2018海淀區(qū)高三一模試題及答案

1、2018海淀區(qū)高三年級一模 物 理2018.4 13關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說法正確的是 A物體溫度不變， 其內(nèi)能一定不變B物體溫度升高，其分子熱運動的平均動能一定增大 C外界對物體做功，物體的內(nèi)能一定增加 D物體放出熱量，物體的內(nèi)能一定減小 14.一個氘核與一個氚核結(jié)合成一個氦核同時放出中子，釋放17.6 MeV的能量。已知氘核、氚核、氦核和中子的質(zhì)量分別為m1、m2、m3和m4。下列說法正確的是 該核反應(yīng)方程是 AB該核反應(yīng)中的核燃料是當(dāng)前核電站采用的核燃料 Cm1+ m2 m3+ m4 D該核反應(yīng)可以在常溫下進(jìn)行 15圖1甲為一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，圖1乙為x=2m處質(zhì)點的振動圖像。下

2、列判斷正確的是 A波沿x軸負(fù)方向傳播 /m y y/m 20m/s 傳播速度為B0.2 0.2 t/m x/s O O Ct=0.1s時, x=2m處質(zhì)點的加速度最大0.2 0.1 2 4-0.-0.甲乙4m 波源在一個周期內(nèi)走過的路程為D1 圖 方式成”一箭雙星時月162017年115日1945分，中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭，以“）二十五顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。功發(fā)射第二十四、北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)（BeiDou Navigation Satellite System，BDS顆是地球同535是中國自行研制的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)空間段由顆衛(wèi)星組成，其中 步衛(wèi)星。關(guān)于同步衛(wèi)星繞地

3、球運動的相關(guān)物理量，下列說法正確的是 A角速度等于地球自轉(zhuǎn)的角速度 B向心加速度大于地球表面的重力加速度 線速度大于第一宇宙速度C 運行周期一定大于月球繞地球運動的周期D 甲所示的電路研究光電效應(yīng)中電子發(fā)射的情況與照射光的強(qiáng)弱、光的顏色（頻率）等物理量間17用圖2 乙所示，則2UG的關(guān)系。電流計測得的光電流I隨光電管兩端電壓的變化如圖 光c d到的電流方向由A通過電流計G d I, UB電壓增大光電流一定增大 電子K A G 黃 光電管 極，KC用同頻率的光照射光電子的最大初動能與光的強(qiáng)弱無關(guān)c 藍(lán)光V P 黃 光電管兩端電壓D為零時一定不發(fā)生光電效應(yīng)US 圖 圖甲2 圖 及電容器Q18電容器

4、充電后就儲存了能量，某同學(xué)研究電容器儲存的能量E與電容器的電容C、電荷量之間的關(guān)系。他從等效的思想出發(fā)，認(rèn)為電容器儲存的能量等于把電荷從一個極板搬運U兩極間電壓變化的圖像q到另一個極板過程中克服電場力所做的功。為此他做出電容器兩極間的電壓u隨電荷量 。按照他的想法，下列說法正確的是（圖3所示） u 圖線的斜率越大，電容C越大Au-q q上方小矩形的面積B搬運q的電量，克服電場力所做的功近似等于 U成正比C對同一電容器，電容器儲存的能量E與兩極間電壓E/2 時儲存的能量為Q/2D若電容器電荷量為Q時儲存的能量為E，則電容器電荷量為 q 3 圖 所示，讓光沿著半圓形玻璃磚的半徑射到它的平直的邊上，

5、在這個邊與空氣的界面上會發(fā)生反419如圖 射和折射。 逐漸增大入射角，觀察反射光線和折射光線的變化。關(guān)于該實驗現(xiàn)象，下列說法正確的是 A反射光線和折射光線都沿順時針方向轉(zhuǎn)動 B反射光線和折射光線轉(zhuǎn)過的角度相同 C在還未發(fā)生全反射過程中，反射光越來越強(qiáng) D最終反射光完全消失4 圖 型半導(dǎo)體串PN型半導(dǎo)體和20常用的溫差發(fā)電裝置的主要結(jié)構(gòu)是半導(dǎo)體熱電偶。如圖5所示，熱電偶由型半導(dǎo)體的載流子是空穴，空穴帶正型半導(dǎo)體的載流子（形成電流的自由電荷）是電子，PN聯(lián)而成，與低溫?zé)嵩唇佑|，、B電且電荷量等于元電荷e。若兩種半導(dǎo)體相連一端和高溫?zé)嵩唇佑|，而另一端A兩端形成穩(wěn)定的電勢差，且電勢差、B兩種半導(dǎo)體中的

6、載流子都會從高溫端向低溫端擴(kuò)散，最終在A 的大小與高溫?zé)嵩?、低溫?zé)嵩撮g的溫度差有確定的函數(shù)關(guān)系。下列說法正確的是 端是溫差發(fā)電裝置的正極AB低高 體P型半導(dǎo) B熱電偶內(nèi)部非靜電力方向和載流子擴(kuò)散方向相反溫溫?zé)?熱 溫差發(fā)電裝置供電時不需要消耗能量C 體 導(dǎo)型N半源 源 D可以利用熱電偶設(shè)計一種測量高溫?zé)嵩礈囟鹊膫鞲衅鲌D5 研究直徑相同的兩個小球在軌道水平部分碰撞前后61分）（2118（）某同學(xué)用圖所示的碰撞實驗裝置“” 的動量關(guān)系。 G P 解決這一問題。_在實驗中小球速度不易測量，可通過僅測量 小球做平拋運動的時間AR Q B小球做平拋運動的水平距離O C小球做平拋運動的初始高度 6 圖 小

7、球釋放時的高度D 圖6中PQ是斜槽，QR為水平槽，R為水平槽末端。利用鉛垂線在記錄紙上確定R的投影點O。實驗時先使A球從斜槽上G處由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡；此后，再把B球放在R處，將A球再從G處由靜止釋放，與B球碰撞后在記錄紙上分別留下A、B兩球落點痕跡。由測量可知，碰撞前A球做平拋運動的水平距離為x0；碰撞后，A、B兩球做平拋運動的水平距離分別為x1、x2。用天平稱量A、B兩球的質(zhì)量分別為mA、mB。若兩球相碰前后的動量守恒，其表達(dá)式可表示為_（用題目給出的物理量符號表示）。 （2）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，金屬絲的阻值約為5?，某同學(xué)先用刻度尺測量金屬絲的

8、長度l=50.00cm，用螺旋測微器測量金屬絲直徑時刻度位置如圖7所示，再用伏安法測出金屬絲的電阻，然后根據(jù)電阻定律計算出該金屬材料的電阻率。 d=_ mm；該電阻絲直徑的測量25 實驗中能提供的器材有020 ）03V，內(nèi)阻約3k?A電壓表V1（量程 ）15V，內(nèi)阻約15k?V2B電壓表（量程07 圖 0.01?）3AC電流表A1（量程0，內(nèi)阻約 0.1?）D電流表A2（量程00.6A，內(nèi)阻約 F滑動變阻器R2（0500?）20E滑動變阻器R1（0?） ）及開關(guān)和導(dǎo)線若干G電源E（電動勢為3.0V，電流表應(yīng)選_該同學(xué)從以上器材中選擇合適的器材連接好電路進(jìn)行測量，則電壓表應(yīng)選擇要求在流過金屬絲的

9、電流相同情況下，_ ，滑動變阻器應(yīng)選擇_，（選填各器材前的字母）。擇 電源消耗功率最小，并能較準(zhǔn)確地測出電阻絲的阻值，實驗電路應(yīng)選用圖_ 。VVVV R RxxxAA R 8 圖R 離子接 RxAR RA p0 R S D B E SSSEE E 丁甲 丙 乙 所示，圖中已標(biāo)出了與測量數(shù)據(jù)對應(yīng)的五個坐標(biāo)點，還有一次測量的電U-I坐標(biāo)系，如圖9該同學(xué)建立圖線。由圖線數(shù)據(jù)可計算所示，請根據(jù)測量數(shù)據(jù)將坐標(biāo)點補(bǔ)全，并描繪出U-I壓表和電流表示數(shù)如圖10則該金屬材料電阻率的表達(dá)式，（保留兩位有效數(shù)字）。設(shè)被測金屬絲電阻為R出金屬絲的電阻為_ _（用題目給出的物理量符號表示）。是 U/V 3.0 2.0

10、1.0 0 /A I0.6 0.4 0.2 9 圖 實驗中使用的電流表內(nèi)阻為RA，電壓表內(nèi)阻為RV，若考慮電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，圖9U-I圖像中圖線斜率k與該金屬材料的電阻率的關(guān)系是k= _（用題目給出的物理量符號表示）。 10 圖 m=50kg游戲，以驚險刺激深受年輕人的歡迎。某次游戲中，質(zhì)量跳樓機(jī)”16分）某游樂園的大型 “22（的小明同學(xué)坐在載人平臺上，并系好安全帶、鎖好安全桿。游戲的過程簡化為巨型升降機(jī)將平臺拉升高度，然后由靜止開始下落，在忽略空氣和臺架對平臺阻力的情況下，該運動可近似看作自由落100m時剛好停止運動。取h2=20mm時，制動系統(tǒng)啟動，使平臺均勻減速，再下落體運動。

11、下落h1=80 ，求：g=10m/s2 vm；（1）下落的過程中小明運動速度的最大值 的大??；15m2）當(dāng)平臺落到離地面高的位置時，小明對跳樓機(jī)作用力F（ 。（3）在全部下落過程中，跳樓機(jī)對小明做的功W 11 圖 +2e)、電量為、電量為+e)和氦離子(質(zhì)量為4m在某項科研實驗中，23需要將電離后得到的氫離子(質(zhì)量為m甲所示的方案：首先他設(shè)計了一個加速離子的裝置，的混合粒子進(jìn)行分離。小李同學(xué)嘗試設(shè)計了如圖12后S讓從離子發(fā)生器逸出的離子經(jīng)過P、Q兩平行板間的電場加速獲得一定的速度，通過極板上的小孔接收從而實現(xiàn)分離。D進(jìn)入Q板右側(cè)的勻強(qiáng)磁場中，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)到達(dá)磁場邊界的不同位置，被離子接收器，方向

12、垂直于紙面向里，裝置放置在真空環(huán)境中，不計Q間的電壓為U，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為BP、 離子之間的相互作用力及所受的重力，且離子進(jìn)入加速裝置時的速度可忽略不計。求： 收離 器離子 子離接發(fā)子收D 生發(fā) 器S 器生E 器Q P P Q 乙 甲 12 圖 ）氫離子進(jìn)入磁場時的速度大??；（1 （2）氫、氦離子在磁場中運動的半徑之比，并根據(jù)計算結(jié)果說明該方案是否能將兩種離子分離；，板右側(cè)空間中將磁場更換為勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為）小王同學(xué)設(shè)計了如圖乙所示的另一方案：在（3QE 離子垂直進(jìn)入電場。請你論證該方案能否將兩種離子分離。 溫度就越低。物體中的原子總是在不停地做熱運動，分）原子熱運動越激烈，物體溫度

13、越高；反之，24（20的原理就是利用大量光子阻礙原子運所以，只要降低原子運動速度，就能降低物體溫度?！凹す庵吕洹?動，使其減速，從而降低了物體溫度。將一束激光（即13所示，某原子的動量大小為p0。使原子減速的物理過程可以簡化為如下情況：如圖的光大量具有相同動量的光子流）沿與原子運動的相反方向照射原子，原子每吸收一個動量大小為p1（已子后自身不穩(wěn)定，又立即發(fā)射一個動量大小為p2的光子，原子通過不斷吸收和發(fā)射光子而減速。 h，忽略原子受重力的影響），普朗克常量為知p1、p2均遠(yuǎn)小于p0的原子在吸收一個光子后，又向自身運動方向發(fā)射一個光子，求原子發(fā)射光子后）若動量大小為p0（1 p的大??；動量）從長

14、時間來看，該原子不斷吸收和發(fā)射光子，且向各個方向發(fā)射光子的概率相同，原子吸收光子的（2這”。求動量大小為p0的原子在減速到零的過程中，原子與光子發(fā)生“吸收發(fā)射平均時間間隔為t0 的大?。灰幌嗷プ饔盟枰拇螖?shù)n和原子受到的平均作用力f）根據(jù)量子理論，原子只能在吸收或發(fā)射特定頻率的光子時，發(fā)生能級躍遷并同時伴隨動量的變化。3（此外，運動的原子在吸收光子過程中會受到類似機(jī)械波的多普勒效應(yīng)的影響，即光源與觀察者相對會隨著兩者相靠近時，觀察者接收到的光頻率會增大，而相對遠(yuǎn)離時則減小，這一頻率的“偏移量” 對速度的變化而變化。和原子發(fā)生躍遷時的能為使該原子能夠吸收相向運動的激光光子，請定性判斷激光光子的

15、頻率a h的比值之間應(yīng)有怎樣的大小關(guān)系；量變化E與個頻率可6若某種氣態(tài)物質(zhì)中含有大量做熱運動的原子，為使該物質(zhì)能夠持續(xù)降溫，可同時使用b個方向上向該種物質(zhì)照射激光。請你運用所知所學(xué)，簡6調(diào)的激光光源，從相互垂直的3個維度、 要論述這樣做的合理性與可行性。 p激光 原子1 13 圖 2018海淀區(qū)高三年級一模參考答案 物 理2018.4 13. B 14.C 15. B 16. A 17. C 18. B 19. C 20. D （每小題6分） 21. （18分） （1）B 2分， mx=mx+mx2分 2ABA01（2）0.233（0.231-0.235）2分 U/V 分（每個1分），E， 丁

16、 4A ，D3.0 1分補(bǔ)坐標(biāo)點1分，畫圖線 2.0 分 1（5.15.5）1分，5.2 1.0 =4k分 0 同樣得分。R+若在中選“甲或丙”，此問答案為0.6 I/A 0.4 0.2 A 9 圖 分）22.（162?2gh2（1）由v分m 1有 v=40m/s 2分 m2vma?2分（2）減速下落過程中加速度大小 2h222 a=40m/s 2根據(jù)牛頓第二定律 F- mg= ma 2分 2F=2500 N 2分 根據(jù)牛頓第三定律，小明對系統(tǒng)作用力的大小F為2500N 。1分 （3） 方法1：加速下落段，小明處于完全失重狀態(tài)，系統(tǒng)對小明的作用力為零。 （通過推導(dǎo)計算得出作用力為零，同樣得分）

17、 對小明W=0 1分 1?4J = -5h210分 W在減速階段，系統(tǒng)對小明做功=-F22N?4J 2分 =-5W+=WW10 （沒負(fù)號，扣1分） 2FN1 ：對下落全過程使用動能定理2方法 分W=0-0 3)+mg(h+hFN21?4 1分） J 2分 hW=-mg(h+)=-5 10（沒負(fù)號，扣2FN1 分）23.（18 ）粒子在電場中加速，由動能定理有：解：（112mvUe? 2分 2Ue2?v 解得： 2分 m 的正離子在磁場中做勻速圓周運動時，洛倫茲力提供向心力，則：q、質(zhì)量為m (2) 電荷量為2vm?Bqv 2分 rmv12mU?r?2分解得： BqBq =1 :r分 氫、氦離子

18、在磁場中運動的半徑之比為r121由上可見，粒子在磁場中運動的半徑與粒子的比荷有關(guān)，它們到達(dá)離子接收器的位置不同，可以分開。 1分 (3)電荷量為q、質(zhì)量為m的正離子垂直進(jìn)入勻強(qiáng)電場中后，在入射方向上做勻速直線運動，當(dāng)在水平方向x?t1分 上運動位移為x時，其運動時間為 vEqa?粒子在電場方向做勻加速運動，加速度 1分 m12aty?1分 沿電場方向的偏轉(zhuǎn)位移為： 22Exy?3聯(lián)立解得：分 由(1)(3)(4)(5) 4U由此可見，該兩種離子在電場運動過程中，側(cè)向位移y與離子的比荷無關(guān)，即離子在電場中運動的軌跡相同，所以該方案不能將兩種正離子分離。2分 24（20分） p?p=p?p（1）原子吸收和放出一個光子，由動量守恒定律有：3分 210p?p?p?p 分2原子放出光子后的動量為：210（2）由于原子向各個方向均勻地發(fā)射光子，所以放出的所有光子總動量為零。設(shè)原子經(jīng)n次相互作用后p?np?0 分速度變?yōu)榱悖?10p0?n 分所以：2 p1 由動量定理：fnt=p3分 00pp01?f2分 可得： ntt00pp10f?解得=p1)f(n-t不扣分。 說明：若由00 t)p?p(001?E?，考慮多普勒效應(yīng)，由于光子與原子相向靜止的原子吸收光子發(fā)生躍遷，躍遷頻率應(yīng)為）a（3 0h運動，原子接收到的光子頻率會增