2025年蘇科新版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年蘇科新版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、圖示是某導(dǎo)體的I-U曲線；圖中α=45°，下列說(shuō)法正確的是（）

A.導(dǎo)體的電阻與其兩端的電壓成正比B.此導(dǎo)體的電阻R=2.0ΩC.I-U曲線斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R═1.0ΩD.在R兩端加6.0V的時(shí)，每秒通過(guò)電阻截面的電量是6.0C2、如圖所示，A、B兩木塊放在水平面上，它們之間用細(xì)線相連，兩次連接情況中細(xì)線傾斜方向不同但傾角一樣，兩木塊與水平面間的摩擦系數(shù)相同，先后用水平力F1和F2拉著A、B一起勻速運(yùn)動(dòng)，則（）A.F1＞F2T1＜T2B.F1=F2T1＜T2C.F1＜F2T1=T2D.F1＜F2T1＞T23、氫原子的部分能級(jí)如圖所示．用單色光照射處于基態(tài)的氫原子，氫原子吸收光子后躍遷到n=3的激發(fā)態(tài)，此后氫原子又放出光子．在此過(guò)程中，氫原子（）A.吸收光子的能量可以是任意值B.吸收光子的能量是某一確定值C.放出光子的能量可以是任意值D.放出光子的能量是某一確定值4、一起重機(jī)勻加速地掉起一重物，不計(jì)額外功，以下說(shuō)法正確的是（）A.起重機(jī)對(duì)重物的拉力越來(lái)越大B.起重機(jī)的瞬時(shí)功率不變C.起重機(jī)的功率等于克服重力做功的功率D.起重機(jī)的功率就是拉力做功的功率5、如圖所示，MN是豎直放置的兩平行金屬板，兩極間產(chǎn)生一個(gè)水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)為E，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的微粒，以初速度v0豎直向上從兩極正中間的A點(diǎn)射入勻強(qiáng)電場(chǎng)中，微粒垂直達(dá)到N極上的C點(diǎn)，已知AB=BC，不計(jì)空氣阻力，則（）A.微粒打到C點(diǎn)時(shí)的速率等于v0B.微粒在電場(chǎng)中作類平拋運(yùn)動(dòng)C.MN板間的電勢(shì)差為D.微粒在電場(chǎng)中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)6、下面哪組中的單位全部都不是國(guó)際單位制中力學(xué)的基本單位（）A.kg、sB.N、mC.m/s2、ND.N、s7、如圖所示，甲、乙兩只螞蟻分別同時(shí)從水平桌面上的P、M點(diǎn)出發(fā)，它們的爬行軌跡如圖中實(shí)線所示，10s后它們分別到達(dá)圖中的Q、N點(diǎn)．若，下列說(shuō)法正確的是（）A.它們的路程相同B.甲的位移較大C.乙的位移較大D.它們的位移方向相互垂直評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、（2015春?廣水市期中）如圖所示，壓路機(jī)后輪半徑是前輪半徑的3倍，A、B分別為前輪和后輪邊緣上的一點(diǎn)，C為后輪上的一點(diǎn)，它離后輪軸心的距離是后輪半徑的一半，則A、B、C三點(diǎn)的角速度之比為ωA：ωB：ωC=____，線速度之比為vA：vB：vC=____，向心加速度之比為aA：aB：aC=____．9、請(qǐng)?jiān)谙旅娴目崭駜?nèi)將你知道的三位物理學(xué)家的名字按其生活的歷史年代先后順序排列：____；并從其中任選兩位，寫(xiě)出（至少一條）他們?cè)谖锢韺W(xué)上做出的重大貢獻(xiàn)．____．10、如右圖所示，實(shí)線是沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖，虛線是這列波在t=0.2s時(shí)刻的波形圖．已知該波的波速是15m/s，則這列波的周期是____s，傳播方向?yàn)閤軸____（選填“正”或“負(fù)”）方向．11、在長(zhǎng)為l的絕緣輕桿兩端分別固定帶電量分別為+q、-q的等量異種點(diǎn)電荷，放入場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，輕桿可繞中點(diǎn)O自由轉(zhuǎn)動(dòng)，若忽略兩點(diǎn)電荷間的相互作用，在輕桿與電場(chǎng)線夾角為θ時(shí)，兩點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力對(duì)O點(diǎn)的合力矩大小為_(kāi)___，若設(shè)過(guò)O點(diǎn)的等勢(shì)面電勢(shì)為零，則兩電荷具有的電勢(shì)能之和為_(kāi)___．

12、如圖所示，電阻R兩端的電壓U隨通過(guò)該電阻的電流I的變化曲線如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為7.0V（內(nèi)阻不計(jì)），R1=1000Ω（不隨溫度變化）．現(xiàn)調(diào)節(jié)可變電阻R2的阻值，使電阻R與R1消耗的功率相等，此時(shí)通過(guò)R的電流為_(kāi)___mA；繼續(xù)調(diào)節(jié)R2，使AB與BC間的電壓相等，這時(shí)通過(guò)R的電流變?yōu)開(kāi)___mA．

13、【題文】氫原子的能級(jí)如圖所示，當(dāng)氫原子從n=4向n=2的能級(jí)躍遷時(shí)，會(huì)____（填“輻射”或“吸收”）光子，這種光子照射在某金屬上，剛好能發(fā)生光電效應(yīng)，則該金屬的逸出功為_(kāi)___eV．現(xiàn)有一群處于n=4的能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷，在輻射出的各種頻率的光子中，能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)的頻率共有____種．

14、物體只有在____運(yùn)動(dòng)中，位移大小等于路程．15、據(jù)報(bào)道，一天文觀測(cè)機(jī)構(gòu)發(fā)現(xiàn)一顆與太陽(yáng)系其它行星逆向運(yùn)行的小行星．該小行星繞太陽(yáng)一周的時(shí)間為3.39年，假定該小行星與地球均以太陽(yáng)為中心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則小行星和地球繞太陽(yáng)運(yùn)行軌道半徑的比值為_(kāi)___，小行星和地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的速度大小的比值為_(kāi)___．評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大．____．17、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、坐標(biāo)系都是建立在參考系上的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、分子的動(dòng)能和分子勢(shì)能的和叫做這個(gè)分子的內(nèi)能．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、陰離子在陽(yáng)極放電，陽(yáng)離子在陰極放電．____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、原子核由質(zhì)子、中子和電子組成．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、推斷題(共2題，共4分)22、【有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】用乙烯、甲苯、rm{E}三種原料合成高分子藥物rm{M}和有機(jī)中間體rm{L}的路線如下：已知：rm{III.}有機(jī)物rm{L}是一種六元環(huán)酯，rm{M}的分子式是rm{(C_{15}H_{16}O_{6})_{n}}rm{(1)C}中含氧官能團(tuán)的名稱________________，rm{D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式_______________。rm{(2)E}在rm{KMO_{4}/OH^{-}}中轉(zhuǎn)化成rm{F}rm{F}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式_____，rm{H隆煤J}的反應(yīng)類型________。rm{(3)H隆煤L}的化學(xué)反應(yīng)方程式是___________________________________________。rm{(4)K隆煤M}屬于加聚反應(yīng)，rm{K}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是__________________。rm{(5)}寫(xiě)出一定量的rm{C}與足量rm{NaOH}溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式________________rm{(6)}寫(xiě)出一種符合下列條件的rm{C}的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式_______________。rm{壟脵}屬于芳香族化合物；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)；rm{壟脹}遇rm{FeCl_{3}}溶液能發(fā)生顯色反應(yīng)rm{壟脺}核磁共振氫譜有rm{4}組峰，且峰面積之比為rm{l:l:2:2}23、rm{[}化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{]}乙基香蘭素是最重要的合成香料之一，常作為嬰幼兒奶粉的添加劑。制備乙基香蘭素的一種合成路線rm{(}部分反應(yīng)條件略去rm{)}如下圖所示

已知：rm{壟脵R隆陋ONa}rm{+R隆爐隆陋Br}rm{隆陋隆煤}rm{R隆陋O隆陋R隆爐}rm{+}rm{NaBr}rm{壟脷}Ⅲ中生成的rm{Cu_{2}O}經(jīng)氧化后可以循環(huán)利用回答下列問(wèn)題：rm{壟脜A}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰。rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)___。rm{壟脝}Ⅰ中可能生成的一種烴是____rm{(}填名稱rm{)}催化劑rm{PEG}可看作乙二醇脫水縮聚的產(chǎn)物，rm{PEG}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)___。若rm{PEG}的平均相對(duì)分子質(zhì)量為rm{17618}則其平均聚合度約為_(kāi)___。rm{壟脟}Ⅱ中，發(fā)生的反應(yīng)屬于____rm{(}填反應(yīng)類型rm{)}rm{壟脠}Ⅲ中，反應(yīng)的化學(xué)方程式為_(kāi)___。rm{壟脡}Ⅳ中，有機(jī)物脫去的官能團(tuán)是____rm{(}填名稱rm{)}rm{壟脢D}是乙基香蘭素的同分異構(gòu)體，其分子結(jié)構(gòu)中不含乙基。由rm{A}制備rm{D}的一種合成路線rm{(}中間產(chǎn)物及部分反應(yīng)條件略去rm{)}如下圖所示：rm{C}和rm{D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式分別為_(kāi)___、____。評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共4題，共40分)24、如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在固定斜面上，當(dāng)傾斜角為37°時(shí)恰好能沿斜面勻速下滑，設(shè)最大聲靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，對(duì)物體施加一大小為F的水平向右恒力，當(dāng)斜面傾角增大并超過(guò)某一臨界角θ0時(shí)；不論水平恒力F多大，都不能使物體沿斜面向上滑行，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：

（1）物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；

（2）臨界角θ0的大小．25、碳和氮的化合物在生產(chǎn)、生活中廣泛存在。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：rm{(1)}資料顯示，可用次氯酸鈉處理廢水中的氨氮rm{(NH_{3})}使其轉(zhuǎn)化為氮?dú)獬ァＦ渲饕磻?yīng)如下I.rm{NH_{3}(aq)+HClO(aq)=NH_{2}Cl(aq)+H_{2}O(1)}rm{II.2NH_{2}Cl(aq)+HClO(aq)=N_{2}(g)+H_{2}O(1)+3HCl(aq)}rm{NH_{3}(aq)+HClO(aq)=NH_{2}

Cl(aq)+H_{2}O(1)}以上反應(yīng)中rm{II.2NH_{2}Cl(aq)+HClO(aq)=N_{2}(g)

+H_{2}O(1)+3HCl(aq)}的來(lái)源用化學(xué)用語(yǔ)解釋是__________________________________rm{壟脵}實(shí)驗(yàn)測(cè)得rm{HClO}廢水中rm{壟脷}與氨氮去除率的關(guān)系如圖所示。rm{.}較高時(shí)；氨氮去除率下降的原因是______________________________________________

rm{pH}rm{pH}甲醇是重要的化工原料，又可作為燃料，工業(yè)上可利用或rm{(2)}來(lái)生產(chǎn)燃料甲醇。已知制備甲醇的有關(guān)反應(yīng)的化學(xué)方程式及其在不同溫度下的化學(xué)平衡常數(shù)如下表所示。

rm{CO}下列措施能使反應(yīng)rm{CO_{2}}的平衡體系中rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}}增大的是________rm{壟脵}填字母代號(hào)rm{壟脹}A.將rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}

}從體系中分離出去rm{(}充人rm{)}使體系壓強(qiáng)增大C.升高溫度rm{H_{2}O(g)}恒容時(shí)再充入rm{B.}rm{He(g)}時(shí)測(cè)得反應(yīng)rm{D.}在某時(shí)刻rm{1molH_{2}(g)}rm{壟脷500隆忙}rm{壟脹}rm{H_{2}(g)}的濃度分別為rm{CO_{2}(g)}rm{CH_{3}OH(g)}rm{H_{2}O(g)}rm{0.8mol隆隴L^{-1}}則此時(shí)rm{0.1mol隆隴L^{-1}}正rm{0.3mol隆隴L^{-1}}________rm{0.15mol隆隴L^{-1}}填“rm{v(}”“rm{)}”或“rm{(}”rm{>}逆rm{=}rm{<}常溫下，在rm{)v(}溶液屮，反應(yīng)rm{NH_{4}^{+}+C_{2}O_{4}^{2-}+H_{2}O?NH_{3}隆隴H_{2}O+HC_{2}O_{4}隆樓}的化學(xué)平衡常數(shù)rm{)}____________。rm{(3)}已知：常溫下，rm{(NH_{4})_{2}C_{2}O_{4}}的電離平衡常數(shù)rm{NH_{4}^{+}+C_{2}O_{4}^{2-}+H_{2}O?

NH_{3}隆隴H_{2}O+HC_{2}O_{4}隆樓}rm{K=}的電離衡常數(shù)rm{(}rm{NH_{3}隆隴H_{2}O}rm{K_=2隆脕10^{-5}}電解硝酸上業(yè)的尾氣rm{H_{2}C_{2}O_{4}}可制備rm{K_{a1}=5隆脕10^{-2}}其工作原理如圖所示：

rm{K_{a2}=5隆脕10^{-5})}陰極的電極反應(yīng)式為_(kāi)___________________________________rm{(4)}將電解生成的rm{NO}全部轉(zhuǎn)化為rm{NH_{4}NO_{3}}則通入的rm{壟脵}與實(shí)際參加反應(yīng)的rm{壟脷}的物質(zhì)的量之比至少為_(kāi)________________________________。rm{HNO_{3}}26、要測(cè)量某種合金的電阻率．

(1)

若合金絲長(zhǎng)度為L(zhǎng)

直徑為D

阻值為R

則其電阻率婁脩=

______________．用螺旋測(cè)微器測(cè)合金絲的直徑如圖甲所示，讀數(shù)為_(kāi)____________mm

．(2)

圖乙是測(cè)量合金絲阻值的原理圖，S2

是單刀雙擲開(kāi)關(guān).

根據(jù)原理圖在圖丙中將實(shí)物連線補(bǔ)充完整．

(3)

閉合S1

當(dāng)S2

處于位置a

時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U1=1.35VI1=0.30A

當(dāng)S2

處于位置b

時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U2=0.92VI2=0.32A.

根據(jù)以上測(cè)量數(shù)據(jù)判斷，當(dāng)S2

處于位置_____________(

選填“a

”或“b

”)

時(shí)，測(cè)量相對(duì)準(zhǔn)確，測(cè)量值Rx=

_________婁賂.(

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

27、如圖所示，在同一水平面上有質(zhì)量都是m=1kg的滑塊A、B、C，已知靜止的滑塊B處在水平面光滑和粗糙部分的分界線處，右側(cè)粗糙部分的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，已知AB間距L=6m，現(xiàn)讓A以速度v1=6m/s向右運(yùn)動(dòng)的同時(shí)C以v2=4m/s從適當(dāng)位置處向左運(yùn)動(dòng)，結(jié)果A與B碰撞粘合后又向右運(yùn)動(dòng)1s恰與C碰撞粘合在一起，已知重力加速度g=10m/s2；求：

（1）BC間距s的大??；

（2）三者粘合后的速度．評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共3題，共15分)28、（10分）如圖所示，一導(dǎo)熱性能良好、內(nèi)壁光滑的氣缸豎直放置，在距氣缸底部l=36cm處有一與氣缸固定連接的卡環(huán)，活塞與氣缸底部之間封閉了一定質(zhì)量的氣體．當(dāng)氣體的溫度T0=300K、大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa時(shí)，活塞與氣缸底部之間的距離l0=30cm，不計(jì)活塞的質(zhì)量和厚度．現(xiàn)對(duì)氣缸加熱，使活塞緩慢上升，求：①活塞剛到卡環(huán)處時(shí)封閉氣體的溫度T1；②封閉氣體溫度升高到T2=540K時(shí)的壓強(qiáng)p2。29、【題文】如圖所示，用兩根輕細(xì)金屬絲將質(zhì)量為m，長(zhǎng)為l的金屬棒a、b懸掛在c；d兩處；

（1）當(dāng)棒置于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)．其中通以從a到b的電流I后；兩懸線偏離豎直方向θ角處于平衡狀態(tài)．則磁感強(qiáng)度B為多少？

（2）為了使棒仍然平衡在該位置上，求所求磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度B'的最小值為多大？方向如何？30、【題文】如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ間距為l＝0.5m，其電阻不計(jì)，兩導(dǎo)軌及其構(gòu)成的平面均與水平面成30°角．完全相同的兩金屬棒ab、cd分別垂直導(dǎo)軌放置，每棒兩端都與導(dǎo)軌始終有良好接觸，已知兩棒質(zhì)量均為m＝0.02kg，電阻均為R＝0.1Ω，整個(gè)裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.2T，棒ab在平行于導(dǎo)軌向上的力F作用下，沿導(dǎo)軌向上勻速運(yùn)動(dòng)，而棒cd恰好能夠保持靜止．取g＝10m/s2；問(wèn)：

(1)通過(guò)棒cd的電流I是多少；方向如何？

(2)棒ab受到的力F多大？

(3)棒cd每產(chǎn)生Q＝0.1J的熱量，力F做的功W是多少？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】電阻R的I-U圖象斜率的倒數(shù)等于電阻R，由數(shù)學(xué)知識(shí)分析電流與電壓的關(guān)系．對(duì)于電阻R，運(yùn)用斜率求解，但不能根據(jù)直線傾角的正切的倒數(shù)求解，由圖讀出電壓為U=6V時(shí)的電流，由q=It求解每秒內(nèi)通過(guò)電阻的電荷量．【解析】【解答】解：A；圖線為直線表示電阻R不變；不隨電壓的變化而變化，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)電阻的定義式R=，可知I-U圖象斜率的倒數(shù)等于電阻R，則得R=Ω=2Ω；故B正確，C錯(cuò)誤．

D；由圖知；當(dāng)U=6V時(shí)，I=3A，則每秒通過(guò)電阻橫截面的電荷量是q=It=3×1C=3C，故D錯(cuò)誤．

故選：B2、B【分析】【分析】先對(duì)整體受力分析可得兩種情況下拉力的大小關(guān)系；再對(duì)A物體受力分析可得出繩子拉力的大小關(guān)系．【解析】【解答】解：對(duì)整體受力分析可知，整體受重力、拉力、支持力及摩擦力；因整體對(duì)地面的壓力相同，故摩擦力相同，因此水平拉力相等，即F1=F2；

再對(duì)A受力分析可知；A受重和；支持力及繩子的拉力而處于平衡狀態(tài)；對(duì)第一種狀態(tài)有：

T1cosθ=μ（mg-T1sinθ）

解得：

T1=

對(duì)第二狀態(tài)有：

T2cosθ=μ（mg+T2sinθ）

解得：

T2=

故T1＜T2；

故選B．3、B【分析】【分析】能級(jí)間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，能級(jí)差越大，吸收或輻射的光子能量越大，光子頻率越大．【解析】【解答】解：躍遷時(shí)輻射或吸收的光子能量必須等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，即hv=Em-En．

氫原子吸收某一確定頻率的光子（即能量是某一確定值）后躍遷到n=3的激發(fā)態(tài)；此后氫原子又放出的光子頻率可能有三種（即能量值為三個(gè)確定值），故ACD錯(cuò)誤，B正確；

故選：B．4、D【分析】【分析】重機(jī)勻加速地掉起一重物，加速度不變，牽引力不變，根據(jù)P=Fv判斷瞬時(shí)功率的變化，起重機(jī)通過(guò)拉力對(duì)物體做功，所以起重機(jī)的功率為拉力做功的功率．【解析】【解答】解：A；重物勻加速運(yùn)動(dòng)；加速度不變，則拉力不變，而速度增加，根據(jù)P=Fv可知，功率增大，故AB錯(cuò)誤；

C；起重機(jī)通過(guò)拉力對(duì)物體做功；所以起重機(jī)的功率為拉力做功的功率，重物勻加速運(yùn)動(dòng)，拉力大于重力，所以起重機(jī)的功率大于克服重力做功的功率，故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：D5、A【分析】【分析】根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)：初速度的方向與合外力的方向垂直來(lái)判定粒子是否在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理判定粒子達(dá)到C點(diǎn)是的速度，和MN之間的電勢(shì)差．【解析】【解答】解：A：因AB=BC，即，可見(jiàn)vC=v0．故A正確；

B、D：因電場(chǎng)力和重力均為恒力，其合力亦為恒力，且與v0有一定夾角；故微粒做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)--即拋物線運(yùn)動(dòng)，而不是類平拋運(yùn)動(dòng)．故BD錯(cuò)誤；

C：由動(dòng)能定理，得：W電+WG=△Ek=0，即：，而所以：；故C錯(cuò)誤；

故選：A6、C【分析】【分析】解答本題關(guān)鍵掌握：國(guó)際單位制中的力學(xué)基本單位有三個(gè)：kg、s、m，其他單位是導(dǎo)出單位或常用單位．【解析】【解答】解：A；kg、s都是國(guó)際單位制中的基本單位．故A錯(cuò)誤．

B；N不是基本單位；m是基本單位．故B錯(cuò)誤．

C、m/s2；N都不是國(guó)際單位制中的基本單位．故C正確．

D；N不是基本單位；s是基本單位．故D錯(cuò)誤．

本題選都不是國(guó)際單位制中力學(xué)的基本單位的，故選：C．7、D【分析】【分析】位移的定義，由初位置向末位置做有向線段表示，路程是物體走過(guò)軌跡的長(zhǎng)度．【解析】【解答】解：根據(jù)位移的概念；甲的位移是PQ方向豎直向上，乙的位移是MN水平向右，但二者位移大小相等，也互相垂直，有路程的概念知，它們的路程不相同，故D正確．

故選：D二、填空題(共8題，共16分)8、3：1：12：2：16：2：1【分析】【分析】傳動(dòng)裝置，在傳動(dòng)過(guò)程中不打滑，則有：共軸的角速度是相同的；同一傳動(dòng)裝置接觸邊緣的線速度大小是相等的．所以當(dāng)角速度一定時(shí)，線速度與半徑成正比；當(dāng)線速度大小一定時(shí)，角速度與半徑成反比．因此根據(jù)題目條件可知三點(diǎn)的線速度及角速度關(guān)系，從而可確定向心加速度的關(guān)系．【解析】【解答】解：A；B分別為同一傳動(dòng)裝置前輪和后輪邊緣上的一點(diǎn)；

所以有：VA=VB；

因?yàn)閞A：rB=1：3，所以ωA：ωB=3：1；

B、C兩點(diǎn)共軸，所以有：ωC=ωB．

所以：ωA：ωB：ωC=3：1：1；

線速度為：v=ωr；根據(jù)題意可知，AB共帶，BC共軸；

所以有：vA：vB：vC=2：2：1

根據(jù)a=vω，可知，向心加速度之比為：aA：aB：aC=6：2：1；

故答案為：3：1：1，2：2：1，6：2：19、伽利略；牛頓、愛(ài)因斯坦．牛頓：發(fā)現(xiàn)了牛頓運(yùn)動(dòng)定律和萬(wàn)有引力定律．

愛(ài)因斯坦：成功解釋了光電效應(yīng)，創(chuàng)立了相對(duì)論等．【分析】【分析】根據(jù)牛頓、愛(ài)因斯坦、伽利略的出生年代、對(duì)物理學(xué)的貢獻(xiàn)進(jìn)行解答．【解析】【解答】解：三位科學(xué)家按歷史年代先后順序排列：伽利略；牛頓、愛(ài)因斯坦．

伽利略：望遠(yuǎn)鏡的早期發(fā)明；將實(shí)驗(yàn)方法引進(jìn)物理學(xué)，開(kāi)創(chuàng)了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)研究的方法等．

牛頓：發(fā)現(xiàn)了牛頓運(yùn)動(dòng)定律和萬(wàn)有引力定律．

愛(ài)因斯坦：成功解釋了光電效應(yīng)；創(chuàng)立了相對(duì)論等．

故答案為：伽利略；牛頓、愛(ài)因斯坦．

牛頓：發(fā)現(xiàn)了牛頓運(yùn)動(dòng)定律和萬(wàn)有引力定律．

愛(ài)因斯坦：成功解釋了光電效應(yīng)，創(chuàng)立了相對(duì)論等．10、0.267負(fù)【分析】【分析】從圖象中可以知道波長(zhǎng)為λ=4m，根據(jù)波速公式v=可以求出周期，然后根據(jù)x=vt求出0.2s內(nèi)波傳播的距離，根據(jù)波形的平移法判斷波的傳播方向．【解析】【解答】解：從圖中可以看出波長(zhǎng)λ=4m；已知波速v=15m/s；

由波速公式v=

解得：T==0.267s

經(jīng)過(guò)0.2s；波傳播的距離為x=vt=15×0.2m=3m

n=

根據(jù)波形的平移法可得知；該波x軸負(fù)方向傳播．

故答案為：0.267，負(fù)11、略

【分析】

（1）正電荷受力大?。篎1=qE，方向向右；它的力臂：是順時(shí)針?lè)较虻牧?，大小?/p>

負(fù)電荷受力的方向向左，相對(duì)O點(diǎn)的力矩也是順時(shí)針?lè)较?，同理大小是?/p>

兩點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力對(duì)O點(diǎn)的合力矩大小：M=M1+M2=qELsinθ

（2）若設(shè)過(guò)O點(diǎn)的等勢(shì)面電勢(shì)為零，則正電荷具有的電勢(shì)能：

負(fù)電荷在該點(diǎn)的電勢(shì)能也大于0，大小為：

則兩電荷具有的電勢(shì)能之和為：EP=EP1+EP2=qELcosθ

故答案為：qELsinθ；qELcosθ

【解析】【答案】力矩是力與力臂的乘積．正電荷受力的方向向右；是順時(shí)針?lè)较虻牧?；?fù)電荷受力的方向向左，相對(duì)O點(diǎn)的力矩也是順時(shí)針?lè)较颍妱?shì)能之和就是兩個(gè)點(diǎn)電荷的電勢(shì)能的和．

12、略

【分析】

因電阻串聯(lián)；故能過(guò)各電阻的電流相等，功率又相等，說(shuō)明此時(shí)兩電器的電阻應(yīng)相等；

在圖中作出斜率為1的圖象；兩圖象的交點(diǎn)為電阻的工作點(diǎn)，由圖可知，此時(shí)電流為3mA；

要使AB與BC之間的電壓相等；則BC兩端的電壓為3.5V，并且兩電阻中的電流相等，由圖可知，此時(shí)符合條件的只有1.5mA；

故答案為：3；1.5．

【解析】【答案】由圖可知三用電器為串聯(lián)關(guān)系；故三電器里電流相等；將R1電阻的伏安特性曲線在坐標(biāo)中作出，兩圖象的交點(diǎn)為R的工作點(diǎn)，由圖可知電流；

若使AB與BC間的電壓相等；則可求得BC兩端的電壓為3.5V，則兩電器電流相等，且電壓之和為3.5V，找出符合條件的點(diǎn)即可．

13、略

【分析】【解析】

試題分析：根據(jù)玻爾原子理論可知，當(dāng)原子由高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，要放出光子；所放出的光子能量為：hν＝E4－E2＝－0.85eV－(－3.40)eV＝2.55eV，由于此光子剛好能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，因此該金屬的逸出功為2.55eV，要使該金屬能發(fā)生光電效應(yīng)的光子能量必須大于或等于2.55eV，因此一群處于n＝4的能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，所釋放的光子中，除了從n＝4向n＝3和從n＝3向n＝2的能級(jí)躍遷時(shí)釋放的光子能量不夠，其它均可，所以共有－2＝4種光子。

考點(diǎn)：本題主要考查了氫原子的躍遷，光電效應(yīng)的產(chǎn)生條件問(wèn)題，屬于中檔偏低題?！窘馕觥俊敬鸢浮枯椛?；2.55；4。14、單方向的直線運(yùn)動(dòng)【分析】【分析】正確認(rèn)識(shí)位移和路程的概念，位移描述位置移動(dòng)的物理量，由物體的始末位置確定是矢量，有大小也有方向，路程是物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度是標(biāo)量．【解析】【解答】解：路程是運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度；位移是從初位置到末位置的有向線段，由于兩點(diǎn)間的直線距離最短，故只有在單方向的直線運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)中，位移大小等于路程；

故答案為：?jiǎn)畏较虻闹本€運(yùn)動(dòng)．15、2.260.67【分析】【分析】小行星與地球均以太陽(yáng)為中心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，都是由萬(wàn)有引力提供向心力，列出等式解題．向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量選取應(yīng)用．【解析】【解答】解：1；小行星與地球均以太陽(yáng)為中心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；都是由萬(wàn)有引力提供向心力；

有：

r=

所以該小行星和地球繞太陽(yáng)運(yùn)行的軌道半徑之比為==2.26

2；根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)得：

v=得：小行星和火星繞太陽(yáng)運(yùn)行的線速度大小之比為=0.67．

故答案為：2.26；0.67．三、判斷題(共6題，共12分)16、×【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，與物體速度無(wú)關(guān)，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．再由牛頓第二定律可知，F(xiàn)=ma，即加速度與合外力的關(guān)系．【解析】【解答】解：根據(jù)加速度的定義式a=可知；物體的速度越大，則加速度不一定越大；

再由牛頓第二定律可知；F=ma，可知，當(dāng)加速度越大時(shí)，則合外力越大，故是錯(cuò)誤的；

故答案為：×．17、√【分析】【分析】平均速度是位移與時(shí)間的比值；平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√18、√【分析】【分析】建立坐標(biāo)系的意義是為了定量描述質(zhì)點(diǎn)的位置變化，要根據(jù)問(wèn)題的實(shí)際需要，建立合適的坐標(biāo)系，沿直線運(yùn)動(dòng)建立直線坐標(biāo)系，在平面上運(yùn)動(dòng)，建立平面直角坐標(biāo)系．【解析】【解答】解：建立坐標(biāo)系是為了定量描述物體的位置和位置的變化；坐標(biāo)系都是建立在參考系上的，沒(méi)有參考系則坐標(biāo)系無(wú)法建立，所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】從微觀上說(shuō)，系統(tǒng)內(nèi)能是構(gòu)成系統(tǒng)的所有分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)動(dòng)能、分子間相互作用勢(shì)能的總和，是大量分子的統(tǒng)計(jì)規(guī)律．【解析】【解答】解：物體內(nèi)能是指物體內(nèi)部所有分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)所具有的動(dòng)能和分子勢(shì)能的總和；注意是物體的內(nèi)能，不是分子的內(nèi)能；

故答案為：×20、×【分析】【分析】陰極射線是在1858年利用低壓氣體放電管研究氣體放電時(shí)發(fā)現(xiàn)的．1897年約瑟夫?約翰?湯姆生根據(jù)放電管中的陰極射線在電磁場(chǎng)和磁場(chǎng)作用下的軌跡確定陰極射線中的粒子帶負(fù)電，并測(cè)出其荷質(zhì)比，這在一定意義上是歷史上第一次發(fā)現(xiàn)電子．【解析】【解答】解：陰極即負(fù)極；陰極射線是負(fù)極發(fā)出的射線，是電子流；同理，陽(yáng)離子在陽(yáng)極放電．故該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．21、×【分析】【分析】原子核由質(zhì)子和中子構(gòu)成．【解析】【解答】解：原子核由質(zhì)子；中子構(gòu)成；故說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×四、推斷題(共2題，共4分)22、（1）羥基、羧基

（2）消去反應(yīng)。

（3）

（4）

（5）

（6）或或

【分析】【分析】

本題考查有機(jī)物的推斷與合成，需要學(xué)生對(duì)給予的信息進(jìn)行利用，能較好的考查學(xué)生的自學(xué)能力，注意根據(jù)rm{F}可以連續(xù)氧化生成rm{H}結(jié)合rm{L}為環(huán)酯確定rm{H}的結(jié)構(gòu)是關(guān)鍵；對(duì)學(xué)生的邏輯推理有較高的要求，注意掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，是熱點(diǎn)題型，難度中等。

【解答】

由反應(yīng)信息Ⅰ可知，乙烯在高錳酸鉀、堿性條件下被氧化生成rm{B}為rm{HOCH_{2}CH_{2}OH.}由反應(yīng)信息Ⅱ可知，與乙酸酐反應(yīng)生成rm{D}為rm{.F}發(fā)生催化氧化生成rm{G}rm{G}與形成氫氧化銅反應(yīng)生成rm{H}則rm{F}為醇、rm{G}含有醛基、rm{H}含有羧基，rm{L}是六元環(huán)酯，由rm{H}rm{L}的分子式可知，應(yīng)是rm{2}分子rm{H}脫去rm{2}分子水發(fā)生酯化反應(yīng)，故H中還含有rm{-OH}且rm{-OH}rm{-COOH}連接在同一碳原子上，該碳原子不含rm{H}原子，故H為逆推可得rm{G}為rm{F}為故E為rm{(CH_{3})_{2}C=CH_{2}}在高錳酸鉀、堿性條件下氧化生成rm{F.B}rm{D}rm{J}反應(yīng)生成rm{K}rm{K隆煤M}屬于加聚反應(yīng)，rm{M}分子式是rm{(C_{l5}H_{l6}O_{6})_{n}}由rm{M}的鏈節(jié)組成可知，應(yīng)是rm{1}分子rm{B}rm{1}分子rm{D}rm{1}分子rm{J}反應(yīng)生成rm{K}故H在濃硫酸、加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{J}為rm{CH_{2}=C(CH_{3})COOH}rm{K}為rm{M}為

rm{(1)}由rm{C}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，rm{C}中含氧官能團(tuán)的名稱為羥基、羧基，rm{D}為故答案為：羥基、羧基；

rm{(2)}根據(jù)上面的分析可知，rm{F}為rm{H隆煤J}的反應(yīng)類型消去反應(yīng)，故答案為：消去反應(yīng)；

rm{(3)H隆煤L}的化學(xué)反應(yīng)方程式是故答案為：

rm{(4)}根據(jù)上面的分析可知，rm{K}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是故答案為：

rm{(5)}一定量的rm{C}與足量rm{NaOH}溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為故答案為：

rm{(6)}符合下列條件的rm{C(}rm{)}的同分異構(gòu)體：

rm{壟脵}屬于芳香族化合物，含有苯環(huán)；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，含有rm{-CHO}或rm{-OOCH}若為rm{-CHO}則還含有rm{2}個(gè)rm{-OH}若為rm{-OOCH}則還含有rm{1}個(gè)rm{-OH.壟脹}核磁共振氫譜有rm{4}組峰，且峰面積之比為rm{1}rm{1}rm{2}rm{2}符合條件的同分異構(gòu)體為：故答案為：或或

【解析】rm{(1)}羥基、羧基

rm{(2)}消去反應(yīng)。

rm{(3)}

rm{(4)}

rm{(5)}

rm{(6)}或或

23、（1）

（2）乙烯（或）400

（3）加成反應(yīng)。

（4）（或）

（5）羧基。

（6）CH3Br

【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷與合成，充分利用有機(jī)物的結(jié)構(gòu)進(jìn)行分析，側(cè)重考查學(xué)生分析推理能力，是對(duì)有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)綜合考查。【解答】rm{(1)}由合成路線中物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知rm{A}含有苯環(huán)，rm{A}的分子式為rm{C}由合成路線中物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知rm{(1)}含有苯環(huán)，rm{A}的分子式為rm{A}rm{C}rm{{,!}_{6}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{6}}rm{O}組峰，則rm{O}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{{,!}_{2}}，核磁共振氫譜有rm{3}組峰，則rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為

rm{3}溴乙烷在氫氧化鈉醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成乙烯；催化劑rm{A}可看作乙二醇脫水縮聚的產(chǎn)物，，故答案為：的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為；的平均相對(duì)分子質(zhì)量為rm{(2)}溴乙烷在氫氧化鈉醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成乙烯；催化劑rm{PEG}可看作乙二醇脫水縮聚的產(chǎn)物，rm{PEG}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為則其平均聚合度約為rm{(2)}rm{PEG}故答案為：乙烯；rm{PEG}或，若rm{PEG}的平均相對(duì)分子質(zhì)量為rm{17618}則其平均聚合度約為rm{PEG}rm{17618}對(duì)比rm{dfrac{17618}{44}隆脰400}的分子式以及；與rm{(}的反應(yīng)物結(jié)構(gòu)可知，rm{)}為rm{400}與rm{(3)}對(duì)比rm{B}的分子式以及rm{A}與rm{B}的反應(yīng)物結(jié)構(gòu)可知，rm{B}為

rm{(3)}Ⅲ中是羥基被氧化為羰基，反應(yīng)方程式為：rm{B}rm{A}rm{B}或rm{B}，Ⅱ是rm{B}與

rm{B}對(duì)比物質(zhì)結(jié)構(gòu)可知，Ⅳ中有機(jī)物脫去的官能團(tuán)是羧基，故答案為：羧基；

發(fā)生加成反應(yīng)，故答案為：加成反應(yīng)；是乙基香蘭素的同分異構(gòu)體，其分子結(jié)構(gòu)中不含乙基，rm{(4)}Ⅲ中是羥基被氧化為羰基，反應(yīng)方程式為：的合成路線與乙基香蘭素的合成路線相同，可知rm{(4)}為，為故答案為：rm{(}rm{)}故答案為：；rm{(5)}對(duì)比物質(zhì)結(jié)構(gòu)可知，Ⅳ中有機(jī)物脫去的官能團(tuán)是羧基，故答案為：羧基；【解析】rm{(1)}

rm{(2)}乙烯rm{(}或rm{)}rm{400}

rm{(3)}加成反應(yīng)。

rm{(4)}rm{(}或rm{)}

rm{(5)}羧基。

rm{(6)}rm{CH3Br}

五、簡(jiǎn)答題(共4題，共40分)24、略

【分析】【分析】（1）對(duì)物體受力分析；采用正交分解法分別列出牛頓第二定律表達(dá)式，然后求解即可；

（2）根據(jù)牛頓第二定律寫(xiě)出物體勻速時(shí)的函數(shù)表達(dá)式，然后再討論即可．【解析】【解答】解：（1）物體m勻速下滑時(shí)應(yīng)有：mgsin37°=μmgcos37°；解得μ=tan37°=0.75；

（2）設(shè)斜面的傾角為α；對(duì)物體受力分析，由勻速運(yùn)動(dòng)的條件應(yīng)有：

Fcosα=mgsinα+f①

FN=mgcosα+Fsinα②

f=μFN③

聯(lián)立①②③可得F=；討論如下：

當(dāng)cosα-μsinα=0時(shí)，F(xiàn)→∞，即無(wú)論用多大的力都不能使物體沿斜面上滑，可解得臨界角tanθ0=tanα==；

解得：θ0=53°

答：（1）物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.75；

（2）臨界角為53°．25、rm{(1)壟脵C(jī)l{O}^{-}+{H}_{2}Ooverset{}{?}HClO+O{H}^{-}}

rm{(1)壟脵C(jī)l{O}^{-}+{H}_{2}O

overset{}{?}HClO+O{H}^{-}}較大時(shí)，氫氧根離子濃度較大，抑制次氯酸鈉水解，次氯酸濃度較小導(dǎo)致氧化能力弱，氨氮去除率降低

rm{壟脷PH}

rm{(2)壟脵AD}

rm{壟脷>}

rm{(4)壟脵NO+5e^{-}+6H^{+}=NH_{4}^{+}+H_{2}O}

rm{(3)1隆脕10^{-5}}rm{(4)

壟脵NO+5e^{-}+6H^{+}=NH_{4}^{+}+H_{2}O}【分析】【分析】本題旨在考查學(xué)生對(duì)鹽類水解的原理、電極反應(yīng)式的書(shū)寫(xiě)、電解池工作原理、化學(xué)平衡移動(dòng)原理等應(yīng)用。【解答】rm{(1)壟脵}由于次氯酸根離子水解生成次氯酸，方程式為：rm{Cl{O}^{-}+{H}_{2}Ooverset{}{?}HClO+O{H}^{-}}故答案為：rm{Cl{O}^{-}+{H}_{2}Ooverset{}{?}HClO+O{H}^{-}}rm{Cl{O}^{-}+{H}_{2}O

overset{}{?}HClO+O{H}^{-}}實(shí)驗(yàn)測(cè)得rm{Cl{O}^{-}+{H}_{2}O

overset{}{?}HClO+O{H}^{-}}廢水中rm{壟脷}實(shí)驗(yàn)測(cè)得rm{.}廢水中rm{pH}與氨氮去除率的關(guān)系如圖所示。rm{pH}較高時(shí)，氨氮去除率下降的原因是：與氨氮去除率的關(guān)系如圖所示。rm{壟脷}較高時(shí)，氨氮去除率下降的原因是：rm{.}較大時(shí)，氫氧根離子濃度較大，抑制次氯酸鈉水解，次氯酸濃度較小導(dǎo)致氧化能力弱，氨氮去除率降低rm{pH}rm{pH}rm{PH}較大時(shí)，氫氧根離子濃度較大，抑制次氯酸鈉水解，次氯酸濃度較小導(dǎo)致氧化能力弱，氨氮去除率降低；故答案為：rm{PH}；rm{(2)壟脵}從體系中分離出去，平衡正向移動(dòng)，平衡體系中rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}}A.將rm{H}rm{H}使體系壓強(qiáng)增大，平衡不移動(dòng)，故平衡體系中rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}}不變，故B錯(cuò)誤；C.該反應(yīng)為放熱反應(yīng)，升高溫度平衡逆向移動(dòng)，故rm{{,!}_{2}}rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}}減小，故C錯(cuò)誤；D.rm{O(g)}從體系中分離出去，平衡正向移動(dòng)，平衡體系中rm{O(g)}rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}

}平衡正向移動(dòng)，故增大，故A正確；rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}}增大，故D正確。故答案為：B.充人rm{He(g)}使體系壓強(qiáng)增大，平衡不移動(dòng)，故平衡體系中rm{He(g)}時(shí)測(cè)得反應(yīng)rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}

}在某時(shí)刻平衡體系中rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}

}恒容時(shí)再充入rm{1molH}rm{1molH}rm{2}rm{2}rm{(g)}平衡正向移動(dòng)，故rm{(g)}平衡體系中rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}

}rm{AD}rm{壟脷500隆忙}時(shí)測(cè)得反應(yīng)rm{壟脹}在某時(shí)刻rm{H}的濃度分別為rm{壟脷500隆忙}rm{壟脹}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)}rm{CO}rm{(g)}rm{CO}rm{{,!}_{2}}，rm{Q=dfrac{0.15隆脕0.3}{0.{8}^{3}隆脕0.1}<k1隆脕k2}故平衡正向移動(dòng)，正反應(yīng)速率大于逆反應(yīng)速率；rm{(g)}rm{CH}rm{(g)}常溫下，在rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(g)}rm{H}rm{OH(g)}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{O(g)}的濃度分別為rm{0.8mol隆隴L}rm{O(g)}rm{0.8mol隆隴L}rm{{,!}^{-1}}、rm{0.1mol隆隴L}rm{0.1mol隆隴L}rm{{,!}^{-1}}、rm{0.3mol隆隴L}rm{0.3mol隆隴L}rm{{,!}^{-1}}、rm{0.15mol隆隴L}rm{0.15mol隆隴L}rm{{,!}^{-1}}，rm{Q=dfrac{0.15隆脕0.3}{0.{8}^{3}隆脕0.1}<k1隆脕k2

}故平衡正向移動(dòng)，正反應(yīng)速率大于逆反應(yīng)速率；rm{Q=dfrac{0.15隆脕0.3}{0.{8}^{3}隆脕0.1}<k1隆脕k2

}故答案為：rm{>}rm{>}rm{(3)}常溫下，在rm{(NH}rm{(3)}rm{(NH}rm{{,!}_{4}}的化學(xué)平衡常數(shù)rm{K=dfrac{cleft(N{H}_{3}隆隴{H}_{2}Oright)隆脕cleft(H{C}_{2}{{O}_{4}}^{-}right)}{cleft(N{{H}_{4}}^{+}right)隆脕cleft({C}_{2}{{O}_{4}}^{2-}right)}=dfrac{cleft(N{H}_{3}隆隴{H}_{2}Oright)隆脕cleft(H{C}_{2}{{O}_{4}}^{-}right){K}_{w}}{cleft(N{{H}_{4}}^{+}right)隆脕cleft({C}_{2}{{O}_{4}}^{2-}right)cleft({H}^{+}right)隆脕cleft(O{H}^{-}right)}=dfrac{1隆脕{10}^{-14}}{2隆脕{10}^{-5}隆脕5隆脕{10}^{-5}}=1隆脕{10}^{-5}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}rm{C}rm{C}根據(jù)題意，rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{4}}溶液屮，反應(yīng)rm{NH}rm{NH}rm{{,!}_{4}^{+}}根據(jù)題意，電解總反應(yīng)式為rm{+C}故當(dāng)實(shí)際參加反應(yīng)的rm{+C}為rm{{,!}_{2}}時(shí)，要將電解生成的硝酸全部轉(zhuǎn)化為硝酸銨還有通入rm{O}氨氣，則氨氣和rm{O}的物質(zhì)的量之比為rm{{,!}_{4}^{2-}}故答案為：rm{+H}rm{+H}【解析】rm{(1)壟脵C(jī)l{O}^{-}+{H}_{2}Ooverset{}{?}HClO+O{H}^{-}}rm{(1)壟脵C(jī)l{O}^{-}+{H}_{2}O

overset{}{?}HClO+O{H}^{-}}較大時(shí)，氫氧根離子濃度較大，抑制次氯酸鈉水解，次氯酸濃度較小導(dǎo)致氧化能力弱，氨氮去除率降低rm{壟脷PH}rm{(2)壟脵AD}rm{壟脷>}rm{(4)壟脵NO+5e^{-}+6H^{+}=NH_{4}^{+}+H_{2}O}rm{(3)1隆脕10^{-5}}rm{(4)

壟脵NO+5e^{-}+6H^{+}=NH_{4}^{+}+H_{2}O}26、（1）（2）0.650（3）b2.9【分析】【分析】(1)

應(yīng)用歐姆定律與電阻定律可以求出電阻率的表達(dá)式；(2)

螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器示數(shù)；(3)

根據(jù)?UU1

與?II1

進(jìn)行比較大小，從而確定電壓表還是電流表誤差較大，進(jìn)而確定外接法還是內(nèi)接法，再由歐姆定律，求解電阻。本題考查了螺旋測(cè)微器讀數(shù)、求電阻率，螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器示數(shù)，螺旋測(cè)微器需要估讀一位，讀數(shù)時(shí)視線要與刻度線垂直，并掌握電流表內(nèi)接法與外接法的確定依據(jù)?！窘獯稹?1)

金屬絲電阻：R=UI=婁脩LS=