2025年新科版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新科版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖勻強電場中，有邊長為5cm等邊三角形ABC，三角形所在平面與勻強電場的電場線平行，O點為該三角形的中心，三角形各頂點的電勢分別為φA=1V、φB=3V、φC=5V；以下說法正確的是（）

A.O點電勢為零B.勻強電場的場強大小為80V/m，方向由A指向CC.在三角形ABC外接圓的圓周上電勢最低點的電勢約為0.7VD.將電子由C點移到A點，電子的電勢能減少了4eV2、以下關(guān)于輻射強度與波長的關(guān)系的說法中正確的是（）A.物體在某一溫度下只能輻射某一固定波長的電磁波B.當(dāng)鐵塊呈現(xiàn)紅色時，說明它的溫度不太高C.當(dāng)鐵塊的溫度較高時會呈現(xiàn)赤紅色，說明此時輻射的電磁波中該顏色的光強度最強D.早、晚時分太陽呈現(xiàn)紅色，而中午時分呈現(xiàn)白色，說明中午時分太陽溫度最高3、安培提出了著名的分子電流假說，根據(jù)這一假說，電子繞核運動可等效為一環(huán)形電流．設(shè)帶電荷量為e的電子以速率v繞原子核沿順時針方向做半徑為r的勻速圓周運動,其電流的等效電流強度I和方向為（）A.順時針B.順時針C.逆時針D.逆時針4、阻值相等的四個電阻、電容器C及電池E(內(nèi)阻可忽略)連接成圖示電路，保持S1閉合、S2斷開且電流穩(wěn)定時，C所帶的電荷量為Q1；再閉合開關(guān)S2，電流重新穩(wěn)定后，C所帶的電荷量為Q2，則Q1與Q2之比為()

A.5∶3B.1∶1C.1∶2D.1∶35、用如圖所示的實驗裝置探究感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件。線圈A通過變阻器和開關(guān)連接到電源上，線圈B的兩端連接到電流表上，把線圈A裝在線圈B的里面。下列幾種情況下線圈B中沒有電流產(chǎn)生的是（）

A.開關(guān)閉合瞬間B.開關(guān)斷開瞬間C.開關(guān)閉合時，滑動變阻器不動D.開關(guān)閉合時，拔出線圈A瞬間6、如圖所示，實線是一個電場中的電場線，虛線是一個負(fù)檢驗電荷在這個電場中的軌跡，若電荷是從a處運動到b處；以下判斷正確的是（）

A.電荷從a到b加速度減小B.b處電勢能較大C.b處電勢較高D.電荷在b處速度大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖所示，電源電動勢E＝12V，內(nèi)阻r＝3Ω，R0＝1Ω，直流電動機內(nèi)阻R0′＝1Ω.先調(diào)節(jié)滑動變阻器R1，使甲電路中電源輸出功率最大，再調(diào)節(jié)R2，使乙電路中電源輸出功率與甲電路中電源的最大輸出功率相等，且此時電動機剛好正常工作（額定輸出功率P0＝2W），甲電路中電流為I1，乙電路中電流為I2；則下列選項正確的是（）

A.R1＝2Ω，R2＝2ΩB.I1＝2A，I2＝2AC.R1＝2Ω，R2＝1.5ΩD.I1＝2A，I2＝1A8、如圖所示，兩個帶等量正電荷的小球A、B(可視為點電荷)被固定在光滑絕緣水平面上．P、N是小球A、B連線的垂直平分線上的點，且PO＝ON．現(xiàn)將一個電荷量很小的帶負(fù)電的小球C(可視為質(zhì)點)從P點由靜止釋放，在小球C向N點運動的過程中，關(guān)于小球C的速度圖象中；可能正確的是。

A.B.C.D.9、如圖所示，有三個點電荷QA、和QC分別位于等邊△ABC的三個頂點上，都是正電荷，所受QC兩個電荷的靜電力的合力為FA，且與AC連線垂直。圖中虛曲線是以點C為圓心、AC間距為半徑的一段圓弧。若點電荷在外力作用下；從A點開始沿圓弧緩慢地運動到D點，則下列說法正確的是（）

A.C帶負(fù)電，且B.在點電荷和QC產(chǎn)生的電場中，A點的電勢比D點的電勢高C.在點電荷和Qc產(chǎn)生的電場中，A點的場強比D點的場強小D.在D點時，施加的外力大小為·FA10、某靜電場的方向平行于x軸，其電勢隨x的分布如圖所示。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子自A點由靜止開始，僅在電場力作用下最遠(yuǎn)只能到達在x軸上B點，且從A到O點與O到B點的時間之比為2：1；不計粒子重力，下列說法正確的是（）

A.粒子帶正電B.從A到B點，電勢一直降低C.AO段圖線與OB段圖線的斜率的絕對值之比為1：2D.從A運動到B的過程中粒子的電勢能先減少后增加11、x軸上有兩個點電荷Q1和Q2，Q1和Q2之間連線上各點電勢高低如圖曲線所示（AP>PB）；選無窮遠(yuǎn)處電勢為零，從圖中可以看出（）

A.Q1電量一定不等于Q2電量B.Q1和Q2之間連線上各點電場方向都指向Q2C.P點電場強度為零D.Q1和Q2可能是同種電荷12、隨著科技大進步；生產(chǎn)流水線已經(jīng)進入各種大小工廠，在生產(chǎn)紙張等絕緣材料過程中，為了實時監(jiān)控材料的厚度，生產(chǎn)流水線上組裝了電容傳感器，其結(jié)構(gòu)簡單，價格便宜，靈敏度高，高阻抗，功率小，分辨率高，其中甲；乙為平行板電容器的上、下兩個固定極板，分別接在恒壓直流電源的兩極上。當(dāng)通過極板間的材料厚度減小時，下列說法正確的是（）

A.甲、乙平行板構(gòu)成的電容器的電容增大B.甲、乙兩板間材料內(nèi)的電場強度不變C.有負(fù)電荷從向流過靈敏電流計D.若開始有一帶電塵埃恰在甲乙之間靜止，當(dāng)材料厚度減小時，帶電塵埃將落到乙板13、對于水平放置的平行板電容器，下列說法正確的是（）A.將兩極板的間距加大，電容將增大B.將兩極板平行錯開，使正對面積減小，電容將減小C.在下板的內(nèi)表面上放置一面積和極板相等、厚度小于極板間距的陶瓷板，電容將增大D.在下板的內(nèi)表面上放置一面積和極板相等、厚度小于極板間距的鋁板，電容將減小14、如圖所示，A、B表示真空中水平放置相距為d的平行金屬板，板長為L兩板加電壓后板間電場可祧為勻強電場，現(xiàn)在A、B兩極間加上如圖乙所示的周期性的交變電壓，在t=時，恰有一質(zhì)量為m、電量為q的粒子在板間中央沿水平方向以速度v0射入電場；忽略粒子重力，下列關(guān)于粒子運動狀態(tài)表述正確的是（）

A.粒子在垂直于板的方向的分運動不可能是單向運動B.粒子在垂直于板的方向的分運動可能是往復(fù)運動C.粒子不可能沿與板平行的方向飛D.只要電壓周期T和v0的值同時滿足一定條件，粒子可以沿與板平行的方向飛出評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、在真空中兩個等量異種電荷的點電荷，電荷量均為相距則它們之間的相互作用力為多少，在兩者連線的中點處，電場強度大小為多少．16、如圖所示，條形磁鐵的軸線穿過a、b、c三個金屬圓環(huán)的圓心，且與三個環(huán)平面垂直，其中b、c兩環(huán)同平面放置在條形磁鐵的中垂面上．三個圓環(huán)的面積為sa＝sb＜sc．則通過a、b兩環(huán)的磁通量Φa_______Φb，通過b、c兩環(huán)的磁通量Φb_______Φc．（均選填“＜”；“＞”或“＝”）

17、某金屬導(dǎo)體的伏安特性曲線如圖，該導(dǎo)體的電阻隨電壓的升高而___________（填增大或減?。?dāng)導(dǎo)體兩端電壓為2V時，電阻為________

18、（1）某一電場的電場線和等勢面如圖甲所示，已知φa=5V，φc=3V，ab=bc，則______

A．φb=4VB．φb>4V

C．φb＜4VD．上述情況都有可能。

（2）若電場線和等勢面如圖乙所示，其他條件不變，則答案為（1）中的______

19、光也是電磁波：

（1）電磁波的傳播速度恰好與真空中的光速____。

（2）麥克斯韋指出，光是以波動形式傳播的一種_________。20、如圖中游標(biāo)卡尺的測量值分別為__________mm，___________mm。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共4分)21、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標(biāo)出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)22、某同學(xué)做“測電源的電動勢和內(nèi)阻”的實驗時，作出電源的圖像如圖所示，則該電源的電動勢_______V，內(nèi)阻________

23、某同學(xué)通過實驗測量一個電阻的阻值。

(1)他先用多用電表對該電阻進行了初步測量。

他用電阻×1擋進行測量，指針位置如圖1所示，則該電阻的阻值約為___________。

(2)在(1)基礎(chǔ)上；他想用電壓表和電流表更精確地測量這個電阻的阻值。

他找來如下器材：

電流表：量程0~0.6A，內(nèi)阻約0.1；

電壓表：量程0~3V，內(nèi)阻約3k；

滑動變阻器：最大阻值15；額定電流1.0A；

電源：電動勢3V，內(nèi)阻約0.5；

開關(guān)一個；導(dǎo)線若干。

①為了減小實驗誤差，電流表和電壓表的連接方法應(yīng)該選用圖2中的___________（選填“甲”或“乙”），采用這種方式測量的結(jié)果與真實值相比偏___________（選填“大”或“小”）。

②他在相關(guān)實驗手冊中；看到圖3所示的兩種滑動變阻器的連接方式，他選擇了其中一種，經(jīng)過實驗他得到下表中的數(shù)據(jù)。

電壓U/V0.100.400.601.001.201.501.702.00電流I/A0.020.080.120.190.250.310.340.40

由數(shù)據(jù)可知，他選擇的滑動變阻器的連接方式是圖3中的___________（選填“甲”或“乙”）。你的判斷依據(jù)是：___________。評卷人得分六、解答題(共2題，共14分)24、如圖所示，水平放置的平行板電容器，原來兩極板不帶電，上極板接地，它的極板長m，兩板間距離cm，同種帶電微粒以相同的初速度先后從兩極板中央平行極板射入，由于重力作用微粒落到下極板上，之后微粒所帶電荷立即轉(zhuǎn)移到下極板且均勻分布在下極板上。設(shè)前一微粒落到下極板上時后一微粒才開始射入兩極板間。已知微粒質(zhì)量為kg、電荷量為C，取

(1)為使第一個微粒恰能落在下極板的中點，求微粒入射的初速度的大?。?/p>

(2)若帶電微粒以第(1)問中初速度入射；則平行板電容器所獲得的電壓最大值是多少？

25、如圖甲所示，在xOy坐標(biāo)系中，兩平行金屬板AB、OD如圖放置，OD與x軸重合，板的左端與原點O重合，板長L=2m，板間距離d=1m，緊靠極板右側(cè)有一熒光屏．兩金屬板間電壓UAO隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示，已知U0=1×103V，變化周期T=2×10–3s，t=0時刻一帶正電的粒子從左上角A點，以v0=1×103m/s的速度平行于AB邊射入板間，粒子電荷量q=1×10–5C，質(zhì)量m=1×10–7kg；不計粒子所受重力，求：

（1）粒子在板間運動的時間；

（2）粒子打在熒光屏上的縱坐標(biāo)；

（3）粒子打到屏上的動能．

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．AC中點D的電勢為

與B點電勢相等，則BOD連線必為一條等勢線，如圖所示，O點的電勢為3V；A錯誤；

B．勻強電場的場強大小為

沿著電場方向電勢逐漸降低可知電場方向由C指向A；B錯誤；

C．設(shè)電勢最低點為E；如圖所示。

解得

C正確；

D．由電場力所做的功與電勢能的關(guān)系得

解得△EP=-4eV

電勢能增加了4eV；D錯誤。

故選C。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．物體在某一溫度下能輻射不同波長的電磁波；A錯誤；

B．黑體輻射的強度與溫度有關(guān)；溫度越高，則輻射強度的極大值也就越大；當(dāng)鐵塊呈現(xiàn)黑色時，是因為它的輻射強度的極大值對應(yīng)的波長段在紅外部分，甚至波長更長，說明它的溫度不太高，B錯誤；

C．當(dāng)鐵塊的溫度較高時會呈現(xiàn)赤紅色；說明此時輻射的電磁波中該顏色的光強度最強，C正確；

D．太陽早；晚時分呈現(xiàn)紅色；而中午時分呈現(xiàn)白色，是因為大氣吸收與反射了部分光的原因，不能說明中午時分太陽溫度最高，D錯誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

電子繞核運動可等效為一環(huán)形電流，電子運動周期為:

根據(jù)電流的定義式得：電流強度為:

因為電子帶負(fù)電；所以電流方向與電子定向移動方向相反，即沿逆時針方向，故C正確，選項ABD錯誤．

【點睛】

本題是利用電流強度的定義式求解電流，這是經(jīng)常用到的思路，要知道電流方向與正電荷定向移動方向相同，而與負(fù)電荷定向移動方向相反．4、A【分析】【詳解】

當(dāng)S2斷開且電流穩(wěn)定時，由電路的連接方式可知，電容器兩極板間的電壓為：U1＝E；電容器所帶的電荷量為：

Q1＝CU1＝CE，當(dāng)閉合開關(guān)S2且電流重新穩(wěn)定后，電容器兩極板間的電壓為：U2＝E；電容器所帶的電荷量為：

Q2＝CU2＝CE，則：

A．5∶3；故A符合題意；

B．1∶1；故B不符合題意；

C．1∶2；故C不符合題意；

D．1∶3；故D不符合題意。

故選A。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)閉合開關(guān)的瞬間；穿過線圈A的磁通量在增大，則線圈B的磁通量也在增大，導(dǎo)致電流表有感應(yīng)電流，故A不符合題意；

B．當(dāng)開關(guān)斷開的瞬間；A中磁場減小，故B中磁通量減小，導(dǎo)致電流表中有感應(yīng)電流，故B不符合題意；

C．開關(guān)閉合時；滑動變阻器的滑片不動，A中磁場不變，故B中磁通量也不變，因此電流表沒有感應(yīng)電流，故C符合題意；

D．開關(guān)閉合時；拔出線圈A瞬間，線圈B中的磁通量變小，則線圈B中產(chǎn)生了感應(yīng)電流；故D不符題意。

故選C。6、B【分析】【詳解】

電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以粒子在b點的加速度大，A錯誤；從a到b的過程中，電場力做負(fù)功，電勢能增加，所以b處電勢能大，動能減小，速度減小，所以電荷在b處速度小，B正確D錯誤；根據(jù)粒子的運動的軌跡可以知道，負(fù)電荷受到的電場力的方向向下，所以電場線的方向向上，所以a點的電勢大于b點的電勢，C錯誤．二、多選題(共8題，共16分)7、B:C【分析】【分析】

【詳解】

題圖甲電路中；當(dāng)電路的外電阻等于電源內(nèi)阻時電源的輸出功率最大，則。

R1＝r－R0＝3Ω－1Ω＝2Ω此時電流。

則題圖甲電路的最大輸出功率為。

P＝（R0＋R1）＝12W對于題圖乙電路，輸出功率也為12W，電流I2＝2A；由能量守恒定律得。

（R2＋R0′）＋2W＝12W解得。

R2＝1.5Ω所以AD錯誤；BC正確；

故選BC。8、A:D【分析】【詳解】

在AB的垂直平分線上，從無窮遠(yuǎn)處到O點電場強度先變大后變小，到O點變?yōu)榱悖?fù)電荷受力沿垂直平分線運動，電荷的加速度先變大后變小，速度不斷增大，在O點加速度變?yōu)榱?，速度達到最大，由速度與時間的圖象的斜率先變大后變小，由O點到無窮遠(yuǎn)，速度變化情況與另一側(cè)速度的變化情況具有對稱性，如果PN足夠遠(yuǎn)，則D正確，如果PN很近；則A正確，BC錯誤。

故選AD。9、A:B:D【分析】【詳解】

A．所受QC兩個電荷的靜電力的合力為FA，且與AC連線垂直；如圖所示。

則C對A一定是吸引的庫侖力，故C帶負(fù)電，設(shè)距離為有

可得

故A正確；

B．在正點電荷和負(fù)電電荷QC產(chǎn)生的電場中；根據(jù)正電荷周圍的電勢高，負(fù)電荷周圍的電勢低，A點離正電荷更近，由電勢的疊加原理可知A點的電勢比D點的電勢高，故B正確；

C．A點的庫侖力大小為

則A點的場強為

B處的正電荷在D點產(chǎn)生的庫侖力為

兩場源在D點產(chǎn)生的庫侖力大小相等，夾角為135°，則D點的庫侖力的合力為

即D點場強為

即A點的場強比D點的場強大；故C錯誤；

D．從A點開始沿圓弧緩慢地運動到D點,則D點受力平衡，有

故D正確。

故選ABD。10、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)沿電場線方向，電勢降低可知：在x軸負(fù)方向上，靜電場方向沿x軸負(fù)向；在x軸正方向上，靜電場方向沿x軸正向，根據(jù)題意可知粒子從A點由靜止開始先加速后減速到B點，所以粒子在AO段受到的電場力方向向右；與電場線方向相反，所以粒子帶負(fù)電，故A錯誤；

B．由圖可知從A到B；電勢先升高后降低，故B錯誤；

C．粒子從A點到O點過程中，由靜止加速到速度最大，從O點到B點過程中，由速度最大減小到零，從A到O點與O到B點的時間之比2:1，根據(jù)加速度定義式可知加速度之比為1:2，根據(jù)牛頓第二定律可得

即電場強度之比為1:2，而圖的斜率即為電場強度，所以AO段圖線與OB段圖線的斜率的絕對值之比為1：2；故C正確；

D．由圖可知從A到B，電勢先升高后降低，所以從A運動到B的過程中粒子的電勢能先減少后增加；故D正確。

故選CD。11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

AD．由圖象可以發(fā)現(xiàn)，離越近電場中的電勢越高由此可以判斷為正電荷，同理，由于離越近電勢越低，所以為負(fù)電荷，在它們的連線上的P點的電勢也是零，但P點離近，所以的電荷量要大于的電荷量；所以A錯誤，D錯誤；

BC．由于和為異種電荷，并且為正電荷，在x軸正半軸上的電場方向向右，為負(fù)電荷，在和之間的電場方向也向右，所以P點電場強度是和在P點產(chǎn)生的電場的和，方向指向所以B正確，C錯誤。

故選AB。12、B:C【分析】【詳解】

A．當(dāng)通過極板間的材料厚度減小時，可知相對介電常數(shù)減小，根據(jù)電容決定式

可知甲；乙平行板構(gòu)成的電容器的電容減小；A錯誤；

B．甲、乙兩板間接在恒壓直流電源的兩極上，則極板間電壓不變，板間距離不變，根據(jù)

可知甲；乙兩板間材料內(nèi)的電場強度不變；B正確；

C．根據(jù)電容定義式

可知當(dāng)電容減小時，極板所帶電荷量也減小，則有負(fù)電荷從向流過靈敏電流計；C正確；

D．若開始有一帶電塵埃恰在甲乙之間靜止；可知電場力與重力平衡，當(dāng)材料厚度減小時，由于電場強度保持不變，帶電塵埃仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，D錯誤；

故選BC。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．將兩極板的間距加大，d增大，由電容決定式C=

得知電容將減小。A錯誤；

B．將兩極板平行錯開，使正對面積減小，S減小，由電容決定式C=

知電容將減小。B正確；

C．在下板的內(nèi)表面上放置一面積和極板相等、厚度小于極板間距的陶瓷板，?增大，C增大。C正確。

D．在下板的內(nèi)表面上放置一面積和極板相等；厚度小于極板間距的鋁板；板間距離減小。電容將增大。D錯誤。

故選BC。14、B:D【分析】【詳解】

AB．粒子在平行于極板的方向做勻速直線運動，在垂直于板的方向上粒子受到電場力的作用，做勻變速直線運動，粒子從出發(fā)；在電場中的運動時間不明確，則粒子在豎直方向可能先勻加速后勻減速直線運動，故A錯誤，B正確；

CD．若粒子在（）（其中n=1；2，）時刻從右端離開電場，此時粒子沿電場方向的分速度恰好為0，子就可沿與板平行的方向飛出，故C錯誤，D正確。

故選BD。三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

已知真空中兩點電荷的電量均為距離根據(jù)庫倫定律得電荷間的作用力．

兩點電荷在中點處產(chǎn)生的場強大小均為。

．

方向相同，則在兩者連線的中點處，電場強度大小為．

點睛：根據(jù)庫侖定律求解與兩電荷間的作用力．根據(jù)點電荷場強公式分別求出兩點電荷在中點處產(chǎn)生的場強，再進行合成，求出合場強．【解析】．16、略

【分析】【詳解】

[1]磁鐵的磁感線的分布是：外部是從N極到S極，內(nèi)部是從S極到N極，正好構(gòu)成閉合曲線；對于a、b圓環(huán)面積相同，但由于磁場的不一樣，通過a圓環(huán)的磁感線全是向左的，而通過b圓環(huán)的磁感線有部分向左（內(nèi)部），有部分向右（外部）．而向左多于向右，所以

[2]對于c、b圓環(huán)面積不同，但通過它們的磁感線全是向左的，而通過b圓環(huán)的磁感線有部分向左（內(nèi)部），有部分向右（外部），所以面積越大的相互抵消的磁感線越多．故兩環(huán)的磁通量【解析】小于大于17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]在圖中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)；由圖可知，該導(dǎo)體的電阻隨電壓的升高而增大；

[2]當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓為2V時，電流為2A，故電阻【解析】①.增大②.118、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）根據(jù)勻強電場關(guān)系式U=Ed

可知φa-φc=Eφa-φb=E·

得φb=4V

故選A。

（2）由于圖乙是非勻強電場，不能根據(jù)公式U=Ed進行定量計算，只能進行定性分析，由電場線的疏密可知ab和bc間電場強度的平均值Eab>Ebc

所以Uab>Ubc

即φa-φb>φb-φc

得到

=4V

故選C?！窘馕觥竣?A②.C19、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]電磁波的傳播速度恰好與真空中的光速相同。

(2)[2]麥克斯韋指出，光是以波動形式傳播的一種電磁振動?！窘馕觥竣?相同②.電磁振動20、略

【分析】【詳解】

[1]題圖左邊游標(biāo)卡尺是10分度的，精確度是0.1mm，主尺的讀數(shù)是3.1cm=31mm，游標(biāo)尺的第四個刻線與主尺的某刻線對齊，游標(biāo)尺的讀數(shù)是4×0.1mm=0.4mm；游標(biāo)卡尺的測量值是31mm+0.4mm=31.4mm。

[2]題圖右邊游標(biāo)卡尺是20分度的，精確度是0.05mm，主尺的讀數(shù)是2cm=20mm，游標(biāo)尺的第四個刻線與主尺的某刻線對齊，游標(biāo)尺的讀數(shù)是4×0.05mm=0.2mm，游標(biāo)卡尺的測量值是20mm+0.2mm=20.2mm?！窘馕觥?1.420.2四、作圖題(共1題，共4分)21、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內(nèi)部磁場垂直紙面向外；根據(jù)右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據(jù)右手定則可以判斷，左端電流垂