3；故B正確，A錯誤；根據(jù)功能關(guān)系可知，物體克服重力做功多少，重力勢能就增加多少，兩者數(shù)值相等，所以就有：△Ep1=△Ep2=△Ep3；故C正確；D錯誤．故選BC．

【點睛】

解決本題關(guān)鍵掌握重力做功的特點：與路徑無關(guān)，只與物體的初末位置有關(guān)．重力勢能的改變量等于重力所做功的數(shù)值．9、C:D【分析】【詳解】

AB.當(dāng)靜止時；受力分析如右圖，由平衡條件。

TAB=mgtan37°=0.75mg，TAC＝＝1.25mg

若AB中的拉力為0，當(dāng)ω最小時繩AC與豎直方向夾角θ1=37°，受力分析如圖mgtanθ1＝m(lsinθ1)ωmin2

得ωmin＝

當(dāng)ω最大時繩AC與豎直方向夾角θ2=53°，mgtanθ2＝mωmax2lsinθ2

得ωmax＝

所以ω取值范圍為≤ω≤．繩子AB的拉力都是0．由以上的分析可知，開始時AB是拉力不為0，當(dāng)轉(zhuǎn)速在≤ω≤時，AB的拉力為0，角速度再增大時，AB的拉力又會增大；故AB錯誤；

C.當(dāng)繩子AC與豎直方向之間的夾角不變時，AC繩子的拉力在豎直方向的分力始終等于重力，所以繩子的拉力繩子等于1.25mg；當(dāng)轉(zhuǎn)速大于后，繩子與豎直方向之間的夾角增大，拉力開始增大；當(dāng)轉(zhuǎn)速大于后，繩子與豎直方向之間的夾角不變，AC上豎直方向的拉力不變當(dāng)水平方向的拉力增大，AC的拉力繼續(xù)增大；故C正確；

D.由開始時的分析可知，當(dāng)ω取值范圍為≤ω≤．繩子AB的拉力都是0．故D正確。

故選CD.10、C:D【分析】【詳解】

B．平拋運動在豎直方向的分運動為自由落體運動，則有

兩飛鏢在空中下落的高度不同；可知在空中運動時間不相同，B錯誤；

A．水平方向做勻速直線運動，根據(jù)

兩飛鏢在空中通過的水平位移相同；但運動時間不同，可知兩飛鏢離開手時，速度大小不相同，A錯誤；

C．根據(jù)平拋運動推論，速度方向的反向延長線過水平位移的中點可得

聯(lián)立可得

C正確；

C．飛鏢打在靶上點時的豎直分速度為

飛鏢打在靶上點時的速度大小為

飛鏢打在靶上點時的豎直分速度為

飛鏢打在靶上點時的速度大小為

C正確。

故選CD。11、A:C【分析】【詳解】

A．由圖可以讀出，物體上升的最大高度為h=64m，上升的時間為t=4s，對于上升過程，由

解得初速度v0=32m/s

物體上升的加速度大小為

故A正確；

B．物體在行星表面受到的重力等于萬有引力，有

解得

所以行星的質(zhì)量小于地球的質(zhì)量；故B錯誤；

C．根據(jù)得該行星的第一宇宙速度為

故C正確；

D．根據(jù)豎直上拋運動的對稱性可知；該物體落到行星表面時的速度大小與初速度大小相等，即等于32m/s，故D錯誤。

故選AC。12、B:C【分析】【詳解】

A．手榴彈在空中的運動可視為平拋運動，在豎直方向的分運動為自由落體運動，則有

戰(zhàn)士在同一位置先后投出甲、乙兩顆手榴彈，所以h相等，故甲乙在空中運動的時間相等，從投出到落地，每顆手榴彈的重力做功為WG=mgh

可知重力做功也相等，根據(jù)

可知兩顆手榴彈重力的平均功率相等；故A錯誤；

B．手榴彈在空中的運動可視為平拋運動，在豎直方向的分運動為自由落體運動，設(shè)落地前瞬間手榴彈豎直分速度為vy，有

此時重力的功率為P=mgvy

由題意h相等；故重力的功率相等，故B正確；

C．從投出到落地，每顆手榴彈的重力做功為WG=mgh

根據(jù)功能關(guān)系可知，手榴彈的重力勢能減少mgh，故C正確；

D．手榴彈在空中的運動可視為平拋運動，在運動過程中只有重力做功，故手榴彈的機械能守恒，故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)探測器的質(zhì)量為m，軌道半徑為r，月球的質(zhì)量為M，根據(jù)萬有引力提供向心力

解得周期為

由題意可知，變軌后探測器的周期變小，則其軌道半徑r變小；

[2]根據(jù)萬有引力提供向心力

解得向心加速度為

變軌后探測器的軌道半徑r減?。粍t向心加速度變大；

[3]根據(jù)萬有引力提供向心力

解得線速度為

變軌后探測器的軌道半徑r減?。粍t線速度變大；

[4]根據(jù)萬有引力提供向心力

解得角速度為

變軌后探測器的軌道半徑r減小，則角速度變大。【解析】大大大大小小14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]剛好能滑到軌道的最高點則由重力提供向心力

解得

[2]根據(jù)機械能守恒可得

解得【解析】2115、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)閃光的周期為T；則根據(jù)運動學(xué)公式有。

解得。

故閃光的頻率為。

[2]小球運動的初速度大小為。

[3]小球在B點處的豎直分速度大小為。

合速度大小為。

【解析】101.52.516、略

【分析】【詳解】

根據(jù)近地衛(wèi)星所受的萬有引力提供向心力，聯(lián)立可得：．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力定律的兩個重要理論：1、萬有引力等于重力，2、萬有引力提供向心力，并能靈活運用．【解析】16km/s17、略

【分析】【詳解】

[1][2]由圖可知，拉力F與上升高度x的關(guān)系為：

當(dāng)物體上升的高度為h=1m時，速度為零，此時拉力的大小為N

此時拉力做的功等于F-x圖線圍成的面積，則有：J

克服重力做的功為

此過程中動能的變化量為0，根據(jù)動能定理有：

即

解得：m=1kg；當(dāng)a=0時，即

速度有最大值，則有=0.5m

此時對應(yīng)的拉力大小為N，拉力做的功為J

根據(jù)動能定理有：

解得最大速度為m/s；因作用在物體上的力F均勻地減小，所以加速度是先減小至零時在反向增加，開始時與到達最高點時速度都為零，根據(jù)對稱性可知開始時和高度最大時，具有相同的加速度，且為最大，則在最開始有：

解得最大加速度為m/s2【解析】5四、作圖題(共4題，共40分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

小球滑到達管道的頂端，設(shè)小球受重力和管道的作用力，則

由于

所以

說明小球在管道最高點不受管道的作用力；僅受重力作用，故小球的受力示意圖為。

【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

各點受力方向和速度方向如圖所示。

【解析】20、略

【分析】【詳解】

從位置A開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進方向看，下同）的合力，運動的軌跡位于F與v之間，做曲線運動；到達B時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同，所以受力的方向與速度的方向相同，做直線運動；達到C時，又突然改為向前但偏左的力，物體的軌跡向下向右發(fā)生偏轉(zhuǎn)，最后到達D點；其軌跡大致如圖。

【解析】21、略

【分析】【詳解】

玻璃管向右沿水平方向勻加速平移；每19內(nèi)的位移依次是4cm；12cm、20cm、28cm；則1s末的坐標(biāo)為(4cm，10cm)，2s末的坐標(biāo)為(16cm，20cm)，3s未的坐標(biāo)為(36cm，30cm)，4s末的坐標(biāo)為(64cm，40cm)，根據(jù)描點法作出圖象如圖所示：

【解析】見解析五、實驗題(共2題，共16分)22、略

【分析】【詳