2015年江蘇省高考物理試卷答案與解析

1、.2015年江蘇省高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題（本題共5道小題，每小題3分，共計15分，每小題只有一個選項符合題意）1（3分）（2015江蘇）一電器中的變壓器可視為理想變壓器，它將220V交變電流改變?yōu)?10V，已知變壓器原線圈匝數(shù)為800，則副線圈的匝數(shù)為（）A200B400C1600D3200考點：變壓器的構(gòu)造和原理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：交流電專題分析：根據(jù)理想變壓器原副線圈匝數(shù)比等于電壓比即可求解解答：解：根據(jù)理想變壓器原副線圈匝數(shù)比等于電壓比得：變壓器能將220V交變電流改變?yōu)?10V，原線圈匝數(shù)n1=800，副線圈匝數(shù)n2則：匝故選：B點評：本題主要考查了變壓器原副線圈

2、匝數(shù)比與電壓比之間的關(guān)系，難度不大，屬于基礎(chǔ)題2（3分）（2015江蘇）靜電現(xiàn)象在自然界中普遍存在，我國早在西漢末年已有對靜電現(xiàn)象的記載，春秋緯考異郵中有“玳瑁吸”之說，但下列不屬于靜電現(xiàn)象的是（）A梳過頭發(fā)的塑料梳子吸起紙屑B帶電小球移至不帶電金屬附近，兩者相互吸引C小線圖接近通電線圈過程中，小線圈中產(chǎn)生電流D從干燥的地毯上走過，手碰到金屬把手時有被電擊的感覺考點：靜電場中的導(dǎo)體菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：分析各現(xiàn)象的形成原因，然后判斷各現(xiàn)象的成因是否與靜電現(xiàn)象有關(guān)，然后答題解答：解：A、梳子與頭發(fā)摩擦?xí)a(chǎn)生靜電，吸起紙屑，是靜電現(xiàn)象，不符合題意故A錯誤；B、帶電小球移至不帶電金屬附近，兩者相互吸引

3、屬于靜電感應(yīng)現(xiàn)象，是靜電現(xiàn)象，不符合題意故B錯誤；C、小線圖接近通電線圈過程中，小線圈中產(chǎn)生電流屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象，不屬于靜電現(xiàn)象故C正確D、從干燥的地毯上走過，手碰到金屬把手時有被電擊的感覺是由于摩擦?xí)a(chǎn)生靜電，也是靜電現(xiàn)象，不符合題意故D錯誤；本題選不屬于靜電現(xiàn)象的，故選：C點評：靜電是因為摩擦使物體帶電的現(xiàn)象，平時所見到的摩擦起電現(xiàn)象都是一種靜電現(xiàn)象如：塑料的梳子梳理干燥的頭發(fā)的時候，頭發(fā)和梳子會粘在一起，而且會產(chǎn)生噼啪的響聲；玻璃棒和絲綢摩擦，用玻璃棒可以吸引碎紙片玻璃棒帶正電，絲綢帶負電；毛皮和橡膠棒摩擦也產(chǎn)生靜電，現(xiàn)象和上面一樣橡膠棒帶負電，毛皮帶正電；注意閃電不屬于靜電，靜電積累到

4、一定程度，正負電子引誘，而產(chǎn)生的放電現(xiàn)象3（3分）（2015江蘇）過去幾千年來，人類對行星的認識與研究僅限于太陽系內(nèi)，行星“51 peg b”的發(fā)現(xiàn)拉開了研究太陽系外行星的序幕，“51 peg b”繞其中心恒星做勻速圓周運動，周期約為4天，軌道半徑約為地球繞太陽運動半徑的，該中心恒星與太陽的質(zhì)量比約為（）AB1C5D10考點：萬有引力定律及其應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析：研究行星繞某一恒星做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式求出中心體的質(zhì)量分析求解解答：解：研究行星繞某一恒星做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式為：=mrM=“51 peg b”繞其

5、中心恒星做勻速圓周運動，周期約為4天，軌道半徑約為地球繞太陽運動半徑的，所以該中心恒星與太陽的質(zhì)量比約為1，故選：B點評：要求解一個物理量大小變化，我們應(yīng)該把這個物理量先表示出來，再根據(jù)已知量進行判斷向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應(yīng)用4（3分）（2015江蘇）如圖所示，用天平測量勻強磁場的磁感應(yīng)強度，下列各選項所示的載流線圈匝數(shù)相同，邊長MN相等，將它們分別掛在天平的右臂下方，線圈中通有大小相同的電流，天平處于平衡狀態(tài)，若磁場發(fā)生微小變化，天平最容易失去平衡的是（）ABCD考點：安培力菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：根據(jù)左手定則得出載流線圈各邊所受安培力的方向，根據(jù)力的合成

6、得出載流線圈的合力大小的關(guān)系，進行分析求解解答：解：假設(shè)載流線圈的電流方向是順時針方向，根據(jù)左手定則得出載流線圈各邊所受安培力的方向，C、D選項中各邊所受安培力的方向類似于B圖，根據(jù)力圖結(jié)合力的合成可以發(fā)現(xiàn)A圖中載流線圈各邊所受安培力的合力最大，所以若磁場發(fā)生微小變化，天平最容易失去平衡的是A圖天平故選：A點評：解決本題的關(guān)鍵掌握安培力方向的判定，以及會利用力的平衡去求解問題5（3分）（2015江蘇）如圖所示，某“闖關(guān)游戲”的筆直通道上每隔8m設(shè)有一個關(guān)卡，各關(guān)卡同步放行和關(guān)閉，放行和關(guān)閉的時間分別為5s和2s，關(guān)卡剛放行時，一同學(xué)立即在關(guān)卡1處以加速度2m/s2由靜止加速到2m/s，然后勻速

7、向前，則最先擋住他前進的關(guān)卡是（）A關(guān)卡2B關(guān)卡3C關(guān)卡4D關(guān)卡5考點：勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：直線運動規(guī)律專題分析：人先做加速運動，之后是勻速運動，計算到達各個關(guān)卡的時間與關(guān)卡放行和關(guān)閉的時間對比，得出結(jié)果解答：解：根據(jù)v=at可得，2=2t1，所以加速的時間為t1=1s加速的位移為x1=at2=1m，到達關(guān)卡2的時間為t2=s=3.5s，所以可以通過關(guān)卡2繼續(xù)運動，到達關(guān)卡2的時間為t3=s=4s，此時關(guān)卡3也是放行的，可以通過，到達關(guān)卡4的總時間為1+3.5+4+4=12.5s，關(guān)卡放行和關(guān)閉的時間分別為5s和2s，此時關(guān)卡4是關(guān)閉的，所以最先擋住他前進的是關(guān)卡4

8、，所以C正確；故選：C點評：本題是對勻變速直線運動位移時間關(guān)系式的考查，注意開始的過程是勻加速直線運動，要先計算出加速運動的時間二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分，每小題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分6（4分）（2015江蘇）一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度a隨時間t變化的圖線如圖所示，以豎直向上為a的正方向，則人對地板的壓力（）At=2s時最大Bt=2s時最小Ct=8.5s時最大Dt=8.5s時最小考點：牛頓第二定律；物體的彈性和彈力菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：牛頓運動定律綜合專題分析：當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就

9、說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度，合力也向上；當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度，合力也向下解答：解：在時間軸的上方，表示加速度向上，此時處于超重狀態(tài)，在時間軸的下方，表示加速度向下，此時處于失重狀態(tài)，對地板的壓力減小，在t=2s時向上的加速度最大，此時對地板的壓力最大，所以A正確；在t=8.5s時具有向下的最大的加速度，此時對地板的壓力最小，所以D正確；故選：AD點評：本題是對圖象的考查，掌握住加速度時間圖象的含義，知道超重和失重的特點即可解答本題7（4分）（2015江蘇）一帶正電的小球向右水平拋入范圍足夠大的勻強電場，電場方向水平向左，

10、不計空氣阻力，則小球（）A做直線運動B做曲線運動C速率先減小后增大D速率先增大后減小考點：勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)合力的方向與速度方向的關(guān)系判斷小球做直線運動還是曲線運動，根據(jù)合力的方向與速度方向的關(guān)系判斷小球的速率變化解答：解：A、小球受重力和電場力兩個力作用，合力的方向與速度方向不在同一條直線上，小球做曲線運動故A錯誤，B正確C、小球所受的合力與速度方向先成鈍角，然后成銳角，可知合力先做負功然后做正功，則速度先減小后增大故C正確，D錯誤故選：BC點評：解決本題的關(guān)鍵知道物體做直線運動還是曲線運動的條件，關(guān)鍵看合力的方向與速度方向的

11、關(guān)系8（4分）（2015江蘇）兩個相同的負電荷和一個正電荷附近的電場線分布如圖所示，c是兩負電荷連線的中點，d點在正電荷的正上方，c、d到正電荷的距離相等，則（）Aa點的電場強度比b點的大Ba點的電勢比b點的高Cc點的電場強度比d點的大Dc點的電勢比d點的低考點：電勢差與電場強度的關(guān)系；電勢；電勢能菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)電場線的疏密判斷場強的大小根據(jù)電場線的方向判斷電荷的正負順著電場線電勢逐漸降低，由電場線的方向可判斷電勢的正負解答：解：A、由圖看出，a點處電場線比b點處電場線密，則a點的場強大于b點的場強，故A正確B、電場線從正電荷到負電荷，沿著電場線電勢降低，

12、所以b點的電勢比a點的高，所以B錯誤；C、負電荷在c點的合場強為零，c點只有正電荷產(chǎn)生的電場強度，在d點電荷產(chǎn)生的場強向上，兩個負電荷產(chǎn)生的場強向下，合場強是它們的差值，所以c點的電場強度比d點的大，所以C正確；D、正電荷到c點的平均場強大于正電荷到b點的平均場強，根據(jù)U=Ed可知，正電荷到c點電勢降低的多，所以c點的電勢比d點的低，所以D正確；故選：ACD點評：本題要掌握電場線的物理意義：電場線的疏密表示場強的大小，順著電場線電勢逐漸降低，知道等量異種電荷連線的垂直平分線是一個等勢面9（4分）（2015江蘇）如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與一質(zhì)量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相連，彈

13、簧水平且處于原長，圓環(huán)從A處由靜止開始下滑，經(jīng)過B處的速度最大，到達C處的速度為零，AC=h，圓環(huán)在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，則圓環(huán)（）A下滑過程中，加速度一直減小B下滑過程中，克服摩擦力做的功為mv2C在C處，彈簧的彈性勢能為mv2mghD上滑經(jīng)過B的速度大于下滑經(jīng)過B的速度考點：功能關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：根據(jù)圓環(huán)的運動情況分析下滑過程中，加速度的變化；研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到C和在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A兩個過程，運用動能定理列出等式求解；研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到B過程和圓環(huán)從B處上滑到A的過程，運用動能定

14、理列出等式解答：解：A、圓環(huán)從A處由靜止開始下滑，經(jīng)過B處的速度最大，到達C處的速度為零，所以圓環(huán)先做加速運動，再做減速運動，經(jīng)過B處的速度最大，所以經(jīng)過B處的加速度為零，所以加速度先減小，后增大，故A錯誤；B、研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到C過程，運用動能定理列出等式mgh+Wf+W彈=00=0在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A，運用動能定理列出等式mgh+（W彈）+Wf=0mv2解得：Wf=mv2，故B正確；C、W彈=mv2mgh，所以在C處，彈簧的彈性勢能為mghmv2，故C錯誤；D、研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到B過程，運用動能定理列出等式mgh+Wf+W彈=m0研究圓環(huán)從B處

15、上滑到A的過程，運用動能定理列出等式mgh+Wf+（W彈）=0mmghWf+W彈=m由于Wf0，所以mm，所以上滑經(jīng)過B的速度大于下滑經(jīng)過B的速度，故D正確；故選：BD點評：能正確分析小球的受力情況和運動情況，對物理過程進行受力、運動、做功分析，是解決問題的根本方法，掌握動能定理的應(yīng)用三、簡答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（12題）兩部分，共計42分。必做題10（8分）（2015江蘇）小明利用如圖1所示的實驗裝置測量一干電池的電動勢和內(nèi)阻（1）圖1中電流表的示數(shù)為0.44A（2）調(diào)節(jié)滑動變阻器，電壓表和電流表的示數(shù)記錄如下：U（V）1.451.361.271.161.06I（A）0

16、.120.200.280.360.44請根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在圖2上作出UI圖線由圖線求得：電動勢E=1.60V；內(nèi)阻r=1.2（3）實驗時，小明進行了多次測量，花費了較長時間，測量期間一直保持電路閉合，其實，從實驗誤差考慮，這樣的操作不妥，因為干電池長時間使用后，電動勢和內(nèi)阻會發(fā)生變化，導(dǎo)致實驗誤差增大考點：測定電源的電動勢和內(nèi)阻菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：實驗題分析：（1）根據(jù) 電流表所選的量程，直接讀數(shù)即可；（2）根據(jù)數(shù)據(jù)作圖，在UI圖象中，圖線的縱軸截距表示電源的電動勢，圖線斜率的絕對值表示水果電池的內(nèi)阻；（3）干電池不易長時間工作，干電池長時間使用后，電動勢和內(nèi)阻會發(fā)生變化解答：解：（1）電流表

17、選擇的量程是0.6A，所以此時電流表的都市為0.44A；（2）根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，畫出UI圖象如圖所示，根據(jù)圖象可知，縱坐標的截距代表電動勢的大小，直線的斜率代表內(nèi)電阻的大小，所以電動勢E=1.60V；內(nèi)阻r=1.2（3）干電池長時間使用后，電動勢和內(nèi)阻會發(fā)生變化，導(dǎo)致實驗誤差增大故答案為：（1）0.44（2）如圖所示；1.60（1.581.62）；1.2（1.181.26）（3）干電池長時間使用后，電動勢和內(nèi)阻會發(fā)生變化，導(dǎo)致實驗誤差增大點評：本題考查對圖象的認識，要掌握從UI圖線中獲取電源的電動勢和內(nèi)電阻的方法，在計算內(nèi)阻的時候，要注意縱坐標的起點不是零11（10分）（2015江蘇）某同學(xué)探究

18、小磁鐵在銅管中下落時受電磁阻尼作用的運動規(guī)律，實驗裝置如圖1所示，打點計時器的電源為50Hz的交流電（1）下列實驗操作中，不正確的是CDA將銅管豎直地固定在限位孔的正下方B紙帶穿過限位孔，壓在復(fù)寫紙下面C用手捏緊磁鐵保持靜止，然后輕輕地松開讓磁鐵下落D在磁鐵下落的同時接通打點計時器的電源（2）該同學(xué)按正確的步驟進行實驗（記為“實驗”），將磁鐵從管口處釋放，打出一條紙帶，取開始下落的一段，確定一合適的點為O點，每隔一個計時點取一個計數(shù)點，標為1，2，8，用刻度尺量出各計數(shù)點的相鄰兩計時點到O點的距離，記錄在紙帶上，如圖2所示計算相鄰計時點間的平均速度，粗略地表示各計數(shù)點的速度，抄入表，請將表中的

19、數(shù)據(jù)補充完整 位置12345678（cm/s）24.533.837.839.039.539.839.839.8（3）分析如表的實驗數(shù)據(jù)可知：在這段紙帶記錄的時間內(nèi)，磁鐵運動速度的變化情況是逐漸增大到39.8cm/s；磁鐵受到阻尼作用的變化情況是逐漸增大到等于重力（4）該同學(xué)將裝置中的銅管更換為相同尺寸的塑料管，重復(fù)上述實驗操作（記為“實驗”），結(jié)果表明磁鐵下落的運動規(guī)律與自由落體運動規(guī)律幾乎相同，請問實驗是為了說明什么？對比實驗和的結(jié)果可得到什么結(jié)論？考點：探究小車速度隨時間變化的規(guī)律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：實驗題分析：（1）小磁鐵豎直下落，做的是直線運動，根據(jù)打點計時器的使用方法可以判斷選項的結(jié)

20、果；（2）根據(jù)相鄰計時點間的平均速度，粗略地表示各計數(shù)點的速度，來計算4點的瞬時速度的大??；（3）根據(jù)磁鐵速度的變化情況可以得出變化的情況情況，分析速度變化的原因；（4）塑料管不會產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，與銅管中運動的情況對比明顯解答：解：（1）A、小磁鐵豎直下落，穿過銅管，所以銅管要豎直地固定在限位孔的正下方，所以A正確；B、紙帶要穿過限位孔，并且壓在復(fù)寫紙下面，所以B正確；C、手應(yīng)該拉住紙帶，而不是捏緊磁鐵，所以C錯誤；D、應(yīng)該先接通打點計時器的電源，在讓磁鐵下落，所以D錯誤；本題選錯誤的，故選：CD（2）打下4點的速度等于3、5之間的平均速度，所以v4=cm/s39.0cm/s（3）根據(jù)實驗數(shù)

21、據(jù)可知，在這段紙帶記錄的時間內(nèi)，磁鐵運動速度的變化情況是逐漸增大到39.8cm/s，之后勻速運動，說明磁鐵受到的阻尼作用是逐漸增大，最后等于重力的大小（4）磁鐵在塑料管中不會產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，不受阻尼作用的影響，對比實驗和可知，磁鐵在銅管中受到的阻尼作用主要是電磁阻尼作用故答案為：（1）CD（2）39.0（3）逐漸增大到39.8cm/s；逐漸增大到等于重力（4）為了說明磁鐵在塑料管中幾乎不受阻尼作用； 磁鐵在銅管中受到的阻尼作用主要是電磁阻尼作用點評：本題是對紙帶運動情況的考查，同時也考查的對電磁感應(yīng)現(xiàn)象理解，根據(jù)紙帶的運動情況分析電磁感應(yīng)對運動情況的影響，抓住實驗的本質(zhì)即可分析本題（選做題）

22、本題包括A、B、C三小題，請選定其中兩小題，并在相應(yīng)答題區(qū)域內(nèi)作答，若多做，則按A、B兩小題評分。A選修3-312（4分）（2015江蘇）對下列幾種固體物質(zhì)的認識，正確的有（）A食鹽熔化過程中，溫度保持不變，說明食鹽是晶體B燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明蜂蠟是晶體C天然石英表現(xiàn)為各向異性，是由于該物質(zhì)的微粒在空間的排列不規(guī)則D石墨和金剛石的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的物質(zhì)微粒排列結(jié)構(gòu)不同考點：* 晶體和非晶體菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：單晶體結(jié)構(gòu)規(guī)則且具有各向異性，晶體有固定的熔點，在熔化過程中溫度保持不變解答：解：A、晶體的特點是在熔化過程中溫度保持不變，有固定的

23、熔點，食鹽熔化過程中，溫度保持不變，說明食鹽是晶體所以A正確；B、燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明云母片是晶體，所以B錯誤；C、天然石英表現(xiàn)為各向異性，是由于該物質(zhì)的微粒在空間的排列規(guī)則造成的，所以C錯誤；D、石墨和金剛石的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的物質(zhì)微粒排列結(jié)構(gòu)不同造成的，所以D正確；故選：AD點評：晶體熔化過程中，不斷吸收熱量，溫度保持不變，而溫度是分子平均動能的標志，由能量守恒定律分析知，熱量轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，表現(xiàn)為分子勢能的增加13（4分）（2015江蘇）在裝有食品的包裝袋中充入氮氣，可以起到保質(zhì)作用，某廠家為檢測包裝袋的密封性，在包裝袋中充滿一定量的氮

24、氣，然后密封進行加壓測試，測試時，對包裝袋緩慢地施加壓力，將袋內(nèi)的氮氣視為理想氣體，則加壓測試過程中，包裝袋內(nèi)壁單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力增大（選填“增大”、“減小”或“不變”），包裝袋內(nèi)氮氣的內(nèi)能不變（選填“增大”、“減小”或“不變”）考點：熱力學(xué)第一定律；封閉氣體壓強菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：熱力學(xué)定理專題分析：對包裝袋緩慢地施加壓力的過程中，外界對其他做功，氣體的體積減小，根據(jù)熱力學(xué)定律來分析內(nèi)能的變化，根據(jù)氣體狀態(tài)方程分析壓強的變化解答：解：包裝袋緩慢地施加壓力，氣體的體積減小，壓強增大，裝袋內(nèi)壁單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力增大，測試時，對包裝袋緩慢地施加壓力，說明在實驗的過程

25、中，氣體的溫度不變，所以實驗氣體的內(nèi)能不變故答案為：增大；不變點評：本題是對氣體的熱力學(xué)定律和氣體狀態(tài)方程的考查，知道外力做功和氣體內(nèi)能變化之間的關(guān)系即可，難度不大14（4分）（2015江蘇）給某包裝袋充入氮氣后密封，在室溫下，袋中氣體壓強為1個標準大氣壓，體積為1L，將其緩慢壓縮到壓強為2個標準大氣壓時，氣體的體積變?yōu)?.45L，請通過計算判斷該包裝袋是否漏氣考點：理想氣體的狀態(tài)方程菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：根據(jù)等溫變化的玻意爾定律P0V0=P1V1，利用假設(shè)法，即假設(shè)氣體的體積不變，即可求解體積，從而與其比較，進而求解解答：解：假設(shè)不漏氣，設(shè)加壓后的體積為V1，根據(jù)等溫

26、過程，即P0V0=P1V1，代入數(shù)據(jù)，解得：V1=0.5L；由于0.45L0.5L，因此包裝袋是漏氣答：通過以上計算，該包裝袋是漏氣點評：考查理想氣體的狀態(tài)方程的應(yīng)用，掌握等溫變化的氣體變化規(guī)律，理解假設(shè)法的運用同時知道理想氣體的含義B選修3-415（4分）（2015江蘇）一漁船向魚群發(fā)出超聲波，若魚群正向漁船靠近，則被魚群反射回來的超聲波與發(fā)出的超聲波相比（）A波速變大B波速不變C頻率變高D頻率不變考點：多普勒效應(yīng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：常規(guī)題型分析：根據(jù)聲音的多普勒效應(yīng)分析回答，聲源移向觀察者時接收頻率變高，即距離聲源越遠，頻率越低，距離聲源越近，頻率越高解答：解：漁船向魚群發(fā)出超聲波，若魚群

27、正向漁船靠近，波速由介質(zhì)決定，所以被魚群反射回來的超聲波與發(fā)出的超聲波相比波速不變，根據(jù)聲音的多普勒效應(yīng)，聲源移向觀察者時接收頻率變高，所以被魚群反射回來的超聲波與發(fā)出的超聲波相比頻率變高，故選：BC點評：對于多普勒效應(yīng)，要知道在波源與觀察者靠近時觀察者接收到的波的頻率變高，而在波源與觀察者遠離時接收頻率變低；即高亢表示遠離，低沉表示靠近16（4分）（2015江蘇）用2106Hz的超聲波檢查膽結(jié)石，該超聲波在結(jié)石和膽汁中的波速分別為2250m/s和1500m/s，則該超聲波在結(jié)石中的波長是膽汁中的1.5倍，用超聲波檢查膽結(jié)石是因為超聲波的波長較短，遇到結(jié)石時不容易（選填“容易”或“不容易”）發(fā)

28、生衍射考點：超聲波及其應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：本題考查波長、波速及頻率的關(guān)系，解題時要注意頻率與波源決定；而波速由介質(zhì)決定；同時明確三者間的關(guān)系解答：解：超聲波在傳播中頻率不變，波長=；則說明波長與波速成正比，故波長之比為：=1.5倍；由于波長越短越不容易發(fā)生衍射現(xiàn)象；故采用超聲波可以有效檢查膽結(jié)石；故答案為：1.5；不容易點評：本題考查聲波中波長、波速和頻率的關(guān)系，要注意明確三個物理量各自的決定因素及相互關(guān)系17（4分）（2015江蘇）人造樹脂是常用的眼鏡鏡片材料，如圖所示，光線射在一人造樹脂立方體上，經(jīng)折射后，射在桌面上的P點，已知光線的入射角為30，OA=5cm，AB=20cm，BP=1

29、2cm，求該人造樹脂材料的折射率n考點：光的折射定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：光的折射專題分析：先根據(jù)圖中的幾何關(guān)系，求出折射光線的折射角的正弦值，然后由折射率的定義式即可求得解答：解：將過O點的法線延長，與BP交于D點，如圖，由幾何關(guān)系可得：PD=BPBD=BPAO=125=7cm=cm21.2cm所以：該人造樹脂材料的折射率：答：該人造樹脂材料的折射率是1.5點評：該題考查光的折射定律，在已知入射角的情況下，結(jié)合幾何關(guān)系來確定折射角的大小或折射角的正弦值的大小是解答的關(guān)鍵所以解答的思路是先求出折射角的正弦值C選修3-518（2015江蘇）波粒二象性是微觀世界的基本特征，以下說法正確的是（）A光電

30、效應(yīng)現(xiàn)象揭示了光的粒子性B熱中子束射到晶體上產(chǎn)生的衍射圖樣說明中子具有波動性C黑體輻射的實驗規(guī)律可用光的波動性解釋D動能相等的質(zhì)子和電子，它們的德布羅意波長也相等考點：光的波粒二象性菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：光子既有波動性又有粒子性，波粒二象性中所說的波是一種概率波，對大量光子才有意義；光電效應(yīng)現(xiàn)象揭示了光的粒子性；相鄰原子之間的距離大致與中子的德布羅意波長相同故能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；普朗克借助于能量子假說，完美的解釋了黑體輻射規(guī)律，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念；德布羅意波長為=，P是動量，h是普朗克常量解答：解：A、光電效應(yīng)現(xiàn)象揭示了光的粒子性故A正確；B、熱中子束射到晶體上產(chǎn)生的衍射圖樣說明

31、中子具有波動性故B正確；C、黑體輻射的實驗規(guī)律不能使用光的波動性解釋，而普朗克借助于能量子假說，完美的解釋了黑體輻射規(guī)律，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念故C錯誤；D、根據(jù)德布羅意波長公式，若一個電子的德布羅意波長和一個中子的波長相等，則動量P也相等故D錯誤故選：AB點評：本題主要考查德布羅意波和黑體輻射理論，在考綱中屬于基本要求明確各種物理現(xiàn)象的實質(zhì)和原理才能順利解決此類題目，故平時學(xué)習(xí)時要“知其然，更要知其所以然”19（2015江蘇）核電站利用原子核鏈式反應(yīng)放出的世大能量進行發(fā)電，U是核電站常用的核燃料，U受一個中子轟擊后裂變成Ba和Kr兩部分，并產(chǎn)生3個中子，要使鏈式反應(yīng)發(fā)生，裂變物質(zhì)的

32、體積要大于（選填“大于”或“小于”）它的臨界體積考點：裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：衰變和半衰期專題分析：正確解答本題需要掌握：聚變和裂變反應(yīng)的特點以及應(yīng)用；質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒在核反應(yīng)中的應(yīng)用以及質(zhì)子數(shù)、中子數(shù)、質(zhì)量數(shù)等之間關(guān)系解答：解：U受一個中子轟擊后裂變成Ba和Kr兩部分，根據(jù)根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒有：92=56+36，235+1=144+89+x1，解得x=3，所以中子個數(shù)為3鏈式反應(yīng)的條件：大于臨界體積，因此當物質(zhì)體積小于臨界體積時，鏈式反應(yīng)不能進行故答案為：3，大于點評：裂變和聚變是在原子物理中學(xué)習(xí)的兩種重要反應(yīng)，要明確它們的特點以及應(yīng)用，熟練應(yīng)用質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒解答有關(guān)

33、問題20（2015江蘇）取質(zhì)子的質(zhì)量mp=1.67261027kg，中子的質(zhì)量mn=1.67491027kg，粒子的質(zhì)量m=6.64671027kg，光速c=3.0108m/s，請計算粒子的結(jié)合能（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）考點：原子核的結(jié)合能菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：組成粒子的核子與粒子的質(zhì)量差即為兩個質(zhì)子和兩個中子結(jié)合成一個粒子時損失的質(zhì)量，有質(zhì)能方程代入數(shù)據(jù)即可得知粒子的結(jié)合能解答：解：組成粒子的核子與粒子的質(zhì)量差為：m=（2mp+2mn）m所以結(jié)合能為：E=mc2代入數(shù)據(jù)解得：E=4.31012J答：粒子的結(jié)合能為4.31012J點評：核子結(jié)合成原子核時，有質(zhì)量虧損，根據(jù)愛因斯坦的質(zhì)能聯(lián)系方

34、程，必然放出相應(yīng)的能量E=mc2，這個能量叫做原子核的結(jié)合能顯然，如果要把原子核分開成核子，必須給以同樣的能量核子組成不同的原子核時，放出的結(jié)合能的大小也不相同結(jié)合能除以核子數(shù)就得到核子的平均結(jié)合能，其意義是：核子結(jié)合成原子核時，平均每個核子所釋放的結(jié)合能它也等于把原子核拆散成核子時，外界必須提供給每個核子的平均能量四、計算題：本題共3小題，共計47分，解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位21（15分）（2015江蘇）做磁共振（MRI）檢查時，對人體施加的磁場發(fā)生變化時會在肌肉組織中產(chǎn)生感應(yīng)電流，某同學(xué)為了估算該

35、感應(yīng)電流對肌肉組織的影響，將包裹在骨骼上的一圈肌肉組織等效成單匝線圈，線圈的半徑r=5.0cm，線圈導(dǎo)線的截面積A=0.80cm2，電阻率=1.5m，如圖所示，勻強磁場方向與線圈平面垂直，若磁感應(yīng)強度B在0.3s內(nèi)從1.5T均勻地減為零，求：（計算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）（1）該圈肌肉組織的電阻R；（2）該圈肌肉組織中的感應(yīng)電動勢E；（3）0.3s內(nèi)該圈肌肉組織中產(chǎn)生的熱量Q考點：法拉第電磁感應(yīng)定律；電阻定律；焦耳定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：（1）由電阻定律即可求出該圈肌肉組織的電阻R；（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律即可求出該圈肌肉組織中的感應(yīng)電動勢E；（3）由焦耳定律：Q=I

36、2Rt，即可求出0.3s內(nèi)該圈肌肉組織中產(chǎn)生的熱量Q解答：解：（1）由電阻定律得：；（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：代入數(shù)據(jù)得：E=4102V（3）由焦耳定律：Q=I2Rt=，得：J答：（1）該圈肌肉組織的電阻是6103；（2）該圈肌肉組織中的感應(yīng)電動勢是4102V；（3）0.3s內(nèi)該圈肌肉組織中產(chǎn)生的熱量是8108J點評：本題情景是設(shè)置雖然比較新穎，屬于線圈類型，要掌握法拉第定律的幾種不同表達形式，再結(jié)合閉合電路歐姆定律進行求解22（16分）（2015江蘇）一轉(zhuǎn)動裝置如圖所示，四根輕桿OA、OC、AB和CB與兩小球及一小環(huán)通過鉸鏈連接，輕桿長均為l，球和環(huán)的質(zhì)量均為m，O端固定在豎直的輕質(zhì)轉(zhuǎn)

37、軸上，套在轉(zhuǎn)軸上的輕質(zhì)彈簧連接在O與小環(huán)之間，原長為L，裝置靜止時，彈簧長為L，轉(zhuǎn)動該裝置并緩慢增大轉(zhuǎn)速，小環(huán)緩慢上升，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略一切摩擦和空氣阻力，重力加速度為g求：（1）彈簧的勁度系數(shù)k；（2）AB桿中彈力為零時，裝置轉(zhuǎn)動的角速度0；（3）彈簧長度從L緩慢縮短為L的過程中，外界對轉(zhuǎn)動裝置所做的功W考點：功能關(guān)系；共點力平衡的條件及其應(yīng)用；動能定理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：（1）裝置靜止時，分別對小環(huán)和小球分析，根據(jù)共點力平衡，結(jié)合胡克定律求出彈簧的勁度系數(shù)；（2）當AB桿彈力為零時，對小環(huán)分析，根據(jù)共點力平衡和胡克定律求出彈簧的長度，對小球分析，抓住豎直方向上合力為零，水平方向上

38、的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出裝置轉(zhuǎn)動的角速度0；（3）彈簧長度從L緩慢縮短為L的過程中，抓住彈簧的彈性勢能不變，彈力不做功，根據(jù)動能定理，結(jié)合小環(huán)平衡和小球豎直方向上平衡，水平方向上的合力提供向心力，求出外界對轉(zhuǎn)動裝置所做的功W解答：解：（1）裝置靜止時，設(shè)OA、AB桿中的彈力分別為F1、T1，OA桿與轉(zhuǎn)軸的夾角為1，小環(huán)受到彈簧的彈力，小環(huán)受力平衡，F(xiàn)彈1=mg+2T1cos1，小球受力平衡，F(xiàn)1cos1+T1cos1=mg，F(xiàn)1sin1=T1sin1，解得k=（2）設(shè)OA、AB桿中的彈力分別為F2、T2，OA桿與轉(zhuǎn)軸的夾角為2，彈簧長度為x小環(huán)受到彈簧的彈力F彈2=k（xL），小環(huán)受力平衡，F(xiàn)彈2=mg，解得x=，對小球，F(xiàn)2