2025年外研版2024高一物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版2024高一物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示的裝置中；增加B的重力，A仍然保持靜止狀態(tài)，則正確的是（）

A.懸掛滑輪的軸對滑輪的作用力一定增大。

B.繩子對A的拉力一定增大。

C.地面對A物體的摩擦力可能減少。

D.A物體對地面的壓力增大。

2、【題文】在光滑的水平桌面上，用細線系一個小球，球在桌面上做勻速圓周運動，當系球的線突然斷了，關于球的運動，下列說法中正確的是()A.向圓心運動B.背離圓心沿半徑向外運動C.沿切線方向勻速運動D.做半徑逐漸變大的曲線運動3、如圖所示的傳動裝置中，BC

兩輪固定在一起繞同一軸轉動，AB

兩輪用皮帶傳動，三個輪的半徑關系是rA=rC=2rB.

若皮帶不打滑，則ABC

三輪邊緣上abc

三點的(

)

A.角速度之比為124

B.角速度之比為112

C.線速度之比為122

D.線速度之比為112

4、設地球表面的重力加速度為g0

物體在距地心2R(R

是地球的半徑)

處，由于地球的作用而產(chǎn)生的加速度為g

則gg0

為(

)

A.1

B.19

C.14

D.116

5、下列說法正確的是(

)

A.牛頓根據(jù)扭秤實驗測出了萬有引力常量G

B.我國發(fā)射的同步衛(wèi)星可以定位在首都北京的正上方C.人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的速度一定不大于7.9km/s

D.根據(jù)開普勒第二定律可知，行星在近日點的速度小于在遠日點的速度6、下列所述的實例中(

均不計空氣阻力)

機械能守恒的是(

)

A.人乘電梯加速上升的過程B.一小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動C.小石塊被堅直向上拋出后在空中運動的過程D.子彈射穿木塊，子彈在木塊中的運動過程7、【題文】如圖6所示；斜面置于光滑水平地面上，其光滑斜面上有一物體由靜止沿斜面下滑，在物體下滑過程中，下列說法正確的是()

A.物體的重力勢能減少，動能增加B.斜面的機械能不變C.斜面對物體的作用力垂直于接觸面，不對物體做功D.物體和斜面組成的系統(tǒng)機械能守恒8、【題文】某興趣小組的同學研究一輛電動小車的性能。他們讓這輛小車在平直的水平軌道上由靜止開始運動；并將小車運動的全過程記錄下來，得到了如圖所示的v-t圖象（除2s～6s時間段內(nèi)的圖線為曲線外，其余時間段的圖線均為直線）。已知在2s～8s時間段內(nèi)小車的功率保持不變，在8s末讓小車無動力自由滑行。小車質(zhì)量為0.5kg，設整個過程中車所受阻力大小不變。則下列判斷正確的有（）

A.小車在前2s內(nèi)的牽引力為0.5NB.小車在6s～8s的過程中發(fā)動機的功率為3.0WC.小車在全過程中克服阻力做功14.25JD.小車在全過程中發(fā)生的位移為21m評卷人得分二、雙選題(共6題，共12分)9、標準狀況下，有rm{壟脵6.72L}甲烷，rm{壟脷3.01隆脕10^{23}}個rm{HCl}分子，rm{壟脹13.6gH_{2}S}rm{壟脺0.2mol}氨氣，則下列四種氣體的關系表示正確的是A.體積：rm{壟脺<壟脵<壟脷<壟脹}B.質(zhì)量：rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}C.密度：rm{壟脵<壟脹<壟脺<壟脷}D.氫原子數(shù)：rm{壟脷<壟脺<壟脹<壟脵}10、關于化學反應過程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過程中吸收能量B.斷鍵過程中吸收能量C.成鍵過程中放出能量D.斷鍵過程中放出能量11、下列大氣污染物中，能與人體中血紅蛋白結合而引起中毒的氣體是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}12、標準狀況下，有rm{壟脵6.72L}甲烷，rm{壟脷3.01隆脕10^{23}}個rm{HCl}分子，rm{壟脹13.6gH_{2}S}rm{壟脺0.2mol}氨氣，則下列四種氣體的關系表示正確的是A.體積：rm{壟脺<壟脵<壟脷<壟脹}B.質(zhì)量：rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}C.密度：rm{壟脵<壟脹<壟脺<壟脷}D.氫原子數(shù)：rm{壟脷<壟脺<壟脹<壟脵}13、關于化學反應過程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過程中吸收能量B.斷鍵過程中吸收能量C.成鍵過程中放出能量D.斷鍵過程中放出能量14、下列大氣污染物中，能與人體中血紅蛋白結合而引起中毒的氣體是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、在質(zhì)量為M的電動機飛輪上固定著一個質(zhì)量為m的重物，它到轉軸的距離為r，為使電動機不從地面跳起，則電動機的飛輪角速度不得超過____，若以上述角速度勻速轉動，它對地面的最大壓力為____．16、足球以8m/s的速度水平飛來，運動員把它以12m/s的速度水平反向踢出，踢球時間為0.2s，設球飛來的方向為正方向，則足球的速度變化大小為______，在這段時間內(nèi)的平均加速度是______；方向為______．17、為測定氣墊導軌上滑塊的加速度，滑塊上安裝了寬度為3.0cm的遮光板（見圖1和圖2）．滑塊在牽引力作用下先后通過兩個光電門，配套的數(shù)字毫秒計記錄了遮光板通過第一個光電門的時間為△t1=0.30s，通過第二個光電門的時間為△t2=0.10s，遮光板從開始遮住第一個光電門到開始遮住第二個光電門的時間為△t=4.00s，則滑塊的加速度為a=____m/s2．

18、【題文】設地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，若某質(zhì)量為m的地球同步通訊衛(wèi)星，離開地面的高度為H，則它繞地球運行時所受的向心力大小為________，運行時的線速度大小為________。19、天安門廣場的國旗桿臨長安街而立，長安街為東西走向，一輛轎車沿長安街自西向東行駛，開始時距離國旗桿1000m，1min后，距離國旗桿400m，2min后距離國旗桿600m．若坐標原點定在國旗桿的位置，以自西向東方向為正方向建立坐標軸，則開始時，轎車的位置坐標為______，1min后位置坐標為______或______．在研究轎車運動的過程中，將轎車視為了______．20、同一轉動圓盤（或物體）上的各點______相同．線速度v和半徑r成______．21、兩個半徑均為r

的同種材料的帶電金屬小球，其中一個球所帶電荷量是另一個的5

倍，相距為d(d>>r)

時它們之間的庫侖力為F

現(xiàn)將它們相互接觸后又放回原處，則它們之間的庫侖力大小為______F

或______F.評卷人得分四、畫圖題(共2題，共16分)22、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。23、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。評卷人得分五、簡答題(共1題，共8分)24、如圖所示，光滑勻質(zhì)圓球B

用細線懸掛在豎直墻上，B

的半徑為r=20cm

質(zhì)量為M=20kg

懸線長L=30cm

正方體物塊A

的邊長d=10cm

質(zhì)量為m=2kg

物塊A

與墻之間的動摩擦因數(shù)為婁脤.

現(xiàn)將物塊A

輕放于球和墻之間后放手.

取重力加速度g=10m/s2

假定最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．

(1)

若要求放手之后A

能保持靜止狀態(tài)；試求婁脤

的最小值；

(2)

若婁脤=0.2

在物塊A

上施加一個與墻平行的外力F

使A

在未脫離圓球前貼著墻沿水平方向勻速抽出，求此外力F

．評卷人得分六、實驗探究題(共3題，共9分)25、(1)

在做用打點計時器測速度的實驗時，要用到打點計時器，打點計時器是一種計時儀器，其電源頻率為50Hz

常用的電磁打點計時器和電火花打點計時器使用的是_________(

直流電，交流電)

它們是每隔_________s

打一個點。(2)

接通打點計時器電源和讓紙帶開始運動，這兩個操作之間的時間順序關系是：()A.先接通電源，后讓紙帶運動B.

先讓紙帶運動，再接通電源C.讓紙帶運動的同時接通電源D.

先讓紙帶運動或先接通電源都可以(4)

在研究勻變速直線運動的實驗中，如圖所示為某次記錄小車運動情況的紙帶，圖中ABCDE

為相鄰的計數(shù)點，相鄰的計數(shù)點間的時間間隔為0.1s(

結果保留兩位有效數(shù)字)

a.

根據(jù)紙帶上所給出的數(shù)據(jù)，計算B

點的瞬時速度VB=

_____m/s

b.

根據(jù)紙帶上所給出的數(shù)據(jù)，計算小車運動的加速度a=

_____m/s2

26、某組同學做“探究a

與Fm

之間的定量關系”實驗；其將細繩一端拴在小車上，另一端繞過定滑輪，使小車在鉤碼的牽引下運動.

此外還準備了打點計時器及配套的電源、導線、復寫紙、紙帶、小木塊、鉤碼、天平等.

其實驗裝置如圖所示．

壟脵

實驗前平衡摩擦力的具體操作為：取下鉤碼；把木塊不帶滑輪的一端適當墊高并反復調(diào)節(jié)，直到輕推小車后，紙帶上打出的點跡______，即完成平衡摩擦力．

壟脷

如圖是實驗中獲得的一條紙帶的一部分，選取ABCDE5

個計數(shù)點，已知打點計時器使用的交流電頻率為50Hz

且每兩個計數(shù)點之間還有4

個點末畫出，則打B

點時小車的瞬時速度大小______m/s

小車運動的加速度為______m/s2.(

均保留二位有效數(shù)字)

27、某同學驗證物體質(zhì)量一定時加速度與合力的關系；實驗裝置如圖1

所示.

主要思路是，通過改變懸掛小鉤碼的質(zhì)量，改變小車所受拉力，并測得小車的加速度.

將每組數(shù)據(jù)在坐標紙上描點；畫線，觀察圖線特點．

(1)

實驗中應該滿足：鉤碼的質(zhì)量m

和小車質(zhì)量M

的關系為：______．

(2)

如圖2

所示；為本實驗中得到一條清晰紙帶，紙帶上兩相鄰計數(shù)點的時間間隔為T

距離分別為x1x2x3x4x5x6.

為了盡量減小誤差，則小車運動的加速度表達式為a=

______(

用Tx1x2x6

表示)

．

(3)

經(jīng)過6

次實驗，獲得了6

組對應的小車所受合力F

小車加速度a

的據(jù)，在坐標紙上描點、畫線，得到如圖3

所示的a鈭?F

圖線.

發(fā)現(xiàn)圖線不過原點，經(jīng)排查發(fā)現(xiàn)，并非人為的偶然誤差所致.

那么，你認為出現(xiàn)這種結果的原因可能是______.

學習牛頓第二定律后，你認為圖3

中圖線的斜率表示______．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A|B【分析】

繩子對A；B兩物體的拉力大小相等；增加B的重力，AB仍靜止，繩子的拉力增加，所以懸掛滑輪的軸對滑輪的作用力一定增大，選項AB正確．

物體A始終靜止；繩子對A的拉力增大，拉力在水平豎直兩方向的分力增加，由共點力的平衡可知，地面對A物體的摩擦力增大，選項C錯誤；地面對物體A的支持力變小，選項D錯誤．

故答案為AB．

【解析】【答案】利用隔離體法分別對物體AB進行受力分析；利用共點力平衡對各選項進行分析．

2、C【分析】【解析】曲線運動的小球，速度方向為軌跡上切線方向，當細線斷掉失去向心力，小球合力為零，眼切線方向做勻速直線運動。故答案選C.【解析】【答案】C3、D【分析】解：1

點a

和點b

是同緣傳動邊緣點，線速度相等，故：vavb=11

根據(jù)v=r婁脴

有：婁脴a婁脴b=rbra=12

2

點b

和點c

是同軸傳動，角速度相等，故：婁脴b婁脴c=11

根據(jù)v=r婁脴

有：vbvc=rbrc=12

綜合，有：婁脴a婁脴b婁脴c=122

vavbvc=112

故ABC錯誤；D正確；

故選：D

要求線速度之比需要知道三者線速度關系：AB

兩輪是皮帶傳動；皮帶傳動的特點是皮帶和輪子接觸點的線速度的大小相同，BC

兩輪是軸傳動，軸傳動的特點是角速度相同．

解決傳動類問題要分清是摩擦傳動(

包括皮帶傳動，鏈傳動，齒輪傳動，線速度大小相同)

還是軸傳動(

角速度相同)

．【解析】D

4、C【分析】解：根據(jù)萬有引力等于重力，列出等式：GMmr2=mg

得g=GMr2

其中M

是地球的質(zhì)量，r

應該是物體在某位置到球心的距離．

所以gg0=(12R)2(1R)2=14

故選C．

根據(jù)萬有引力等于重力GMmr2=mg

列出等式表示出重力加速度g=GMr2

．

根據(jù)物體距球心的距離關系進行加速度之比．

公式g=GMr2

中的r

應該是物體在某位置到球心的距離．

求一個物理量之比，我們應該把這個物理量先用已知的物理量表示出來，再進行作比．【解析】C

5、C【分析】解：A

卡文迪許根據(jù)扭秤實驗測出了萬有引力常量G

故A錯誤．

B；所有同步衛(wèi)星的軌道都在赤道上空；故我國發(fā)射的同步衛(wèi)星不可能定位在首都北京的正上方，故B錯誤．

C；第一宇宙速度7.9km/s

是所有人造地球衛(wèi)星做圓軌道運動的最大速度；即人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的速度一定不大于7.9km/s

故C正確．

D；根據(jù)開普勒第二定律可知；行星在近日點的速度大于在遠日點的速度，故D錯誤．

故選：C

．

牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律后；由英國科學家卡文迪許最先利用扭秤實驗較精確測出萬有引力常量G.

所有同步衛(wèi)星的軌道都是唯一的，高度；周期、角速度、向心加速度大小都相等，都在赤道正上空.

繞地球做勻速圓周運動的衛(wèi)星，離地球越遠，即軌道半徑越大的衛(wèi)星，其線速度越小.

根據(jù)開普勒第二定律可知，行星在近日點的速度大于在遠日點的速度．

對于物理學上兩個扭秤實驗要記牢：一個扭秤實驗測出萬有引力常量G

另一個扭秤實驗測出了靜電力常量．【解析】C

6、C【分析】解：A

人乘電梯加速上升的過程；電梯對人做正功，由功能關系知，人的機械能增加，故A錯誤．

B；小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動時；動能不變，重力勢能不斷變化，所以小球的機械能是變化的，故B錯誤．

C；小石塊被拋出后在空中運動的過程；只受重力，機械能守恒.

故C正確．

D；子彈射穿木塊；子彈在木塊中的運動過程，阻力對子彈做功，則子彈的機械能不守恒.

故D錯誤．

故選：C

物體機械能守恒的條件是只有重力做功或彈力做功；分析物體的受力的情況，判斷做功情況，根據(jù)機械能守恒的條件來判斷物體機械能是否守恒，也可以根據(jù)機械能的概念判斷．

本題是對機械能守恒條件的直接考查，掌握住機械能守恒的條件和機械能的概念即可判斷．【解析】C

7、A|D【分析】【解析】在物體下滑過程中，由于物體與斜面相互間有垂直于斜面的作用力，使斜面加速運動，斜面的動能增加；物體克服其相互作用力做功，物體的機械能減少，但動能增加，重力勢能減少，選項A正確、B錯誤．物體沿斜面下滑時既沿斜面向下運動，又隨斜面向右運動，其合速度方向與彈力方向不垂直，彈力方向垂直于接觸面，但與速度方向之間的夾角大于90°，所以斜面對物體的作用力對物體做負功，選項C錯誤．對物體與斜面組成的系統(tǒng)，僅有動能和勢能之間的轉化，因此，系統(tǒng)機械能守恒，選項D亦正確．【解析】【答案】AD8、B|D【分析】【解析】解答：解：A、在8s末撤去牽引力后，小車只在阻力f作用下做勻減速運動，由圖象可得減速時的加速度大小為：a=2m/s2

則f=ma=1N，即小車所受阻力f的大小為1N，有圖像可知加速階段的加速度大小為1m/s2，根據(jù)牛頓第二定律計算得小車在前2s內(nèi)的牽引力F=1.5N，故A錯誤；

B、小車在6s-8s內(nèi)做勻速運動，設牽引力為F，則F=f，由圖象可知：vm=3m/s，則P=Fvm=3W

即在6s～8s的過程中發(fā)動機的功率為3.0W．故B正確；

D、0-2s時間內(nèi)的位移為：S1=t=×2m=2m

2s-6s內(nèi)根據(jù)動能定理得：Pt-fs=mv102-mtt2，所以3×4-s=×0.5×9-×0.5×4

解得：s=10.75m

勻速運動的位移為：=3×2m=6m

勻減速運動的位移為：=×3×1.5m=2.25m

所以總位移為：2+10.75+6+2.25m=21m；故D正確。

C、小車在全過程中克服阻力做功故C錯誤。

故選BD

點評：本題關鍵分析求出物體的運動規(guī)律，然后根據(jù)牛頓第二定律和運動學規(guī)律列式求解，能根據(jù)圖象得出有效信息．【解析】【答案】BD二、雙選題(共6題，共12分)9、BD【分析】【分析】該題是中等難度的試題，試題綜合性強，在注重對基礎知識考查的同時，更側重對學生能力的培養(yǎng)。該題學生需要注意的是在進行物質(zhì)的量的有關計算時，關鍵是熟練應用幾個關系式rm{n=m/M}特別還要注意氣體摩爾體積的使用條件，即只能適用于氣體，且只有在標準狀況下，氣體的摩爾體積才是rm{22.4L/mol}【解答】根據(jù)題意可知，甲烷、氯化氫、rm{H_{2}S}的物質(zhì)的量分別是rm{壟脵}rm{壟脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{壟脹}氨氣。A.根據(jù)阿伏加德羅定律可知，氣體的體積大小關系是rm{壟脹}故A錯誤；B.甲烷的質(zhì)量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氫的質(zhì)量是rm{壟脺0.2mol}氨氣。氨氣的質(zhì)量是rm{壟脺0.2mol}所以質(zhì)量關系是rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}故B正確；C.在相同條件下，氣體的密度之比是相對分子質(zhì)量之比，故C錯誤；D.氫原子的物質(zhì)的量分別是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}則氫原子數(shù)rm{1.2mol}故D正確。故選BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}10、BC【分析】【分析】本題考查了化學反應中的能量變化，理解化學鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關鍵。

【解答】化學鍵的斷裂和形成是化學反應中能量變化的原因，破壞化學鍵要吸收能量，形成新的化學鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC?！窘馕觥縭m{BC}11、BD【分析】【分析】本題主要考查物質(zhì)的性質(zhì)方面的知識，解答時要理解一氧化碳、一氧化氮等物質(zhì)能夠與血紅蛋白結合，從而引起中毒?！窘獯稹緼.二氧化硫對眼和呼吸道有強烈刺激作用，吸入高濃度二氧化硫可引起喉水腫、肺水腫、聲帶水腫及rm{(}或rm{)}痙攣導致窒息，rm{SO_{2}}還會導致糖及蛋白質(zhì)的代謝障礙；從而引起腦；肝、脾等組織發(fā)生退行性變，故A錯誤；

B.一氧化碳容易與血液中的血紅蛋白結合，使人中毒；故B正確；

C.二氧化氮的毒作用主要是損害深部呼吸道；故C錯誤；

D.一氧化氮容易與血液中的血紅蛋白結合；使人中毒，故D正確。

故選BD?！窘馕觥縭m{BD}12、BD【分析】【分析】該題是中等難度的試題，試題綜合性強，在注重對基礎知識考查的同時，更側重對學生能力的培養(yǎng)。該題學生需要注意的是在進行物質(zhì)的量的有關計算時，關鍵是熟練應用幾個關系式rm{n=m/M}特別還要注意氣體摩爾體積的使用條件，即只能適用于氣體，且只有在標準狀況下，氣體的摩爾體積才是rm{22.4L/mol}【解答】根據(jù)題意可知，甲烷、氯化氫、rm{H_{2}S}的物質(zhì)的量分別是rm{壟脵}rm{壟脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{壟脹}氨氣。A.根據(jù)阿伏加德羅定律可知，氣體的體積大小關系是rm{壟脹}故A錯誤；B.甲烷的質(zhì)量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氫的質(zhì)量是rm{壟脺0.2mol}氨氣。氨氣的質(zhì)量是rm{壟脺0.2mol}所以質(zhì)量關系是rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}故B正確；C.在相同條件下，氣體的密度之比是相對分子質(zhì)量之比，故C錯誤；D.氫原子的物質(zhì)的量分別是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}則氫原子數(shù)rm{1.2mol}故D正確。故選BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}13、BC【分析】【分析】本題考查了化學反應中的能量變化，理解化學鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關鍵。

【解答】化學鍵的斷裂和形成是化學反應中能量變化的原因，破壞化學鍵要吸收能量，形成新的化學鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC?！窘馕觥縭m{BC}14、BD【分析】【分析】本題主要考查物質(zhì)的性質(zhì)方面的知識，解答時要理解一氧化碳、一氧化氮等物質(zhì)能夠與血紅蛋白結合，從而引起中毒?！窘獯稹緼.二氧化硫對眼和呼吸道有強烈刺激作用，吸入高濃度二氧化硫可引起喉水腫、肺水腫、聲帶水腫及rm{(}或rm{)}痙攣導致窒息，rm{SO_{2}}還會導致糖及蛋白質(zhì)的代謝障礙；從而引起腦；肝、脾等組織發(fā)生退行性變，故A錯誤；

B.一氧化碳容易與血液中的血紅蛋白結合，使人中毒；故B正確；

C.二氧化氮的毒作用主要是損害深部呼吸道；故C錯誤；

D.一氧化氮容易與血液中的血紅蛋白結合；使人中毒，故D正確。

故選BD?！窘馕觥縭m{BD}三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】

設電動機恰好不從地面跳起時飛輪角速度是ω．此時電動機對重物的作用力F=Mg．以重物為研究對象；根據(jù)牛頓第二定律得。

mg+F=mω2r

得到ω=

若以上述角速度勻速轉動；重物轉到最低點時，則有。

F′-mg=mω2r，得到F′=mg+mω2r=mg+（M+m）g=（M+2m）g

根據(jù)牛頓第三定律得；重物對電動機壓力大小為則對地面的最大壓力為Mg+（M+2m）g=2（M+m）g．

故答案為：2（M+m）g．

【解析】【答案】當重物轉到最高點時；對電動機的拉力等于電動機的重力時，電動機恰好不從地面跳起，此時電動機的飛輪角速度是電動機不從地面跳起時最大的角速度，以重物為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求解此角速度．當以此角速度勻速轉動，重物轉到最低點時，電動機對地面的壓力最大，再由牛頓運動定律求解電動機對地面最大的壓力．

16、略

【分析】解：設球飛來的方向為正方向；則足球的速度變化量為：

△v=v2-v1=-12-8m/s=-20m/s；

則速度變化大小為20m/s；

平均加速度為：a=負號表示方向與飛來的方向相反．

故答案為：20m/s，-100m/s2；反向踢出的方向．

根據(jù)足球的初末速度；求出足球的速度變化量大小，結合加速度的定義式求出足球的平均加速度．

解決本題的關鍵掌握加速度的定義式，注意公式的矢量性，當速度、加速度的方向與正方向相同，取正值，當速度、加速度方向與正方向相反，取負值．【解析】20m/s；-100m/s2；反向踢出的方向17、略

【分析】

根據(jù)遮光板通過光電門的速度可以用平均速度代替得：

滑塊通過第一個光電門時的速度：v1==0.1m/s

滑塊通過第二個光電門時的速度：v2==0.3m/s

滑塊的加速度：a==0.05m/s2

故答案為：0.05．

【解析】【答案】光電門測量滑塊瞬時速度的原理是遮光條通過光電門的速度可以用平均速度代替即v=再根據(jù)運動學公式即可求出物體的加速度a．

18、略

【分析】【解析】向心加速度根據(jù)黃金代換可以求得它繞地球運行時所受的向心力大小為ma=運行時的線速度=【解析】【答案】19、略

【分析】解：以國旗的位置為坐標原點；則開始時轎車距國旗的位移為1000m，方向向西，故坐標為-1000m，1min后物體位移大小為400m；但方向不確定故坐標可以為400m，-400m；在整個過程中，轎車都被看作了質(zhì)點．

故答案為：-1000m；400m，-400m，質(zhì)點．

坐標值為相對于起點的位移；根據(jù)幾何關系確定位移大小及方向．明確物體看作質(zhì)點的條件．

本題考查坐標系的建立及質(zhì)點的定義，明確坐標的規(guī)定即可求解．【解析】-1000m；400m；-400m；質(zhì)點20、略

【分析】解：同一轉動圓盤（或物體）上的各點都做勻速圓周運動，共軸轉動，角速度相同，根據(jù)v=rω，可知，線速度v和半徑r成正比．

故答案為：角速度；正比．

同一轉動圓盤（或物體）上的各點都做勻速圓周運動，轉動的半徑不同，但共軸轉動，角速度相同，根據(jù)v=rω知線速度v和半徑r成正比．

解決本題的關鍵掌握共軸轉動，角速度相同，難度不大，屬于基礎題．【解析】角速度；正比21、略

【分析】解：若兩電荷同性，設一個球的帶電量為Q

則另一個球的帶電量為5Q

此時F=k5Q2r2

接觸后再分開，帶電量各為3Q

則兩球的庫侖力大小F隆盲=k9Q2r2=9F5

．

若兩電荷異性，接觸后再分開，兩球電量的絕對值為2Q

此時兩球的庫侖力F隆盲=k4Q2r2=45F

．

故答案為：9545

接觸帶電的原則是先中和后平分，兩個球的電性可能相同，可能不同，根據(jù)F=kQ1Q2r2

得出接觸后再放回原處的庫侖力大?。?/p>

解決本題的關鍵掌握接觸帶電的原則，先中和后平分，以及掌握庫侖定律的公式F=kQ1Q2r2

．【解析】9545

四、畫圖題(共2題，共16分)22、略

【分析】【解析】試題分析：（1）受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力作用，作用點都在重心（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球只受到豎直向下的重力作用考點：考查受力分析的能力【解析】【答案】作圖題（略）23、略

【分析】【解析】試題分析：（1）受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力作用，作用點都在重心（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球只受到豎直向下的重力作用考點：考查受力分析的能力【解析】【答案】作圖題（略）五、簡答題(共1題，共8分)24、略

【分析】

(1)

當A

恰好能保持靜止狀態(tài)不下滑時；婁脤

取最小值婁脤0

分別對A

和B

受力分析，根據(jù)平衡條件結合幾何關系列式求解；

(2)A

沿水平方向運動；面對著墻看，作出物塊A

在豎直平面內(nèi)的受力分析圖，根據(jù)平衡條件列式求解．

本題考查共點力的平衡條件的應用，在解題時要注意靈活選取研究對象，同時注意動摩擦力的中的壓力為垂直于接觸面的壓力，而不是重力，難度適中．【解析】解：(1)

當A

恰好能保持靜止狀態(tài)不下滑時，婁脤

取最小值婁脤0

設線與墻之間的夾角為婁脠

由幾何關系可得：tan婁脠=d+r(L+r)2鈭?(d+r)2=34

對球BN1=Mgtan婁脠

對物塊Af1=mgN2=N鈥?1=N1

f1=婁脤0N2

解得：婁脤0=215隆脰0.13

(2)A

沿水平方向運動；面對著墻看，作出物塊A

在豎直平面內(nèi)的受力分析如圖所示；

則有：

Fsin婁脕=mg

Fcos婁脕=f2

f2=婁脤N2

解得：F=1013Ntan婁脕=23

則婁脕=arctan23

．

答：(1)

若要求放手之后A

能保持靜止狀態(tài)；婁脤

的最小值為0.13

(2)

若婁脤=0.2

在物塊A

上施加一個與墻平行的外力F

使A

在未脫離圓球前貼著墻沿水平方向勻速抽出，此外力F

大小為1013N

方向與水平方向成arctan23

度斜向上．六、實驗探究題(共3題，共9分)25、（1）交流電0.02

（2）A

（4）a.0.80b.2.00【分析】【分析】(1)

打點計時器是一種計時儀器；其電源頻率為50Hz

常用的電磁打點計時器和電火花計時器使用的是交流電，它們是每隔0.02s

打一個點；

(2)

使用時應先給打點計時器通電打點；然后釋放紙帶讓紙帶，如果先放開紙帶開始運動，再接通打點計時時器的電源，紙帶上可能由很長一段打不上點；

(4)

平均速度等于位移除以時間，根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上E

點時小車的瞬時速度大小，根據(jù)勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大小。

對于基本儀器的使用和工作原理，我們不僅從理論上學習它，還要從實踐上去了解它，自己動手去做做，以加強基本儀器的了解和使用；同時要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用?！窘獯稹?1)(1)打點計時器是一種計時儀器，其電源頻率為50Hz50Hz常用的電磁打點計時器和電火花計時器使用的是交流電，它們是每隔0.02s0.02s打一個點；

(2)(2)開始記錄時，應先給打點計時器通電打點，然后釋放紙帶讓紙帶((隨物體))開始運動，如果先放開紙帶開始運動，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，會對實驗產(chǎn)生較大的誤差；同時先打點再釋放紙帶，可以使打點穩(wěn)定，提高紙帶利用率，可以使紙帶上打滿點，故BCD錯誤，A正確；

故選：AA

(4)a.(4)a.計數(shù)點之間的時間間隔為：T=0.1sT=0.1s

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度

vB=xAC2T=16.002隆脕0.1m/s=0.80m/s{v}_{B}=dfrac{{x}_{AC}}{2T}=dfrac{16.00}{2隆脕0.1}m/s=0.80m/s

b.b.根據(jù)勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aTtrianglex=aT2可以求出加速度的大小，得：a=xCE鈭?xAC(2T)2=8.00隆脕10鈭?2(2隆脕0.1)2m/s2=2.00m/s2a=dfrac{{x}_{CE}-{x}_{AC}}{(2T{)}^{2}}=dfrac{8.00隆脕{10}^{-2}}{(2隆脕0.1{)}^{2}}m/{s}^{2}=2.00m/{s}^{2}

故答案為：(1)(1)交流電，0.020.02(2)A(2)A(4)a.(4)a.0.800.80bb．2.002.00