2025年新世紀(jì)版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年新世紀(jì)版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關(guān)于電容器的電容以下說(shuō)法正確的是（）A.由可知電容器不帶電，為零B.由可知，若電容器兩板間電壓增加，減小C.電容器的電容與電容器電量有關(guān)D.電容器的電容與兩板間電壓無(wú)關(guān)2、下列屬于內(nèi)能發(fā)生轉(zhuǎn)移的過(guò)程是（）A.摩擦生熱B.電流做功產(chǎn)生電熱C.安培力做功D.熱傳遞3、分子動(dòng)理論較好地解釋了物質(zhì)的宏觀熱力學(xué)性質(zhì)。下列說(shuō)法正確的是（）A.分子間距離減小，分子間的引力和斥力都增大B.液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱為布朗運(yùn)動(dòng)C.分子間距離增大，分子勢(shì)能一定減小D.物體對(duì)外做功，物體內(nèi)能一定減小4、下列關(guān)于物理學(xué)史與物理學(xué)研究方法的敘述中正確的是（）A.密立根測(cè)定了靜電力常量B.奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象C.庫(kù)侖最早用扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)量出電子電荷量的精確值D.法拉第最早提出了“電場(chǎng)”的概念5、如圖所示的電路中；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，則（）

A.燈L2變亮B.電容器貯存的電荷量變大C.燈L1變暗D.電源的總功率變小6、簡(jiǎn)諧橫波在同一均勻介質(zhì)中沿x軸正方向傳播，波速為v。若某時(shí)刻在波的傳播方向上，位于平衡位置的兩質(zhì)點(diǎn)a、b相距為s，a、b之間只存在一個(gè)波谷，則從該時(shí)刻起，下列四副波形中質(zhì)點(diǎn)a最早到達(dá)波谷的是（）A.B.C.D.7、如圖所示，已知R1＝R4＝0.5Ω，r＝1Ω，R2＝6Ω，R3的最大阻值為6Ω．在滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法不正確的是())

A.定值電阻R4的功率、電源的總功率均減小B.電源的輸出功率變小C.電源的效率先增大后減小D.MN并聯(lián)部分的功率先增大后減小8、如圖所示,小車靜止光滑的水平面上,將系繩小球拉開(kāi)到一定角度,然后同時(shí)放開(kāi)小球和小車,那么在以后的過(guò)程中()

A.小球向左擺動(dòng)時(shí)，小車也向左運(yùn)動(dòng)，且系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.小球向左擺動(dòng)時(shí)，小車向右運(yùn)動(dòng)，且系統(tǒng)動(dòng)量守恒C.小球向左擺到最高點(diǎn)時(shí)，小球與小車瞬時(shí)速度均為零D.在任意時(shí)刻，小球和小車在水平方向的動(dòng)量一定大小相等、方向相同9、如圖甲所示，10匝銅導(dǎo)線制成的線圈兩端M、N與一電壓表相連；線圈內(nèi)磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，線圈中磁通量的變化規(guī)律如圖乙所示，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.電壓表的正接線柱接線圈的N端B.線圈中磁通量的變化量為1.5WbC.線圈中磁通量的變化率為1.5Wb/sD.電壓表的讀數(shù)為5V評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，兩端與定值電阻相連的光滑平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置，其中導(dǎo)軌電阻不計(jì)，導(dǎo)軌寬度為L(zhǎng)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過(guò)導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。導(dǎo)體棒ab的電阻為R，垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌接觸良好。釋放后，導(dǎo)體棒ab沿導(dǎo)軌向下滑動(dòng)，某時(shí)刻流過(guò)的電流為I，在此時(shí)刻（）

A.重力的功率為B.金屬桿ab消耗的熱功率為C.導(dǎo)體棒的速度大小為D.導(dǎo)體棒受到的安培力的大小為2BIL11、如圖所示，R1＝1Ω，R2＝6Ω，R3為滑動(dòng)變阻器，其最大阻值為9Ω，電源電動(dòng)勢(shì)E＝9V，內(nèi)阻r＝4.5Ω；電表都為理想電表，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑片P從下端向上移動(dòng)，則：（）

A.在滑動(dòng)滑片P的過(guò)程中，電壓表示數(shù)變大B.在滑動(dòng)滑片P的過(guò)程中，電流表示數(shù)變大C.電壓表示數(shù)變化量和電流表的示數(shù)變化量的比值為11.5ΩD.電源的輸出功率最大值為4.5W12、下列說(shuō)法正確的是（）A.擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)都證明分子在做永不停息的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.同一個(gè)物體，內(nèi)能的大小與物體的體積和溫度無(wú)關(guān)C.物體中的分子勢(shì)能總和與物體體積大小無(wú)關(guān)D.物體放出了熱量，物體的內(nèi)能可能不變13、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過(guò)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，其圖像如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）

A.A→B的過(guò)程中，氣體對(duì)外界做功B.A→B的過(guò)程中，氣體放出熱量，內(nèi)能不變C.B→C的過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)不變D.A→B→C的過(guò)程中，氣體內(nèi)能增加14、一定質(zhì)量的理想氣體的圖像中的等溫變化圖線如圖所示，A、B是雙曲線上的兩點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）

A.圖中△OAC和△OBD的面積一定相等B.氣體在狀態(tài)A的內(nèi)能一定大于在狀態(tài)B的內(nèi)能C.氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過(guò)程，一定向外界放出熱量D.氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過(guò)程，單位時(shí)間內(nèi)對(duì)器壁單位面積上的碰撞次數(shù)減少15、在一小型交流發(fā)電機(jī)中，矩形金屬線圈abcd的面積為S、匝數(shù)為n、線圈總電阻為r，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞OO′軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（如圖甲所示），產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示，矩形線圈與阻值為R的電阻構(gòu)成閉合電路，下列說(shuō)法中正確的是()

A.t2~t3時(shí)間內(nèi)穿過(guò)線圈磁通量的變化量為零B.t4時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量變化率的大小為C.t3~t4時(shí)間內(nèi)通過(guò)電阻R的電荷量為D.t1~t5時(shí)間內(nèi)電阻R的發(fā)熱量為16、如圖甲所示，理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為3：1，L1、L2、L3為三只規(guī)格均為“9V，3W”的燈泡，各電表均為理想交流電表，定值電阻R1＝9Ω．輸入端交變電壓u的圖像如圖乙所示；三只燈泡均正常發(fā)光，則。

A.電壓u的瞬時(shí)表達(dá)式為u＝36sinπt（V）B.電壓表的示數(shù)為33VC.電流表的示數(shù)為1AD.定值電阻R2＝2Ω17、如圖所示，質(zhì)量為m的活塞將一定質(zhì)量的氣體封閉在氣缸內(nèi)，活塞與氣缸之間無(wú)摩擦．a(chǎn)態(tài)是氣缸放在冰水混合物中氣體達(dá)到的平衡狀態(tài)，b態(tài)是氣缸從容器中移出后，在室溫（270C）中達(dá)到的平衡狀態(tài)．氣體從a態(tài)變化到b態(tài)的過(guò)程中大氣壓強(qiáng)保持不變．若忽略氣體分子之間的勢(shì)能；下列說(shuō)法正確的是（）

A.與b態(tài)相比，a態(tài)的氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊活塞的個(gè)數(shù)較多B.與a態(tài)相比，b態(tài)的氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)對(duì)活塞的沖量較大C.在相同時(shí)間內(nèi)，a、b兩態(tài)的氣體分子對(duì)活塞的沖量相等D.從a態(tài)到b態(tài)，氣體的內(nèi)能增加，外界對(duì)氣體做功，氣體對(duì)外界釋放了熱量18、質(zhì)量的小球以的初速度沿水平方向拋出，小球距離地面的高度是（），下面說(shuō)法正確的是A.小球落地時(shí)速度大小是B.小球在落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率為C.小球在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，任意相等時(shí)間內(nèi)小球動(dòng)能變化相等D.小球在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，任意相等時(shí)間內(nèi)小球動(dòng)量變化相等評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、如圖所示的電路中，E、r、R1已知，可變電阻R2的最大值

（1）當(dāng)R2=______時(shí)，R1的電功率P1有最大值，最大值為_(kāi)_____；

（2）當(dāng)R2=______時(shí)，R2的電功率P2有最大值，最大值為_(kāi)_____；

（3）當(dāng)R2=______時(shí)，電源功率PE有最大值，最大值為_(kāi)_____；

（4）當(dāng)R2=______時(shí)，電源內(nèi)部消耗的功率有最小值，最小值為_(kāi)_____

（5）當(dāng)R2=______時(shí)，電源輸出功率P出有最大值，最大值為_(kāi)_____20、每年入夏時(shí)節(jié)，西南暖濕氣流與來(lái)自北方的冷空氣在江南、華南等地交匯，形成持續(xù)的降雨．冷空氣較暖濕空氣密度大,當(dāng)冷暖氣流交匯時(shí)，冷氣團(tuán)下沉，暖濕氣團(tuán)在被抬升過(guò)程中膨脹．則暖濕氣團(tuán)溫度會(huì)_______（選填“升高”、“不變”或“降低”），同時(shí)氣團(tuán)內(nèi)空氣的相對(duì)濕度會(huì)_________（選填“變大”、“不變”或“變小”）．21、我國(guó)南方谷雨時(shí)節(jié)，天氣潮濕，門窗、墻面、地面都會(huì)“出汗”，這是由于空氣中的水分子達(dá)到飽和，使得北方人在南方時(shí)大多感覺(jué)不適，那么在物理學(xué)中用來(lái)描述此潮濕感覺(jué)的物理量是_______。此現(xiàn)象中，水珠附著在墻面成露珠狀，是由于液體_______作用的結(jié)果。22、熱平衡定律：如果兩個(gè)系統(tǒng)分別與第三個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個(gè)系統(tǒng)彼此之間也必定處于_______。23、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，最后由狀態(tài)C變化到狀態(tài)A．氣體完成這個(gè)循環(huán)，內(nèi)能的變化△U=____，對(duì)外做功____W=，氣體從外界吸收的熱量____Q=

．（用圖中已知量表示）24、如圖所示電路中，R1=100Ω，滑動(dòng)變阻器的總電阻R=100Ω，A、B兩端電壓恒定，且UAB=12V．當(dāng)S斷開(kāi)時(shí)，滑動(dòng)變阻器R滑動(dòng)頭P由a移至b的過(guò)程中，R1兩端的電壓由_______V變至_______V；當(dāng)S閉合時(shí)，滑動(dòng)變阻器R滑動(dòng)頭P由a移至b的過(guò)程中，R1兩端的電壓由______V變至________V．

25、如圖所示，把一根條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置，第一次快插，第二次慢插，兩種情況下線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小關(guān)系是E1_____E2．

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)26、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

27、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

28、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、解答題(共2題，共8分)29、如圖所示，導(dǎo)熱良好的氣缸用質(zhì)量不計(jì)，橫截面積為S的光滑活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞下表面與氣缸底部之間的距離為L(zhǎng)。在活塞上放一重物，活塞平衡時(shí)下表面距離氣缸底部的高度為已知大氣壓強(qiáng)為p0，環(huán)境溫度為T0，重力加速度為g。

（1）求重物的質(zhì)量；

（2）若緩慢升高氣體的溫度，求當(dāng)活塞回到原位置時(shí)，氣體的溫度T；

（3）在第（2）問(wèn)中，已知?dú)怏w吸收熱量為Q，求氣體內(nèi)能的增加量U。

30、動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律是自然界的基本規(guī)律；請(qǐng)結(jié)合相關(guān)知識(shí)完成下列問(wèn)題：

(1)如圖所示質(zhì)量為m和M的兩個(gè)物塊放置在光滑水平地面上，M的左側(cè)連著一個(gè)輕彈簧，給m初始速度使其撞向M，在相互作用的過(guò)程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。若m的初速度大小為V0，求在m通過(guò)彈簧和M相互作用過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能；

(2)近期熱播電影“流浪地球”引起了影迷對(duì)天文知識(shí)的關(guān)注；其中一個(gè)名詞“引力彈弓”更是成為人們談?wù)摰臒狳c(diǎn)，其實(shí)“引力彈弓”是指我們發(fā)射的深空探測(cè)器在探索太陽(yáng)系或太陽(yáng)系以外的宇宙空間過(guò)程中可以借助星球的引力實(shí)現(xiàn)助推加速，從而達(dá)到節(jié)省燃料，延長(zhǎng)探測(cè)器有效工作時(shí)間的目的。例如1977年美國(guó)宇航局發(fā)射的旅行者一號(hào)空間探測(cè)器現(xiàn)已成為第一個(gè)飛出太陽(yáng)系進(jìn)入星際介質(zhì)的探測(cè)器，它在運(yùn)行的過(guò)程中就借助了木星和土星的引力助推作用從而具有了飛出太陽(yáng)系的動(dòng)能。

如圖所示為一個(gè)最簡(jiǎn)單的“引力彈弓”模型，假設(shè)太陽(yáng)系內(nèi)一探測(cè)器以大小為V的速度向右飛行，同時(shí)某一行星向左以大小為U的速度運(yùn)動(dòng)（V與U均以太陽(yáng)為參考系），探測(cè)器在靠近行星的過(guò)程中被行星引力吸引改變運(yùn)動(dòng)方向并最終與行星同向運(yùn)動(dòng)并脫離行星。請(qǐng)你運(yùn)用所學(xué)知識(shí)證明此時(shí)探測(cè)器獲得的速度大小為2U+V（證明時(shí)可認(rèn)為探測(cè)器質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于行星質(zhì)量，不考慮其它星體萬(wàn)有引力的影響）。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

是電容的定義式，表明給定一個(gè)電容器，它所帶的電荷量與其電壓的比值是一個(gè)定值，是電容的決定式，表明電容器的大小與電容器兩極板之間介質(zhì)的介電常數(shù)電容器的正對(duì)面積S，兩極板之間的距離有關(guān)，與電荷量板間電壓充電電源的電壓沒(méi)有關(guān)系，故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選D。2、D【分析】【詳解】

A．摩擦生熱屬于做功的方式實(shí)現(xiàn)機(jī)械能變成內(nèi)能；故A錯(cuò)誤；

B．電流做功產(chǎn)生電熱屬于做功的方式改變內(nèi)能；故B錯(cuò)誤；

C．安培力做功屬于做功的方式改變內(nèi)能；故C錯(cuò)誤；

D．熱傳遞屬于內(nèi)能在物體間傳遞；故D正確；

故選D。3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．分子間存在相互作用的引力和斥力；引力和斥力都隨分子間距離的減小而增加，隨分子間距的增大而減小，故A正確；

B．布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮在液體中的固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；不是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映，故B錯(cuò)誤；

C．當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)；分子力總是隨分子間距離的增大而減小，因克服分子力做功，分子勢(shì)能總是隨分子間距離的增大而增大，故C錯(cuò)誤；

D．物體對(duì)外做功；若氣體吸收熱量，則其內(nèi)能不一定減小，故D錯(cuò)誤。

故選A。4、D【分析】【詳解】

A．密立根由油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)定力了元電荷的數(shù)值；庫(kù)侖提出了電荷守恒定律并測(cè)出了靜電力常量，故A錯(cuò)誤；

B．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；法拉第首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；

C．庫(kù)侖通過(guò)扭秤實(shí)驗(yàn)總結(jié)出了真空中的兩靜止點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律；密立根最早實(shí)驗(yàn)測(cè)量出電子電荷量的精確值，故C錯(cuò)誤；

D．法拉第最早提出了“電場(chǎng)”的概念；故D正確；

故選D。5、A【分析】【分析】

首先認(rèn)清電路的結(jié)構(gòu)：變阻器與燈L2串聯(lián)后與電阻R1并聯(lián)，再燈L1串聯(lián)，電路穩(wěn)定時(shí)，電容器相當(dāng)于斷路．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻變小，分析外電路總電阻減小，由歐姆定律分析總電流的變化，即可知道電源的總功率變化和燈L1亮度變化．分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷通過(guò)R1的電流如何變化，就能分析出通過(guò)燈L2的電流變化；判斷其亮度變化．

【詳解】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，干路電流變大，則燈L1變亮。電源的總功率P=EI，E不變，則電源的總功率變大。干路電流增大，電源的內(nèi)電壓和燈L1的電壓增大，則電路中并聯(lián)部分的電壓U并減小，通過(guò)R1的電流減小，而干路電流增大，所以通過(guò)燈L2的電流變大，燈L2變亮。電容器的電壓等于并聯(lián)部分的電壓；則其電壓減小，電容器貯存的電量變小。故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。

【點(diǎn)睛】

本題考查了滑動(dòng)變阻器的變阻原理、歐姆定律、串聯(lián)電路的電壓關(guān)系，按“局部→整體→局部”的思路進(jìn)行分析．6、D【分析】【詳解】

由圖A知，波長(zhǎng)周期

由圖知質(zhì)點(diǎn)a向上振動(dòng)，經(jīng)第一次到達(dá)波谷，用時(shí)

B圖對(duì)應(yīng)波長(zhǎng)周期

由圖知質(zhì)點(diǎn)a向下振動(dòng)，經(jīng)第一次到達(dá)波谷，用時(shí)

C圖對(duì)應(yīng)波長(zhǎng)周期

由圖知質(zhì)點(diǎn)a向上振動(dòng)，經(jīng)第一次到達(dá)波谷，用時(shí)

D圖對(duì)應(yīng)波長(zhǎng)周期

由圖知質(zhì)點(diǎn)a向下振動(dòng)，經(jīng)第一次到達(dá)波谷，用時(shí)

所以D波形中質(zhì)點(diǎn)a最早到達(dá)波谷；故選D。

【點(diǎn)睛】7、C【分析】【分析】

在滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器的電阻變大，總電阻變大，總電流減小，從而分析選項(xiàng)A；當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，分析選項(xiàng)B；電源的效率從而分析C；若將R1+R4等效為電源的內(nèi)阻，則此時(shí)等效電源內(nèi)阻為r′=2Ω；因當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大；從而分析選項(xiàng)D.

【詳解】

在滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器的電阻變大，總電阻變大，總電流減小，則根據(jù)P4=I2R4可知定值電阻R4的功率減小，根據(jù)P=IE可知電源的總功率減小，選項(xiàng)A正確；因當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，而R1+R4=r，則當(dāng)變阻器電阻變大時(shí)，外電路電阻遠(yuǎn)離電源內(nèi)阻，則電源的輸出功率減小，選項(xiàng)B正確；電源的效率則當(dāng)外電路電阻R變大時(shí)，電源的效率變大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若將R1+R4等效為電源的內(nèi)阻，則此時(shí)等效電源內(nèi)阻為r′=2Ω；滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過(guò)程中，MN之間的電阻從0增加到3Ω，則因當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，可知當(dāng)MN之間的電阻等于2Ω時(shí)，MN之間的功率最大，則在滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過(guò)程中；MN并聯(lián)部分的功率先增大后減小，選項(xiàng)D正確；此題選擇不正確的選項(xiàng)，故選C.

【點(diǎn)睛】

此題是動(dòng)態(tài)電路的分析問(wèn)題；關(guān)鍵是知道當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，并且會(huì)將電路進(jìn)行必要的等效，再進(jìn)行分析.8、C【分析】【詳解】

AB；小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力；豎直方向所受外力不為零，故系統(tǒng)只在在水平方向動(dòng)量守恒，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，系統(tǒng)總動(dòng)量為零，小球與車的動(dòng)量大小相等、方向相反，小球向左擺動(dòng)時(shí)，小車向右運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；

C；小球向左擺到最高點(diǎn)時(shí)；小球的速度為零而小車的速度也為零，故選項(xiàng)C正確；

D、系統(tǒng)只在在水平方向動(dòng)量守恒，在任意時(shí)刻，小球和小車在水平方向的動(dòng)量一定大小相等、方向相反，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；9、D【分析】【分析】

線圈平面垂直處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨著時(shí)間均勻變化時(shí)，線圈中的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，產(chǎn)生感應(yīng)電流，由法拉第電磁感應(yīng)定律可求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小，從而得出電壓表讀數(shù)，再由楞次定律判定感應(yīng)電流方向．

【詳解】

A；由楞次定律可得：感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針；則M端比N端的電勢(shì)高，所以電壓表“+”接線柱接M端，故A錯(cuò)誤；

B；磁通量的變化需要時(shí)間；由于未說(shuō)明變化時(shí)間，故B錯(cuò)誤；

C、磁通量的變化率為：C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：所以電壓表讀數(shù)為5V，D正確．

故選D．

【點(diǎn)睛】

由法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，而感應(yīng)電流的方向則由楞次定律判定．同時(shí)穿過(guò)磁通量發(fā)生變化的線圈相當(dāng)于電源，所以電源內(nèi)部（線圈）電流方向是負(fù)極到正極．二、多選題(共9題，共18分)10、B:D【分析】【詳解】

AB．據(jù)題知R1=R2=2R，流過(guò)R2的電流為I，則流過(guò)ab棒的電流為2I，金屬桿ab消耗的熱功率為

若導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)能量守恒重力的功率等于電路的總功率

由于導(dǎo)體棒不一定勻速運(yùn)動(dòng)，所以重力的功率不一定為8I2R，也不一定是6I2R，故A錯(cuò)誤，B正確；

C．金屬桿ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

得導(dǎo)體棒的速度大小為

故C錯(cuò)誤；

D．導(dǎo)體棒受到的安培力的大小為

故D正確。

故選BD。11、A:D【分析】【分析】

R2與R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)；根據(jù)閉合電路動(dòng)態(tài)電路分析即可．

【詳解】

在滑動(dòng)滑片P的過(guò)程中，外電路電阻變大，干路電流減小，外電路電壓增大，故電流表示數(shù)減小，電壓表示數(shù)增大，故A正確，B錯(cuò)誤；根據(jù)歐姆定律，E﹣Ir＝U+R1I，代入數(shù)值得：U＝9﹣5.5I，故電壓表示數(shù)變化量和電流表的示數(shù)變化量不是定值，故C錯(cuò)誤；電源的輸出功率最大時(shí)，外電阻等于電源內(nèi)阻，可得，故D正確．所以AD正確，BC錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

本題考查動(dòng)態(tài)電路分析，注意當(dāng)外電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源的輸出功率最大．12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．?dāng)U散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)都證明分子在做永不停息的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；A正確；

B．同一個(gè)物體；內(nèi)能的大小與物體的體積和溫度有關(guān)，B錯(cuò)誤；

C．物體中的分子勢(shì)能總和與物體體積大小有關(guān)；C錯(cuò)誤；

D．物體放出了熱量；如過(guò)外界對(duì)物體做功，物體的內(nèi)能可能不變。D正確。

故選AD。13、B:C【分析】【詳解】

AB．由題圖可知，從A到B過(guò)程氣體的體積減??；外界對(duì)氣體做功，氣體的溫度不變，內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體放出熱量，故A錯(cuò)誤，B正確；

C．從B到C過(guò)程中是一個(gè)常數(shù)；氣體發(fā)生的是等壓變化，故C正確；

D．從A到C的過(guò)程中；氣體的溫度降低，氣體內(nèi)能減少，故D錯(cuò)誤。

故選BC。14、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．三角形面積為

由題意可知，圖線為等溫曲線，由理想氣體狀態(tài)方程

則

由于C是常數(shù)，溫度T保持不變，則pV相等，兩三角形的面積相等，即

故A正確；

B．從A到B氣體做等溫變化；溫度不變，故氣體的內(nèi)能不變，故B錯(cuò)誤；

C．氣體從A到B，體積增大，對(duì)外做功，由于內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

可得氣體吸收熱量；且吸收的熱量等于氣體做的功，故C錯(cuò)誤；

D．A到B的過(guò)程中；溫度不變，分子平均運(yùn)動(dòng)速率不變，但是體積變大，分子變稀疏，所以氣體分子單位時(shí)間內(nèi)對(duì)器壁單位面積上的碰撞次數(shù)減少，故D正確；

故選AD。15、B:C【分析】【詳解】

t2～t3時(shí)間內(nèi)穿過(guò)線圈磁通量的變化量為△Φ=BS，故A錯(cuò)誤；由于產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值為E0，根據(jù)所以磁通量變化率的最大值故B正確；通過(guò)電阻的電荷量所以t4到t3這段時(shí)間通過(guò)電阻R的電荷量為：故C正確；t1～t5時(shí)間內(nèi)電阻R的發(fā)熱量為：故D錯(cuò)誤；16、B:D【分析】【詳解】

A．由乙圖知，交變電流的周期為：0.02s，ω=2π/T=100π，電壓的瞬時(shí)值：u＝36sin100πt（V）；故A錯(cuò)誤；

B．電阻R1的電壓：UR1=I1R1=3V，由乙圖知輸入端電壓的有效值為36V，變壓器原線圈的電壓：U1=36-3V=33V；所以電壓表的讀數(shù)為33V，故B正確；

C．燈泡正常發(fā)光，每個(gè)燈泡的電流為：I=P/U=1/3A，副線圈的電流I2=3I=1A，再根據(jù)變流規(guī)律：解得原線圈電流I1=1/3A；所以C錯(cuò)誤；

D．再根據(jù)變流規(guī)律：可求副線圈的電壓：U2=11V，電阻R2兩端的電壓為:UR2=U2-UL=11-9V=2V，可求：所以D正確．17、A:C【分析】【詳解】18、A:D【分析】【詳解】

A、根據(jù)解得：則小球落地時(shí)豎直方向的速度則小球落地時(shí)速度大小故A正確；

B、小球在落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率故B錯(cuò)誤；

C、由動(dòng)能定理可得：由于物體在豎直方向上是自由落體運(yùn)動(dòng)，物體下落的速度越來(lái)越大，所以在相同的時(shí)間內(nèi)物體下降的高度也是越來(lái)越大，重力做的功越來(lái)越多，動(dòng)能的變化量也是越來(lái)越大，故C錯(cuò)誤；

D、由動(dòng)量定理可得：小球在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，任意相等時(shí)間內(nèi)小球動(dòng)量變化相等，故D正確．三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]當(dāng)

時(shí)，R1的電功率有最大值，為

（2）[3][4]當(dāng)

時(shí)，有

（3）[5][6]當(dāng)

時(shí)，有

（4）[7][8]當(dāng)

時(shí)，有

（5）[9][10]當(dāng)

時(shí)，有

【點(diǎn)睛】

本題考查電路中的定值電阻電功率、可變電阻電功率、電源內(nèi)阻電功率、電源輸出功率的計(jì)算，注意各種電功率的處理方法?！窘馕觥?0R2max20、略

【分析】試題分析：空氣的相對(duì)濕度等于水蒸氣的實(shí)際壓強(qiáng)與同溫下水的飽和汽壓的比值；飽和汽壓隨溫度的降低而變?。灰欢囟认?，飽和汽的壓強(qiáng)是一定的．

暖濕氣團(tuán)在被抬升過(guò)程中膨脹，膨脹的過(guò)程中對(duì)外做功，氣團(tuán)的內(nèi)能減小，所以暖濕氣團(tuán)溫度會(huì)降低；飽和汽壓隨溫度的降低而變小，氣團(tuán)內(nèi)空氣的絕對(duì)濕度不變而飽和蒸汽壓減小，所以相對(duì)濕度會(huì)變大．【解析】降低變大21、略

【分析】【詳解】

[1]在物理學(xué)中用來(lái)描述此潮濕感覺(jué)的物理量是相對(duì)濕度。

[2]此現(xiàn)象中，水珠附著在墻面成露珠狀，是由于液體表面有張力作用的結(jié)果．【解析】相對(duì)濕度表面張力22、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】熱平衡23、略

【分析】【詳解】

氣體完成一個(gè)循環(huán)過(guò)程，溫度的變化量為零，則內(nèi)能的變化△U=0；對(duì)外做功等于圖中三角形ABC的面積，即W=p0V0；根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸熱：Q=W=p0V0；【解析】024、略

【分析】【分析】

當(dāng)電鍵S斷開(kāi)時(shí)；滑動(dòng)變阻器滑片P滑到最上端時(shí)，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，當(dāng)滑片滑到最下端時(shí)，電壓表示數(shù)最小，由歐姆定律求出；

當(dāng)電鍵S閉合時(shí)；電壓表示數(shù)最大值不變，滑片滑到最下端時(shí)，電壓表示數(shù)為零；

【詳解】

當(dāng)電鍵S斷開(kāi)時(shí)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P滑到最上端時(shí)，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，滑片滑到最下端時(shí)，變阻器與電阻串聯(lián)，電壓表示數(shù)最小，最小值為即滑動(dòng)頭P由a移至b的過(guò)程中，R1兩端的電壓由變至

當(dāng)電鍵S閉合時(shí)，滑片P滑到最上端時(shí)，電壓表的示數(shù)最大，等于12V；

滑片滑到最下端時(shí)，電阻R1被短路，電壓表示數(shù)為零，即滑動(dòng)頭P由a移至b的過(guò)程中，R1兩端的電壓由變至．

【點(diǎn)睛】

本題考查對(duì)變阻器兩種接法的理解：S斷開(kāi)時(shí)變阻器為限流器，S閉合時(shí)，變阻器為分壓器．運(yùn)用歐姆定律求解電壓范圍．【解析】12612025、略

【分析】【分析】

兩次磁鐵的起始和終止位置相同；知磁通量的變化量相同，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律比較感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大?。?/p>

【詳解】

條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置處，磁通量的變化量△Φ相同，第一次快插，第二次慢插，△t1＜△t2，由法拉第電磁感應(yīng)定律：可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E1＞E2．

【點(diǎn)睛】

知道磁通量的變化量相等、應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律即可正確解題．【解析】大于四、作圖題(共3題，共21分)26、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较颍瑒t電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方