2025年粵教版高二物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教版高二物理下冊(cè)月考試卷865考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為e的質(zhì)子以某一初速度從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿x軸正方向進(jìn)入場(chǎng)區(qū)，若場(chǎng)區(qū)僅存在平行于y軸向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，質(zhì)子通過P（d，d）點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為5Ek；若場(chǎng)區(qū)僅存在垂直于xoy平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)；質(zhì)子也能通過P點(diǎn)．不計(jì)質(zhì)子的重力．設(shè)上述勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E；勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，則下列說法中正確的是（）

A.

B.

C.

D.

2、如圖所示，某空間存在正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)方向水平向右，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，一個(gè)帶電微粒由a點(diǎn)進(jìn)入電磁場(chǎng)并剛好能沿ab直線向上運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是A.微?？赡軒ж?fù)電，可能帶正電B.微粒的機(jī)械能一定增加C.微粒的電勢(shì)能一定增加D.微粒動(dòng)能一定減小3、一個(gè)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的彈簧振子，周期為T，振幅為A，已知振子從平衡位置第一次運(yùn)動(dòng)到x=處所用的最短時(shí)間為t1，從最大的正位移處第一次運(yùn)動(dòng)到x=處所用的最短時(shí)間為t2，那么t1與t2的大小關(guān)系正確的是（）A.t1=t2B.t1＜t2C.t1＞t2D.無法判斷4、磁性材料已經(jīng)廣泛的用在我們的生活之中，下列器件中，沒有應(yīng)用磁性材料的是（）A.錄像帶B.錄音帶C.VCD光盤D.存儲(chǔ)軟盤5、一質(zhì)點(diǎn)作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；其位移x與時(shí)間t的關(guān)系曲線如圖所示．由圖可知，在t=4s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的（）

A.速度為正的最大值，加速度為零B.速度為負(fù)的最大值，加速度為零C.速度為零，回復(fù)力為正的最大值D.速度為零，回復(fù)力為負(fù)的最大值6、如圖所示的各電場(chǎng)中，a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同的圖是（）A.B.C.D.7、研究小組描繪一個(gè)柱狀電阻的電流隨電壓的變化關(guān)系圖線，描繪出的曲線的一端如圖中AB

段曲線所示，則以下說法正確的是(

)

A.曲線上B

點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電阻為12婁賂

B.曲線上B

點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電阻為40婁賂

C.在AB

段中，導(dǎo)線的電阻因溫度的影響改變了1婁賂

D.在AB

段中，導(dǎo)線的電阻因溫度的影響改變了9婁賂

8、如圖所示的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，用綠光照射單縫S

時(shí)，在光屏P

上觀察到干涉條紋.

要得到相鄰條紋間距更大的干涉圖樣；可以(

)

．

A.增大S

1

與S

2

的間距B.減小雙縫屏到光屏的距離C.將綠光換為紅光D.將綠光換為紫光9、一個(gè)物體在兩個(gè)互為銳角的恒力作用下，由靜止開始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)經(jīng)過一段時(shí)間后，突然去掉其中一個(gè)力，則物體將做(

)

A.勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.勻變速運(yùn)動(dòng)C.勻速圓周運(yùn)動(dòng)D.變加速曲線運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖甲所示，質(zhì)量為2m的長(zhǎng)木板靜止地放在光滑的水平面上，另一質(zhì)量為m的小鉛塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以水平速度v0滑上木板的左端，恰能滑至木板的右端且與木板保持相對(duì)靜止，鉛塊在運(yùn)動(dòng)過程中所受到的摩擦力始終不變．若將木板分成長(zhǎng)度與質(zhì)量均相等（即m1=m2=m）的兩段1、2后，將它們緊挨著放在同一水平面上，讓小鉛塊以相同的初速度v0由木板1的左端開始運(yùn)動(dòng)，如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A.小鉛塊滑到木板2的右端前就與之保持相對(duì)靜止B.小鉛塊滑到木板2的右端后與之保持相對(duì)靜止C.甲、乙兩圖所示的過程中產(chǎn)生的熱量相等D.圖甲所示的過程產(chǎn)生的熱量大于圖乙所示的過程產(chǎn)生的熱量11、一列簡(jiǎn)諧波在某一時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示；若經(jīng)過一段時(shí)間后，波形變成圖中虛線所示，波的速度大小為1m/s，那么這段時(shí)間可能是（）

A.1sB.2sC.3sD.4s12、關(guān)于電場(chǎng)和磁場(chǎng)，以下說法正確的是（）A.電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與放在該點(diǎn)的正試探電荷所受電場(chǎng)力方向相同B.電流在磁場(chǎng)中某點(diǎn)不受磁場(chǎng)力作用，則該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零C.把一試探電荷放在電場(chǎng)中的某點(diǎn)，它受到的電場(chǎng)力與所帶電荷量的比值表示該點(diǎn)電場(chǎng)的強(qiáng)弱D.把一小段通電導(dǎo)線放在磁場(chǎng)中某處，它所受的磁場(chǎng)力與該小段通電導(dǎo)線的長(zhǎng)度和電流的乘積的比值表示該處磁場(chǎng)的強(qiáng)弱13、如圖所示，三根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線P、Q、R互相平行，垂直紙面放置，其間距均為a，P、Q中電流強(qiáng)度均為I，方向垂直紙面向外．在平面圖中，O是PQ的中點(diǎn)，C位于等邊三角形中心處，則下列描述中錯(cuò)誤的是（）A.若R中沒有電流，則O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零B.若R中沒有電流，則C點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度B不為零，由于對(duì)稱性，B沒有x方向分量C.若R中電流強(qiáng)度為I，方向垂直紙面向外，則C點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零D.若R中電流強(qiáng)度為I，方向垂直紙面向外，則O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度B不為零，B沒有y方向分量14、將一磁鐵緩慢或者迅速地從很遠(yuǎn)插到閉合線圈中的同一位置處，兩次相同的物理量是(

)

A.磁通量的變化量B.磁通量的變化率C.感應(yīng)電流的大小D.流過導(dǎo)體橫截面的電荷量15、有溫度相同的m克水、m克冰、m克水蒸氣（）A.它們的分子平均動(dòng)能一樣大B.它們的分子勢(shì)能一樣大C.它們的內(nèi)能一樣大D.它們的分子數(shù)一樣多16、在同一地點(diǎn)；甲；乙兩個(gè)物體沿同一方向作直線運(yùn)動(dòng)的速度簍D

時(shí)間圖象如下圖所示，則()

A.兩物體相遇的時(shí)間是2s

和6s

B.乙物體先向前運(yùn)動(dòng)2s

隨后作向后運(yùn)動(dòng)C.兩個(gè)物體相距最遠(yuǎn)的時(shí)刻是4s

末D.4s

后甲在乙前面17、對(duì)于電場(chǎng)中AB

兩點(diǎn)，下列說法正確的是(

)

A.電勢(shì)差的定義式UAB=WABq

說明兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB

與電場(chǎng)力做功WAB

成正比，與移動(dòng)電荷的電荷量q

成反比B.把正電荷從A

點(diǎn)移到B

點(diǎn)電場(chǎng)力做正功，則有UAB>0

C.電勢(shì)差的定義式UAB=WABq

中，UAB

與移動(dòng)的電荷量q

無關(guān)D.電場(chǎng)中AB

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB

等于把正電荷q

從A

點(diǎn)移動(dòng)到B

點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力所做的功18、關(guān)于物理學(xué)史及論述，下列說法中正確的是(

)

A.天然放射現(xiàn)象說明原子核還具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)B.盧瑟福通過婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)原子核有一定的結(jié)構(gòu)C.查德威克在原子核人工轉(zhuǎn)變的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了中子D.波長(zhǎng)短的光子粒子性顯著，頻率低的光子波動(dòng)性顯著評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)19、如圖，是學(xué)生實(shí)驗(yàn)用的有兩個(gè)量程的電壓表刻度盤，當(dāng)使用較小量程時(shí)，測(cè)量電壓最大值不得超過____V，每一小格表示____V；圖中指針示數(shù)為____V．若使用的是較大量程，則表盤刻度每小格表示____V；測(cè)量電壓最大值不得超過____V．

20、用電流表和電壓表測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中；有兩種電路可供選擇，若所測(cè)干電池內(nèi)阻較小，為減小內(nèi)阻測(cè)量的誤差，實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選擇圖甲乙中的______圖(

填甲或乙)

若根據(jù)某次實(shí)驗(yàn)記錄數(shù)據(jù)畫出的U鈭?I

圖象如圖丙所示，下列關(guān)于這個(gè)圖象的說法中正確的是______．

A.縱軸截距表示待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)；即E=3V

B.橫軸截距表示短路電流；即I露脤=0.6A

C.根據(jù)r=EI露脤

計(jì)算出待測(cè)電源內(nèi)阻為5婁賂

D.根據(jù)r=|鈻?U鈻?I|

計(jì)算出待測(cè)電源內(nèi)電阻為1.0婁賂

．21、如圖為密閉鋼瓶中的理想氣體分子在兩種不同溫度下的速率分布情況，可知，一定溫度下氣體分子的速率呈現(xiàn)______分布規(guī)律；T1溫度下氣體分子的平均動(dòng)能______（選填“大于”、“等于”或“小于”）T2溫度下氣體分子的平均動(dòng)能．22、電源的電動(dòng)勢(shì)等于電源沒有接入電路時(shí)兩極間的____，單位是____．23、（4分）在一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)中有M、N、P三點(diǎn)，它們的連線組成一個(gè)直角三角形，如圖所示。MN=4cm，MP=5cm，當(dāng)把電量為-2×10-9C的點(diǎn)電荷從M點(diǎn)移至N點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做功為8×10-9J，而從M點(diǎn)移至P點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做功也為8×10-9J。則電場(chǎng)的方向?yàn)開________________，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為________________V/m。24、如圖所示，不可伸長(zhǎng)的輕繩跨過輕質(zhì)定滑輪，右端系著質(zhì)量的物體，開始時(shí)兩側(cè)繩子伸直，而物體靜止于地面。現(xiàn)用豎直向下的恒力將A點(diǎn)向下拉動(dòng)m，此時(shí)的速度是____m/s如果此時(shí)立即立即撤去F,落回地面時(shí)速度大小是____m/s。（不計(jì)空氣阻力，不計(jì)滑輪軸處摩擦）25、把一端封閉的粗細(xì)均勻的玻璃管放在傾角為300的斜面上，開始時(shí)讓玻璃管不動(dòng)，管中有一段16cm長(zhǎng)的水銀柱將長(zhǎng)為20cm長(zhǎng)的空氣封入管內(nèi)，如果讓玻璃管在斜面上加速下滑，如圖所示。已知玻璃管與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=外界大氣壓強(qiáng)為76cmHg，求玻璃管沿斜面勻加速下滑時(shí)，封閉的氣柱長(zhǎng)度為____cm，設(shè)斜面足夠長(zhǎng)，能保證玻璃管穩(wěn)定勻加速下滑。26、磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過面積為0.5m2的單匝線圈，則穿過線圈的磁通量是______．27、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為e的粒子從容器A下方的小孔S，無初速度地飄入電勢(shì)差為U的加速電場(chǎng)，然后垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，最后打在照相底片M上。則粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速率v=______，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=______，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r=______。評(píng)卷人得分四、解答題(共3題，共27分)28、某發(fā)電站；通過升壓變壓器；輸電線和降壓變壓器，把電能輸送給生產(chǎn)和照明組成的用戶，發(fā)電機(jī)輸出功率為100kW，輸出電壓是400V，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為1：25，輸電線上功率損失為4%，求：

（1）升壓變壓器輸出電壓；

（2）輸電線上的電阻R；

（3）若有60kW分給生產(chǎn)；其余電能用來照明，那么可供40W的電燈多少盞？

29、質(zhì)量為m的鋼板與直立輕彈簧的上端連接，彈簧下端固定在地上，平衡時(shí)，彈簧的壓縮量為x，如圖所示，一物塊從鋼板正上方距離為3x的A處自由落下；打在鋼板上并立刻與鋼板一起向下運(yùn)動(dòng)，但不粘連，它們到達(dá)最低點(diǎn)后又向上運(yùn)動(dòng)，已知物塊質(zhì)量也為m時(shí)，它們恰能回到O點(diǎn)，若物塊質(zhì)量為2m，仍從A處自由落下，則物塊與鋼板回到O點(diǎn)時(shí)，還具有向上的速度，求物塊向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)最高點(diǎn)O點(diǎn)的距離．

30、一個(gè)質(zhì)量m=0.1g的小滑塊，帶有q=5×10-4C的電荷放置在傾角α=30°的光滑斜面上（絕緣）；斜面置于B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，如圖所示．小滑塊由靜止開始沿斜面滑下，其斜面足夠長(zhǎng)，小滑塊滑至某一位置時(shí)，要離開斜面，求：

（1）小滑塊帶何種電荷？（2）小滑塊經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間離開斜面？（3）該斜面至少有多長(zhǎng)？

評(píng)卷人得分五、作圖題(共4題，共28分)31、波源O由平衡位置起振；經(jīng)0.2s第一次回到平衡位置，介質(zhì)中形成的簡(jiǎn)諧波如圖甲所示，波恰好傳播到P點(diǎn)。已知這段時(shí)間內(nèi)波源O通過的路程為20cm，O；P兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置間的距離為2m。求：

（1）波源O振動(dòng)的振幅A和周期T；

（2）所形成簡(jiǎn)諧波的波長(zhǎng)和波速；

（3）以波傳播到P點(diǎn)作為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，請(qǐng)?jiān)趫D乙上畫出P點(diǎn)一個(gè)周期的振動(dòng)圖象（以向上為位移的正方向）。32、試判斷下列各圖中帶電粒子受洛侖茲力方向或所帶電荷種類或運(yùn)動(dòng)方向。33、根據(jù)所給電路圖（圖甲）；請(qǐng)?jiān)趫D乙中以筆劃線代替導(dǎo)線將實(shí)物圖補(bǔ)充完整．

34、一個(gè)質(zhì)量為m；電荷量為﹣q（負(fù)電）的半徑極小的小球，用絲線懸掛在某電場(chǎng)中，小球所在處電場(chǎng)線為水平方向．當(dāng)懸線與豎直方向成θ時(shí)，小球靜止．畫出靜止小球的受力分析示意圖．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】

質(zhì)子在只有電場(chǎng)存在時(shí)，動(dòng)能由Ek變?yōu)?Ek；由動(dòng)能定理可知電場(chǎng)力做功為：

W=eEd=5Ek-Ek

解得：

由此可判斷；選項(xiàng)AB錯(cuò)誤．

質(zhì)子在只有磁場(chǎng)存在時(shí)；質(zhì)子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由題意可知，運(yùn)動(dòng)半徑為d，由半徑公式有：

設(shè)質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為v；則速度為：

以上兩式聯(lián)立得：

所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤；選項(xiàng)D正確．

故選D．

【解析】【答案】質(zhì)子在只有電場(chǎng)的區(qū)域運(yùn)動(dòng)（垂直電場(chǎng)方向射入）；粒子做了平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用動(dòng)能定理可求出電場(chǎng)強(qiáng)度的值．質(zhì)子在只有磁場(chǎng)存在的區(qū)域運(yùn)動(dòng)，質(zhì)子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)幾何關(guān)系判斷其半徑，利用半徑公式可求出磁場(chǎng)強(qiáng)度的值．

2、B【分析】【解析】試題分析：因?yàn)閹щ娢⒘＿M(jìn)入電磁場(chǎng)后沿ab運(yùn)動(dòng)，如果速度大小發(fā)生變化，則洛倫茲力的大小一定變化，粒子就不能做直線運(yùn)動(dòng)，故所以合力一定等于零，如果帶電粒子帶正電，則粒子受到的電場(chǎng)力方向向右，洛倫茲力的方向垂直ab指向左下方，合力不可能為零，所以一粒子帶負(fù)電因?yàn)榱Ｗ拥膭?dòng)能不變，但其重力勢(shì)能在增大，所以機(jī)械能一定在增大，過程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，所以B正確，考點(diǎn)：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【解析】【答案】B3、B【分析】解：A、根據(jù)振子遠(yuǎn)離平衡位置時(shí)速度減小，靠近平衡位置時(shí)速度增大可知，振子第一次從平衡位置運(yùn)動(dòng)到x=A處的平均速度大于第一次從最大正位移處運(yùn)動(dòng)到x=A處的平均速度，而路程相等，說明t1＜t2．故ACD錯(cuò)誤；B正確；

故選：B

做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的彈簧振子做變加速運(yùn)動(dòng)；振子遠(yuǎn)離平衡位置時(shí)速度減小，相反靠近平衡位置時(shí)速度增大，根據(jù)振子的運(yùn)動(dòng)情況分析確定時(shí)間關(guān)系。

解答本題關(guān)鍵要理解并掌握振子的運(yùn)動(dòng)情況，也可以通過作振動(dòng)圖象進(jìn)行分析．【解析】【答案】B4、C【分析】解：VCD光盤；DVD影碟是利用了激光光頭讀取碟片上刻錄的信息信號(hào)工作的；利用的是激光．

故選：C．

磁性材料在我們生活中應(yīng)用廣泛；如：磁帶；磁卡、磁盤、收音機(jī)里面的天線磁棒、錄音機(jī)的磁頭等．

本題為磁性材料的記憶性材料，屬簡(jiǎn)單題目，一般以填空和選擇的形式出現(xiàn)【解析】【答案】C5、D【分析】解：由圖可知，在t=4s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的位移為正向最大，速度為零，由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特征a=-知；加速度為負(fù)向最大．

根據(jù)牛頓第二定律知；回復(fù)力為負(fù)的最大值，故ABC錯(cuò)誤，D正確．

故選：D．

根據(jù)給定時(shí)刻以后質(zhì)點(diǎn)位移的變化，分析速度的方向，由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特征a=-分析加速度的大?。鶕?jù)牛頓第二定律知；加速度大小與回復(fù)力的大小成正比，可分析回復(fù)力的變化．

簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖象能直接讀出振幅和周期、速度的方向、加速度的方向以及各個(gè)量的變化．對(duì)于質(zhì)點(diǎn)的速度方向，也可以根據(jù)斜率讀出．簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特征a=-是分析加速度常用的方法．【解析】【答案】D6、C【分析】解：A、a、b是同一圓上的兩點(diǎn)；場(chǎng)強(qiáng)大小相等，但方向不同，則電場(chǎng)強(qiáng)度不同．故A錯(cuò)誤；

B、a、b場(chǎng)強(qiáng)大小相等；但方向不同，則電場(chǎng)強(qiáng)度不同．故B錯(cuò)誤；

C、a、b是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的兩點(diǎn)；電場(chǎng)強(qiáng)度相同，故C正確；

D、電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，所以a、b場(chǎng)強(qiáng)不等；故D錯(cuò)誤．

故選：C

電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量；只有兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向都相同時(shí)，電場(chǎng)強(qiáng)度才相同．根據(jù)這個(gè)條件進(jìn)行判斷．

矢量大小和方向都相同才相同．對(duì)于常見電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布要了解，有助于解題．【解析】【答案】C7、B【分析】解：A

曲線上B

點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電阻為：R=61.5隆脕10鈭?1=40婁賂

故A錯(cuò)誤；B正確；

C、由A

點(diǎn)電阻RA=30.1=30婁賂

則說明導(dǎo)線電阻因溫度改變了15婁賂

故CD錯(cuò)誤；

故選：B

．

由圖得出AB

兩點(diǎn)對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)；再根據(jù)歐姆定律即可求得兩點(diǎn)的電阻值，從而求出電阻的改變量．

本題考查對(duì)伏安特性曲線為曲線的電阻的計(jì)算，要注意明確在計(jì)算時(shí)只能根據(jù)各點(diǎn)的坐標(biāo)值利用歐姆定律求解，不能直接利用圖象的斜率求解電阻．【解析】B

8、C【分析】由知，增大S

1

與S

2

的間距d

或減小雙縫屏到光屏的距離l

時(shí)，條紋間距變大，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；將綠光換為紅光，波長(zhǎng)變大，條紋間距變大，選項(xiàng)C正確；將綠光換為紫光，波長(zhǎng)變小，條紋間距變小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．【解析】C

9、B【分析】解：一個(gè)物體在兩個(gè)互為銳角的恒力作用下；由靜止開始運(yùn)動(dòng)，做的是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；合力方向在兩個(gè)力的角平分線上，速度與合力同向；

撤去其中一個(gè)力；則合力與速度不共線了，故一定做曲線運(yùn)動(dòng)；

當(dāng)合力是恒定的；故加速度也是恒定的，故是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)；

故選：B

．

曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不共線；當(dāng)合力與速度共線時(shí)；物體就做直線運(yùn)動(dòng)．

本題關(guān)鍵明確物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件，要能找出撤去一個(gè)力瞬間的速度方向和合力方向，不難．【解析】B

二、多選題(共9題，共18分)10、AD【分析】解：A；在第一次在小鉛塊運(yùn)動(dòng)過程中；小鉛塊與木板之間的摩擦力使整個(gè)木板一直加速，第二次小鉛塊先使整個(gè)木板加速，運(yùn)動(dòng)到B部分上后A部分停止加速，只有2部分加速，加速度大于第一次的對(duì)應(yīng)過程，故第二次小鉛塊與2木板將更早達(dá)到速度相等，所以小鉛塊還沒有運(yùn)動(dòng)到2的右端．故A正確、B錯(cuò)誤；

C；根據(jù)摩擦力乘以相對(duì)位移等于產(chǎn)生的熱量；知在木板2上相對(duì)運(yùn)動(dòng)的位移沒有1長(zhǎng)度的2倍，所以產(chǎn)生的熱量小于在木板1上滑行產(chǎn)生熱量的2倍，故C錯(cuò)誤，D正確．

故選AD．

比較兩次運(yùn)動(dòng)的區(qū)別；木塊一直做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，木板一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，第一次在小鉛塊運(yùn)動(dòng)過程中，整個(gè)木板一直加速，第二次小鉛塊先使整個(gè)木板加速，運(yùn)動(dòng)到B部分上后1部分停止加速，只有2部分加速，加速度大于第一次的對(duì)應(yīng)過程，通過比較小鉛塊的位移確定是否飛離木板．根據(jù)摩擦力乘以相對(duì)位移等于熱量比較小鉛塊在木板2上和木板1上產(chǎn)生的熱量．

解決本題的關(guān)鍵理清鉛塊和木板的運(yùn)動(dòng)過程，通過比較位移的關(guān)系判斷是否脫離，以及掌握功能關(guān)系Q=fs相對(duì)．【解析】【答案】AD11、AC【分析】解：由圖讀出波長(zhǎng)為λ=4m，由波速公式v=得到，周期T==s=4s

若波向左傳播時(shí)，時(shí)間t的通項(xiàng)為t=（n+）T=（4n+3）s；n=0，1，2，

即t=3s；7s、11s、

若波向右傳播時(shí)，時(shí)間t的通項(xiàng)為t=（k+）T=（4k+1）s；k=0，1，2，

即t=1s；5s、9s、

故時(shí)間t可以是：1s；3s、5s、7s、9s、

故選：AC．

由圖讀出波長(zhǎng)；由波速公式求出周期，根據(jù)波形平移和波的周期性，確定時(shí)間t的可能值．

本題知道兩個(gè)時(shí)刻的波形，要考慮波傳播方向的雙向性，及時(shí)間的周期性，根據(jù)通項(xiàng)得到特殊值．【解析】【答案】AC12、AC【分析】解：A；電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向；與放在該點(diǎn)的正試探電荷，所受電場(chǎng)力方向相同，與負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力相反，故A正確；

B；電流在磁場(chǎng)中某位置受到的磁場(chǎng)力為零；則該位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，可能電流與磁場(chǎng)方向平行，故B錯(cuò)誤；

C；把一試探電荷放在電場(chǎng)中的某點(diǎn)；它受到的電場(chǎng)力與所帶電荷量的比值，來表示該點(diǎn)電場(chǎng)的強(qiáng)弱，故C正確；

D；一小段通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中某位置受到的磁場(chǎng)力為零；則該位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，還受到放置的位置有關(guān)，故D錯(cuò)誤；

故選：AC．

電場(chǎng)強(qiáng)度是用來表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱和方向的物理量；電場(chǎng)強(qiáng)弱可由試探電荷所受的力與試探點(diǎn)電荷帶電量的比值確定，電場(chǎng)方向與正電荷受力方向一致與負(fù)電荷受力方向相反．

磁感應(yīng)強(qiáng)度是描述磁場(chǎng)強(qiáng)弱的物理量；通過電流元垂直放置于磁場(chǎng)中所受磁場(chǎng)力與電流元的比值來定義磁感應(yīng)強(qiáng)度．比值與磁場(chǎng)力及電流元均無關(guān)．

電場(chǎng)強(qiáng)度是用比值法定義的物理量之一；電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定的，與該點(diǎn)是否有試探電荷無關(guān)，本題是考查基礎(chǔ)知識(shí)的好題．

磁感應(yīng)強(qiáng)度是通過比值定義得來，例如電場(chǎng)強(qiáng)度也是這種定義，電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力及電荷量均沒有關(guān)系．再如密度也是，密度與物體的質(zhì)量及體積均無關(guān)．同時(shí)電流元放入磁場(chǎng)中不一定有磁場(chǎng)力，還受放置的角度有關(guān)．【解析】【答案】AC13、BC【分析】解：AB；若R中沒有電流；根據(jù)安培定則，則O點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，而C點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度B不為零，由于對(duì)稱性，B沒有y方向分量，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD；若R中電流強(qiáng)度為I；方向垂直紙面向外，依據(jù)矢量的合成法則，B沒有y方向分量，則C點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度方向水平向右，不為零，故C錯(cuò)誤，D正確；

本題選錯(cuò)誤的；故選：BC．

分R有電流與無電流兩種情況；依據(jù)安培定則確定電流周圍產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，結(jié)合幾何的對(duì)稱性，確定磁場(chǎng)的大小，最后根據(jù)矢量的合成法則，即可求解．

考查安培定則的內(nèi)容，掌握矢量的合成法則，注意幾何對(duì)稱性的應(yīng)用，同時(shí)理解磁感應(yīng)強(qiáng)度的矢量性．【解析】【答案】BC14、AD【分析】解：A

當(dāng)條形磁鐵插入線圈的瞬間；穿過線圈的磁通量增加，產(chǎn)生感應(yīng)電流。條形磁鐵第一次緩慢插入線圈時(shí)，磁通量增加慢。條形磁鐵第二次迅速插入線圈時(shí)，磁通量增加快，但磁通量變化量相同。故A正確；

B；第二次插入線圈中時(shí)；所用時(shí)間少，磁通量變化率大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也大，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律第二次線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大，再歐姆定律可知第二次感應(yīng)電流大，即I2>I1.

故C錯(cuò)誤；

D；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小；由歐姆定律分析感應(yīng)電流的大小。

再由q=It

而I=ER+r

及E=N鈻?鈱?鈻?t

因此q=N鈻?鈱?R+r

即導(dǎo)體某橫截面的電荷量等于磁通量的變化量與電阻的比值，由于磁通量變化量相同，電阻不變，所以通過導(dǎo)體橫截面的電荷量不變，故D正確；

故選：AD

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大??；由歐姆定律分析感應(yīng)電流的大小.

再由q=It

可確定導(dǎo)體某橫截面的電荷量等于磁通量的變化與電阻的比值．

本題考查對(duì)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的理解和應(yīng)用能力.

感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，首先前提條件電路要閉合.

磁通量的變化率與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有關(guān)，感應(yīng)電流的大小與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小有關(guān)，而通過橫截面的電荷量卻與通過線圈的磁通量變化及電阻阻值有關(guān)．【解析】AD

15、AD【分析】解：A；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；溫度相同，它們分子平均動(dòng)能相同，故A正確．

B；分子勢(shì)能與體積有關(guān)；對(duì)固體和氣體來講，分子勢(shì)能較小，而氣體分子勢(shì)能較大，故B錯(cuò)誤；

C；冰化為水要吸熱；水變?yōu)樗魵庖惨鼰幔鼈兊膬?nèi)能關(guān)系為冰＜水＜水蒸氣，故C錯(cuò)誤；

D；質(zhì)量相同；則知摩爾數(shù)相等，所以分子數(shù)一樣多，故D正確．

故選：AD

溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；分子勢(shì)能與體積有關(guān)，質(zhì)量相同，分子數(shù)一定相等．

解決本題要掌握分子的平均動(dòng)能、分子勢(shì)能和內(nèi)能的決定因素，根據(jù)能量守恒分析內(nèi)能的關(guān)系．【解析】【答案】AD16、AC【分析】【分析】

本題考查了圖象中的追及問題；明確甲乙兩物體的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，甲一直做勻速運(yùn)動(dòng)，乙先做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)然后做勻減速直線運(yùn)動(dòng).

把握相遇特點(diǎn)，根據(jù)v鈭?t

圖象特點(diǎn)：“面積”表示位移等等進(jìn)行求解。

在同一坐標(biāo)中表示兩種圖象；要明確兩圖象代表的運(yùn)動(dòng)形式，能和實(shí)際運(yùn)動(dòng)相結(jié)合，注意圖象交點(diǎn)的含義，如本題中圖象交點(diǎn)表示速度相等，并不一定相遇，其位移關(guān)系等只能根據(jù)圖象與時(shí)間軸所圍成的面積進(jìn)行判斷。

【解答】

A.在v鈭?t

圖中；圖象與橫坐標(biāo)圍成的面積表示物體發(fā)生的位移，由圖可知當(dāng)t=2s

和t=6s

時(shí)，兩圖象與橫坐標(biāo)圍成的面積相等，說明位移相等，由于兩物體同時(shí)從同一地點(diǎn)沿同一方向做直線運(yùn)動(dòng)，因此兩物體兩次相遇的時(shí)刻是2s

和6s

故A正確；

B.由圖象可知；乙物體的速度一直為沿正方向；故方向沒有變化；故B錯(cuò)誤；

C.由上分析知，在前2s

內(nèi)，甲乙兩者之間距離先增大后減小，第2s

末相距最遠(yuǎn).

然后，乙速度大于了甲的速度，二者距離先減小，然后再增大；2s

末時(shí)兩物體相距x1=12隆脕2隆脕1=1m4s

時(shí)，兩物體相距為：x2=12隆脕2隆脕2=2m

故4s

時(shí)兩物體相距最遠(yuǎn)；故C正確；

D.開始運(yùn)動(dòng)時(shí)；乙的初速度為零，甲在前面，在t=2s

時(shí)，兩物體相遇，此時(shí)乙的速度大于甲的，此后乙在前面，甲勻速運(yùn)動(dòng)開始追乙，乙做勻減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)t=6s

時(shí)，甲乙再次相遇，因此在2隆蘆6s

內(nèi)，甲在乙后面，故D錯(cuò)誤；

故選AC。

【解析】AC

17、BC【分析】解：AC

電勢(shì)差的定義式為UAB=WABq

是用比值法定義的，電勢(shì)差與試探電荷無關(guān)，由電場(chǎng)的強(qiáng)度和兩點(diǎn)的位置決定，故A錯(cuò)誤，C正確；

B、把正電荷從A

點(diǎn)移到B

點(diǎn)電場(chǎng)力做正功，根據(jù)UAB=WABq

則有UAB>0

故B正確；

D、根據(jù)UAB=WABq

電場(chǎng)中AB

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB

等于把單位正電荷q(

電荷量為1C

的電荷)

從A

點(diǎn)移動(dòng)到B

點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力所做的功，故D錯(cuò)誤；

故選：BC

．

電勢(shì)差的定義式：UAB=WABq

是用比值法定義的；電勢(shì)差與試探電荷無關(guān)．

本題要抓住電勢(shì)差的定義式UAB=WABq

具有比值定義法的共性，電勢(shì)差UAB

反映電場(chǎng)本身的特性，與試探電荷無關(guān)．【解析】BC

18、ACD【分析】解：A

天然放射現(xiàn)象說明原子核還具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；A正確。

B；盧瑟福通過婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)；提出原子核式結(jié)構(gòu)模型，B錯(cuò)誤。

C；查德威克在原子核人工轉(zhuǎn)變的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了中子；C正確。

D；光的波長(zhǎng)越長(zhǎng)；其波動(dòng)性越顯著，波長(zhǎng)越短，其粒子性越顯著，D正確。

故選：ACD

盧瑟福通過婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)；提出原子核式結(jié)構(gòu)模型，天然放射現(xiàn)象說明原子核還具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，查德威克在原子核人工轉(zhuǎn)變的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了中子，波粒二象性中所說的粒子，是指其不連續(xù)性，是一份能量.

個(gè)別光子的作用效果往往表現(xiàn)為粒子性；大量光子的作用效果往往表現(xiàn)為波動(dòng)性。

掌握原子核式結(jié)構(gòu)模型，記住一些科學(xué)家的重大發(fā)現(xiàn)和重要的實(shí)驗(yàn)【解析】ACD

三、填空題(共9題，共18分)19、略

【分析】

當(dāng)使用較小量程時(shí)，測(cè)量電壓最大值不得超過3.0V．總共有30格，則每一小格表示．圖中指針示數(shù)為1.70V．使用的是較大量程，則表盤刻度每小格表示測(cè)量電壓的最大值不得超過15V．

故答案為：30.11.700.515

【解析】【答案】電表每小格代表的數(shù)是：讀數(shù)為：格子數(shù)×每小格代表的數(shù)．

20、略

【分析】解：由于乙圖中電流表的內(nèi)阻在測(cè)量時(shí)等效為了內(nèi)電阻；又因?yàn)殡娫磧?nèi)阻接近于電流表內(nèi)阻，故使誤差過大，故本實(shí)驗(yàn)中一般選用甲圖；

由歐姆定律可知，U=E鈭?Ir

由數(shù)學(xué)知識(shí)可知圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢(shì)，故電源電動(dòng)勢(shì)E=3.0V

故A正確；

由于圖象縱坐標(biāo)不是從零開始的，故圖象與橫坐標(biāo)的交點(diǎn)不是短路電流；故不能由EI露脤

求出電阻；故BC錯(cuò)誤；

故在求內(nèi)阻時(shí)；應(yīng)由圖象的斜率求出，故D正確；

故選AD；

故答案為：甲；AD

．

在本實(shí)驗(yàn)中由于電流表及電壓表不是理想電阻；其內(nèi)阻會(huì)造成誤差，故根據(jù)內(nèi)阻對(duì)結(jié)果的影響大小可選出理想電路；

由原理可得出函數(shù)關(guān)系；由數(shù)學(xué)知識(shí)可知如何求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻．

本題中實(shí)驗(yàn)電路一般都選用甲圖，同時(shí)在數(shù)據(jù)處理中要注意正確利用數(shù)學(xué)關(guān)系，明確圖象的意義．【解析】甲；AD

21、中間多、兩頭少小于【分析】解：由圖可知，兩種溫度下氣體分子速率都呈現(xiàn)“中間多、兩頭少”的分布特點(diǎn)．由于T1時(shí)速率較低的氣體分子占比例較大，則說明T1溫度下氣體分子的平均動(dòng)能小于T2溫度下氣體分子的平均動(dòng)能．

故答案為：中間多；兩頭少；小于．

解答本題的關(guān)鍵是結(jié)合不同溫度下的分子速率分布曲線理解溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志的含義．

本題考查分子平均動(dòng)能的性質(zhì)，要注意明確分子平均動(dòng)能為統(tǒng)計(jì)規(guī)律，溫度升高時(shí)并不是所有分子的速率均增大，同時(shí)注意圖象的性質(zhì)，能明確如何判斷分子平均速率的變化和溫度的變化．【解析】中間多、兩頭少小于22、略

【分析】

根據(jù)閉合電路歐姆定律得知；電源的電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)外電壓之和，當(dāng)電源沒有接入電路時(shí)內(nèi)電壓等于零，則電源的電動(dòng)勢(shì)等于電源沒有接入電路時(shí)兩極間的電壓，其單位與電壓相同，為伏特．

故答案為：電壓；伏特。

【解析】【答案】電源的電動(dòng)勢(shì)等于電源沒有接入電路時(shí)兩極間的電壓；單位是伏特．

23、略

【分析】【解析】試題分析：由電場(chǎng)力做功W=qU可知從M到P點(diǎn)由此可知NP兩點(diǎn)電勢(shì)相等，由電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，電場(chǎng)線由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，可知電場(chǎng)線由N指向M方向，由E=U/d=100V/m考點(diǎn)：考查電場(chǎng)線與等勢(shì)線的關(guān)系【解析】【答案】N指向M方向，10024、略

【分析】【解析】【答案】4.748.2225、略

【分析】設(shè)水銀柱和玻璃管的質(zhì)量分別為m和M，以水銀柱和玻璃管為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得：（m+M）gsin300―μ（m+M）gcos300=（m+M）a得：a=g/4以水銀柱為研究對(duì)象，設(shè)管的橫截面積為S，根據(jù)牛頓第二定律得：P0S+mgsin300―PS=ma因?yàn)閙=ρlS，l=16cm，P0=76cmHg所以管內(nèi)氣體壓強(qiáng)為P=P0+ρgl/4=76+16/4=80cmHg有氣體等溫定律可知（76+8）*20=80LL=22cm點(diǎn)撥：計(jì)算氣體壓強(qiáng)是解決氣體問題的一個(gè)關(guān)鍵點(diǎn)，基本方法是：以封閉氣體的液柱（或活塞、缸體等）為力學(xué)研究對(duì)象，分析受力，列出牛頓第二定律方程（靜止時(shí)即a=0）即可求解。對(duì)于靜止情形，常用到初中物理學(xué)到的流體知識(shí)：①靜止液體壓強(qiáng)公式②若液面與外界大氣壓接觸時(shí)，靜止液體深h處壓強(qiáng)為③帕斯卡定律：加在密閉液體上的壓強(qiáng)，能夠大小不變地由液體向各個(gè)方向傳遞；④連通器原理：連通的同一種液體中同一水平面上的壓強(qiáng)相等。⑤利用“液片”分析壓強(qiáng)。【解析】【答案】22cm26、略

【分析】解：由題，導(dǎo)線環(huán)的面積S=0.5m2；勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T，當(dāng)磁場(chǎng)與環(huán)面垂直時(shí)，穿過環(huán)面的磁通量為：

Φ=BS=0.5×0.2Wb=0.1Wb．

故答案為：0.1Wb

在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；當(dāng)線圈與磁場(chǎng)垂直時(shí)，穿過線圈的磁通量Φ=BS．當(dāng)線圈與磁場(chǎng)平行時(shí)，磁通量Φ=0．

本題求兩種特殊情況下的磁通量，可以根據(jù)磁通量一般公式Φ=BSsinα（α是磁場(chǎng)與線圈平面的夾角）分析理解．【解析】0.1Wb27、【分析】解：在加速電場(chǎng)中由動(dòng)能定理得eU=mv2；

所以粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度v=

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)了半個(gè)周期t==

由evB=m

得粒子的半徑r==

故答案為：

帶電粒子在電場(chǎng)中加速；根據(jù)動(dòng)能定理可求得粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速率大??；

根據(jù)周期公式以及粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況確定運(yùn)動(dòng)時(shí)間；根據(jù)洛倫茲力充當(dāng)向心力即可確定軌跡半徑。

本題考查粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)，涉及動(dòng)能定理和牛頓定律的綜合題，解決本題的關(guān)鍵是結(jié)合洛倫茲力提供向心力，靈活運(yùn)用動(dòng)能定理和牛頓定律?！窘馕觥克?、解答題(共3題，共27分)28、略

【分析】

（1）因?yàn)樗?10000V

（2）I2===10A

又

所以R==40Ω

（3）P燈=P-△P-P1=36kW

N==900盞。

答：（1）升壓變壓器輸出電壓10000V；

（2）輸電線上的電阻40Ω；

（3）若有60kW分給生產(chǎn)；其余電能用來照明，那么可供40W的電燈900盞．

【解析】【答案】知道輸電線上消耗的總功率的大小，根據(jù)P耗=I2R線可求得輸電線的電阻的大小；求出降壓變壓器的輸入和輸出的電流，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比可以求得降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比；根據(jù)總的照明的功率的大小和每盞燈泡的功率可以求得總的燈泡的數(shù)目．

29、略

【分析】

物塊與鋼板碰撞時(shí)的速度由機(jī)械能守恒；得。

①

設(shè)v1表示質(zhì)量為m的物塊鋼板碰撞后一起向下運(yùn)動(dòng)的速度；因碰撞時(shí)間極短，系統(tǒng)所受外力遠(yuǎn)小于相互作用的內(nèi)力，符合動(dòng)量守恒，故有。

mv=2mv1②

設(shè)剛碰完時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為Ep；當(dāng)他們一起回到O點(diǎn)時(shí)，彈簧無形變，彈簧勢(shì)能為零，根據(jù)題意，由機(jī)械能守恒得。

③

設(shè)v2表示質(zhì)量為2m的物塊與鋼板碰后開始一起向下運(yùn)動(dòng)的速度；由動(dòng)量守恒，則有。

2mv=3mv2④

設(shè)剛碰完時(shí)彈簧勢(shì)能為Ep′，它們回到O點(diǎn)時(shí)，彈性勢(shì)能為零，但它們?nèi)岳^續(xù)向上運(yùn)動(dòng)，設(shè)此時(shí)速度為v2；則由機(jī)械能守恒定律得。

⑤

在上述兩種情況下，彈簧的初始?jí)嚎s量都是x，故有Ep′=Ep⑥

當(dāng)質(zhì)量為2m的物塊與鋼板一起回到O點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈力為零，物塊與鋼板只受到重力的作用，加速度為g，一過O點(diǎn)，鋼板受到彈簧向下的拉力作用，加速度大于g，由于物塊與鋼板不粘連，物塊不可能受到鋼板的拉力，其加速度仍為g，方向向下，故在O點(diǎn)物塊與鋼板分離．分離后，物塊以速度v豎直上升，由豎直上拋?zhàn)畲笪灰乒降枚?/p>

所以物塊向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最高點(diǎn)距O點(diǎn)的距離h=．

【解析】【答案】分析物體的運(yùn)動(dòng)過程：物塊先自由下落；機(jī)械能守恒．物塊與鋼板碰撞時(shí)，因碰撞時(shí)間極短，系統(tǒng)所受外力遠(yuǎn)小于