2025年西師新版選修3物理下冊月考試卷含答案

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A.帶電液滴帶負電B.若將下極板下移，帶電液滴會向下運動C.若將下極板上移，帶電液滴會向下運動D.若將下極板稍微向左平移一小段，帶電液滴會向下運動2、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，R1、R2為定值電阻，且大于滑動變阻器的最大阻值閉合電鍵S，將滑動變阻器的滑動片P由最上端滑到最下端，若電壓表V1、V2、電流表A的讀數改變量的大小分別用表示；則下列說法中正確的是

A.B.C.電源的發(fā)熱功率先減小，再增大D.電源的輸出功率先增大，再減小3、如圖所示，勻強磁場中水平放置兩足夠長的光滑平行金屬導軌，導軌的左側接有黑箱。t=0時刻起電阻為R的導體棒ab以一定的初速度放上導軌向右運動；運動過程中棒始終與導軌垂直且與導軌電接觸良好，不計導軌電阻。則（）

A.若黑箱中是電池，棒的最終速度與初速度有關B.若黑箱中是線圈，棒做簡諧運動C.若黑箱中是電阻，棒的速度隨位移均勻減小D.若黑箱中是電容器，棒的最終速度與初速度無關4、某振子做簡諧運動的表達式為x=2sin（2πt+）cm，則該振子振動的振幅和周期為（）A.2cm，1sB.2cm，2πsC.1cm，sD.1cm，2πs5、下列關于電源和電源的電動勢、路端電壓說法錯誤的是（）A.鉛蓄電池能夠將化學能轉變?yōu)殡娔蹷.電源的電動勢等于路端電壓與內電壓之和C.電源的電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓D.純電阻電路中，若外電路總電阻增加，路端電壓則減小6、A、B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球（可視為點電荷）．兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，電路中的R1為光敏電阻（其阻值隨所受光照強度的增大而減?。?，R2為滑動變阻器，R3為定值電阻．當R2的滑片P在中間時閉合電鍵S，此時電流表和電壓表的示數分別為I和U，帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為θ．電源電動勢E和內阻r一定；下列說法中錯誤的是（）

A.若將R2的滑動觸頭P向a端移動，則θ不變B.若將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I減小，U減小C.保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射R1，則小球重新達到穩(wěn)定后θ變小D.保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變7、現在部分賓館的衛(wèi)生間有一種化妝鏡，當對著它照鏡子時，能看到自己面部更細微處。這種化妝鏡應該是一個（）A.平面鏡B.凸面鏡C.凹面鏡D.凸透鏡8、如圖，一束光由空氣射向半圓柱體玻璃磚，O點為該玻璃磚截面的圓心，下圖能正確描述其光路圖的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、一定量的理想氣體經歷了A→B→C→D→A的循環(huán)，ABCD位于矩形的四個頂點上。下列說法正確的是（）

A.狀態(tài)C的溫度為B.從A→B，分子的平均動能減少C.從D→A，氣體壓強增大、內能減小D.經歷A→B→C→D→A一個循環(huán)，氣體吸收的熱量大于釋放的熱量10、根據你學過的熱學中的有關知識，判斷下列說法正確的是（）A.懸浮在水中的花粉的布朗運動不能反映花粉分子的熱運動B.空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果C.凡與熱現象有關的宏觀過程都具有方向性，在熱傳遞中，熱量只能從高溫物體傳遞給低溫物體，而不能從低溫物體傳遞給高溫物體E.干濕泡溫度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結果E.干濕泡溫度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結果11、下列說法正確的是（）A.當分子力表現為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大B.只要對內燃機不斷改進，就可以把內燃機得到的內能全部轉化為機械能C.吹滿氣的氣球打開氣口后氣體會快速噴出說明氣體分子間有斥力E.單晶體和多晶體均存在固定的熔點E.單晶體和多晶體均存在固定的熔點12、1930年年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示．這臺加速器由兩個銅質形盒、構成，其間留有空隙．下列說法正確的是（））

A.離子從電場中獲得能量B.離子由加速器的邊緣進入加速器C.加速電場的周期隨粒子速度增大而增大D.離子從形盒射出時的動能與加速電場的電壓無關13、電除塵器除塵機理的示意圖．塵埃在電場中通過某種機制帶電；在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達到除塵目的．下列表述正確的是（）

A.到達集塵極的塵埃帶正電荷B.電場方向由集塵極指向放電極C.帶電塵埃所受電場力的方向與電場方向相同D.同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大14、如圖甲所示，質量為長為的水平金屬細桿的兩端分別放置在兩水銀槽的水銀中，水銀槽所在空間存在磁感應強度大小方向水平向右的勻強磁場，且細桿與該磁場方向垂直．一匝數為100匝、橫截面面積為的線通過導線、開關與兩水銀槽相連，線圓處于沿豎直方向垂直穿過圈橫截面的勻強磁場中，其磁感應強度隨時間變化的關系如圖乙所示．在時閉合開關細桿間彈起（可認為彈起過程中安培力遠大于重力，重力忽略不計），彈起的最大高度為．不考慮空氣阻力，水銀的黏滯作用和細桿落回水槽后的運動，重力加速度取下列說法正確的是（）

A.感應強度的方向豎直向上B.時，線圈中的感應電動勢大小為C.在細桿CD彈起的過程中，細桿CD所受安培力的沖量大小為D.開關閉合后，通過細桿某一橫截面的電荷量為評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、如圖所示為一個邏輯門的輸入端A、B上和輸出端Z上的電信號，此邏輯電路為__________門電路，該邏輯門的符號是__________。

16、如圖所示是壓縮式電冰箱的工作原理示意圖。經過干燥過濾器后液體制冷劑進入蒸發(fā)器，汽化吸收箱體內的熱量，壓縮機使低溫低壓的制冷劑氣體變成高溫高壓的氣體，然后制冷劑在冷凝器中液化放出熱量到箱體外。電冰箱將熱量從低溫物體轉移到高溫物體的工作過程_______（填“違背”或“不違背”）熱力學第二定律。制冷劑在蒸發(fā)器中由液態(tài)變成氣態(tài)的過程中，________（選填“氣體對外做功”“外界對氣體做功”或“氣體對外不做功”）。

17、陰極射線管的上方有一根固定的導線AB，如圖所示，當導線中通一如圖所示的電流時，陰極射線管的電子流將向__________偏轉。（填“下”或“上”）18、如圖所示，一邊長為0.1m的單匝正方形線圈從左側勻速進入勻強磁場，磁場的磁感應度B＝2T．從ab邊開始進入磁場至cd邊恰好進入磁場的過程中，線圈的磁通量變化了________Wb；若上述過程所經歷的時間為0.2s，則線圈中產生的感應電動勢為________V.

19、如圖所示是探究影響平行板電容器電容大小因素的實驗裝置．

①關于此實驗裝置中的靜電計，下列說法中正確的是______．（選填選項前面的字母）

A．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器所帶電荷量的多少。

B．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器兩板間電壓的大小。

C．靜電計的外殼與A板相連接后可不接地②讓平行板電容器正對的兩極板帶電后，靜電計的指針偏轉一定角度．不改變A、B兩板所帶電荷量，且保持兩板在豎直平面內．現要使靜電計指針偏轉角變大，下列做法中可行的是_____．（選填選項前面的字母）

A．保持B板不動，A板向上平移。

B．保持B板不動，A板向右平移。

C．保持A、B兩板不動，在A、B之間插入一塊絕緣介質板20、機械波產生和傳播的條件是：①存在一個做振動的波源，②在波源周圍存在____；機械波傳播的是_________和___________。21、小涵站在平面鏡前0.5m處觀察自己在鏡中的像，像到平面鏡的距離是______m，她向后退的過程中，像的大小______（選填“變大”、“變小”或“不變”）。評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共20分)25、如圖所示。用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律；即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。

（1）實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過僅測量__________（填選項前的符號）；間接地解決這個問題；

A．小球開始釋放高度

B．小球拋出點距地面的高度

C．小球做平拋運動的射程。

（2）圖中點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置測量平拋射程然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復。接下來要完成的必要步驟是__________；（填選項前的符號）

A．用天平測量兩個小球的質量

B．測量小球開始釋放高度

C．測量拋出點距地面的高度

D．分別找到相碰后平均落地點的位置

E．測量平拋射程

（3）經測定，m2=小球落地點的平均位置距點的距離如圖所示。碰撞前、后的動量分別為與則__________若碰撞結束時m2的動量為則__________。

26、為測量“12V,5W”的小電珠的伏安特性曲線；給定了以下器材：

電源：12V；內阻不計；

電流表：量程0～0.6A；0～3A；內阻約為0.2Ω

電壓表：量程0～3V；0～15V；內阻約為15kΩ

滑動變阻器：0～5Ω

開關一個；導線若干。

(1)以上四個電路圖你認為最合適的是______

(2)在本實驗中，電流表的量程應選_________（選填0～0.6A或0～3A）

(3)某位同學測得小電珠的伏安特性曲線如圖所示，當電流表讀數為0.40A時小電珠的實際功率為_____W

27、某同學利用如圖所示的電路測量一表頭的電阻．供選用的器材如下：

A．待測表頭G1，內阻r1約為300Ω；量程5.0mA；

B．靈敏電流計G2，內阻r2=300Ω；量程1.0mA；

C．定值電阻R=1200Ω；

D．滑動變阻器R1=20Ω；

E．滑動變阻器R2=2000Ω；

F．電源，電動勢E=3.0V；內阻不計；

H．開關S；導線若干．

（1）在如圖所示的實物圖上將導線補充完整____________；

（2）滑動變阻器應選___________(填寫器材前的字母代號)．開關S閉合前，滑動變阻器的滑片P應滑動至_________端(填“a”或“b”)；

（3）實驗中某次待測表頭G1的示數如圖所示；應數為________mA；

（4）該同學多次移動滑片P，記錄相應的G1、G2讀數I1、I2；以為縱坐標，為橫坐標，作出相應圖線．已知圖線的斜率=0.18，則待測表頭內阻r1=_____Ω．

（5）該同學接入電阻R的主要目的是________________．28、某同學利用有一定內阻的毫安表（量程0~3mA）測定一節(jié)干電池的電動勢E和內阻r．使用的器材還包括兩個電阻箱R和R0，兩個定值電阻R1=15.0Ω和R2=4.5Ω；開關兩個，導線若干．實驗原理圖如圖甲所示．

（1）在圖乙的實物圖中；已正確連接了部分電路，請用筆畫線代替導線完成余下電路的連接．

（2）請完成下列主要實驗步驟：

①調節(jié)電阻箱R到最大值，閉合開關S1和S2，調節(jié)電阻箱R使毫安表的示數大約為2mA；

②調節(jié)電阻箱R，直至在反復斷開、閉合開關S2時，毫安表的指針始終停在某一示數處，讀得此時電阻箱R0的電阻為3.0Ω，則毫安表的內阻RA=___________Ω；

③保持開關S1和S2閉合，且保持電阻箱R0的阻值不變，不斷調節(jié)電阻箱R，讀出其阻值R和對應的毫安表的示數I；

④根據實驗數據描點，繪出的圖象如圖丙所示，則該電池的電動勢E=___________V，內阻r=___________Ω．評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)29、如圖所示，兩內壁光滑的圓筒形導熱氣缸拼接在—起，上部分的橫截面積為2S，下部分的橫截面積為S，上部分開口，下部分底部封閉，A、B兩個導熱活塞將a、b兩部分理想氣體封閉在氣缸內。A活塞的質量為2m，B活塞的質量為m。大氣壓強為p0，重力加速度為g，初始時環(huán)境溫度為T，A活塞到上部分氣缸底部距離為L，B活塞到上下部分氣缸底距離均為L，當緩慢降低環(huán)境溫度到時，A活塞恰好到達上部分氣缸底部，在此過程中b部分氣體向外釋放的熱量為Q；求：

(1)的大??；

(2)b部分氣體內能的減少量。

30、有一個電流表G；內阻Rg＝30Ω，滿偏電流Ig=1mA,

（1）若把它改裝成量程為0—15V的電壓表；需如何改裝，且接入電路中電阻為多少？

（2）若把它改裝成量程為0—3A的電流表，需如何改裝，且接入電路中電阻為多少？31、如圖甲所示，氣缸（足夠長）開口向右、固定在水平桌面上，氣缸內用橫截面積為S的活塞封閉了一定質量的理想氣體，活塞與氣缸壁之間的摩擦忽略不計．輕繩跨過光滑定滑輪將活塞和地面上質量為m的重物連接．開始時氣缸內外壓強相同，均為大氣壓P0（mg<P0S，g為重力加速度），輕繩處在伸直狀態(tài)，氣缸內氣體的溫度為T0，體積為V0．現用力拖動氣缸使其緩緩向左移動（溫度不變）至重物剛離開地面，接著緩慢降低氣體的溫度，使得氣缸內氣體的體積恢復為V0；求：

（i）重物剛離開地面時氣缸向左移動的距離d；

（ii）氣體體積恢復為V0時的溫度T．32、如圖所示，實線是一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，虛線是這列簡諧橫波在t=0.2s時刻的波形圖，求:

（1）由圖讀出波的振幅和波長；

（2）若波沿x軸正方向傳播，求波速的可能值；

（3）若波沿x軸負方向傳播，求波速的可能值．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

電液滴靜止，故受力平衡，受電場力向上，帶負電，A正確；斷開電源，若板間距增大，不變，據電容的決定式C=及電容的定義式C=Q/U，與E=U/d，分析可知，E=則場強不變，液滴所受的電場力不變，則液滴將靜止不動．故BC錯誤．若將下極板稍微向左平移一小段，S減小，C減小，Q一定，則U變大，E變大，帶電液滴會向上運動，選項D錯誤；故選A．

點睛：本題關鍵要抓住不變量進行分析：電容器與電源保持相連，板間電壓保持不變；充電后與電源斷開后，電量不變．電量、正對面積不變時，改變板間距離，板間場強不變．2、B【分析】【分析】

當滑動變阻器的滑臂P由上端向下滑動的過程中，變阻器滑片上側電阻與R1串聯后與變阻器滑片下側并聯的總電阻一直變??；根據閉合電路歐姆定律分析電路中的電流變化和路端電壓的變化，再根據歐姆定律分析對應的電流和電阻關系，再根據功率公式分析功率的變化．

【詳解】

A項：由圖可知，電流表與R0的下部分串聯、R1與R0的上部分串聯，二者再并聯后與R2串聯；電流表中的電流小于流過R2的電流，故故A錯誤；

B項：電壓表V測量路端電壓，則其電壓表示數的變化等于內阻兩端電壓的變化，在滑片向下滑動過程中，總電阻減小，總電流增大，并聯部分電壓減小，流過R1的電流減小，故流過電流表的電流增大，因此總電流的變化量小于A中電流的變化，因此故B正確；

C項：由B的分析可知；總電流增大，故電源的發(fā)熱功率一直增大，故C錯誤；

D項：由于外電阻一定大于內電阻；而在改變中外電阻減小，故外電阻越來越接近內電阻，故電源的輸出功率一定增大，故D錯誤．

故應選：B．

【點睛】

本題考查了串、聯電路的特點和歐姆定律的靈活運用，難點是滑動變阻器滑片P從最上端→中間→最下端總電阻變化情況的判斷．3、C【分析】【詳解】

A．若黑箱中是電池，則金屬棒向右在安培力作用下做加速運動，當金屬棒產生的感應電動勢等于電源電動勢時，回路的電流為零，此時金屬棒處于穩(wěn)定狀態(tài)，此時滿足

則棒的最終速度與初速度無關；選項A錯誤；

B．若黑箱中是線圈；因棒所受的安培力方向與速度方向總是相反的，簡諧振動中回復力與速度方向可能相同，也可能相反，則棒不可能做簡諧運動，選項B錯誤；

C．若黑箱中是電阻，設阻值為r，則當棒離開初始位置距離為x時，由動量定理

其中的

解得

即棒的速度隨位移均勻減??；選項C正確；

D．若黑箱中是電容器，則開始時，電容器不斷充電，帶電量逐漸增加，電容器兩板間電壓增加，棒由于受安培力作用做減速運動，當導體棒兩端電壓等于電容量兩板電壓時，回路電流為零，此時到達穩(wěn)定狀態(tài)，設此時的速度為v，則電容兩板電壓為U=BLv

電容器帶電量Q=CU=CBLv

對導體棒有動量定理

其中

解得

即棒的最終速度與初速度有關；選項D錯誤。

故選C。4、A【分析】【分析】

簡諧運動的一般表達式為位移的最大值等于振幅．由可求出周期．

【詳解】

根據簡諧運動的表達式為：cm得知；該振子振動的振幅A=2cm；

圓頻率則周期為

故選A．5、D【分析】【分析】

【詳解】

A.鉛蓄電池能夠將化學能轉變?yōu)殡娔埽淮苏f法正確，選項A不符合題意；

B.電源的電動勢等于路端電壓與內電壓之和；此說法正確，選項B不符合題意；

C.電源的電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓；此說法正確，選項C不符合題意；

D.純電阻電路中，若外電路總電阻增加，則電路的總電阻增加，總電流減小，根據U=E-Ir可知，路端電壓增大，則選項D符合題意．6、B【分析】【分析】

該電路R1和R3串聯，電容器兩端間的電壓等于R1兩端間的電壓；根據閉合電路的動態(tài)分析，分析電容器兩端的電壓變化，從而知道電場的變化以及θ角的變化．通過電容器兩端電壓的變化，就可知道電容器所帶電量的變化．

【詳解】

滑動變阻器處于含容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭，電容器兩端的電壓不變，則θ不變．故A正確，B錯誤．用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，電流增大，內電壓增大，外電壓減小，即U減小，所以U的變化量的絕對值等于內電壓的增加量=r不變．因為外電壓減小，R3電壓增大，則R1兩端電壓減小，所以電容器兩端的電壓減小，所以小球重新達到穩(wěn)定后θ變?。蔆D正確．此題選擇不正確的選項，故選B．7、C【分析】化妝鏡利用的是光的反射，因此應該是面鏡。當對著它照鏡子時，能看到自己面部更細微處，說明能成放大的像，凹面鏡在物距<焦距時成正立放大的虛像。

故選：C。

【名師點睛】

平面鏡成像的特點：物體和像大小相等，像和物體到鏡面的距離相等，像和物體的連線與鏡面垂直；凸面鏡和凹面鏡都是球面鏡的一種，凹面鏡能成放大的虛像，凸面鏡成縮小的虛像；凸透鏡是透鏡的一種，不能用來做反射鏡使用。8、A【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：光從空氣進入玻璃在分界面上會發(fā)生折射；且折射角小于入射角，故B；D錯誤；光從玻璃進入空氣折射角應大于入射角，所以C錯誤；從光密進入光梳，若滿足入射角大于臨界角的情況，則會發(fā)生全反射，故A正確。

考點：本題考查光的折射、全反射二、多選題(共6題，共12分)9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．過程為等壓過程，則有

即有

解得

過程也為等壓過程，則有

即

解得故A正確；

B．從A→B從A→B；溫度升高，分子平均動能增大，故B錯誤；

C．從D→A；由圖可知，氣體壓強增大，溫度升高，氣體內能增大，故C錯誤；

D．經歷A→B→C→D→A一個循環(huán),氣體內能不變；在p-V圖像中，圖像與坐標軸圍成面積表示功，所以即整個過程，氣體對外界做功，所以氣體吸收的熱量大于釋放的熱量，故D正確。

故選AD。10、A:B:E【分析】【詳解】

A．布朗運動是懸浮在水中花粉的無規(guī)則運動；由于花粉是由大量花粉分子組成的，所以布朗運動不能反映了花粉分子的熱運動，故A正確；

B．空氣的小雨滴呈球形是水的表面張力；使雨滴表面有收縮的趨勢的結果，故B正確；

C．凡與熱現象有關的宏觀過程都具有方向性；在熱傳遞中，熱量能自發(fā)從高溫物體傳遞給低溫物體，也能從低溫物體傳遞給高溫物體，但必須借助外界的幫助，故C錯誤；

D．是一切低溫的極限，故制冷機不可能使溫度降到故D錯誤；

E．濕溫度計下端包有濕紗布；濕紗布上的水分要蒸發(fā)，蒸發(fā)是一種汽化現象，汽化要吸熱，所以濕溫度計的示數較低，故E正確。

故選ABE。11、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．當分子力表現為斥力時；分子間距離減小時，分子力增大，分子力做負功，分子勢能增大。A正確；

B．根據熱力學第二定律；內燃機得到的內能不可能全部轉化為機械能。B錯誤；

C．吹滿氣的氣球打開氣口后氣體會快速噴出說明氣球內其他壓強大于外界壓強。由于氣體分子間距離較大；分子力為零。C錯誤；

D．玻璃細桿頂端被燒熔后變成圓形是由于表面張力引起的。D正確；

E．單晶體和多晶體均存在固定的熔點。E正確。

故選ADE。12、A:D【分析】【詳解】

因為洛倫茲力并不做功，而離子通過電場時有故離子是從電場中獲利能量，故A正確；要加速次數最多最終能量量大，則被加速離子只能由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器，故B錯誤；據回旋加速器的工作原理知，電場的周期等于粒子在磁場運動的周期，等于粒子在磁場運動的周期，所以與離子的速度大小無關，故C錯誤；離子在磁場中洛倫茲力提供向心力，所以解得：據表達式可以知道，離子獲得的最大動能取決于D形盒的半徑，所以最大動能為與加速電場的電壓無關，故D正確．所以AD正確，BC錯誤．13、B:D【分析】試題分析：塵埃在電場力作用下向集塵極遷移并沉積，說明塵埃帶負電，A錯誤；由于集塵極與電池的正極連接，電場方向有集塵板指向放電極，B正確；負電荷在電場中受電場力的方向與電場力方向相反，C錯誤；根據可得；同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大，故D正確。

考點：靜電的利用和防止。

【名師點睛】本題考查是關于靜電的防止與應用，要求同學們熟練掌握靜電的防止與應用的具體實例。14、A:B:D【分析】【詳解】

A、由題意知細桿CD所受安培力方向豎直向上，由左手定則可知感應電流方向由C到D，由安培定則可知感應電流的磁場方向豎直向上，由圖示圖像可知，在0.15~0.25s內穿過線圈的磁通量減少，由楞次定律可得磁感應強度方向豎直向上；故A正確；

B、由圖像可知，0~0.1s內線圈的感應電動勢大小為即0.05s時，線圈中的感應電動勢大小為10V，故B正確；

C、細桿彈起過程中，細桿所受安培力的沖量大小為故C錯誤；

D、開關K閉合后，設通過CD的電荷量為q，根據動量定理可得：而解得：故D正確；

故選ABD．三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由圖象知輸入端都為高電勢時，輸出端才為高電勢，此邏輯電路為與門電路，該邏輯門的符號是【解析】與16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]熱力學第二定律的克勞修斯表述為熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體；電冰箱依靠壓縮機實現了將熱量從低溫物體轉移到高溫物體，不違背熱力學第二定律。

[2]制冷劑在蒸發(fā)器中由液態(tài)變成氣態(tài)的過程中，體積膨脹，對外做功?！窘馕觥坎贿`背氣體對外做功17、略

【分析】根據安培定則判斷可知：通電導線在陰極射線管處產生的磁場方向垂直紙面向里；電子帶負電，向右運動，由左手定則判斷得知電子流所受的洛倫茲力方向向下，所以陰極射線向下偏轉．

【點睛】本題關鍵要掌握兩大定則：安培定則和左手定則，要明確兩個問題：一是什么條件用什么定則，二是怎樣用定則．【解析】下18、略

【分析】【詳解】

從ab邊開始進入磁場至cd邊恰好進入磁場的過程中，線圈的磁通量變化了線圈中產生的感應電動勢．【解析】0.020.119、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

①靜電計指針張角可表示出兩板間電勢差的大??；所以A錯誤B正確。

因為目的就是為了讓兩板間電勢差與靜電計兩鉑片上電勢差相等；所以靜電計的外殼與A板相連接后可不接地，故C正確。

電壓表有示數必須有電源；所以不可以用量程為3V的電壓表替代靜電計，故D錯誤。

故選BC

②現要使靜電計指針偏角變大，即電勢差增大，電荷量不變，所以電容減小，保持B板小動，A板向上平移，正對面積減小，電容減小，符合題意，故A正確。

保持B板不動；A板向右平移，板間距離減小，電容增大，不符合題意，故B錯誤。

保持A；B兩板不動；在A、B之間插入一塊絕緣介質板，增大介電常數，電容增大，不符合題意，故C錯誤。

故選A20、略

【分析】機械波產生和傳播的條件是：①存在一個做振動的波源，②在波源周圍存在介質；機械波傳播的是運動形式和能量（或信息）?！窘馕觥拷橘|運動形式能量（或信息）21、略

【分析】【詳解】

小涵站在平面鏡前0.5m；小涵在平面鏡中成像，小涵的像和小涵到平面鏡的距離相等，所以小涵的像到平面鏡的距離也是0.5m。小涵后退遠離平面鏡，小涵像的大小跟小涵的大小有關，跟到平面鏡的距離無關，所以小涵的像大小不變。

【點睛】

物體在平面鏡中成像，像的大小只跟物體大小有關，跟平面鏡大小，跟物體到平面鏡的距離無關。但是我們遠離平面鏡時，看到自己在平面鏡中的像變小，是因為眼睛看像的視角變小，產生了錯覺，像的實際大小是沒有發(fā)生變化的?！窘馕觥?.5；不變；四、作圖題(共3題，共15分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共20分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由于兩小球做平拋運動的高度相同；所以下落時間相同，則水平速度正比于水平射程，因此可以通過僅測量小球做平拋運動的射程來間接解決速度測量困難的問題。

故選C。

（2）[2]要驗證動量守恒定律定律，即驗證

設小球做平拋運動的時間均為t，則上式兩邊同時乘以t得

即

因此實驗中需要測量兩球的質量，分別找到相碰后平均落地點的位置并測量平拋射程

故選ADE。

（3）[3][4]碰前m1的動量