2025年滬科新版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科新版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、健康同學認為；歐姆表測量電阻不夠準確，他想換用伏安法進一步測量一段阻值約為5Ω電阻絲的電阻，有下列器材與電路：

a．電流表A1(0.6A；內(nèi)阻約為0.1Ω)

b．電流表A2(3A；內(nèi)阻約為0.1Ω)

c．電壓表V1(3V；內(nèi)阻約為6kΩ)

d．電壓表V2(15V；內(nèi)阻約為20kΩ)

e．滑動變阻器R1(2kΩ；0.5A)

f．滑動變阻器R2(10Ω；2A)

g．干電池E(3V；內(nèi)阻約為0.05Ω)

h．開關(guān)一個；帶夾子的導線若干。

為了盡量減小測量數(shù)據(jù)的讀數(shù)誤差，他應(yīng)該（）A.電流表選用a，電路選甲B.電流表選用b，電路選甲C.電流表選用a，電路選乙D.電流表選用b，電路選乙2、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點．已知A、B、C三點的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=-3V，由此可知，D點的電勢為（）

A.3VB.6VC.9VD.12V3、如圖，一根豎直立在水平地面上的細桿，其上端固定一個光滑的小滑輪A，一質(zhì)量為m，帶電荷量為+q的可視為質(zhì)點的小球B通過細繩繞過滑輪A，并用水平力F拉住，在細桿上某點C處固定一個帶電量為+Q的點電荷，此時小球B處于靜止狀態(tài)，且AB＝AC＝BC?，F(xiàn)緩慢向左拉繩，使細繩AB的長度減為原來一半，同時改變小球B所帶的電荷量+q的大小，且細繩AB與細桿的夾角保持不變，在此過程中，下列說法正確的是（）

A.細繩拉力F逐漸增大B.細繩拉力F逐漸減小C.小球B所帶的電荷量q逐漸增大D.小球B所帶的電荷量q先減小后增大4、如圖所示是描述甲；乙兩個點電荷電場的部分電場線，下列說法正確的是（）

A.甲帶負電，乙?guī)д夿.甲的電荷量大于乙的電荷量C.在P點由靜止釋放一個帶正電的粒子，僅在電場力的作用下，粒子會沿電場線運動到Q點D.P點的電場強度小于Q點的電場強度5、許多手機都有指紋解鎖功能；常用的指紋識別傳感器是電容式傳感器，如圖所示。指紋的凸起部分叫做“嵴”，凹下部分叫做“峪”，傳感器上有大量面積相同的小極板，當手指貼在傳感器上時，這些小極板和與之正對的皮膚表面就形成了大量的小電容器，由于距離不同，所以這些小電容器的電容不同。此時傳感器給所有的電容器充電達到同一電壓值，然后開始放電，其中電容值較小的電容器放電較快，于是根據(jù)放電快慢的不同，就可以探測到嵴和峪的位置，從而形成指紋的圖像數(shù)據(jù)。根據(jù)以上信息，下列說法中正確的是。

A.電容器在充電過程中是把電能轉(zhuǎn)化成化學能B.在嵴處形成的電容器放電較快C.在峪處形成的電容器充電后帶電量較小D.潮濕的手指對指紋識別沒有任何影響評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，在垂直紙面向里的勻強磁場中，有兩根彼此靠近且平行的長直導線a和b放在紙面內(nèi)，導線長度均為L。導線中通有如圖所示的相反方向電流，a中電流為I，b中電流為2I，a受到的磁場力大小為F1，b受到的磁場力大小為F2；則（）

A.導線a的電流在導線b處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向里B.F2=2F1C.F2<2F1D.導線a的電流在導線b處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為7、質(zhì)量分別為和的兩小球帶有同種電荷，電荷量分別為和用絕緣細線懸掛在天花板上。平衡時，兩小球恰處于同一水平位置，細線與豎直方向間夾角分別為與兩小球突然失去各自所帶電荷后開始擺動，最大速度分別為和最大動能分別為和則（）

A.一定大于B.一定小于C.一定大于D.一定大于8、如圖所示，在空間直角坐標系中，AB兩點分別放有等量的電荷量為的正點電荷，AB兩點到坐標原點的距離為．點分別是x軸、y軸、z軸上的點，它們距坐標原點的距離均為關(guān)于兩正點電荷在空間中產(chǎn)生的場強和電勢，正確的是。

A.O點的場強大于P點的場強B.M點的場強與N點場強相等C.點的電勢高于M點的電勢D.M、N兩點的電勢相等9、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止狀態(tài)，其中R1>r，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時；則（）

A.電壓表讀數(shù)變大，電流表讀數(shù)變大B.R1和R2上的電壓都增大C.質(zhì)點P將向下運動，電源的效率增大D.R3上消耗的功率減小，電源的輸出功率增大10、如圖所示，M、N兩處分別固定電荷量為+2q、-q的點電荷，A、B是M、N連線上的兩個點，且MA=AB=BN。A、B之間的電勢差為A、B兩點場強分別為若僅取走右邊的負電荷，A、B之間的電勢差變?yōu)锳、B兩點場強分別為下面說法正確的是（）

A.B.C.D.11、空間有一半徑為1m的圓形區(qū)域處于勻強電場中，勻強電場方向平行于圓形邊界所處的平面。邊界上有六個點等間距排列。電子從a點以初動能6eV朝不同方向飛出，經(jīng)過圓形邊界不同位置時，具有不同的速度，經(jīng)過b處時動能最大；為7eV。電子重力不計，下列說法正確的是（）

A.電場方向為b→e，大小為2V/mB.電子經(jīng)過e處時動能最小，為2eVC.因為六個點等間距排列，任意相鄰兩點間的電勢差大小都相等D.經(jīng)過O點的電子不能返回a點，經(jīng)過f點的電子能返回a點12、下列關(guān)于電功、電功率和焦耳定律的說法中正確的是（）A.電功率越大，電流做功越快，電路中產(chǎn)生的焦耳熱一定越多B.W=UIt適用于任何電路，而只適用于純電阻電路C.在非純電阻電路中，UI>I2RD.焦耳熱Q=I2Rt適用于任何電路13、如圖所示，在x軸上關(guān)于O點對稱的F、G兩點有等量正點電荷Q，正方形ABCD在xoy平面內(nèi)，其中心在O點，且AB邊與FG連線平行．則下列判斷正確的是（））

A.O點電場強度為零B.A,C兩點電場強度相等C.B,D兩點電勢相等D.若將點電荷-q從A點移向C，電場力做的總功為負評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、如圖所示的電路中，當開關(guān)K閉合時，燈泡L正常發(fā)光，現(xiàn)斷開開關(guān)K，閉合電路的總電阻將_____(填“增大”“減小”或“不變”)，燈泡L的亮度將______(填“變亮”“變暗”或“不變”)

15、熱功率：

（1）定義：_______內(nèi)的發(fā)熱量稱為熱功率。

（2）表達式：P=_______。

（3）物理意義：表示電流_______的物理量。

（4）計算電路中某電阻（滿足歐姆定律）的熱功率時，可以用到的公式是_______。

①P=UI；②P=I2R；③P=④⑤P=16、多用電表使用前應(yīng)先調(diào)整______，使指針指到零刻度．17、如圖所示，兩等量正電荷和分別置于A、B兩點，為連線的中垂線，C在連線上，D在無窮遠處，現(xiàn)將一正電荷由C點沿移到D點的過程中，其電勢能將__________，電場強度將________．

18、為判斷線圈繞向，可將靈敏電流計G與線圈L連接，如圖所示，已知線圈由端開始繞至端；當電流從電流計G左端流入時，指針向左偏轉(zhuǎn)。

（1）將磁鐵N極向下，從線圈L中向上抽出時，發(fā)現(xiàn)指針向左偏轉(zhuǎn)，俯視線圈，其繞向為___________（填：“順時針”或“逆時針”）。

（2）當條形磁鐵從圖示中的虛線位置向右遠離L時，指針向右偏轉(zhuǎn)，俯視線圈，其繞向為___________（填：“順時針”或“逆時針”）。評卷人得分四、實驗題(共4題，共8分)19、某同學要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率步驟如下：

（1）用20分度的游標卡尺測量其長度如圖甲所示，可知其長度為L=______mm。

（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，可知其直徑為d=______mm。

（3）根據(jù)=______（用R、d、L及有關(guān)常數(shù)表示），即可計算該金屬絲的電阻率。

該電阻的阻值約為2.2×102Ω。為更精確地測量其電阻；現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：

待測圓柱體電阻R；

電流表A1（量程0~15mA，內(nèi)阻約為30Ω）；電流表A2（量程0~3mA；內(nèi)阻約為50Ω）；

電壓表V1（量程0~3V，內(nèi)阻約為10kΩ）；電壓表V2（量程0~15V；內(nèi)阻約為25kΩ）；

直流電源E（電壓為4V，內(nèi)阻不計）；滑動變阻器R1（阻值范圍0~15Ω）；

滑動變阻器R2（阻值范圍0~2kΩ）；開關(guān)S；導線若干。

為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，請在虛線框中畫出正確的電路圖，并標明所用器材的代號______。

20、利用下列器材測量由兩節(jié)干電池(內(nèi)阻約為1.2Ω)組成的電源的電動勢和內(nèi)電阻．

A．電流表：量程0.6A；內(nèi)電阻約1Ω

B．電流表：量程3A；內(nèi)電阻約0.2Ω

C．電壓表：量程3V；內(nèi)電阻約30KΩ

D．電壓表：量程15V；內(nèi)電阻約60KΩ

E．滑動變阻器：0～1000Ω；額定電流0.5A

F．滑動變阻器：0～20Ω；額定電流2A

(1)為了使測量結(jié)果盡量準確，電流表應(yīng)選用_______，電壓表應(yīng)選用_______，滑動變阻器應(yīng)選用_______(均填儀器的字母代號)．

(2)請在圖甲中用筆畫線代替導線完成電路連接_______．

(3)在實驗操作正確的情況下測得數(shù)據(jù)記錄在下表中，請在圖乙中作出U－I圖象____________．。U/V2.942.862.812.762.712.62I/A0.060.120.180.240.300.38

(4)實驗中測得該電源的電動勢E=____________V，內(nèi)電阻r=____________Ω．21、某同學查閱到某種材料的熱敏電阻溫度從10°C升至60°C時，阻值從幾千歐姆降至幾百歐姆，該同學利用伏安法測量其阻值隨溫度的變化關(guān)系。所用器材：電源E、開關(guān)S、滑動變阻器R（最大阻值為20Ω）；理想電壓表、理想毫安表。操作過程如下：

（1）按圖1所示連接電路。

（2）實驗時，將熱敏電阻置于溫度控制室中，記錄不同溫度下電壓表和毫安表的示數(shù)，計算出相應(yīng)的熱敏電阻阻值。實驗中得到的該熱敏電阻阻值R隨溫度I變化的曲線如圖2所示。若某次測量中電壓表和毫安表的示數(shù)分別為6.7V和2.80mA，則此時溫度控制室中的溫度為___________°C（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

（3）利用實驗中的熱敏電阻制作溫控報警器。其電路的一部分如圖3所示。圖中，E為直流電源（電動勢為10V，內(nèi)阻可忽略）；當圖中的輸出電壓小于或等于5.0V時，便觸發(fā)報警器（圖中未畫出）報警。若要求開始報警時環(huán)境溫度為44°C，則圖中___________（選填“R1”或“R2”）應(yīng)使用熱敏電阻，另一固定電阻的阻值應(yīng)為___________kΩ（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。22、某研究性學習小組欲測定一塊新型電池的電動勢E和內(nèi)阻r。供選擇的儀器如下:

①待測電源E（電動勢約為5V，內(nèi)阻r約為幾歐）；

②電流表A（最大量程1mA，內(nèi)阻r1=100Ω）；

③電阻箱R1（0—99.9Ω）；

④電阻箱R2（0-9999.9Ω）；

⑤電鍵S及導線若干。

（1）小組同學首先要把電流表A與電阻箱_____________（填“R1”或“R2”）串聯(lián)改裝成一只量程為5V電壓表，并把其連入電路的阻值R′調(diào)為_____________Ω。

（2）小組同學設(shè)計了電路圖如圖甲所示，閉合開關(guān)S，調(diào)整電阻箱值R，讀出電流表A相應(yīng)示數(shù)I。該學習小組測出多組R、I數(shù)據(jù)，用描點作圖法作出-的圖象如圖乙，從圖象中可知電源電動勢E=______V；電源內(nèi)阻r=______Ω（結(jié)果保留一位小數(shù)）。評卷人得分五、解答題(共3題，共27分)23、如圖甲所示的電路中，R1、R2均為定值電阻，且R1=100Ω，R2阻值未知，R3為一滑動變阻器。當其滑片P從左端滑至右端時，測得電源的路端電壓隨電源中流過的電流變化圖線如圖乙所示，其中A、B兩點是滑片P在變阻器的兩個不同端點得到的。求：

（1）電源的電動勢和內(nèi)阻；

（2）定值電阻R2的阻值；

（3）滑動變阻器的阻值為多少時電源的輸出功率最大？輸出功率的最大值為多少？此時電源的效率為多少？

24、如圖所示，光滑絕緣水平軌道AC與豎直面內(nèi)的光滑絕緣半圓軌道相切于C，半圓軌道半徑R=0.4m，虛線左側(cè)空間存在水平向右的勻強電場，電場強度E1=5×103N/C，虛線右側(cè)空間存在豎直向下的勻強電場，電場強度E2=2.5×103N/C，兩個相同的金屬小球1、2分別置于水平軌道A、B點，小球質(zhì)量m=0.2kg，兩點距離xAB=2.5m，1球帶電量q=+2×10-4C，2球不帶電；無初速度釋放小球1，小球1與小球2在B點發(fā)生彈性碰撞，碰后兩球繼續(xù)運動，小球1剛好能沿圓軌道內(nèi)側(cè)到達圓心等高的D點；不考慮小球間的庫侖力，重力加速度g=10m/s2；求：

（1）碰撞后瞬間小球2的速度大小；

（2）B、C兩點的距離為多少；

（3）小球2脫離半圓軌道后落到水平軌道上，落點到C點的距離為多少。

25、構(gòu)建理想化模型；是處理物理問題常見的方法．

（1）在研究平行板電容器的相關(guān)問題時，我們是從研究理想化模型——無限大帶電平面開始的．真空中無限大帶電平面的電場是勻強電場，電場強度為E0=其中k是靜電力常量，σ為電荷分布在平面上的面密度，單位為C/m2．如圖1所示，無限大平面帶正電，電場指向兩側(cè)．若帶負電則電場指向中央（圖中未畫出）．在實際問題中，當兩塊相同的帶等量異種電荷的較大金屬板相距很近時，其中間區(qū)域，可以看作是兩個無限大帶電平面所產(chǎn)生的勻強電場疊加；如果再忽略邊緣效應(yīng)，平行板電容器兩板間的電場就可以看作是勻強電場，如圖2所示．已知平行板電容器所帶電量為Q，極板面積為S，板間距為d；求：

a.兩極板間電場強度的大小E；

b.請根據(jù)電容的定義式，求出在真空中，該平行板電容器的電容C；

c.求解圖2中左極板所受電場力的大小F．

（提示：因為帶電左極板的存在已經(jīng)影響到帶電右極板單獨存在時空間場強的分布，所以不能使用a問中計算出的場強；而是應(yīng)該將電場強度“還原”到原來右極板單獨存在時，在左極板所在位置產(chǎn)生的電場強度．）

（2）根據(jù)以上思路，請求解真空中均勻帶電球面（理想化模型，沒有厚度）上某微小面元所受電場力．如圖3所示，已知球面半徑為R，所帶電量為Q，該微小面元的面積為?S，帶電球面在空間的電場強度分布為其中r為空間某點到球心O的距離．

（提示：“無限大”是相對的，在實際研究中，只要被研究點距離帶電面足夠近，就可認為該帶電面為無限大帶電平面）參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

電路最大電流約為

則電流表應(yīng)選a，電源電動勢為3V，因此電壓表選c，由于

說明待測電阻較小；因此電流表應(yīng)采用外接法，則電路應(yīng)選乙，故C正確，ABD錯誤。

故選C。2、C【分析】【詳解】

如圖，作AB的中點F，則F點的電勢為9V，連接DF，然后反向延長AB至E點，使得則E點的電勢為-3V，連接CE，則CE為一條等勢線；根據(jù)幾何知識可得DF∥CE，故DF也是一條等勢線，所以D點的電勢為9V，故C正確．

3、B【分析】【詳解】

AB．對小球B受力分析，小球B受重力mg、庫侖力細繩拉力F，三個力作用下小球B平衡；開始時三個力構(gòu)成等邊矢量三角形，受力分析如圖所示。

由受力圖可知，當細繩AB長度減小且夾角不變時，細繩拉力F逐漸減小；故A錯誤，B正確；

CD．細繩AB長度逐漸減小為原來的一半過程中，庫侖力減小，兩點電荷之間的距離也逐漸減小，根據(jù)庫倫公式

可知，小球B所帶的電荷量q逐漸減小；故CD錯誤。

故選A。4、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)電場線分布特點；可判斷出甲帶正電；乙?guī)ж撾?，并且甲的電荷量大于乙的電荷量，A錯誤，B正確；

C．在P位置靜止釋放一個帶正電的粒子，僅在電場力的作用下，粒子沿P位置電場線的切線從靜止加速；會離開電場線，C錯誤；

D．根據(jù)電場線的密集程度可以判斷出P點的電場強度大于Q點的電場強度；D錯誤。

故選B。5、C【分析】【詳解】

A．電容器在充電過程中是把電能轉(zhuǎn)化成電場能；故A錯誤；

BC．由于外接電源為所有電容器充到一個預(yù)先設(shè)計好的電壓值，所以所有的電容器電壓一定，根據(jù)可知，極板與指紋溝（凹的部分，d大；電容?。?gòu)成的電容器充上的電荷較少，在放電過程中放電時間短；反之，在嵴處形成的電容器電容大，電荷量大，放電時間長，故B錯誤，C正確；

D．濕的手與傳感器之間有水填充；改變了原來匹配成平行板電容器的電容，所以會影響指紋解鎖，故D錯誤。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)6、A:C【分析】【詳解】

A．由安培定則可知，導線a的電流在導線b處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向里；選項A正確；

BCD．兩個導線間的作用力是相互排斥力，根據(jù)牛頓第三定律，等大、反向、共線，大小設(shè)為Fab；磁場的磁感應(yīng)強度為B，則

對左邊電流有F1=BIL+Fab

對右邊電流有F2=2BIL+Fab

兩式聯(lián)立解得Fab=2F1-F2

則2F1>F2

則a通電導線的電流在b導線處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為

則選項C正確，BD錯誤。

故選AC。7、C:D【分析】【詳解】

A．對小球A受力分析；受重力；靜電力、拉力，如圖所示。

根據(jù)平衡條件，有

故

同理，有

由于故故A錯誤；

B．兩球間的庫侖力是作用力與反作用力；一定相等，與兩個球是否帶電量相等無關(guān)，故B錯誤；

C．設(shè)懸點到的豎直高度為則擺球A到最低點時下降的高度

小球擺動過程機械能守恒，有

解得

由于A球擺到最低點過程，下降的高度故A球的速度較大，故C正確；

D．小球擺動過程機械能守恒，有

故

其中相同，根據(jù)數(shù)學中的半角公式，得到

其中相同，故越大，動能越大，故一定大于故D正確。

故選CD。8、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)等量同種電荷電場分布情況可知，O點的場強小于P點的場強.故A錯誤.

B．根據(jù)電場的疊加原理可知M點的場強與N點的場強大小相等；方向不同.故B錯誤.

C．根據(jù)等量同種電荷電場分布情況可知，在AB直線上，約靠近O點電視越低，P點比M點在AB直線上的等勢點離O點遠，則點電勢高于M點的電勢.故C正確.

D．由對稱性，M、N兩點的電勢相等，故D正確．9、B:D【分析】【詳解】

C．當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，R4接入電路的阻值減小，電路總電阻減小，總電流增大，電源內(nèi)電壓增大，路端電壓U減小，且R1兩端電壓增大，R3兩端電壓減小，平行金屬板兩端電壓減小，板間電場強度減小，質(zhì)點P將向下運動，根據(jù)

可知電源的效率減?。还蔆錯誤；

AB．因為R3兩端電壓減小，所以通過R3的電流減小，又因為總電流增大，所以通過R2的電流增大，即電流表讀數(shù)增大，R2兩端電壓增大，R4兩端電壓減??；即電壓表讀數(shù)減小，故A錯誤，B正確；

D．因為R3兩端電壓減小，所以R3上消耗的功率減小。設(shè)電路的外電阻為R，則電源的輸出功率為

根據(jù)數(shù)學知識可知當R=r時，P最大；當R＜r時，P隨R的增大而增大；當R＞r時，P隨R的減小而增大。由題意可知開始時一定有R＞r；所以電源的輸出功率增大，故D正確。

故選BD。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．在A、B之間移動一個正的檢驗電荷，移走右邊的負電荷后電場力做的功W減少，根據(jù)公式W=qU

可知

故A錯誤；B正確；

CD．根據(jù)電場疊加規(guī)律可得

解得

故C正確；D錯誤。

故選BC。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電子經(jīng)過b處時動能最大，則圓環(huán)上b點電勢最高，過b點的等勢面與圓形邊界相切，可知場強方向為b→e，電子由a到b由動能定理得

得

a、b連線與的夾角為可得

得

故A正確。

B．圓形邊界上的各點，e點電勢最低，電子經(jīng)過e點時動能最小，電子由b到e由動能定理

又

可得

故B錯誤。

C．六個點等間距排列；但相鄰點的連線沿電場線方向的投影長度不同，相鄰兩點間的電勢差大小不同，故C錯誤；

D．與（電場方向）有夾角，電子從a運動到O，說明電子在勻強電場中做曲線運動，不可能回到a點，與（電場方向）平行，電子從a運動到f（沿電場方向），說明電子做勻減速直線運動，則電子能回到a點；故D正確。

故選AD。12、B:C:D【分析】【詳解】

A．電功率公式

表示電功率越大，電流做功越快．對于一段電路，有

焦耳熱

可見Q與P、U、t、R都有關(guān)，所以P越大，Q不一定越大；A錯；

B．電功的定義式

適用于任何電路，而

只適用于純電阻電路，即

只適用于純電阻電路；B正確；

C．在非純電阻電路中，電流做的功等于焦耳熱和其他形式的能之和，所以

即

C正確；

D．焦耳熱的定義式

適用于任何電路；D正確。

故選BCD。13、A:C【分析】【詳解】

A、根據(jù)電場線分布和疊加原理可知O點電場強度為零，故A正確；

B、根據(jù)電場線分布的對稱性可知，A、C兩點電場強度大小相等，方向相反，故B錯誤；

C、根據(jù)電場線分布的對稱性和順著電場線方向電勢降低，D點的電勢等于B點的電勢，故C正確；

D、根據(jù)電場線分布的對稱性和順著電場線方向電勢降低，A點的電勢等于C點的電勢，根據(jù)可知A點的電勢能等于C點的電勢能，所以將點電荷-q從A點移向C，電場力做的總功為0，故D錯誤；

故選AC．

【點睛】

空間各點的電場強度是兩個點電荷產(chǎn)生的電場強度的合成，根據(jù)疊加原理分析電場方向，確定電勢關(guān)系和電場強度關(guān)系；確定出從A到C電勢的變化，根據(jù)電場力做功．三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【詳解】

[1]．閉合開關(guān)時電路中的總電阻為

斷開開關(guān)電路中的總電阻為R′=r+RL+R1

所以斷開開關(guān)后電路中的總電阻增大；

[2]．斷開開關(guān)電路的總電阻變大，根據(jù)歐姆定律知，電路中的總電流變小，所以燈泡變暗；【解析】增大變暗15、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]定義：單位時間內(nèi)的發(fā)熱量稱為熱功率。

（2）[2]表達式：P=I2R。

（3）[3]物理意義：表示電流發(fā)熱快慢的物理量。

（4）[4]對純電阻，所有的功率公式都滿足，即計算電路中某電阻（滿足歐姆定律）的熱功率時，可以用到的公式是①②③④⑤?！窘馕觥繂挝粫r間I2R發(fā)熱快慢①②③④⑤16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】指針定位螺絲17、略

【分析】【詳解】

[1]在無窮遠處的電勢為零，所以從C點到D點；電勢能將減?。?/p>

[2]等量正電荷在C點的電場強度為零，C點到D點電場強度先增大后減小?！窘馕觥繙p小先增大后減小18、略

【分析】【詳解】

（1）[1]將磁鐵N極向下；從線圈L中向上抽出時，磁鐵離開線圈，穿過L的磁場向下，原磁通量減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場方向相同，感應(yīng)電流磁場應(yīng)該向下，電流表指針向左偏轉(zhuǎn)，電流從電流表左端流入，由安培定則可知，俯視線圈，線圈繞向為逆時針。

（2）[2]當條形磁鐵從圖中虛線位置向右遠離L時，穿過L的磁通量向上，磁通量減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流磁場應(yīng)向上，指針向右偏轉(zhuǎn)，電流從右端流入電流表，由安培定則可知，俯視線圈，其繞向為逆時針?！窘馕觥磕鏁r針逆時針四、實驗題(共4題，共8分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]20分度游標卡尺的精度為0.05mm；主尺讀數(shù)為12mm，游標卡尺的讀數(shù)為。

4×0.05mm+12mm=12.20mm（2）[2]螺旋測微器讀數(shù)為。

6.5mm+36.0×0.01mm=6.860mm（3）[3]由電阻公式得。

R==解得。

=[4]要求測量多組數(shù)據(jù)，滑動變阻器采用分壓式接法，那么滑動變阻器應(yīng)選擇阻值小的R1，電源電動勢為4V，電壓表V2量程過大，讀數(shù)不準，所以電壓表選擇V1，由于粗測電阻在220左右；電流最大約為。

Im=≈13.6mA所以電流表選擇A1。因為ARV；所以電流表采用外接法，電路圖如圖所示。

【解析】12.206.86020、略

【分析】【分析】

；

【詳解】

（1）待測電源為兩節(jié)干電池；則電壓表應(yīng)選3V量程；根據(jù)題中給定的數(shù)據(jù)表可知，電流在0.6A之內(nèi)，故電流表選擇0.6A的量程；滑動變阻器選擇0～20Ω為宜，選擇太大線性度不高．故電流表用A，電壓表用C，滑動變阻器用F；

（2）實物電路圖連接如下。

（3）U-I曲線繪制如下。

（4）由可知，該圖象與縱軸的截距代表電動勢E，圖象的斜率的絕對值表示電源內(nèi)阻r，故電動勢內(nèi)阻．由于不同的同學求斜率選點由差異，故內(nèi)阻在0.90Ω<r<1.1Ω的范圍內(nèi)都算正確．【解析】①.A②.C③.F④.⑤.⑥.3.0V⑦.1.0Ω(0.90Ω<r<1.1Ω的范圍內(nèi)都算正確)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(2)[1]根據(jù)歐姆定律得

根據(jù)圖2；可知溫度大約為23°C。

(3)[2]當輸出電壓小于或等于5.0V時，便觸發(fā)報警器報警，說明溫度升高時，輸出端電阻減小，所以圖中R2應(yīng)使用熱敏電阻。

[3]開始報警時環(huán)境溫度為44°C，此時熱敏電阻的阻值是1.0kΩ，則根據(jù)串聯(lián)電路的電壓分配規(guī)律得定值電阻的阻值為1.0kΩ。【解析】①.23②.R2