2025年魯教新版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯教新版高二物理上冊月考試卷793考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、2006

年美國和俄羅斯的科學家利用回旋加速器，通過(

鈣48)

轟擊(

锎249)

發(fā)生核反應，成功合成了第118

號元素，這是迄今為止門捷列夫元素周期表中原子序數最大的元素，實驗表明，該元素的原子核先放出3

個相同的粒子x

再連續(xù)經過3

次婁脕

衰變后，變成質量為282

的第112

號元素的原子核，則上述過程中的粒子x

是(

)

A.中子B.質子C.電子D.婁脕

粒子2、如圖所示，半圓形玻璃磚abcO

為圓心，C

為圓弧頂點.

一束很細的白光沿cO

方向射入玻璃磚.

現(xiàn)保持光的方向不變，使玻璃磚繞O

點沿順時針方向轉動，則首先在界面ab

發(fā)生全反射的應是白光中的A.紫光部分，因為玻璃對紫光折射率小B.紫光部分，因為玻璃對紫光折射率大C.紅光部分，因為玻璃對紅光折射率小D.紅光部分，因為玻璃對紅光折射率大3、一輛汽車擬從甲地開往乙地，先由靜止啟動做勻加速直線運動，然后保持勻速直線運動，最后做勻減速直線運動，當速度減為0時剛好到達乙地。從汽車啟動開始計時，下表給出某些時刻汽車的瞬時速度，根據表中的數據通過分析、計算可以得出汽車。時刻（s）1．02．03．05．07．09．510．5速度（m/s）3．06．09．012129．03．0A.勻加速直線運動經歷的時間為4．0sB.勻加速直線運動經歷的時間為5．0sC.勻減速直線運動經歷的時間為2．0sD.勻減速直線運動經歷的時間為4．0s4、與原子核內部變化有關的現(xiàn)象是（）A.α粒子散射現(xiàn)象B.光電效應現(xiàn)象C.電離現(xiàn)象D.天然放射現(xiàn)象5、一束單色平行光，通過雙縫后在屏上得到干涉條紋，以下說法中正確的是（）A.相鄰明紋或暗條紋之間的距離不相等B.用紅光做實驗比用紫光做實驗得到的相鄰明條紋（或暗條紋）之間的間隔大C.屏上某點到雙縫的距離之差等于半個波長的整數倍時，這點將出現(xiàn)暗條紋D.如果改用白光做實驗，相鄰條紋之間的距離是相等的6、如圖，質量為m

的物體沿傾角為婁脠

的斜面勻速下滑.

下列正確的是()

A.物體所受合力的方向沿斜面向下B.斜面對物體的支持力等于物體的重力C.物體下滑速度越大，說明物體所受摩擦力越小D.斜面對物體的支持力和摩擦力的合力的方向豎直向上7、氫原子能級的示意圖如圖所示，大量氫原子從n=4

的能級向n=2

的能級躍遷時輻射出可見光a

從n=3

的能級向n=2

的能級躍遷時輻射出可見光b

則

A.氫原子在n=2

的能級時可吸收能量為3.6eV

的光子而發(fā)生電離B.氫原子從n=4

的能級向n=3

的能級躍遷時輻射出光子的能量可以小于0.66eV

C.b

光比a

光的波長短D.氫原子從n=4

的能級可輻射出5

種頻率的光子8、如圖所示，水平放置的平行板電容器充電后與電源斷開，一重力不計的帶電粒子沿著上板水平射入電場，恰好從下板右邊緣飛出電場，粒子電勢能減少了鈻?E1.

若保持上板不動，將下板上移少許，該粒子仍以相同的速度從原處射入電場，粒子在電場中電勢能減少了鈻?E2

下列分析正確的是(

)

A.電容變大，兩板間電壓不變，兩板間場強變大B.電容變小，兩板間電壓變大，兩板間場強不變C.粒子將打在下板上，且鈻?E1>鈻?E2

D.粒子仍然從下板右邊緣飛出電場，且鈻?E1=鈻?E2

評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示；手拿起玻璃瓶，使瓶在空中處于靜止狀態(tài)，關于瓶的受力，下列說法正確的是（）

A.靜摩擦力，方向豎直向上B.手的握力越大，摩擦力越大C.摩擦力和重力是一對平衡力D.摩擦力和重力是作用力與反作用力10、下列說法正確的是（）A.α、β、γ三種射線中，α射線的穿透能力最強，γ射線的電離作用最弱B.β衰變所釋放的電子是原子核內的中子轉變?yōu)橘|子時產生的C.

如圖為三種射線在磁場中的徑跡，其中①為α射線，②β射線，③為γ射線D.

如圖為三種射線在電場中的徑跡，其中①為α射線，②β射線，③為γ射線11、圖甲是回旋加速器的原理示意圖．其核心部分是兩個D形金屬盒，在加速帶電粒子時，兩金屬盒置于勻強磁場中（磁感應強度大小恒定），并分別與高頻電源相連．加速時某帶電粒子的動能Ek隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示；若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，則下列判斷正確的是（）

A.在Ek-t圖象中t4-t3=t3-t2=t2-t1B.高頻電流的變化周期應該等于tn-tn-1C.粒子加速次數越多，粒子獲得的最大動能一定越大D.D形盒的半徑越大，粒子獲得的最大動能越大12、根據法拉第電磁感應定律的數學表達式，電動勢的單位V

可以表示為(

)

A.T/s

B.Wb/s

C.T?m2/s

D.Wb?m2/s

13、如圖甲所示為某一點電荷Q

產生的電場中的一條電場線，AB

為電場線上的兩點，一電子以某一速度沿電場線由A

運動到B

的過程中，其速度鈭?

時間圖象如圖乙所示，則下列敘述正確的是()

A.電場線方向由B

指向A

B.場強大小EA>EB

C.Q

可能為負電荷，也可能為正電荷D.Q

在A

的左側且為負電荷14、如圖所示，MN

是豎直放置的兩平行金屬板，分別帶等量異種電荷，兩極板間產生一個水平向右的勻強電場，場強為E

一質量為m

電荷量為+q

的微粒，以初速度v0

豎直向上從兩極正中間的A

點射入勻強電場中，微粒垂直打到N

極板上的C

點，已知AB=BC.

不計空氣阻力，則可知(

)

A.微粒在電場中做拋物線運動B.微粒打到C

點時的速率與射入電場時的速率相等C.MN

板間的電勢差為2mv02q

D.MN

板間的電勢差為Ev022g

15、如圖所示，在PQ、QR區(qū)域中存在著磁感應強度大小相等、方向相反的勻強磁場，磁場方向均垂直于紙面，一正方形導線框abcd位于紙面內，ab邊與磁場的邊界P重合．導線框與磁場區(qū)域的尺寸如圖所示．從t=0時刻開始，線框勻速橫穿兩個磁場區(qū)域，以a→b→c→d為線框中的電流i的正方向，向左為導線框所受安培力的正方向，以下i-t和F-t關系示意圖中正確的是（）A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、電荷守恒定律是自然界的基本守恒定律之一，可以表述為：電荷既不會______，也不會______，它只會從一個物體轉移到另一個物體，或者從物體的一部分轉移到另一部分；在轉移的過程中，______．17、曾經謠傳2012年12月21日“世界末日”來臨．有不少科學家在瑪雅文化發(fā)祥地進行探索和研究；發(fā)現(xiàn)了一些散落在平整山坡上非常規(guī)則的不明圓柱體，有科學家認為是外星人帶著瑪雅人離開時留下的．對其力學性質進行研究，下表為其形變量x與所施加拉力F關系的實驗數據。

。F/N0.524.5812.518X/mm123456（1）試猜想此不明圓柱體施加拉力F與其形變量x的關系______

（2）如果想要驗證猜想是否正確，應該畫出下列哪種圖象最能直觀準確的表示兩者之間的關系______

A．F-x圖象B．F-x2圖象C．F2-x圖象D．F2-x2圖象．18、在《測定金屬的電阻率》實驗中，某同學用螺旋測微器測量金屬絲導線的直徑時，測量示數如圖所示．則該金屬絲的直徑為____mm．

19、把電流表G改裝成量程2V電壓表，滿偏電流Ig=2mA，內阻Rg=10Ω，則串聯(lián)____歐電阻．20、【生物—選修3現(xiàn)代生物科技專題】略評卷人得分四、判斷題(共2題，共10分)21、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、實驗題(共4題，共28分)23、在“測定電池的電動勢和內阻”的實驗中，（1）完成本實驗中的實物圖連接（2）在上圖的電路中，為避免燒壞電表，閉合開關前，滑動變阻器的滑動觸頭應置于_______端（填“A”或“B”）．（3）上圖是根據實驗數據作出的U－I圖象，由圖可知，電源的電動勢E=___V，內阻r=____Ω。24、某同學用如圖所示電路,測繪標有“3.8V,0.3A”的小燈泡的燈絲電阻R隨電壓U變化的圖像.①除了導線和開關外,有以下一些器材可供選擇：電流表：A1(量程100mA，內阻約2Ω)、A2(量程0.6A，內阻0.3Ω)；電壓表：V1(量程5V，內阻約5kΩ)、V2(量程15V，內阻約15kΩ)；滑動變阻器：R1（阻值范圍0-10Ω）、R2(阻值范圍0-2kΩ)；電源：E1(電動勢為1.5V，內阻為0.2Ω)、E2(電動勢為4V,內阻約為0.04Ω).為了調節(jié)方便,測量準確,實驗中應選用電流表_______,電壓表______,滑動變阻器__________,電源_________.（填器材的符號)25、在用油膜法估測分子的大小實驗中，采用了以下實驗步驟，請將橫線上的內容補充完整。（1）將1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的酒精油酸溶液。（2）用滴管扣帽子取配制好的酒精油酸溶液，然后一滴一滴滴入量筒中，記錄量筒內增加1mL溶液的滴數n。由此可算出每滴酒精油酸溶液中純油酸的體積為______________cm3。（3）在邊長為30～40cm的淺盤里倒入約2cm深的水，然后將痱子粉或石膏粉均勻地撒在水面上，用滴管將配制好的酒精油酸溶液在水面上滴入1滴，待油酸膜的形狀穩(wěn)定后，在水面上形成_________________油膜。（4）將玻璃板放在淺盤上，用彩筆將油膜邊界畫在玻璃板上。（5）將這塊玻璃板放在畫有邊長為1cm的正方形方格的坐標紙上，算出油酸膜的面積，如圖所示，油酸膜的面積是____________cm2。（6）若將1滴純油酸的體積記為V(m3)，油酸膜的面積記為S（m2），根據L＝________可計算出油酸膜的厚度L，L即油酸分子的直徑，一般分子直徑的數量級是_____________m。26、某同學研究小燈泡的伏安特性，所使用的器材有：小燈泡L（額定電壓3.8V，額定電流0.32A）；電壓表V（量程3V，內阻3kΩ）；電流表A（量程0.5A，內阻0.5Ω）；固定電阻R0（阻值1000Ω）；滑動變阻器R（阻值0~9.0Ω）；電源E（電動勢5V；內阻不計）；開關S；導線若干．

（1）實驗要求能夠實現(xiàn)在0~3.8V的范圍內對小燈泡的電壓進行測量，畫出實驗電路原理圖__________．

（2）實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示．

（3）用另一電源E0（電動勢4V，內阻1.00Ω）和題給器材連接成圖（b）所示的電路，調節(jié)滑動變阻器R的阻值，可以改變小燈泡的實際功率．閉合開關S，在R的變化范圍內，小燈泡的最小功率為_____W.（結果保留2位小數）

（4）某同學進行如下測量:用20分度的游標卡尺測量其長度如圖，由圖可知其長度為L=______mm；

（5）用螺旋測微器測量其直徑如圖，由圖可知其直徑D=___________mm；評卷人得分六、畫圖題(共2題，共18分)27、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象28、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】解：因為在衰變的過程中質量數守恒；電荷數守恒．

根據電荷守恒定律可得；118鈭?3隆脕2鈭?112=0

所以X

粒子的電荷量為零．

再根據質量守恒；48+249鈭?4隆脕3鈭?282=3

所以X

粒子的質量數為1

所以該粒子為中子，故BCD錯誤，A正確．

故選A．

根據核反應過程中的質量數和電荷數守恒求出x

的質量數和電荷數即可判斷x

屬于那種粒子．

本題比較簡單，直接利用核反應過程中的質量數和電荷數守恒即可解答．【解析】A

2、B【分析】【分析】各種色光的臨界角不同，轉動玻璃磚，入射角變大，臨界角最小的會發(fā)生全反射。本題考查了光的折射定律。解決本題的關鍵七種色光折射率大小關系和發(fā)生全反射的條件，以及知道臨界角和折射率的關系【解答】白光是由七種色光組成的，其中紫光的折射率最大，紅光的折射率最小，由臨界角公式可知，紫光的臨界角最小，紅光的臨界角最大，則在轉動玻璃磚，入射角變大時，紫光最先發(fā)生全反射；故B正確，ACD錯誤。故選B?！窘馕觥緽

3、A|C【分析】【解析】【答案】AC4、D【分析】【解答】A、α粒子散射實驗表明了原子內部有一個很小的核；并沒有涉及到核內部的變化．故A錯誤．B；光電效應是原子核外層電子脫離原子核的束縛而逸出，沒有涉及到原子核的變化，故B錯誤．

C；電離現(xiàn)象是電子脫離原子核的束縛；不涉及原子核內部變化．故C錯誤．

D、天然放射現(xiàn)象是原子核內部自發(fā)的放射出α粒子或電子的現(xiàn)象；反應的過程中核內核子數，質子數，中子數發(fā)生變化，涉及到原子核內部的變化．故D正確．

故選：D．

【分析】電離現(xiàn)象是電子脫離原子核的束縛．光電效應是原子核外層電子脫離原子核的束縛而逸出；天然放射現(xiàn)象是原子核內部自發(fā)的放射出α粒子或電子的現(xiàn)象；α粒子散射現(xiàn)象是用α粒子打到金箔上，受到原子核的庫倫斥力而發(fā)生偏折的現(xiàn)象；5、B【分析】解：A；干涉條紋的寬度是相等的；A錯誤；

B；條紋間距與波長成正比；所以用紅光做實驗比用紫光做實驗時，得到的明條紋或暗條紋間的間距大，B正確；

C；屏上某點到雙縫的距離之差等于半個波長的奇數倍時；這點將出現(xiàn)暗條紋，C錯誤；

D；用白光做此實驗；屏上出現(xiàn)彩色干涉條紋，D錯誤；

故選：B．

根據△x=可知條紋間距與雙縫到屏的距離L；雙縫間距d，光的波長λ有關．

本題考查了影響干涉條紋的間距與哪些因素有關，注意明條紋與暗條紋形成條件．【解析】【答案】B6、D【分析】物體沿斜面勻速下滑時合力為零，以物體為研究對象，根據平衡條件求解斜面對物體的支持力及斜面對物體的支持力和摩擦力的合力的方向。A.物體沿斜面勻速下滑時；由平衡條件得知，其合力為零，故A錯誤；

B.斜面對物體的支持力等于物體的重力沿垂直于斜面的分力mgcos婁脠

故B錯誤；

C.摩擦力等于婁脤mgcos婁脠

與物體下滑的速度大小無關，故C錯誤；

D.物體勻速下滑過程中；受到重力；斜面對物體的支持力和摩擦力，由平衡條件得知，斜面對物體的支持力和摩擦力的合力的方向與重力方向相反，即為豎直向上，故D正確。

故選D。本題是平衡條件的簡單運用，根據受力情況，分析三個力的關系?！窘馕觥緿

7、A【分析】【分析】從n=2

電離所需的最小能量=E隆脼鈭?E2=3.4eV

進行判斷即可；氫原子從n=4

的能級向n=3

的能級躍遷時輻射出光子的能量為：E4鈭?E3

根據躍遷規(guī)律可知從n=4

向n=2

躍遷時輻射光子的能量大于從n=3

向n=2

躍遷時輻射光子的能量，則可見光a

的光子能量大于b

又根據光子能量E=h婁脙

可得a

光子的頻率大于b

由c=婁脣婁脙婁脙可判斷波長長短；氫原子n=4

的能級躍遷時，能發(fā)生種頻率的光子。在躍遷中輻射的光子種類為：從n=2

電離所需的最小能量等于：E隆脼鈭?E2=0鈭?(鈭?3.4)=3.4eV

光子能量3.6eV

高于此值故能引起電離，故A正確；B.氫原子從n=4

的能級向n=3

的能級躍遷時輻射出光子的能量為：鈭?0.85鈭?(鈭?1.51)=0.66eV

故B錯誤；C.根據躍遷規(guī)律可知從n=4

向n=2

躍遷時輻射光子的能量大于從n=3

向n=2

躍遷時輻射光子的能量，則可見光a

的光子能量大于b

又根據光子能量E=h婁脙

可得a

光子的頻率大于b

由c=婁脣婁脙婁脙可得：婁脙婁脙越大婁脣

越小，故a

光比b

光的波長短，故C錯誤；D.氫原子n=4

的能級躍遷時，能發(fā)生C42=6

種頻率的光子，故D錯誤。故選A。【解析】A

8、C【分析】解：A

由C=?S4蟺kd

可知，d

減小時，電容增大，將電容器上板向下移動一段距離，電容器所帶的電量Q

不變，由于：E=Ud=QCd=4婁脨kQ系S

可知當d

減小時，場強E

不變，但極板間電壓U=Ed

會隨d

減小而降低，故AB錯誤。

C；由于場強不變；故粒子運動軌跡不變，由于下板上移，故粒子將打在下板上，由于電勢差變小，電場力做功減小，故電勢能該變量變小，故C正確，D錯誤；

故選：C

．

將電容器下板向上移動一段距離；電容器所帶的電量Q

不變，根據電容器的定義式導出電場強度的變化，判斷粒子的運動情況，注意粒子做類平拋運動，根據W=Uq

可分析電場力做功情況，從而明確電勢能的變化情況．

注意當電容器與電源斷開時，電容器所帶的電量是定值不變，當電容器與電源相連時，電容器兩端電壓為定值.

同時明確本題中所推導的結論：當電量不變，只改變兩板間的距離時，板間的電場強度不變．【解析】C

二、多選題(共7題，共14分)9、AC【分析】解：AC；瓶在豎直方向受到豎直向下的重力和豎直向上的靜摩擦力；在這兩個力的作用下，瓶子處于平衡狀態(tài)，所以重力和摩擦力是一對平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直線上，故AC正確；

B；手的握力越大；最大靜摩擦力越大，而靜摩擦力仍等于重力，故B錯誤；

D；摩擦力和重力是屬于平衡力；并不是作用力與反作用力，故D錯誤．

故選：AC．

用手握住瓶保持靜止；處于平衡狀態(tài)，受到的力為平衡力；再根據二力平衡條件：作用在同一個物體上的兩個力大小相等，方向相反，且作用在同一直線上進行解答．

根據二力平衡的條件可知，平衡力的大小相等方向相反，靜摩擦力大小與壓力大小無關，其大小由二力平衡來求，例如題中摩擦力的大小就與手握瓶子的力無關，只與瓶子的重力有關．【解析】【答案】AC10、BC【分析】解：A；α、β、γ三種射線中；γ射線的穿透能力最強，但γ射線的電離作用最弱。故A錯誤；

B；β衰變所釋放的電子是原子核內的中子轉變?yōu)橘|子時產生的。故B正確；

C；根據左手定則；向左偏轉的為正電荷He核，向右偏轉的為負電荷電子，不偏轉的為電磁波γ射線。如圖C，三種射線在磁場中的徑跡，其中①為α射線，②β射線，③為γ射線。故C正確；

D；在電場中；根據電場力性質，向左偏轉的為負電荷電子，向右偏轉的為正電荷He核，不偏轉的為電磁波γ射線。故D錯誤。

故選：BC。

γ射線的穿透能力最強；但電離作用最弱；α射線的穿透能力最弱，但電離作用最強；β衰變所釋放的電子是原子核內的中子轉變?yōu)橘|子時產生的；根據左手定則，向左偏轉的為正電荷He核，向右偏轉的為負電荷電子，不偏轉的為電磁波γ射線；在電場中，根據電場力性質，向左偏轉的為負電荷電子，向右偏轉的為正電荷He核，不偏轉的為電磁波γ射線。

本題考查了X射線、α射線、β射線、γ射線及其特性。對于原子物理部分知識很多是屬于記憶部分的，因此需要注意平時的記憶與積累?！窘馕觥緽C11、AD【分析】解：A、根據T=知，粒子回旋周期不變，在Ek-t圖中應有t4-t3=t3-t2=t2-t1；故A正確；

B、交流電源的周期必須和粒子在磁場中運動的周期一致，故電源的變化周期應該等于2（tn-tn-1）；故B錯誤；

C、D根據公式r=得v=故最大動能Ekm==則知粒子獲得的最大動能與D形盒的半徑有關，D形盒的半徑越大，粒子獲得的最大動能越大，與加速的次數無關．故C錯誤，D正確；

故選：AD

回旋加速器工作條件是交流電源的周期必須和粒子在磁場中圓周運動的周期一致，由公式T=和r=進行分析判斷．

本題考查了回旋加速器的原理，特別要記住粒子獲得的最大動能是由D型盒的半徑決定的．【解析】【答案】AD12、BC【分析】解：由法拉第電磁感應定律，則有：E=n鈻?鈱?鈻?t=n鈻?B鈻?tS

則有：1V=1Wbs=1T鈰?m2s

故選：BC

根據法拉第電磁感應定律E=n鈻?鈱?鈻?t

即可求解．

解決本題的關鍵掌握法拉第電磁感應定律E=n鈻?鈱?鈻?t

．【解析】BC

13、BD【分析】略【解析】BD

14、AB【分析】解：A

因電場力和重力均為恒力；其合力亦為恒力，且與v0

有一定夾角，故微粒做勻變速曲線運動--即拋物線運動，所以A正確；

B

因AB=BC

即v02=vC2

可見vC=v0.

故B正確；

C

由動能定理，得：W碌莽+WG=鈻?Ek=0

即：qU2=mgh

而h=v022g

所以：U=mv02q

故C錯誤；

D

由mg=qE

得q=mgqE

代入U=mv02q

得U=Ev02g.

故D錯誤．

故選：AB

根據類平拋運動的特點：初速度的方向與合外力的方向垂直來判定粒子是否在電場中做類平拋運動；根據動能定理判定粒子達到C

點是的速度，和MN

之間的電勢差．

該題中根據類平拋運動的特點來判定粒子是否在電場中做類平拋運動是解題的關鍵，動能定理判定粒子達到C

點是的速度，和MN

之間的電勢差相對比較簡單.

屬于基礎題目．【解析】AB

15、AC【分析】解：下面是線框切割磁感線的四個階段示意圖。

在第一階段，只有ab切割向外的磁感線，由右手定則知電動勢為正，大小為Blv．在第二階段，ab切割向里的磁感線；電動勢為逆時針方向，同時cd切割向外的磁感線，電動勢為逆時針方向，等效電動勢為2Blv，且電動勢為負。

在第三階段；cd切割向里的磁感線，感應電動勢為順時針方向，其電動勢為正，大小為Blv．因此感應電流大小與方向，故A正確，故B錯誤；

根據左手定則可知；安培力的方向不變，但大小F=BIL，因此在1S到2S內，電流加倍，磁場也加倍，所以是原來的4倍，故C正確，D錯誤。

故選：AC。

根據右手定則判斷出不同階段電動勢的方向，以及根據E=BLv求出不同階段的電動勢大?。畡傔M磁場時，只有ab邊切割；ab邊進入QR區(qū)域時，ab邊和cd邊都切割磁感線，但等效電動勢為2BLv；同理，ab邊出磁場后；cd邊切割磁感線，根據E=BLv求出感應電動勢，從而求出感應電流的大小．根據右手定則判定出感應電流的方向．

解決本題的關鍵掌握右手定則判斷出不同階段電動勢的方向，以及根據E=BLv求出不同階段的電動勢大小，以及會用右手定則判定感應電流的方向．【解析】AC三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】解：電荷守恒定律是自然界的基本守恒定律之一；可以表述為：電荷既不會創(chuàng)生，也不會消滅，它只會從一個物體轉移到另一個物體，或者從物體的一部分轉移到另一部分；在轉移的過程中電荷總量保持不變．

故答案為：創(chuàng)生；消滅，電荷總量保持不變．

根據電荷守恒定律的內容直接作答即可．

本題是基礎的題目，考查的就是學生對電荷守恒定律的掌握的情況，要知道電荷守恒定律是自然界的普遍規(guī)律，適用于任何起電現(xiàn)象．【解析】創(chuàng)生；消滅；電荷總量保持不變17、略

【分析】解：（1）由表格數據可以直觀看出F隨x的增大而增大，但不是線性關系；由數學歸納法可猜想F-x的關系式為F與x的二次方成正比，或F=x2；

（2）由于猜想F-x的關系式為F與x的二次方成正比，所以畫出F-x2圖象最能直觀準確的表示兩者之間的關系．

故選：B

故答案為：（1）F與x的二次方成正比；（2）B

由表格數據可以直觀看出F隨x的變化情況；進而由數學歸納法得到F-x的關系式；由猜想的公式選擇最能直觀準確的表示兩者之間的關系的圖象．

該題屬于信息給予的題目，要注意表格中所給的數據可知F與形變量x明顯不是線性關系，不同于我們學習過的胡克定律的表達形式．【解析】F與x的二次方成正比；B18、略

【分析】

由于可動刻度的“0”在固定刻度下方；因此固定刻度的讀數為：0.5mm，可動刻度讀數為0.01×2.0mm=0.020mm，所以最終讀數為：0.5mm+0.020mm=0.520mm．

故本題答案為：0.520

【解析】【答案】螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數；在讀可動刻度讀數時需估讀；注意判斷0.5毫米刻度線是否出現(xiàn)的方法：若可動刻度的“0”在固定刻度上方，則沒有露出，若在下方則以及露出．

19、略

【分析】

改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓；串阻值為：

R=-Rg=-10=990Ω

故答案為：990．

【解析】【答案】電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，串聯(lián)的阻值為R=-Rg；U為改裝后的量程．

20、略【分析】略【解析】略四、判斷題(共2題，共10分)21、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．五、實驗題(共4題，共28分)23、略

【分析】試題分析：（1）實物連線如圖；（2）為保護電阻，閉合開關前，應使滑動變阻器的阻值處于最大值，由圖甲知，觸頭應處于A端；（3）由閉合電路歐姆定律E=U+Ir，得U=E-Ir，結合U-I圖象可得圖線與U軸的交點表電動勢為1.5V，其斜率為內阻r為1Ω。考點：閉合電路歐姆定律【解析】【答案】（1）（2）A（3）1.5124、略

【分析】【解析】試題分析：該實驗為描繪小燈泡的伏安特性曲線，要求測量多組數據，所以滑動變阻器要采用分壓式連接，滑動變阻器用電阻小的，燈泡額定電壓為3.8V，電壓表用量程小的，最大電流為0.3A，電流表用0.6A量程的，電源如果用1.5V的不能讓燈泡正常發(fā)光考點：考查描繪小燈泡的伏安特性曲線【解析】【答案】A2;V1；R1；E225、略

【分析】(2)每滴酒精油酸溶液中純油酸的體積為(3)待油酸膜的形狀穩(wěn)定后，在水面上形成油酸分子的單分子層。（5）輸小方格的個數，不到半格的不算，超過半格的算