2024年高考物理（山東卷）真題詳細(xì)解讀及評(píng)析

適用省份2024年山東高考物理命題緊密貫徹黨的二十大精神，堅(jiān)持立德樹(shù)人，以高為導(dǎo)向，強(qiáng)化基礎(chǔ)，創(chuàng)設(shè)多樣化情境，提升探究性，旨在激發(fā)學(xué)生對(duì)科學(xué)的熱性，重點(diǎn)考查學(xué)生的關(guān)鍵能力和學(xué)科核心素養(yǎng)，鼓勵(lì)學(xué)生在實(shí)際情境中靈活運(yùn)的靈活性和創(chuàng)新性，減少機(jī)械刷題，鼓勵(lì)學(xué)解決問(wèn)題的轉(zhuǎn)變，從而培養(yǎng)學(xué)生的核心素養(yǎng)。這一命題趨勢(shì)對(duì)高中階段物理教學(xué)起到了積極的導(dǎo)向作用。1.展示國(guó)家科技發(fā)展的最新成果，激發(fā)學(xué)生的民族自豪感，強(qiáng)化對(duì)國(guó)家和社會(huì)的擔(dān)當(dāng)意識(shí)。如2024山東物理的第1題、第2題、第5題都分別以我國(guó)在航天的神舟十八號(hào)、嫦娥六號(hào)、國(guó)產(chǎn)人形機(jī)器人“天工”、2.呈現(xiàn)勞動(dòng)實(shí)踐的生動(dòng)場(chǎng)景，引導(dǎo)學(xué)生形成尊重勞動(dòng)、熱愛(ài)勞動(dòng)的觀念，強(qiáng)調(diào)重要價(jià)值。如2024山東物理的第12題以工程隊(duì)向峽谷對(duì)岸平臺(tái)拋射重物為素材背景考查了拋體運(yùn)動(dòng)的基1.著重檢驗(yàn)學(xué)生的理解力，為學(xué)生筑牢扎實(shí)的知識(shí)基鼓勵(lì)學(xué)生深入探索學(xué)科的內(nèi)在邏輯，并重視知識(shí)間的相互關(guān)聯(lián)和體系化理解。如2024山東物理的第2題平衡條件的考查，第3題初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的考查，第6題利用理想氣體P-V圖像對(duì)熱力學(xué)第一定律的考查，第9題機(jī)械波疊加問(wèn)題的考查，第10題電場(chǎng)中庫(kù)侖定律和動(dòng)力學(xué)的規(guī)律的考查，第15題幾何光學(xué)折射定律和全反射的考查。可以明顯觀察到，2024年山東物理高考題目中涌現(xiàn)出大量聚焦2.應(yīng)用物理知識(shí)解決實(shí)際問(wèn)題，強(qiáng)化檢驗(yàn)學(xué)生的推理論證能力。如2024年山東物理的第12題以工程隊(duì)向峽谷對(duì)岸平臺(tái)拋射重物為素材背景考查了拋體運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律，第16題以汲酒器為背景的考查氣體等溫變化和氣體容器進(jìn)氣的變質(zhì)量問(wèn)題。強(qiáng)調(diào)物理學(xué)科在通過(guò)嚴(yán)謹(jǐn)?shù)睦碚撚?jì)算解決實(shí)際問(wèn)題方面的獨(dú)特優(yōu)勢(shì)，更加深入地檢驗(yàn)了學(xué)生的推理論證能力，旨在引導(dǎo)學(xué)生實(shí)現(xiàn)從單純“解題”到真正“解決問(wèn)題”的思維轉(zhuǎn)變和能力提升。三、不斷深化教學(xué)與考試之間的緊密聯(lián)系，有序并穩(wěn)健地推動(dòng)高考內(nèi)容的創(chuàng)新與變革1.在考試評(píng)估中著重強(qiáng)調(diào)對(duì)核心知識(shí)的檢驗(yàn)，以此為導(dǎo)向，引導(dǎo)教學(xué)工作更加緊密地圍繞課程標(biāo)準(zhǔn)和教材展開(kāi)。2024年山東物理高考試題全面覆蓋了力學(xué)、熱學(xué)、電磁學(xué)、光學(xué)、原子物理等核心知識(shí)體系，凸顯了對(duì)物理學(xué)科主干知識(shí)的全面考查。這些試題旨在引導(dǎo)中學(xué)物理教學(xué)回歸教育本質(zhì)，遵循內(nèi)在規(guī)律，強(qiáng)調(diào)課堂教學(xué)效益的提升。試題設(shè)計(jì)力求實(shí)現(xiàn)作業(yè)題和練習(xí)題的精簡(jiǎn)與優(yōu)質(zhì)，讓學(xué)生在完成學(xué)習(xí)任務(wù)時(shí)既能獲得成就感，又能感受到學(xué)習(xí)的價(jià)值，從而為他們的未來(lái)發(fā)展奠定堅(jiān)實(shí)的基礎(chǔ)。試題特別強(qiáng)調(diào)了基礎(chǔ)性的重要性，通過(guò)加強(qiáng)對(duì)基本物理概念和規(guī)律的考查，為學(xué)生提升物理素養(yǎng)奠定堅(jiān)實(shí)的根基。如2024年山東物理的第13、14兩道實(shí)驗(yàn)題，基于課本實(shí)驗(yàn)，但又有不同，有效起到了回歸教材作用。2.在穩(wěn)定中尋求創(chuàng)新，倡導(dǎo)以理性思維為引導(dǎo)的學(xué)習(xí)方式。2024年山東高考物理命題注重試題設(shè)問(wèn)的科學(xué)性和創(chuàng)新性，通過(guò)優(yōu)化試題的呈現(xiàn)方式，強(qiáng)調(diào)通用物理方法的綜合應(yīng)用，旨在避免學(xué)生過(guò)度依賴(lài)典型題套路和技巧。這一命題策略旨在引導(dǎo)教學(xué)減少“機(jī)械刷題”現(xiàn)象，鼓勵(lì)教師轉(zhuǎn)變以練習(xí)代替講解、以考試代替訓(xùn)練的教學(xué)模式。通過(guò)引入比較創(chuàng)新、靈活的題目，命題者期望真正理解和掌握學(xué)科內(nèi)涵的學(xué)生能夠脫穎而出。在保持難度相對(duì)平穩(wěn)的基礎(chǔ)上，這樣的命題方式能夠更好地發(fā)揮高考的選拔功能，確保選拔出具備物理學(xué)科素養(yǎng)和創(chuàng)新能力的學(xué)生。如2024年山東物理第8題改變了前幾年固定對(duì)變壓器的反復(fù)考查，今年從交變電流產(chǎn)生的原理的角度進(jìn)行了考查，并且考查的形式獨(dú)特新穎，需要學(xué)生對(duì)其原理要有通透的認(rèn)識(shí)才可以。第11題金屬棒在磁場(chǎng)中沿半圓弧形金屬導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)考查的角度和解決問(wèn)題的思路沒(méi)有沿用以往考查此類(lèi)問(wèn)題的基本套路：能量守恒、動(dòng)量定理等，都是旨在避免學(xué)生過(guò)度依賴(lài)典型題套路和技巧。綜上所述，2024年高考物理試題的設(shè)計(jì)充分體現(xiàn)了立德樹(shù)人的教育理念，致力于促進(jìn)學(xué)生的全面發(fā)展。試題不僅聚焦于關(guān)鍵能力的考查，還深入強(qiáng)調(diào)了學(xué)生物理核心素養(yǎng)的培養(yǎng)。同時(shí)，為了進(jìn)一步加強(qiáng)教學(xué)與考試之間的銜接，試題在穩(wěn)步推動(dòng)高考內(nèi)容改革方面也做出了顯著的努力。本次高考物理試題精選了豐富多樣的素材，并創(chuàng)新了試題設(shè)計(jì)，有效地發(fā)揮了物理學(xué)科的育人功能，極大地激發(fā)了學(xué)生對(duì)科學(xué)的崇尚和對(duì)未知世界的探索興趣。這些試題不僅有助于學(xué)生鞏固和拓展物理知識(shí)基礎(chǔ)，還能有效提升他們解決實(shí)際問(wèn)題的能力，對(duì)全面提升學(xué)生的物理學(xué)科核心素養(yǎng)起到了至關(guān)重要的引導(dǎo)作用?？疾橹R(shí)點(diǎn)138Sr和23Pu的衰變?chǔ)了プ兒挺滤プ?，半衰?國(guó)產(chǎn)機(jī)器人“天工”能平穩(wěn)通過(guò)斜坡受力平衡問(wèn)題34薄膜干涉56理想氣體p-v圖像7以彈簧連接的木板求力F做功功能關(guān)系8線圈在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生交流電9點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題庫(kù)侖定律、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、功能關(guān)系、金屬棒在半圓弧形金屬導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)功能關(guān)系、右手定則工程隊(duì)向峽谷對(duì)岸平臺(tái)拋射重物6實(shí)驗(yàn)題實(shí)驗(yàn)題關(guān)于玻璃磚和三棱鏡的幾何光學(xué)以汲酒器為背景的理想氣體實(shí)驗(yàn)定律等溫變化、變質(zhì)量問(wèn)題14分板塊模型、豎直面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)16分帶電粒子在電磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)電磁組合場(chǎng)問(wèn)題、洛倫茲力、配速法深入研究2024年山東高考物理試題，洞察試題的變化，結(jié)合高三物理教學(xué)，對(duì)2025年山東物理高考備考提出如下建議：一、深入理解高考評(píng)價(jià)體系1.把握“一核四層四翼”:深入理解高考評(píng)價(jià)體系的核心內(nèi)容，即“一核”(立德樹(shù)人、服務(wù)選拔、導(dǎo)向教學(xué))、“四層”(核心價(jià)值、學(xué)科素養(yǎng)、關(guān)鍵能力、必備知識(shí))、“四翼”(基礎(chǔ)性、綜合性、應(yīng)用性、創(chuàng)新性)。2.強(qiáng)化思維訓(xùn)練：注重培養(yǎng)學(xué)生的物理思維能力，如邏輯推理、分析綜合、歸納分類(lèi)等，以適應(yīng)高考對(duì)物理思維能力的考查要求。二、緊密貼合高中課程標(biāo)準(zhǔn)1.知識(shí)體系：系統(tǒng)梳理高中物理知識(shí)體系，確保對(duì)力學(xué)、熱學(xué)、電磁學(xué)、光學(xué)等核心內(nèi)容的深入理解。2.核心素養(yǎng)：培養(yǎng)物理觀念、科學(xué)思維、科學(xué)探究、科學(xué)態(tài)度與責(zé)任等核心素養(yǎng)，提升學(xué)生的綜合素質(zhì)。三、具體復(fù)習(xí)策略1.系統(tǒng)復(fù)習(xí)：(1)時(shí)間規(guī)劃：從當(dāng)前至高考前，制定詳細(xì)的復(fù)習(xí)計(jì)劃，分階段進(jìn)行復(fù)習(xí)。(2)內(nèi)容梳理：按照知識(shí)體系，逐章節(jié)進(jìn)行復(fù)習(xí)，確保對(duì)知識(shí)點(diǎn)的全面覆蓋。(3)強(qiáng)化練習(xí)：針對(duì)每個(gè)知識(shí)點(diǎn)，進(jìn)行大量的練習(xí)題訓(xùn)練，鞏固知識(shí)。2.重點(diǎn)突破：(1)高考重點(diǎn)：結(jié)合歷年高考真題和模擬題，明確高考的重點(diǎn)和難點(diǎn)內(nèi)容。(2)專(zhuān)題訓(xùn)練：針對(duì)重點(diǎn)內(nèi)容進(jìn)行專(zhuān)題訓(xùn)練，如電磁感應(yīng)、動(dòng)量守恒等專(zhuān)題。(3)難點(diǎn)攻克：對(duì)難點(diǎn)內(nèi)容進(jìn)行深入剖析，通過(guò)討論、請(qǐng)教等方式攻克難點(diǎn)。3.模擬考試：(1)模擬題選擇：選擇高質(zhì)量的模擬題進(jìn)行練習(xí)，如歷年高考真題、名校模擬題等。(2)時(shí)間管理：模擬考試時(shí)要注重時(shí)間管理，合理分配答題時(shí)間。(3)反思總結(jié)：每次模擬考試后要進(jìn)行反思總結(jié)，找出問(wèn)題并制定改進(jìn)措施。真題解讀1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫(xiě)在答題卡和試卷指定位置。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題參考答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的參考答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他參考答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將參考答案寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。C.50年后，剩余8Sr數(shù)目大于234Pu的數(shù)目根據(jù)題意可知機(jī)器人“天工”它可以在傾角不大于30°的斜坡上穩(wěn)定地站立和行走，對(duì)“天工”分析有3.如圖所示，固定的光滑斜面上有一木板，其下端與斜面上A點(diǎn)距離為L(zhǎng)。木板由靜止釋放，若木板長(zhǎng)度L,通過(guò)A點(diǎn)的時(shí)間間隔為△t?;若木板長(zhǎng)度為2L,通過(guò)A點(diǎn)的時(shí)間間隔為△t?.△t?:△t?為()D.(√3+√2):(√2+1)【參考答案】A【名師解析】木板在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，木板的加速度不變，設(shè)加速度為a,木板從靜止釋放到下端到達(dá)A點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有木板從靜止釋放到上端到達(dá)A點(diǎn)的過(guò)程，當(dāng)木板長(zhǎng)度為L(zhǎng)時(shí)，有當(dāng)木板長(zhǎng)度為2L時(shí)，有又A?=t?-1?,A?=z-t。聯(lián)立解得A?:4.檢測(cè)球形滾珠直徑是否合格的裝置如圖甲所示，將標(biāo)準(zhǔn)滾珠a與待測(cè)滾珠b、c放置在兩塊平板玻璃之間，用單色平行光垂直照射平板玻璃，形成如圖乙所示的干涉條紋。若待測(cè)滾珠與標(biāo)準(zhǔn)滾珠的直徑相等為合格，下列說(shuō)法正確的是()A.滾珠b、c均合格C滾珠b合格，滾珠c不合格D.滾珠b不合格，滾珠c合格【參考答案】C【名師解析】單色平行光垂直照射平板玻璃，上、下玻璃上表面的反射光在上玻璃上表面發(fā)生干涉，形成干涉條紋，光程差為兩塊玻璃距離的兩倍，根據(jù)光的干涉知識(shí)可知，同一條干涉條紋位置處光的波程差相等，即滾珠a的直徑與滾珠b的直徑相等，即滾珠b合格，不同的干涉條紋位置處光的波程差不同，則滾珠a的直徑與滾珠c的直徑不相等，即滾珠c不合格。5.“鵲橋二號(hào)”中繼星環(huán)繞月球運(yùn)行，其24小時(shí)橢圓軌道的半長(zhǎng)軸為a。已知地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為r,則月球與地球質(zhì)量之比可表示為()【參考答案】D【名師解析】“鵲橋二號(hào)”中繼星在24小時(shí)橢圓軌道運(yùn)行時(shí)，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律同理，對(duì)地球的同步衛(wèi)星根據(jù)開(kāi)普勒第三定律又開(kāi)普勒常量與中心天體的質(zhì)量成正比，所以聯(lián)立可得故選D。6.一定質(zhì)量理想氣體經(jīng)歷如圖所示的循環(huán)過(guò)程，a→b過(guò)程是等壓過(guò)程，b→c過(guò)程中氣體與外界無(wú)熱量交換，c→a過(guò)程是等溫過(guò)程。下列說(shuō)法正確的是()A.a→b過(guò)程，氣體從外界吸收的熱量全部用于對(duì)外做功B.b→c過(guò)程，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能增加C.a→b→c過(guò)程，氣體從外界吸收熱量全部用于對(duì)外做功D.a→b過(guò)程，氣體從外界吸收的熱量等于c→a過(guò)程放出的熱量【參考答案】C【名師解析】A.a→b過(guò)程壓強(qiáng)不變，是等壓變化且體積增大，氣體對(duì)外做功W<0,由蓋-呂薩克定律可知Tb>Ta即內(nèi)能增大，△Uab>0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=Q+W可知a→b過(guò)程，氣體從外界吸收的熱量一部分用于對(duì)外做功，另一部分用于增加內(nèi)能，A錯(cuò)誤；B.方法一：b→c過(guò)程中氣體與外界無(wú)熱量交換，即Qbc=0又由氣體體積增大可知Wb<0,由熱力學(xué)第一定律△U=Q+W可知?dú)怏w內(nèi)能減少。方法二：c→a過(guò)程為等溫過(guò)程，所以T=Ta結(jié)合Tb>T.分析可知T>T所以b到c過(guò)程氣體的內(nèi)能減少。故B錯(cuò)誤；C.c→a過(guò)程為等溫過(guò)程，可知T=Ta,△Uac=0根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知a→b→c過(guò)程，氣體從外D.根據(jù)熱力學(xué)第一定律結(jié)合上述名師解析可知：a→b→c→a一整個(gè)熱力學(xué)循環(huán)過(guò)程△U=0,整個(gè)量Qab不等于c→a過(guò)程放出的熱量-Qca,D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，質(zhì)量均為m的甲、乙兩同學(xué)，分別坐在水平放置的輕木板上，木板通過(guò)一根原長(zhǎng)為l的輕質(zhì)彈性繩連接，連接點(diǎn)等高且間距為d(d<l)。兩木板與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ,彈性繩勁度系數(shù)為k,被拉伸時(shí)彈性勢(shì)能c為繩的伸長(zhǎng)量)?，F(xiàn)用水平離開(kāi)原位置，此過(guò)程中兩人與所坐木板保持相對(duì)靜止，k保持不變，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦加速度大小為g,則F所做的功等于()【名師解析】當(dāng)甲所坐木板剛要離開(kāi)原位置時(shí)，對(duì)甲及其所坐木板整體有kx?=μmg解得彈性繩的伸長(zhǎng)量則此時(shí)彈性繩的彈性勢(shì)能為從開(kāi)始拉動(dòng)乙所坐木板到甲所坐木板剛要離開(kāi)原位置的陰影表示磁場(chǎng)的區(qū)域),邊長(zhǎng)為2d的正方形線圈與磁場(chǎng)邊界重合。線圈以y軸為轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，線圈中則變化后磁場(chǎng)的區(qū)域可能為()xx【參考答案】C【名師解析】根據(jù)題意可知，磁場(chǎng)區(qū)域變化前線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e=Esinot由題圖丙可知，磁場(chǎng)區(qū)域變化后，當(dāng)時(shí)，線圈的側(cè)邊開(kāi)始切割磁感線，即當(dāng)線圈旋轉(zhuǎn)時(shí)開(kāi)始切割磁感線，由幾何關(guān)系可知磁場(chǎng)區(qū)域平行于x軸的邊長(zhǎng)變?yōu)镃正確。故選C。9.甲、乙兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一均勻介質(zhì)中沿x軸相向傳播，波速均為2m/s。t=0時(shí)刻二者在x=2m處相遇，波形圖如圖所示。關(guān)于平衡位置在x=2m處的質(zhì)點(diǎn)P,下列說(shuō)法正確的是()A.t=0.5s時(shí)，P偏離平衡位置的位移為0B.t=0.5s時(shí)，P偏離平衡位置的位移為-2cm【名師解析】AB.在0.5s內(nèi)，甲、乙兩列波傳播的距離均為△x=v△t=2×0.5m=1m根據(jù)波形平移法可知，t=0.5sCD.在1.0s內(nèi)，甲、乙兩列波傳播的距離均為△x'=v△t'=2×1.0m=2m根據(jù)波形平移法可知，t=1.0s10.如圖所示，帶電量為+q的小球被絕緣棒固定在0點(diǎn)，右側(cè)有固定在水平面上、傾角為30°的光滑絕緣斜面。質(zhì)量為m、帶電量為+q的小滑塊從斜面上A點(diǎn)由靜止釋放，滑到與小球等高的B點(diǎn)時(shí)加速度為零，滑到C點(diǎn)時(shí)速度為零。已知AC間的距離為S,重力加速度大小為g,靜電力常量為k,下列說(shuō)法正確的是()A.OB的距離B.OB的距離C.從A到C,靜電力對(duì)小滑塊做功W=-mgSD.AC之間的電勢(shì)差【名師解析】AB.由題意知小滑塊在B點(diǎn)處的加速度為零，則根據(jù)受力分析有沿斜面方向C.因?yàn)榛紺點(diǎn)時(shí)速度為零，小滑塊從A到C的過(guò)程，靜電力對(duì)小滑塊做的功為W,根據(jù)動(dòng)能定理有D.根據(jù)電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系可知AC之間的電勢(shì)差故D正確。故選AD。11.如圖所示，兩條相同的半圓弧形光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平桌面上，其所在平面豎直且平行，導(dǎo)軌最高點(diǎn)到水平桌面的距離等于半徑，最低點(diǎn)的連線00'與導(dǎo)軌所在豎直面垂直?？臻g充滿(mǎn)豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(圖中未畫(huà)出),導(dǎo)軌左端由導(dǎo)線連接?，F(xiàn)將具有一定質(zhì)量和電阻的金屬棒MN平行00放置在導(dǎo)軌圖示位置，由靜止釋放。MN運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終平行于00'且與兩導(dǎo)軌接觸良好，不考慮自感影響，下列說(shuō)法正確的是()A.MN最終一定靜止于00位置B.MN運(yùn)動(dòng)過(guò)程中安培力始終做負(fù)功C.從釋放到第一次到達(dá)00位置過(guò)程中，MN的速率一直在增大D.從釋放到第一次到達(dá)00位置過(guò)程中，MN中電流方向由M到N【參考答案】ABD【名師解析】A.由于金屬棒MN運(yùn)動(dòng)過(guò)程切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，回路有感應(yīng)電流，產(chǎn)生焦耳熱，金屬棒MN的機(jī)械能不斷減小，由于金屬導(dǎo)軌光滑，所以經(jīng)過(guò)多次往返運(yùn)動(dòng)，MN最終一定靜止于00位置，故A正確；B.當(dāng)金屬棒MN向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則可知，MN中電流方向由M到N,根據(jù)左手定則，可知金屬棒MN受到的安培力水平向左，則安培力做負(fù)功；當(dāng)金屬棒MN向左運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則可知，MN中電流方向由N到M,根據(jù)左手定則，可知金屬棒MN受到的安培力水平向右，則安培力做負(fù)功；可知MN運(yùn)動(dòng)過(guò)程中安培力始終做負(fù)功，故B正確；C.金屬棒MN從釋放到第一次到達(dá)00位置過(guò)程中，由于在00位置重力沿切線方向的分力為0,可知在到達(dá)00位置之前的位置，重力沿切線方向的分力已經(jīng)小于安培力沿切線方向的分力，金屬棒MN已經(jīng)做減速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D.從釋放到第一次到達(dá)00'位置過(guò)程中，根據(jù)右手定則可知，MN中電流方向由M到N,故D正確。12.如圖所示，工程隊(duì)向峽谷對(duì)岸平臺(tái)拋射重物，初速度vo大小為20m/s,與水平方向的夾角為30°,拋出點(diǎn)P和落點(diǎn)Q的連線與水平方向夾角為30°,重力加速度大小取10m/s2,忽略空氣阻力。重物在此運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A.運(yùn)動(dòng)時(shí)間為2√3sB.落地速度與水平方向夾角為60°C.重物離PQ連線的最遠(yuǎn)距離為10mD.軌跡最高點(diǎn)與落點(diǎn)的高度差為45m【名師解析】AC.將初速度分解為沿PQ方向分速度v?和垂直P(pán)Q分速度v?,則有v?=v?cos60°=10m/s,v?=v。sin60°=10√3m/s將重力加速度分解為沿PQ方向分速度a?和垂直P(pán)Q分速度a?,則有a?=gsin30°=5m/s2,a?=gcos30°=5√3m/s2垂直P(pán)Q方向根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可得重物運(yùn)動(dòng)時(shí)間為重物離PQ連線的最遠(yuǎn)距離為B.重物落地時(shí)豎直分速度大小v,=-v。sin30°+gt=30m/s則落地速度與水平方向夾角正切值可得θ=60°故B正確；D.從拋出到最高點(diǎn)所用時(shí)間為則從最高點(diǎn)到落地所用時(shí)間為t?=t-t?=3s軌跡最高點(diǎn)與落點(diǎn)的高度差為故D正確。故選BD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.在第四次“天宮課堂”中，航天員演示了動(dòng)量守恒實(shí)驗(yàn)。受此啟發(fā)，某同學(xué)使用如圖甲所示的裝置進(jìn)行了碰撞實(shí)驗(yàn)，氣墊導(dǎo)軌兩端分別安裝a、b兩個(gè)位移傳感器，a測(cè)量滑塊A與它的距離xA,b測(cè)量滑塊B與它的距離xB。部分實(shí)驗(yàn)步驟如下：①測(cè)量?jī)蓚€(gè)滑塊的質(zhì)量，分別為200.0g和400.0g;②接通氣源，調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平；③撥動(dòng)兩滑塊，使A、B均向右運(yùn)動(dòng)；④導(dǎo)出傳感器記錄的數(shù)據(jù)，繪制xA、xB隨時(shí)間變化的圖像，分別如圖乙、圖丙所示。圖甲圖乙圖丙(1)從圖像可知兩滑塊在t=_s時(shí)發(fā)生碰撞；(2)滑塊B碰撞前的速度大小v=m/s(保留2位有效數(shù)字);(3)通過(guò)分析，得出質(zhì)量為200.0g的滑塊是_(填“【參考答案】(1)1.0(2)0.20(3)B【名師解析】【小問(wèn)1詳解】由x-t圖像的斜率表示速度可知兩滑塊的速度在t=1.0s時(shí)發(fā)生突變，即這個(gè)時(shí)【小問(wèn)2詳解】根據(jù)x-t圖像斜率的絕對(duì)值表示速度大小可知碰撞前瞬間B的速度大小由題圖丙可知，碰撞后B的速度大小為VB=0.5m/s,A和B碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則有mAVA+mgv=mAA+mBVB代入數(shù)據(jù)解得所以質(zhì)量為200.0g的滑塊是B。14.某學(xué)習(xí)小組對(duì)兩種型號(hào)鉛筆芯的電阻率學(xué)生電源(輸出電壓0~16V)滑動(dòng)變阻器(最大阻值10Ω,額定電流2A);電壓表V(量程3V,內(nèi)阻未知);電流表A(量程3A,內(nèi)阻未知);待測(cè)鉛筆芯R(X型號(hào)、Y型號(hào));游標(biāo)卡尺，螺旋測(cè)微器，開(kāi)關(guān)S,單刀雙擲開(kāi)關(guān)K,導(dǎo)線若干?；卮鹨韵聠?wèn)題：(1)使用螺旋測(cè)微器測(cè)量鉛筆芯直徑，某次測(cè)量結(jié)果如圖甲所示，該讀數(shù)為_(kāi)mm;(2)把待測(cè)鉛筆芯接入圖乙所示電路，閉合開(kāi)關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器滑片由最右端向左調(diào)節(jié)到合適位置，將單刀雙擲開(kāi)關(guān)K分別擲到1、2端，觀察到電壓表示數(shù)變化比電流表示數(shù)變化更明顯，則測(cè)量鉛筆芯電阻時(shí)應(yīng)將K擲到_(填“1”或“2”)端；(3)正確連接電路，得到Y(jié)型號(hào)鉛筆芯I-U圖像如圖丙所示，求得電阻Ry=Ω(保留3位有效數(shù)字);采用同樣方法得到X型號(hào)鉛筆芯的電阻為1.70Q;(4)使用游標(biāo)卡尺測(cè)得X、Y型號(hào)鉛筆芯的長(zhǎng)度分別為40.68mm、60.78mm,使用螺旋測(cè)微器測(cè)得X、Y型號(hào)鉛筆芯直徑近似相等，則X型號(hào)鉛筆芯的電阻率(填“大于”或“小于”)Y型號(hào)鉛筆芯的電丙【參考答案】(1)2.450(2)1(3)1.91(4)大于【名師解析】【小問(wèn)1詳解】根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則可知，其讀數(shù)為d=2mm+0.01×45.0mm=2.450mm【小問(wèn)2詳解】由于電壓表示數(shù)變化更明顯，說(shuō)明電流表分壓較多，因此電流表應(yīng)采用外接法，即測(cè)量鉛筆芯電阻時(shí)應(yīng)將K擲到1端；【小問(wèn)3詳解】根據(jù)圖丙的I-U圖像，結(jié)合歐姆定律有【小問(wèn)4詳解】根據(jù)電阻定律可得兩種材料的橫截面積近似相等，分別代入數(shù)據(jù)可知Px>Py15.某光學(xué)組件橫截面如圖所示，半圓形玻璃磚圓心為0點(diǎn)，半徑為R;直角三棱鏡FG邊的延長(zhǎng)線過(guò)0點(diǎn)，EG邊平行于AB邊且長(zhǎng)度等于R,∠FEG=30°。橫截面所在平面內(nèi)，單色光線以0角入射到EF邊發(fā)生折射，折射光線垂直EG邊射出。已知玻璃磚和三棱鏡對(duì)該單色光的折射率均為1.5。(2)以θ角入射的單色光線，若第一次到達(dá)半圓弧AMB可以發(fā)生全反射，求光線在EF上入射點(diǎn)D(圖中未標(biāo)出)到E點(diǎn)距離的范圍?！緟⒖即鸢浮?1)sinθ=0.75;(2)【名師解析】(1)由題意設(shè)光在三棱鏡中的折射角為α,則根據(jù)折射定律有(2)根據(jù)題意作出單色光第一次到達(dá)半圓弧AMB恰好發(fā)生全反射的光路圖如圖則根據(jù)幾何關(guān)系可知FE上從P點(diǎn)到E點(diǎn)以0角入射的單色光線第一次到達(dá)半圓弧AMB都可以發(fā)生全反射，根據(jù)全反射臨界角公式有設(shè)P點(diǎn)到FG的距離為I,則根據(jù)幾何關(guān)系有l(wèi)=RsinC又因?yàn)槁?lián)立解得所以光線在EF上的入射點(diǎn)D到E16.圖甲為戰(zhàn)國(guó)時(shí)期青銅汲酒器，根據(jù)其原理制作了由中空?qǐng)A柱形長(zhǎng)柄和儲(chǔ)液罐組成的汲液器，如圖乙所高度h=20.0cm,罐底有一小孔B。汲液時(shí)，將汲液器豎直浸入液體，液體從孔B進(jìn)入，空氣由孔當(dāng)內(nèi)外液面相平時(shí)，長(zhǎng)柄浸入液面部分的長(zhǎng)度為x;堵住孔A,緩慢地將汲液器豎直提出液面，儲(chǔ)液罐內(nèi)剛好儲(chǔ)滿(mǎn)液體。已知液體密度p=1.0×103kg/m3,重力加速度大小g=10m/s2,大氣壓P=(2)松開(kāi)孔A,從外界進(jìn)入壓強(qiáng)為po、體積為V的空氣，使?jié)M儲(chǔ)液罐中液體緩緩流出，堵住孔A,穩(wěn)定后罐中恰好剩余一半的液體，求V?！緟⒖即鸢浮?1)x=2cm;(2)V=8.92×10?m3【名師解析】(1)由題意可知緩慢地將汲液器豎直提出液面過(guò)程只能夠，氣體發(fā)生等溫變化，所以有p?(H-x)S?=p?HS?又因?yàn)镻?=Po,P?+pgh=P?代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得x=2cm代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得V=8.92×10?m317.如圖甲所示，質(zhì)量為M的