2025年浙教版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊月考試卷417考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、真空中有一半徑為r0的帶電金屬球，以球心O為坐標(biāo)原點(diǎn)沿某一半徑方向?yàn)檎较蚪軸，x軸上各點(diǎn)的電勢隨x的分布如圖所示（假設(shè)無窮遠(yuǎn)處電勢為零），其中x1、x2、x3分別是x軸上A、B、C三點(diǎn)的位置坐標(biāo)．根據(jù)-x圖象，下列說法正確的是（）

A.該金屬球帶負(fù)電B.B點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于C點(diǎn)的電場強(qiáng)度C.A處電場強(qiáng)度有沿x軸正方向分量D.電量為q的負(fù)電荷在B點(diǎn)的電勢能比在C點(diǎn)的電勢能小2、某區(qū)域的電場線分布如圖所示，其中間一根電場線是直線，一帶正電的粒子從直線上的O點(diǎn)由靜止開始在電場力作用下運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)，取O點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿直線向右為x軸正方向，粒子的重力忽略不計(jì)，在O到A運(yùn)動(dòng)過程中，下列關(guān)于粒子運(yùn)動(dòng)速度v和加速度a隨時(shí)間t的變化，運(yùn)動(dòng)徑跡上電勢和粒子的動(dòng)能Ek隨位移x的變化圖線中可能正確的是()

A.B.C.D.3、如圖所示是使用靜電計(jì)探究平行板電容器電容與哪些因素有關(guān)的實(shí)驗(yàn)裝置。充電后的平行板電容器A板帶正電且固定在絕緣支架上；用導(dǎo)線將A板與靜電計(jì)的金屬小球相連，將帶負(fù)電的B板與靜電計(jì)的金屬外殼同時(shí)接地，要使靜電計(jì)的指針張角變小，可采用的方法是（）

A.增大A板與B板之間的水平距離B.A板位置不動(dòng)，將B板稍微豎直向上平移C.將玻璃板插入A板與B板之間D.A板位置不動(dòng)，將B板向左移動(dòng)4、如圖（a）所示，兩個(gè)帶正電的小球A、B（均可視為點(diǎn)電荷）套在一根傾斜的光滑絕緣直桿上，其中A球固定，電荷量QA=2.0×10-4C，B球的質(zhì)量m=0.1kg。以A為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿桿向上建立直線坐標(biāo)系，B球的總勢能（重力勢能與電勢能之和）隨位置x的變化規(guī)律如圖（b）中曲線I所示，直線Ⅱ?yàn)榍€I的漸近線。圖中M點(diǎn)離A點(diǎn)距離為6m，令A(yù)位置的重力勢能為零，無窮遠(yuǎn)處電勢為零，重力加速度g取10m/s2，圖（a）靜電力恒量k=9.0×109N·m2/C2；下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.B球的電荷量QB=1.0×10-5CB.直線Ⅱ?qū)嵸|(zhì)上是小球B的重力勢能變化曲線C.若B球從離A球2m處靜止釋放，則向上運(yùn)動(dòng)過程中加速度先減小后增大D.若B球以4J的初動(dòng)能從M點(diǎn)沿桿向上運(yùn)動(dòng)，到最高點(diǎn)時(shí)電勢能減小1J5、如圖所示，圓環(huán)上帶有大量的負(fù)電荷，當(dāng)圓環(huán)沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，a、b、c三枚小磁針都要發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)；以下說法正確的是（）

A.a、b、c的S極都向紙里轉(zhuǎn)B.b的S極向紙外轉(zhuǎn)，而a、c的S極向紙里轉(zhuǎn)C.b、c的N極都向紙里轉(zhuǎn)，而a的N極向紙外轉(zhuǎn)D.b的S極向紙里轉(zhuǎn)，而a、c的S極向紙外轉(zhuǎn)評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖所示，充電后的平行板電容器水平放置，電容為C，極板間的距離為d，極板面積為S，電容器帶電量為Q。電容器之間有一帶正電的油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)。在油滴質(zhì)量不變的情況下，某時(shí)刻油滴的電荷量q開始減??；為使該油滴仍保持靜止?fàn)顟B(tài)，可采取的措施為（）

A.給平行板電容器繼續(xù)充電，增加電荷量QB.讓平行板電容器放電，減少電荷量QC.使兩極板相互靠近些，減小極板間的距離dD.將上極板水平右移一些，減小極板正對面積S7、如圖所示，為一圓的兩條直徑，且互相垂直，點(diǎn)為圓心?？臻g存在一未知靜電場，方向與圓周所在平面平行?，F(xiàn)有一電子，在靜電力作用下（重力不計(jì)），先從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至點(diǎn)，動(dòng)能減少了又從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至點(diǎn)，動(dòng)能增加了那么關(guān)于此空間存在的靜電場可能是（）

A.方向垂直于并由指向的勻強(qiáng)電場B.方向垂直于并由指向的勻強(qiáng)電場C.位于點(diǎn)的正點(diǎn)電荷形成的電場D.位于點(diǎn)的正點(diǎn)電荷形成的電場8、如圖所示水平放置的平行板電容器，兩板間距為d，電壓恒為U，兩板間為勻強(qiáng)電場．為便于描述，以兩板中心連線中點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)并建立如圖平面直角坐標(biāo)系，點(diǎn)為一粒子源沿軸正向以速度發(fā)射出一個(gè)質(zhì)量為帶正電粒子，粒子沿軸正向做勻速運(yùn)動(dòng)（粒子落到極板即被吸附，坐標(biāo)軸不隨極板轉(zhuǎn)動(dòng)），重力加速度大小為則下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.A板帶負(fù)電、B板帶正電，粒子的電荷量為B.若B兩板分別以為軸在紙面內(nèi)逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)15°后，沿軸正向射入的粒子將做曲線運(yùn)動(dòng)C.若兩板以為軸在紙面內(nèi)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)180°，粒子由點(diǎn)以沿軸正向射入且未從極板間射出，粒子在極板上的落點(diǎn)坐標(biāo)為D.若兩板以為軸在紙面內(nèi)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)90°，粒子由點(diǎn)以沿y軸負(fù)向射入，當(dāng)其達(dá)到A板時(shí)增加的動(dòng)能為1.5mgd，則粒子的初速度9、對于常溫下一根阻值為R的均勻金屬絲，下列說法中正確的是（）A.給金屬絲加上逐漸從零增大到U0的電壓，則任一狀態(tài)下的值不變B.常溫下，若將金屬絲從中點(diǎn)對折起來，電阻變?yōu)镃.常溫下，若將金屬絲均勻拉長為原來的10倍，則電阻變?yōu)?0RD.把金屬絲溫度降低到絕對零度附近，電阻率會(huì)突然變?yōu)榱愕默F(xiàn)象稱為超導(dǎo)現(xiàn)象10、兩個(gè)完全相同的均勻帶電金屬小球，帶電荷量分別為的正電荷，的負(fù)電荷，在真空中相距為r且靜止，相互作用的靜電力大小為F。現(xiàn)把兩個(gè)小球接觸一下再放回原來的位置，則（）A.兩個(gè)小球的帶電荷量均為3CB.兩個(gè)小球的帶電荷量均為1CC.兩個(gè)小球間相互作用的靜電力大小為D.兩個(gè)小球間相互作用的靜電力大小為11、如圖所示，直角坐標(biāo)系中x軸上的r和－r處固定有兩個(gè)帶電荷量分別為－Q和＋9Q的點(diǎn)電荷，y軸上a、b兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為ya＝r和yb＝－r，x軸上d點(diǎn)的坐標(biāo)為xd＝2r，則下列說法中正確的是（）

A.a、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)相同B.a、b兩點(diǎn)的電勢相等C.d點(diǎn)場強(qiáng)為零D.O點(diǎn)電勢為零12、如圖所示，O為正方形的中心，N是正方形邊的中點(diǎn)?，F(xiàn)在M點(diǎn)固定一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷，已知A、B、C、D四點(diǎn)到M點(diǎn)的距離相等且下列說法正確的是（）

A.A、B、C、D四點(diǎn)的電勢相等B.A、B、C、D四點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同C.N點(diǎn)和D點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小之比為D.帶正電的試探電荷在O點(diǎn)的電勢能小于在C點(diǎn)的電勢能13、如圖所示，平行板電容器兩極板水平放置，現(xiàn)將其與二極管串聯(lián)接在電動(dòng)勢為E的直流電源上，電容器下極板接地，靜電計(jì)所帶電量可忽略，二極管具有單向?qū)щ娦浴ｉ]合開關(guān)S，一帶電油滴恰好靜止于兩板間的P點(diǎn)；則下列說法正確的是（）

A.在兩板間放入陶瓷片，平行板電容器的電容將變大B.在兩板間放入與極板等大的金屬片，靜電計(jì)指針張角變小C.現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，帶電油滴的電勢能將減少D.現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，油滴將向下運(yùn)動(dòng)14、如圖所示，電源的電動(dòng)勢E一定，內(nèi)阻r=2Ω，定值電阻R1=0.5Ω，滑動(dòng)變阻器R2的最大阻值為5Ω；則：

A.當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值為5Ω時(shí)，電源的輸出功率最大B.當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值為1.5Ω時(shí)，電源的輸出功率最大C.當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值為2.5Ω時(shí)，變阻器R2消耗的功率最大D.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值為2.5Ω時(shí)，電阻R1消耗的功率最大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、電源和電阻R組成閉合電路，它們的U—I關(guān)系圖線如圖所示。該電源的內(nèi)阻為________，電源消耗的總功率為________W。

16、兩種材料不同的電阻絲，長度之比1∶5，截面積之比為2∶3，電阻率之比為2∶5，則材料的電阻之比為_______。17、如圖所示，空間內(nèi)存在水平向右的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E．A、B為勻強(qiáng)電場中的兩點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)間距離為l，A、B兩點(diǎn)的連線與電場線間的夾角為θ．則A、B兩點(diǎn)間的電勢差為_________；將一正電荷q從A移到B，電場力所做功為__________．

18、電容。

（1）定義∶電容器所帶的__________與電容器兩極板間的__________之比。

（2）公式∶

（3）單位∶在國際單位制中的單位是_____，符號(hào)∶F，1F=1常用的單位還有___和______。換算關(guān)系∶1F=_____μF=_____pF。

（4）物理意義∶表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量。

（5）額定電壓和擊穿電壓∶

①額定電壓∶電容器能夠_________時(shí)的電壓。

②擊穿電壓∶電介質(zhì)被______時(shí)加在電容器兩極板上的極限電壓，若電壓超過這一限度，則電容器就會(huì)被損壞。19、電磁場：變化的____和變化的____交替產(chǎn)生，形成不可分割的統(tǒng)一體，稱為___。20、圖中游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為________mm，螺旋測微器的讀數(shù)為________mm。

21、用示波器觀察某交流信號(hào)時(shí)，在顯示屏上顯示出一個(gè)完整的波形，如圖。經(jīng)下列四組操作之一，使該信號(hào)顯示出兩個(gè)完整的波形，且波形幅度增大，此組操作是_____。

A.調(diào)整X增益旋鈕和豎直位移旋鈕。

B.調(diào)整X增益旋鈕和掃描微調(diào)旋鈕。

C.調(diào)整掃描微調(diào)旋鈕和Y增益旋鈕。

D.調(diào)整水平位移旋鈕和Y增益旋鈕22、如圖所示，兩條直線分別對應(yīng)著兩個(gè)導(dǎo)體R1、R2。那么，兩導(dǎo)體的電阻之比為R1:R2=_________，若兩個(gè)導(dǎo)體串聯(lián)時(shí)，兩導(dǎo)體兩端的電壓之比為U1:U2=_________。

23、將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如圖所示，金屬球表面的電勢處處相等。a、b為電場中的兩點(diǎn)；則：

（1）a點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)的______（填“大”“小”）；

（2）a點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的______（填“高”“低”）；

（3）檢驗(yàn)電荷－q在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的______（填“大”“小”）；

（4）將檢驗(yàn)電荷－q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程中，電場力做______功（填“正”“負(fù)”或“不做”）；評卷人得分四、解答題(共2題，共6分)24、水平放置的兩塊平行金屬板長L=5.0cm，兩板間距d=1.0cm，兩板間電壓為90V，且上板為正，一個(gè)電子沿水平方向以速度v0=2.0×107m/s從兩板中間射入，不計(jì)重力，如圖所示，求：（已知電子電量為-1.6×10-19C，質(zhì)量為0.90×10-30kg）

(1)電子飛出電場時(shí)的側(cè)移量是多少？

(2)電子飛出電場時(shí)速度偏轉(zhuǎn)角的正切值是多少？

(3)若s長度也為5.0cm，則OP的長度為多少？

25、如圖所示，豎直平面內(nèi)有一水平向右的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為其中有一個(gè)半徑為R=2m的豎直光滑圓環(huán)，A點(diǎn)所在的半徑與豎直直徑BC成37°角?，F(xiàn)給質(zhì)量為m=0.8kg、電荷量為的帶正電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）一個(gè)初速度，讓小球恰能在圓環(huán)內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，不考慮小球運(yùn)動(dòng)過程中電荷量的變化。（g取10m/s2）求：

（1）小球在A點(diǎn)時(shí)的速度大?。?/p>

（2）小球做圓周運(yùn)動(dòng)過程中對環(huán)的壓力最大值；

（3）當(dāng)小球再次經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)，空間中突然增加一方向豎直向上，電場強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)電場；試說明小球能否繼續(xù)沿圓環(huán)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

A.由圖可知在0到r0電勢不變；之后電勢變小，帶電金屬球?yàn)橐坏葎蒹w，再依據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，則金屬球帶正電，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；

B.圖象斜率表示場強(qiáng)大小，B點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于C點(diǎn)電場強(qiáng)度；故B項(xiàng)錯(cuò)誤；

C.由圖可知A點(diǎn)電勢的變化率是0，所以場強(qiáng)是0，A處電場強(qiáng)度在x軸正方向分量為0；故C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D.由圖可知，B點(diǎn)電勢大于C點(diǎn)電勢，根據(jù)負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，所以電量為q的負(fù)電荷在B點(diǎn)的電勢能比在C點(diǎn)的電勢能小，故D項(xiàng)正確。2、D【分析】【詳解】

AB．由圖可知，從O到A點(diǎn)；電場線由疏到密，電場強(qiáng)度先減小后增大，方向不變，因此電荷受到的電場力先減小后增大，則加速度先減小后增大，但沒有減為零；而速度圖象的斜率先減小后增大，不是一直減小，故A錯(cuò)誤，B正確；

C．沿著電場線方向電勢降低；電勢與位移的圖象的斜率表示電場強(qiáng)度，結(jié)合前面的分析可知，電場強(qiáng)度先減小后增大，所以圖象的斜率先減小后增大，故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)能量守恒關(guān)系，則△EK=-△EP

而△EP=-q?U

且U=E?△x

由此可知

因此粒子的動(dòng)能Ek和運(yùn)動(dòng)徑跡上電勢φ隨位移x的變化圖線斜率先減小后增大，故D正確．3、C【分析】【詳解】

A．增大A板與B板之間的水平距離，根據(jù)電容的決定式可知電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式可知板間電勢差增大；則靜電計(jì)指針張角變大，故A錯(cuò)誤；

B．A板位置不動(dòng)，將B板稍微豎直向上平移，兩極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式可知電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式可知板間電勢差增大；則靜電計(jì)指針張角變大，故B錯(cuò)誤；

C．將玻璃板插入A板與B板之間，根據(jù)電容的決定式可知電容增大，而電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式可知板間電勢差減??；則靜電計(jì)指針張角變小，故C正確；

D．A板位置不動(dòng)，將B板向左移動(dòng)，增大兩極板之間的水平距離，根據(jù)電容的決定式可知電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式可知板間電勢差增大；則靜電計(jì)指針張角變大，故D錯(cuò)誤；

故選C。4、D【分析】【詳解】

A．由圖乙中的曲線Ⅰ知，在x=6m處B球的總勢能最小，動(dòng)能最大，該位置M點(diǎn)受力平衡，則有

解得

選項(xiàng)A正確；

B．因隨著兩球距離的不斷增加；電勢能逐漸趨近于零，則漸近線Ⅱ表示小球B的重力勢能隨位置的變化關(guān)系，選項(xiàng)B正確；

C．由于B球在位置M點(diǎn)受力平衡，B球從離A球2m處靜止釋放到M的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可知

庫侖力減??；向上運(yùn)動(dòng)過程中加速度大小減??；

從M繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)過程中，根據(jù)牛頓第二定律可知

庫侖力減小；向上運(yùn)動(dòng)過程中加速度大小增大。

所以B球向上運(yùn)動(dòng)過程中加速度也先減小后增大；選項(xiàng)C正確；

D．漸近線Ⅱ表示小球B的重力勢能隨位置的變化關(guān)系，有

由圖像可知直線斜率k=0.5，則有

解得

B球在M點(diǎn)的電勢能

在M點(diǎn)B球總勢能為6J，B球以4J的初動(dòng)能從M點(diǎn)沿桿向上運(yùn)動(dòng)，根據(jù)能量守恒定律，當(dāng)B的動(dòng)能為零，總勢能為10J，由圖可知，總勢能為10J時(shí)，有

此時(shí)的電勢能為

所以電勢能的變化為

可知到最高點(diǎn)時(shí)電勢能減小2J；選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

本題選錯(cuò)誤的，故選D。5、D【分析】【分析】

【詳解】

圓環(huán)帶有負(fù)電荷，圓環(huán)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的等效電流方向沿逆時(shí)針方向；由安培定則可知，a、c所在處磁場方向垂直于紙面向里，b處磁場方向垂直于紙面向外，故a、c處的小磁針的N極朝紙內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，S極朝紙外轉(zhuǎn)動(dòng)，b處小磁針的N極朝紙外轉(zhuǎn)動(dòng)S極朝紙內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)；故D正確，A；B、C錯(cuò)誤。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)6、A:D【分析】【詳解】

A．給平行板電容器繼續(xù)充電，電量增大，電容不變，根據(jù)

知電勢差增大，根據(jù)

知電場強(qiáng)度增大；故A正確；

B．讓電容器放電，電量減小，電容不變，根據(jù)

知電勢差減小，根據(jù)

知電場強(qiáng)度減小。電荷的電量減?。浑妶鰪?qiáng)度也減小，則電場力減小，電荷不能平衡，故B錯(cuò)誤；

C．因?yàn)?/p>

所以電場強(qiáng)度

與電容器兩極板間的距離無關(guān)；所以電容器兩極板靠近時(shí)，電場強(qiáng)度不變，電荷的電量減小，則電場力減小，電荷不能平衡，故C錯(cuò)誤；

D．將上極板水平右移，正對面積減小，電容減小，電勢差

增大，電場強(qiáng)度

增大；當(dāng)油滴電荷量減小時(shí)，可使油滴平衡，故D正確；

故選AD。7、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至點(diǎn)，動(dòng)能減少了又從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至點(diǎn)，動(dòng)能增加了若為勻強(qiáng)電場則說明為電場的等勢線，故電場方向垂直電子從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至點(diǎn)，動(dòng)能減少，說明靜電力做負(fù)功，即電子受到了向左的力，所以電場線方向應(yīng)該垂直于向右；故A錯(cuò)誤，B正確；

CD．A、到點(diǎn)的距離相等，點(diǎn)的正電荷產(chǎn)生的電場中，電子由到到靜電力不做功，電勢能不發(fā)生變化；點(diǎn)的正電荷產(chǎn)生的電場中，由對稱性可知，電子由到過程中靜電力做負(fù)功，由到過程中；靜電力做正功，且做功的絕對值相等，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD。8、B:D【分析】【詳解】

A．粒子沿x軸正向做勻速運(yùn)動(dòng)，則所受重力和電場力平衡，有

可得粒子的電荷量為

電場力方向豎直向上；而粒子帶正電，則電場方向向上，者A板帶負(fù)電；B板帶正電，故選項(xiàng)A正確，不符合題意；

B．A、B兩板分別以O(shè)1、O2為軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)15°后，極板間距變?yōu)榘彘g電壓不變，根據(jù)公式

分析得知，板間場強(qiáng)變化為

而且電場強(qiáng)度的方向也旋轉(zhuǎn)了15°，由受力分析可知，電場力在豎直方向的分力為F=qE′cos15°=qE

仍與重力平衡；水平方向電場力有向左的分力，所以微粒向右勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則選項(xiàng)B錯(cuò)誤，符合題意；

C．兩板以O(shè)為軸在紙面內(nèi)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)180°，等效為兩板對調(diào)位置，則粒子所受電場力向下，由牛頓第二定律

粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向打在板上，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)

可得粒子打板的坐標(biāo)

故選項(xiàng)C正確；不符合題意；

D．兩板以O(shè)為軸在紙面內(nèi)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)90°，電場力大小不變，為mg，方向?yàn)樗较蛴?，水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

豎直方向做初速度為v0，加速度為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)

而動(dòng)能的增加量為

解得

故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；符合題意。

故選BD。9、B:D【分析】【詳解】

A．金屬絲的電阻率隨溫度升高而增大，當(dāng)金屬絲兩端的電壓逐漸增大時(shí)，其電阻率逐漸增大，又

即值將逐漸增大；選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．從中點(diǎn)對折起來，相當(dāng)于兩個(gè)阻值為的金屬絲并聯(lián)，其總阻值為選項(xiàng)B正確；

C．原電阻當(dāng)l'=10l時(shí)，橫截面積變成

所以電阻變?yōu)?/p>

選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．由超導(dǎo)現(xiàn)象的定義可知把金屬絲溫度降低到絕對零度附近；電阻率會(huì)突然變?yōu)榱愕默F(xiàn)象稱為超導(dǎo)現(xiàn)象，選項(xiàng)D正確。

故選BD。

【點(diǎn)睛】

某一導(dǎo)體形狀改變后，討論其電阻變化要抓住兩點(diǎn)∶①電阻率不變；②總體積不變。由V=lS可知l和S的關(guān)系，在ρ、l、S都確定后，應(yīng)用判斷。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．當(dāng)將它們相接觸后；它們的電荷量先中和，再平分，此時(shí)每個(gè)球的電荷量為1C，A錯(cuò)誤，B正確；

CD．在它們接觸之前；相互間的庫侖力F大小為。

當(dāng)接觸后，此時(shí)兩球之間的庫侖力大小為。

所以，兩個(gè)小球間相互作用的靜電力大小為C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD。11、B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場線分布的對稱性可知，a、b兩點(diǎn)場強(qiáng)的大小相等，但方向不同，則a、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)不等；故A錯(cuò)誤；

B．由電場分布的對稱性可知，a、b兩點(diǎn)的電勢相等；故B正確；

C．+9Q在d點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小

方向水平向右，－Q在d點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小

方向水平向左，所以由電場的疊加原理可知，d點(diǎn)場強(qiáng)為零；故C正確；

D．由于零電勢點(diǎn)的選取可以是任意的，則O點(diǎn)電勢不一定為零；故D錯(cuò)誤。

故選BC。12、A:D【分析】【詳解】

AB．由題意可知，四點(diǎn)處在以點(diǎn)為球心的同一個(gè)球面上，各點(diǎn)的電勢相等；電場強(qiáng)度大小相等；方向不同，故A正確、B錯(cuò)誤；

C．設(shè)=L，根據(jù)點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度公式和幾何關(guān)系可知，點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小

點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小

可得點(diǎn)和點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小之比為4：3；故C錯(cuò)誤；

D．兩點(diǎn)之間的距離小于兩點(diǎn)之間的距離，由帶正電的試探電荷距離負(fù)點(diǎn)電荷越近，電勢能越小，可知帶正電的試探電荷在點(diǎn)的電勢能小于在點(diǎn)的電勢能；故D正確。

故選AD。13、A:C【分析】【詳解】

A．平行板電容器的電容決定式

當(dāng)兩板間放入陶瓷片時(shí)，ε增大，則C增大；故A正確；

B．如圖所示，在兩板間放入與極板等大的金屬片，相當(dāng)于減小兩平行板的間距d，根據(jù)電容決定式可知，電容C增大；電容器的電壓不變，電荷量增加，靜電計(jì)兩端的電壓不變，靜電計(jì)指針張角不變，故B錯(cuò)誤；

CD．剛開始油滴恰好靜止于兩板間的P點(diǎn)，則油滴帶負(fù)電；將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，電容C減小，電容器上的電荷本該減少，但因?yàn)槎O管的單向?qū)щ娦?，電容器上的電荷未能回流，所以電容器上的電荷量Q不變，則電容器中的場強(qiáng)

則兩極板間的電場強(qiáng)度E不變，則油滴所受電場力不變，仍保持靜止，而P點(diǎn)的電勢為

P點(diǎn)到下極板的距離增大，則P點(diǎn)的電勢升高，因?yàn)橛偷螏ж?fù)電，所以油滴在P點(diǎn)的電勢能將減少；故C正確，D錯(cuò)誤。

故選AC。14、B:C【分析】【詳解】

AB．當(dāng)電源的輸出功率最大外電路電阻等于內(nèi)阻；則此時(shí)滑動(dòng)變阻器阻值為1.5Ω，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；

C．將電阻R1等效為電源內(nèi)阻，則當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值為R1+r=2.5Ω時(shí)，變阻器R2消耗的功率最大；選項(xiàng)C正確；

D．當(dāng)電阻R1消耗的功率最大時(shí)；電路中的電流最大，總電阻最小，則此時(shí)滑動(dòng)變阻器的阻值為0，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

故選BC.三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律得

當(dāng)時(shí)

由圖可知電源電動(dòng)勢

內(nèi)阻等于圖像的斜率的絕對值，因此有

代入數(shù)據(jù)可得

由圖可知，此時(shí)電流

因此有

代入數(shù)據(jù)可得【解析】0.5616、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電阻的決定式：則：【解析】3：2517、略

【分析】【詳解】

A、B兩點(diǎn)間的電勢差為正電荷q從A移到B，電場力所做功為．【解析】ElcosθqElcosθ18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]根據(jù)電容的定義可知，電容器所帶的電荷量Q與電容器兩極板間的電勢差U之比；

（3）[3][4][5][6][7]電容的單位在國際單位制中的單位是法拉，常用的單位還有微法和皮法，換算關(guān)系為1F=106μF=1012pF；

（5）[8]根據(jù)定義可知；額定電壓為電容器能夠正常工作的時(shí)的電壓；

[9]根據(jù)定義可知，擊穿電壓為電介質(zhì)被擊穿時(shí)加在電容器兩極板上的極限電壓，若電壓超過這一限度，則電容器就會(huì)被損壞?！窘馕觥竣?電荷量Q②.電勢差U③.法拉④.微法⑤.皮法⑥.106⑦.1012⑧.正常工作⑨.擊穿19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]電磁場：變化的電場和變化的磁場交替產(chǎn)生，形成不可分割的統(tǒng)一體，稱為電磁場?！窘馕觥竣?電場②.磁場③.電磁場20、略

【分析】【詳解】

[1]游標(biāo)卡尺的精度為讀數(shù)為

[2]螺旋測微器精度為讀數(shù)為【解析】50.154.700（4.698~4.702）21、C【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)掃描頻率與正弦信號(hào)頻率相等時(shí)顯示一個(gè)完整的正弦波形。欲顯示兩個(gè)完整的正弦波形；必須有正弦信號(hào)的頻率是掃描頻率的兩倍，所以必須調(diào)整掃描微調(diào)旋鈕；欲增大波形幅度，可調(diào)整Y增益旋鈕，故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選C。22、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像可知

所以R1:R2=1:3。