2011年海南省高考物理試卷答案與解析.doc

2011年海南省高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：本大題共6小題，每小題3分，共18分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1（3分）（2011海南）關(guān)于靜電場(chǎng)，下列說法正確的是（）A電勢(shì)等于零的物體一定不帶電B電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)，電勢(shì)一定為零C同一電場(chǎng)線上的各點(diǎn)，電勢(shì)一定相等D負(fù)電荷沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)時(shí)，電勢(shì)能一定增加【考點(diǎn)】電勢(shì)；電場(chǎng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】圖析法【分析】靜電場(chǎng)中，電勢(shì)具有相對(duì)性，電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)電勢(shì)不一定為零，沿電場(chǎng)線電勢(shì)一定降低【解答】解：A、靜電場(chǎng)中，電勢(shì)具有相對(duì)性，電勢(shì)為零的物體不一定不帶電，故A錯(cuò)誤；B、靜電場(chǎng)中，電勢(shì)具有相對(duì)性，電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)電勢(shì)不一定為零，故B錯(cuò)誤；C、沿場(chǎng)強(qiáng)方向電勢(shì)減小，電場(chǎng)線的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，故沿電場(chǎng)線電勢(shì)一定降低，故C錯(cuò)誤；D、電場(chǎng)線的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，負(fù)電荷沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故D正確；故選D【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵抓住電場(chǎng)力電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的概念，同時(shí)要注意電勢(shì)具有相對(duì)性，電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)電勢(shì)不一定為零2（3分）（2011海南）如圖，E為內(nèi)阻不能忽略的電池，R1、R2、R3為定值電阻，S0、S為開關(guān)，V與A分別為電壓表與電流表初始時(shí)S0與S均閉合，現(xiàn)將S斷開，則（）AV的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變小BV的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變大CV的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變小DV的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變大【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】計(jì)算題【分析】根據(jù)S的通斷可得出電路電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中總電流及路端電壓的變化；再由串并聯(lián)電路的性質(zhì)可判及各部分電流的變化【解答】解：S斷開，相當(dāng)于電阻變大，則由閉合電路歐姆定律可得電路中總電流減小，故路端電壓增大，V的讀數(shù)變大；把R1歸為內(nèi)阻，內(nèi)電壓減小，故R3中的電壓增大，由歐姆定律可知R3中的電流也增大，電流表示數(shù)增大，故B正確；故選B【點(diǎn)評(píng)】應(yīng)用閉合電路歐姆定律解決電路的動(dòng)態(tài)分析時(shí)一般可按照：外電路內(nèi)電路外電路的分析思路進(jìn)行，靈活應(yīng)用閉合電路歐姆定律及串并聯(lián)電路的性質(zhì)進(jìn)行分析即可求解3（3分）（2011海南）三個(gè)相同的金屬小球1、2、3分別置于絕緣支架上，各球之間的距離遠(yuǎn)大于小球的直徑球1的帶電量為q，球2的帶電量為nq，球3不帶電且離球1和球2很遠(yuǎn)，此時(shí)球1、2之間作用力的大小為F現(xiàn)使球3先與球2接觸，再與球1接觸，然后將球3移至遠(yuǎn)處，此時(shí)1、2之間作用力的大小仍為F，方向不變由此可知（）An=3Bn=4Cn=5Dn=6【考點(diǎn)】庫(kù)侖定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】當(dāng)兩個(gè)完全相同的帶同種電荷的小球接觸后，它們的總電荷量將平分；如果兩個(gè)完全相同的小球帶的是異種電荷，那么當(dāng)它們接觸后，它們帶的電荷將先中和，之后再將剩余的電荷量平分找到小球帶的電量的關(guān)系之后，根據(jù)庫(kù)侖力的公式就可以求得作用力的大小，從而可以求得n的數(shù)值【解答】解：設(shè)1、2距離為R，則球1、2之間作用力為：F=k，3與2接觸后，它們帶的電的電量平分，均為：，再3與1接觸后，它們帶的電的總電量平分，均為，將球3移至遠(yuǎn)處后，球1、2之間作用力為 F=k，有上兩式解得：n=6，故選D【點(diǎn)評(píng)】完全相同的帶電的小球接觸后，它們的電荷量將平分，這是分析互相接觸后庫(kù)侖力如何變化的關(guān)鍵，知道這一點(diǎn)之后，根據(jù)庫(kù)侖定律就可以求得力的大小4（3分）（2011海南）如圖，墻上有兩個(gè)釘子a和b，它們的連線與水平方向的夾角為45，兩者的高度差為l一條不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩一端固定于a點(diǎn)，另一端跨過光滑釘子b懸掛一質(zhì)量為m1的重物在繩子距a端得c點(diǎn)有一固定繩圈若繩圈上懸掛質(zhì)量為m2的鉤碼，平衡后繩的ac段正好水平，則重物和鉤碼的質(zhì)量比為（）AB2CD【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】計(jì)算題【分析】根據(jù)題意畫出平衡后的物理情景圖對(duì)繩子上c點(diǎn)進(jìn)行受力分析根據(jù)幾何關(guān)系找出BC段與水平方向的夾角根據(jù)平衡條件和三角函數(shù)表示出力與力之間的關(guān)系【解答】解：對(duì)繩子上c點(diǎn)進(jìn)行受力分析：平衡后設(shè)繩的BC段與水平方向成角，根據(jù)幾何關(guān)系有：tan=2，sin=對(duì)結(jié)點(diǎn)C分析，將Fa和Fb合成為F，根據(jù)平衡條件和三角函數(shù)關(guān)系得：F2=m2g=F，F(xiàn)b=m1gsin=所以得：，故選C【點(diǎn)評(píng)】該題的關(guān)鍵在于能夠?qū)€圈進(jìn)行受力分析，利用平衡狀態(tài)條件解決問題力的計(jì)算離不開幾何關(guān)系和三角函數(shù)5（3分）（2011海南）如圖，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物塊正在沿斜面以速度v0勻速下滑，斜劈保持靜止，則地面對(duì)斜劈的摩擦力（）A等于零B不為零，方向向右C不為零，方向向左D不為零，v0較大時(shí)方向向左，v0較小時(shí)方向向右【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】壓軸題【分析】在研究力和運(yùn)動(dòng)關(guān)系的問題時(shí)，常會(huì)涉及相互關(guān)聯(lián)的物體間的相互作用問題，即“連接體問題”連接體問題一般是指由兩個(gè)或兩個(gè)以上物體所構(gòu)成的有某種關(guān)聯(lián)的系統(tǒng)研究此系統(tǒng)的受力或運(yùn)動(dòng)時(shí)，求解問題的關(guān)鍵是研究對(duì)象的選取和轉(zhuǎn)換一般若討論的問題不涉及系統(tǒng)內(nèi)部的作用力時(shí)，可以以整個(gè)系統(tǒng)為研究對(duì)象列方程求解“整體法”；若涉及系統(tǒng)中各物體間的相互作用，則應(yīng)以系統(tǒng)某一部分為研究對(duì)象列方程求解“隔離法”這樣，便將物體間的內(nèi)力轉(zhuǎn)化為外力，從而體現(xiàn)其作用效果，使問題得以求解在求解連接體問題時(shí)，隔離法與整體法相互依存，相互補(bǔ)充，交替使用，形成一個(gè)完整的統(tǒng)一體，可以分別列方程求解本題中由于小木塊與斜面體間有相對(duì)滑動(dòng)，但無相對(duì)加速度，可以當(dāng)作兩物體間相對(duì)靜止，摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力的情況，然后運(yùn)用整體法研究【解答】解：斜劈和物塊都平衡，受力的大小和方向情況與兩物體間相對(duì)靜止且摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力的情況相同，故可以對(duì)斜劈和物塊整體受力分析受重力和支持力，二力平衡，無摩擦力；故選A【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要靈活地選擇整體法與隔離法，選用整體法可以不考慮兩物體間的作用力，使問題大為簡(jiǎn)化6（3分）（2011海南）如圖，EOF和EOF為空間一勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界，其中EOEO，F(xiàn)OFO，且EOOF；OO為EOF的角平分線，OO間的距離為L(zhǎng)；磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框沿OO方向勻速通過磁場(chǎng)，t=0時(shí)刻恰好位于圖示位置規(guī)定導(dǎo)線框中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向時(shí)為正，則感應(yīng)電流i與時(shí)間t的關(guān)系圖線可能正確的是（）ABCD【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】壓軸題；電磁感應(yīng)功能問題【分析】運(yùn)用E=BLv找出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的情況其中L為切割磁感線的有效長(zhǎng)度根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電流的方向【解答】解：在整個(gè)正方形導(dǎo)線框通過磁場(chǎng)的過程中，切割磁感線的邊框?yàn)閮韶Q直邊框，兩水平邊框不切割磁感線由于正方形導(dǎo)線框沿OO方向勻速通過磁場(chǎng)，從開始到左邊框到達(dá)O之前，進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線的有效長(zhǎng)度隨時(shí)間均勻增加，根據(jù)E=BLv得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間也均勻增加，由于電阻不變，所以感應(yīng)電流i也隨時(shí)間均勻增加根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電流的方向，結(jié)合導(dǎo)線框中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向時(shí)為正，得出開始為正方向當(dāng)左邊框到達(dá)OO之后，由于進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線的有效長(zhǎng)度不變，所以感應(yīng)電流i不變當(dāng)左邊框到達(dá)OO中點(diǎn)，右邊框即將進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線，由于左邊框的切割磁感線的有效長(zhǎng)度在減小，而右邊框切割磁感線有效長(zhǎng)度在增大，而左右邊框切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向相反，所以整個(gè)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間也均勻減小當(dāng)左邊框到達(dá)距O點(diǎn)時(shí)，左右邊框切割磁感線的有效長(zhǎng)度相等，此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0，再往后跟前面過程相反故A、C、D錯(cuò)誤，B正確故選B【點(diǎn)評(píng)】注意分析正方形導(dǎo)線框運(yùn)動(dòng)過程中切割磁感線的有效長(zhǎng)度變化情況規(guī)定導(dǎo)線框中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向時(shí)為正，反過來即為負(fù)值二、多項(xiàng)選擇題：本大題共4小題，每小題4分，共16分，在每小題給出的四個(gè)選面中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的，全部選對(duì)的，得4分；選對(duì)但不全的，得2分；有選錯(cuò)的，得0分7（4分）（2011海南）自然界的電、熱和磁等現(xiàn)象都是相互聯(lián)系的，很多物理學(xué)家為尋找它們之間的聯(lián)系做出了貢獻(xiàn)下列說法正確的是（）A奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系B歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，說明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存在聯(lián)系C法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系D焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)，定量得出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系【考點(diǎn)】通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場(chǎng)的方向；歐姆定律；焦耳定律；電磁感應(yīng)現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)過程菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】本題考查物理學(xué)史，根據(jù)電磁學(xué)發(fā)展中科學(xué)家的貢獻(xiàn)可找出正確答案【解答】解：A、奧斯特最先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭開了人類研究電磁相互作用的序幕，故A正確；B、歐姆定律說明了電流與電壓的關(guān)系，故B錯(cuò)誤；C、法拉第經(jīng)十年的努力發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故C正確；D、焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)，故D正確；故選ACD【點(diǎn)評(píng)】電流具有磁效應(yīng)、熱效應(yīng)、化學(xué)效應(yīng)等，本題考查其發(fā)現(xiàn)歷程，要求我們熟記相關(guān)的物理學(xué)史8（4分）（2011海南）一物體自t=0時(shí)開始做直線運(yùn)動(dòng)，其速度圖線如圖所示下列選項(xiàng)正確的是（）A在06s內(nèi)，物體離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)為30mB在06s內(nèi)，物體經(jīng)過的路程為40mC在04s內(nèi)，物體的平均速率為7.5m/sD在56s內(nèi)，物體所受的合外力做負(fù)功【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】（1）vt圖象中，與時(shí)間軸平行的直線表示做勻速直線運(yùn)動(dòng)，傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動(dòng)，斜率表示加速度，傾斜角越大表示加速度越大，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，在時(shí)間軸上方的位移為正，下方的面積表示位移為負(fù)；（2）平均速度等于位移除以時(shí)間；（3）判斷恒力做功的正負(fù)，可以通過力與位移的方向的夾角判斷夾角為銳角或零度，做正功，夾角為直角不做功，夾角為鈍角或平角做負(fù)功【解答】解：A.05s，物體向正向運(yùn)動(dòng)，56s向負(fù)向運(yùn)動(dòng)，故5s末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，故A錯(cuò)誤； B由面積法求出05s的位移s1=35m，56s的位移s2=5m，總路程為：40m，故B正確； C由面積法求出04s的位移s=30m，平度速度為：v=7.5m/s 故C正確； D由圖象知56s過程物體做勻加速，合力和位移同向，合力做正功，故D錯(cuò)誤故選BC【點(diǎn)評(píng)】本題考查了速度時(shí)間圖象的應(yīng)用及做功正負(fù)的判斷，要明確斜率的含義，知道在速度時(shí)間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積的含義，能根據(jù)圖象讀取有用信息，要注意路程和位移的區(qū)別屬于基礎(chǔ)題9（4分）（2011海南）一質(zhì)量為1kg的質(zhì)點(diǎn)靜止于光滑水平面上，從t=0時(shí)起，第1秒內(nèi)受到2N的水平外力作用，第2秒內(nèi)受到同方向的1N的外力作用下列判斷正確的是（）A02s內(nèi)外力的平均功率是WB第2秒內(nèi)外力所做的功是JC第2秒末外力的瞬時(shí)功率最大D第1秒內(nèi)與第2秒內(nèi)質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能增加量的比值是【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；動(dòng)量定理；功率、平均功率和瞬時(shí)功率菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】計(jì)算題；壓軸題【分析】本題可由動(dòng)量定理求得1s末及2s末的速度，再由動(dòng)能定理可求得合力的功；由功率公式求得功率；【解答】解：由動(dòng)量定理Ft=mv2mv1求出1s末、2s末速度分別為：v1=2m/s、v2=3m/s 由動(dòng)能定理可知合力做功為w=故02s內(nèi)功率是，故A正確；1s末、2s末功率分別為：P1=F1v1=4w、P2=F2v2=3w；故C錯(cuò)誤；第1秒內(nèi)與第2秒動(dòng)能增加量分別為：、，故第2s內(nèi)外力所做的功為2.5J，B錯(cuò)誤；而動(dòng)能增加量的比值為4：5，故D正確；故選AD【點(diǎn)評(píng)】本題也可由動(dòng)力學(xué)公式求解出1s末及2s末的速度，再由動(dòng)能定理求解；不過在過程上就稍微繁瑣了點(diǎn)10（4分）（2011海南）空間存在方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，圖中的正方形為其邊界一細(xì)束由兩種粒子組成的粒子流沿垂直于磁場(chǎng)的方向從O點(diǎn)入射這兩種粒子帶同種電荷，它們的電荷量、質(zhì)量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子不計(jì)重力下列說法正確的是（）A入射速度不同的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定不同B入射速度相同的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡一定相同C在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同的粒子，其運(yùn)動(dòng)軌跡一定相同D在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)的粒子，其軌跡所對(duì)的圓心角一定越大【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】壓軸題【分析】帶電粒子在磁場(chǎng)中由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，雖然電量、質(zhì)量不同，但比荷相同，所以運(yùn)動(dòng)圓弧對(duì)應(yīng)的半徑與速率成正比它們的周期總是相等，因此運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由圓心角來決定【解答】解：A、入射速度不同的粒子，若它們?nèi)肷渌俣确较蛳嗤?，若粒子從左邊邊界出去則運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，雖然軌跡不一樣，但圓心角相同故A錯(cuò)誤；B、在磁場(chǎng)中半徑，運(yùn)動(dòng)圓弧對(duì)應(yīng)的半徑與速率成正比，故B正確；C、在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間：（為轉(zhuǎn)過圓心角），雖圓心角可能相同，但半徑可能不同，所以運(yùn)動(dòng)軌跡也不同，故C錯(cuò)誤；D、由于它們的周期相同的，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)的粒子，其軌跡所對(duì)的圓心角也一定越大故D正確；故選：BD【點(diǎn)評(píng)】帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的題目解題步驟為：定圓心、畫軌跡、求半徑三、填空題，本大題共2小題，每小題4分，共8分，把答案寫在答題卡上指定的答題出，不要求寫出過程11（4分）（2011海南）如圖：理想變壓器原線圈與10V的交流電源相連，副線圈并聯(lián)兩個(gè)小燈泡a和b，小燈泡a的額定功率為0.3w，正常發(fā)光時(shí)電阻為30，已知兩燈泡均正常發(fā)光，流過原線圈的電流為0.09A，可計(jì)算出原、副線圈的匝數(shù)比為10：3，流過燈泡b的電流為0.2A【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】壓軸題【分析】由a燈正常發(fā)光可求出副線圈的電壓，由 可求原、副線圈的匝數(shù)比； a 燈泡正常發(fā)光時(shí)可由額定功率和電阻求出a燈泡電壓、電流；根據(jù)公式=可計(jì)算出副線圈的I2，再根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)Ib=I2Ia，求出流過燈泡b的電流Ib【解答】解：因a正常發(fā)光，根據(jù)公式Pa=，得Ua=，副線圈電壓 ，故 ； a正常發(fā)光時(shí)，根據(jù)公式Pa=UaIa得 Ia=0.1A， 因b燈與a 燈并聯(lián)，則 Ub=Ua=3v 根據(jù)公式=得 副線圈總電流 I2=I1=0.09=0.3A， 又因b燈與a 燈并聯(lián)副線圈總電流 I2=Ia+Ib 故流過燈泡b的電流 Ib=I2Ia=0.2A故答案為：10：3 0.2【點(diǎn)評(píng)】合理選擇功率計(jì)算公式，聯(lián)系理想變壓器的匝數(shù)比與電流比、電壓比關(guān)系，可快速求解12（4分）（2011海南）2011年4月10日，我國(guó)成功發(fā)射第8顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，建成以后北斗導(dǎo)航衛(wèi)星系統(tǒng)將包含多顆地球同步衛(wèi)星，這有助于減少我國(guó)對(duì)GPS導(dǎo)航系統(tǒng)的依賴，GPS由運(yùn)行周期為12小時(shí)的衛(wèi)星群組成，設(shè)北斗星的同步衛(wèi)星和GPS導(dǎo)航的軌道半徑分別為R1和R2，向心加速度分別為a1和a2，則R1：R2=a1：a2=（可用根式表示）【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用；同步衛(wèi)星菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】壓軸題【分析】該題從這兩種衛(wèi)星的周期和向心力公式的兩種表達(dá)式（）上入手找出半徑與周期關(guān)系表達(dá)式和加速度與半徑關(guān)系表達(dá)式，從而求出R1：R2和a1：a2的值【解答】解：設(shè)地球同步衛(wèi)星的周期為T1，GPS衛(wèi)星的周期為T2，由題意有：由萬有引力定律的公式和向心的公式有：由以上兩式可得：因而：故答案為：，【點(diǎn)評(píng)】此題要了解地球同步衛(wèi)星是相對(duì)地球靜止的衛(wèi)星，同步衛(wèi)星只能是發(fā)射到赤道上空特定的高度，以特定的速度沿地球自轉(zhuǎn)的方向繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)轉(zhuǎn)動(dòng)的周期和角速度與地球自轉(zhuǎn)的周期和角速度一致，轉(zhuǎn)動(dòng)周期為24h該題還考察到了萬有引力定律及其應(yīng)用，對(duì)于萬有引力定律及其應(yīng)用，關(guān)鍵是熟練的掌握公式的應(yīng)用四、實(shí)驗(yàn)題（13題6分，14題9分，共15分）13（6分）（2011海南）圖1是改裝并校準(zhǔn)電流表的電路圖，已知表頭的量程為Ig=600A、內(nèi)阻為Rg，是標(biāo)準(zhǔn)電流表，要求改裝后的電流表量程為I=60mA完成下列填空（1）圖1中分流電阻Rp的阻值為（用Ig、Rg、和I表示）（2）在電表改裝成后的某次校準(zhǔn)測(cè)量中，表的示數(shù)如圖所示，由此讀出流過電流表的電流為49.5 mA此時(shí)流過分流電阻RP的電流為49.0mA（保留一位小數(shù)）【考點(diǎn)】把電流表改裝成電壓表菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】壓軸題【分析】改裝電流表要并聯(lián)一電阻Rp，并聯(lián)一電阻后流過表頭a的電流為Ig，流過Rp的電流為IR，而加在表頭和Rp上的電壓相等，即IgRg=IRRp，則改裝后的電流表量，【解答】解：（1）由于Rg和Rp并聯(lián)，由IgRg=IRRp和I=Ig+IR得：故答案為：（2）由圖2知流過a電流表的電流I為49.5mA； 設(shè)此時(shí)流過表頭的電流為Ig，流過RP的電流為IR，加在表頭和Rp上的電壓相等，故有IgRg=IRRp I=（Ig+IR）；由聯(lián)立得：IR=49.005mA49.0mA故答案為：49.5；49.0【點(diǎn)評(píng)】由該題可看出，解決此類問題要充分理解電表改裝原理，電路的分壓分流原理14（9分）（2011海南）現(xiàn)要通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示：水平桌面上固定一傾斜的氣墊導(dǎo)軌；導(dǎo)軌上A點(diǎn)處有一帶長(zhǎng)方形遮光片的滑塊，其總質(zhì)量為M，左端由跨過輕質(zhì)光滑定滑輪的細(xì)繩與一質(zhì)量為m的砝碼相連；遮光片兩條長(zhǎng)邊與導(dǎo)軌垂直；導(dǎo)軌上B點(diǎn)有一光電門，可以測(cè)試遮光片經(jīng)過光電門時(shí)的擋光時(shí)間t，用d表示A點(diǎn)到導(dǎo)軌低端C點(diǎn)的距離，h表示A與C的高度差，b表示遮光片的寬度，s表示A，B 兩點(diǎn)的距離，將遮光片通過光電門的平均速度看作滑塊通過B點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度用g表示重力加速度完成下列填空和作圖；（1）若將滑塊自A點(diǎn)由靜止釋放，則在滑塊從A運(yùn)動(dòng)至B的過程中，滑塊、遮光片與砝碼組成的系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量可表示為Mgmgs動(dòng)能的增加量可表示為若在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，與s的關(guān)系式為=（2）多次改變光電門的位置，每次均令滑塊自同一點(diǎn)（A點(diǎn)）下滑，測(cè)量相應(yīng)的s與t值，結(jié)果如下表所示：12345s（m）0.6000.8001.0001.2001.400t（ms）8.227.176.445.855.43（104s2）1.481.952.412.923.39以s為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，在答題卡上對(duì)應(yīng)圖2位置的坐標(biāo)紙中描出第1和第5個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)；根據(jù)5個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)作直線，求得該直線的斜率k=2.39104m1s2（保留3位有效數(shù)字）由測(cè)得的h、d、b、M和m數(shù)值可以計(jì)算出直線的斜率ko，將k和ko進(jìn)行比較，若其差值在試驗(yàn)允許的范圍內(nèi)，則可認(rèn)為此試驗(yàn)驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律【考點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】壓軸題【分析】這是一個(gè)根據(jù)書本上驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)改裝后的題目這題的關(guān)鍵在于研究對(duì)象不是單個(gè)物體而是滑塊、遮光片與砝碼組成的系統(tǒng)對(duì)于系統(tǒng)的重力勢(shì)能變化量要考慮系統(tǒng)內(nèi)每一個(gè)物體的重力勢(shì)能變化量動(dòng)能也是一樣光電門測(cè)量瞬時(shí)速度是實(shí)驗(yàn)中常用的方法由于光電門的寬度b很小，所以我們用很短時(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度根據(jù)變量的數(shù)據(jù)作出圖象，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)求出斜率【解答】解：（1）滑塊、遮光片下降重力勢(shì)能減小，砝碼上升重力勢(shì)能增大所以滑塊、遮光片與砝碼組成的系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量EP=Mgmgs光電門測(cè)量瞬時(shí)速度是實(shí)驗(yàn)中常用的方法由于光電門的寬度b很小，所以我們用很短時(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度vB=根據(jù)動(dòng)能的定義式得出：Ek=（m+M）vB2=若在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，Ek=EP與s的關(guān)系式為（2）見圖運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)求得斜率k=2.39104m1s2由測(cè)得的h、d、b、M和m數(shù)值可以計(jì)算出直線的斜率ko=比較k與ko，若其差值在試驗(yàn)允許的范圍內(nèi)，則可認(rèn)為此試驗(yàn)驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律故答案為：（1）Mgmgs，；（2）如圖，2.39104m1s2【點(diǎn)評(píng)】這個(gè)實(shí)驗(yàn)對(duì)于我們可能是一個(gè)新的實(shí)驗(yàn)，但該實(shí)驗(yàn)的原理都是我們學(xué)過的物理規(guī)律做任何實(shí)驗(yàn)問題還是要從最基本的物理規(guī)律入手去解決對(duì)于系統(tǒng)問題處理時(shí)我們要清楚系統(tǒng)內(nèi)部各個(gè)物體能的變化求斜率時(shí)要注意單位和有效數(shù)字的保留五、計(jì)算題：本大題共2小題，第15題8分，共16題11分，共19分把解答寫在答題卡上指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和鹽酸步驟15（8分）（2011海南）如圖，水平地面上有一個(gè)坑，其豎直截面為半圓ab為沿水平方向的直徑若在a點(diǎn)以初速度v0沿ab方向拋出一小球，小球會(huì)擊中坑壁上的c點(diǎn)已知c點(diǎn)與水平地面的距離為圓半徑的一半，求圓的半徑【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】壓軸題【分析】平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為在水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)，和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)，豎直方向上的位移已經(jīng)知道了，但是水平方向的位移要用三角形的知識(shí)來求，然后才能求圓的半徑【解答】解：如圖所示h=R則Od=R小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移x=R+R豎直位移y=h=R根據(jù)y=gt2x=v0t聯(lián)立以上兩式解得圓的半徑為R=【點(diǎn)評(píng)】考查平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用，但是水平方向的位移不知道，所以用的數(shù)學(xué)的知識(shí)較多，需要熟練的應(yīng)用三角形的邊角關(guān)系16（11分）（2011海南）如圖，ab和cd是兩條豎直放置的長(zhǎng)直光滑金屬導(dǎo)軌，MN和MN是兩根用細(xì)線連接的金屬桿，其質(zhì)量分別為m和2m豎直向上的外力F作用在桿MN上，使兩桿水平靜止，并剛好與導(dǎo)軌接觸；兩桿的總電阻為R，導(dǎo)軌間距為l整個(gè)裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌所在平面垂直導(dǎo)軌電阻可忽略，重力加速度為g在t=0時(shí)刻將細(xì)線燒斷，保持F不變，金屬桿和導(dǎo)軌始終接觸良好求：（1）細(xì)線燒斷后，任意時(shí)刻兩桿運(yùn)動(dòng)的速度之比；（2）兩桿分別達(dá)到的最大速度【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；動(dòng)量守恒定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】計(jì)算題；壓軸題；電磁感應(yīng)中的力學(xué)問題【分析】細(xì)線燒斷前對(duì)MN和MN受力分析，得出豎直向上的外力F=3mg，細(xì)線燒斷后對(duì)MN和MN受力分析，根據(jù)動(dòng)量守恒求出任意時(shí)刻兩桿運(yùn)動(dòng)的速度之比分析MN和MN的運(yùn)動(dòng)過程，找出兩桿分別達(dá)到最大速度的特點(diǎn)，并求出【解答】解：（1）細(xì)線燒斷前對(duì)MN和MN受力分析，由于兩桿水平靜止，得出豎直向上的外力F=3mg設(shè)某時(shí)刻MN和MN速度分別為v1、v2根據(jù)MN和MN動(dòng)量守恒得出：mv12mv2=0 求出：=2 （2）細(xì)線燒斷后，MN向上做加速運(yùn)動(dòng)，MN向下做加速運(yùn)動(dòng)，由于速度增加，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增加，MN和MN所受安培力增加，所以加速度在減小當(dāng)MN和MN的加速度減為零時(shí)，速度最大對(duì)MN受力平衡：BIl=2mg I= E=Blv1+Blv2 由得：v1=、v2=答：（1）細(xì)線少斷后，任意時(shí)刻兩桿運(yùn)動(dòng)的速度之比為2；（2）兩桿分別達(dá)到的最大速度為，【點(diǎn)評(píng)】能夠分析物體的受力情況，運(yùn)用動(dòng)量守恒求出兩個(gè)物體速度關(guān)系在直線運(yùn)動(dòng)中，速度最大值一般出現(xiàn)在加速度為0的時(shí)刻六、選考題：請(qǐng)考生在17、18、19三題中任選二題作答，如果多做，則按所做的第一、二題計(jì)分計(jì)算題請(qǐng)寫出的文字說明、方程式和演算步驟滿分24分。17（12分）（2011海南）（1）關(guān)于空氣濕度，下列說法正確的是BC（填入正確選項(xiàng)前的字母選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)給4分；選錯(cuò)1個(gè)扣2分，最低得0分）A當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的絕對(duì)濕度一定較大B當(dāng)人們感到干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較小C空氣的絕對(duì)濕度用空氣中所含水蒸汽的壓強(qiáng)表示D空氣的相對(duì)濕度定義為水的飽和蒸汽壓與相同溫度時(shí)空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)之（2）如圖，容積為V1的容器內(nèi)充有壓縮空氣容器與水銀壓強(qiáng)計(jì)相連，壓強(qiáng)計(jì)左右兩管下部由軟膠管相連氣閥關(guān)閉時(shí)，兩管中水銀面等高，左管中水銀面上方到氣閥之間空氣的體積為V2打開氣閥，左管中水銀下降；緩慢地向上提右管，使左管中水銀面回到原來高度，此時(shí)右管與左管中水銀面的高度差為h已知水銀的密度為，大氣壓強(qiáng)為PO，重力加速度為g；空氣可視為理想氣體，其溫度不變求氣閥打開前容器中壓縮空氣的壓強(qiáng)P1【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程；*相對(duì)濕度菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】氣體的狀態(tài)參量和實(shí)驗(yàn)定律專題【分析】（1）絕對(duì)濕度是指一定空間中水蒸氣的絕對(duì)含量，可用空氣中水的蒸氣壓來表示；相對(duì)濕度為某一被測(cè)蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分?jǐn)?shù)；在一定氣溫條件下，大氣中相對(duì)濕度越大，水氣蒸發(fā)也就越慢，人就感受到越潮濕；在一定氣溫條件下，大氣中相對(duì)濕度越小，水汽蒸發(fā)也就越快，人就越感到干燥：【解答】解：（1）A、在一定氣溫條件下，大氣中相對(duì)濕度越大，水氣蒸發(fā)也就越慢，人就感受到越潮濕，故當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較大，但絕對(duì)濕度不一定大，故A錯(cuò)誤B、在一定氣溫條件下，大氣中相對(duì)濕度越小，水汽蒸發(fā)也就越快，人就越感到干燥，故當(dāng)人們感到干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較小，但絕對(duì)濕度不一定小，故B正確；C、絕對(duì)濕度是指一定空間中水蒸氣的絕對(duì)含量，可用空氣中水的蒸氣壓來表示，故C正確D、相對(duì)濕度為某一被測(cè)蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分?jǐn)?shù)，相對(duì)濕度則給出大氣的潮濕程度，而不是水的飽和蒸汽壓與相同溫度時(shí)空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)之比故D錯(cuò)誤故選BC（2）以所有的氣體為研究對(duì)象，則封閉氣體的初始狀態(tài)為p1，v1，p0，v2，末狀態(tài)為壓強(qiáng)p2=p0+gh，體積為v1+v2，由玻馬定律得p1v1+p0v2=（p0+gh）（v1+v2）解得封閉氣體最初的壓強(qiáng)故本題的答案為：（1）BC；（2）封閉氣體最初的壓強(qiáng)【點(diǎn)評(píng)】本題中（1）問是難點(diǎn)，但只要掌握了相對(duì)濕度和絕對(duì)濕度的定義（1）問就不難解決，故要加強(qiáng)對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的掌握18（12分）（2011海南）（1）一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)的波形圖如圖所示介質(zhì)中x=2m處的質(zhì)點(diǎn)P沿y軸方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為y=10sin（5t）cm關(guān)于這列簡(jiǎn)諧波，下列說法正確的是CD（填入正確選項(xiàng)前的字母選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)給4分；選錯(cuò)1個(gè)扣2分，最低得0分）A周期為4.0s B振幅為20cmC傳播方向沿x軸正向 D傳播速度為10m/s（2）一賽艇停在平靜的水面上，賽艇前端有一標(biāo)記P離水面的高度為h1=0.6m，尾部下端Q略高于水面；賽艇正前方離賽艇前端s1=0.8m處有一浮標(biāo)，示意如圖一潛水員在浮標(biāo)前方s2=3.0m處下潛到深度為h2=4.0m時(shí)，看到標(biāo)記剛好被浮標(biāo)擋住，此處看不到船尾端Q；繼續(xù)下潛h=4.0m，恰好能看見Q求（ i）水的折射率n；（ ii）賽艇的長(zhǎng)度l（可用根式表示）【考點(diǎn)】光的折射定律；橫波的圖象；全反射菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】計(jì)算題；壓軸題【分析】（1）由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式可知該波的周期，由圖象可知該波的振幅、波長(zhǎng)；則可求得波速；由帶動(dòng)法可知P點(diǎn)的振動(dòng)方向；（2）i由題意可作出光路圖，由幾何關(guān)系可知入射角和折射角，則可求得折射率；ii由題意可知潛水員和Q點(diǎn)的連線與水平方向夾角剛好為臨界角，由幾何關(guān)系可解得賽艇的長(zhǎng)度【解答】解：