2019年廣東省廣州市天河區(qū)普通高中高考物理模擬試卷(二)

1、2019 年廣東省廣州市天河區(qū)普通高中高考物理模擬試卷（二）副標題題號一二三四總分得分一、單選題（本大題共5 小題，共30.0 分）1.一質(zhì)點做直線運動的v-t 圖象如圖所示。 下列說法正確的是（）A. 質(zhì)點在 0 1s 的位移與 1 2s 的位移可能相等B. 質(zhì)點在 12s 做加速度逐漸減小的直線運動C. 質(zhì)點在 12s 中某時刻的加速度等于質(zhì)點在 2 3s的加速度 D. 質(zhì)點在 1s時刻，離出發(fā)點最遠，在 2s 時刻，返回出發(fā)點2. 在如圖所示的理想變壓器的電路中， 變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為 2：1，電阻 R1=R2，電流表和電壓表均為理想電表，若電流表的示數(shù)為0.5A，電壓表的示數(shù)為5

2、V，則電阻 R1 的大小為（）A. 25B. 20C. 15D. 103. 假定太陽系一顆質(zhì)量均勻、可看成球體的小行星，自轉(zhuǎn)原來可以忽略?，F(xiàn)若該星球自轉(zhuǎn)加快， 角速度為 時，該星球表面的“赤道”上物體對星球的壓力減為原來的已知引力常量G，則該星球密度為（）A.B.C.D.4. 真空中 A、B、 C 三點構(gòu)成邊長為 l 的等邊三角形， EF 是其中位線，如圖所示。在E、F 點分別放置電荷量均為Q的正、負點電荷。下列說法正確的是（）A. A 點的電場強度大小為B. A 點的電勢低于 C 點的電勢C. B 點的場強方向沿 BC 方向D. 正電荷在 B 點的電勢能大于在C 點的電勢能5. 水平面上放置

3、一個斜面足夠長的斜劈A，小物塊 B 靜止在斜面上，如圖所示?，F(xiàn)對 B 施加一個沿斜面向上的拉力F，F(xiàn) 的大小從零隨時間均勻增大，斜劈 A 一直處于靜止狀態(tài)。設 A、B 之間的摩擦力大小為f1，A 與地面之間的摩擦力大第1頁，共 20頁小為 f 2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。則整個過程中摩擦力大小隨時間變化的圖象可能正確的是（）A.B.C.D.二、多選題（本大題共5 小題，共26.0 分）6. 如圖所示，水平轉(zhuǎn)臺上的小物體 a、b 通過彈簧連接，并靜止在轉(zhuǎn)臺上，現(xiàn)轉(zhuǎn)臺從靜止開始緩慢的增大其轉(zhuǎn)速（即在每個轉(zhuǎn)速下可認為是勻速轉(zhuǎn)動） ，已知 a、b 的質(zhì)量分別為 m、2m，a、 b 與轉(zhuǎn)臺的動摩擦因

4、數(shù)均為， a、 b 離轉(zhuǎn)臺中心的距離都為 r 且與轉(zhuǎn)臺保持相對靜止，已知彈簧的原長為r，勁度系數(shù)為 k，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，以下說法中正確的是（）A. 物體 a 和 b 同時相對轉(zhuǎn)臺發(fā)生滑動B. 當 a 受到的摩擦力為 0 時， b 的摩擦力背離圓心C. 當 b 受到的摩擦力為0 時， a 的摩擦力背離圓心D. 當 a、 b 均相對轉(zhuǎn)臺靜止時，允許的最大角速度為7. 如圖所示，相同質(zhì)量的物塊從底邊長相同、傾角不同的固定斜面最高處同時由靜止釋放且下滑到底端，下列說法正確的是（）A. 若物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)相同，物塊在兩斜面上損失的機槭能相等B. 若物塊到達底端時的動能相同，物塊與傾

5、角大的斜面間的動摩擦因數(shù)大C. 若斜面光滑，兩物塊一定同時運動到斜面底端D. 若物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)相同，傾角大的斜面上的物塊所受合力沖量大8. 如圖所示，光滑且足夠長的金屬導軌MN 、PQ 平行地固定在同一水平面上，兩導軌間距 L=0.20m，兩導軌的左端之間連接的電阻R=0.40 ，導軌上停放一質(zhì)量m=0.10 kg 的金屬桿ab，位于兩導軌之間的金屬桿的電阻r=0.10 ，導軌的電阻可忽略不計。整個裝置處于磁感應強度B=0.50T 的勻強磁場中，磁場方向豎直向下。現(xiàn)用一水平外力F 水平向右拉金屬桿，使之由靜止開始運動，在整個運動過程中金屬桿始終與導軌垂直并接觸良好，若理想電壓表的示

6、數(shù)U 隨時間 t 變化的關(guān)系如圖乙所示。求金屬桿開始運動經(jīng)t=5.0s 時，（）A. 通過金屬桿的感應電流的大小為1A，方向由 b 指向 aB. 金屬桿的速率為4m/sC. 外力 F 的瞬時功率為1WD. 0 5.0s 內(nèi)通過 R 的電荷量為5C9. 如圖所示，導熱的氣缸固定在水平地面上，用活塞把一定質(zhì)量的理想氣體封閉在氣缸中，氣缸的內(nèi)壁光滑。現(xiàn)用水第2頁，共 20頁平外力 F 作用于活塞桿，使活塞緩慢地向右移動，在此過程中如果環(huán)境溫度恒定，下列說法正確的是（）A. 每個氣體分子的速率都不變B.C. 水平外力 F 逐漸變大D.E. 氣體對外界做功，吸收熱量氣體分子平均動能不變氣體對外界做功，氣

7、體內(nèi)能減小10.一列沿 x 軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0 時刻的波形如圖所示，質(zhì)點P 的 x 坐標為3m。已知任意振動質(zhì)點連續(xù)2 次經(jīng)過平衡位置的時間間隔為0.4s。下列說法正確的是（）A. 波速為 4m/sB. 波的頻率為1.25HzC. x 坐標為 15m 的質(zhì)點在 t=0.6s 時恰好位于波谷D. x 坐標為 22m 的質(zhì)點在 t=0.2s 時恰好位于波峰E. 當質(zhì)點 P 位于波峰時， x 坐標為 17m 的質(zhì)點恰好位于波谷三、實驗題探究題（本大題共1 小題，共9.0 分）11. 為了探究質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系， 一同學設計了如圖 1 所示的實驗裝置。 其中 M 為帶滑輪的小車的質(zhì)

8、量， m 為砂和砂桶的質(zhì)量。（滑輪質(zhì)量不計）（ 1）實驗時，一定要進行的操作是_。A用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量。B先掛上砂桶但不放砂子，然后將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力。C小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數(shù)。D為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量m 遠小于小車的質(zhì)量M。E用砂和砂桶改變拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，它的優(yōu)點是可以更方便地獲取多組實驗數(shù)據(jù)。（ 2）該同學在實驗中得到如圖2 所示的一條紙帶（兩計數(shù)點間還有一個點沒有畫出），已知打點計時器采用的是頻率為50Hz 的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為 _ m/s2（結(jié)果保留

9、兩位有效數(shù)字）。（ 3）以彈簧測力計的示數(shù)F 為橫坐標，加速度為縱坐標，畫出的a-F 圖象是一條直線，圖線與橫坐標的夾角為，求得圖線的斜率為k，則小車的質(zhì)量為_。A2tan BCD 。四、計算題（本大題共5 小題，共50.0 分）12. 某同學利用下列器材測量兩節(jié)干電池的總電動勢E 和總內(nèi)阻 r。A待測干電池兩節(jié)B電壓表 V1、 V2，量程均為 3V，內(nèi)阻很大C定值電阻R0（阻值未知）D電阻箱R第3頁，共 20頁E導線和開關(guān)（ 1）根據(jù)如圖甲所示的實物連接圖，在圖乙方框中畫出相應的電路圖。（ 2）實驗之前，需要利用該電路測出定值電阻R0 先把電阻箱 R調(diào)到某一阻值 R1，再閉合開關(guān)，讀出電壓表

10、V1 和 V2 的示數(shù)分別為U 10、 U20，則 R0=_ （用 U 10、U20、R1 表示）（ 3）實驗中調(diào)節(jié)電阻箱R，讀出相應電壓表V1 和 V2 的多組數(shù)據(jù) U 1、U 2，由閉合電路的歐姆定律得U1、U 2 的關(guān)系式為U1=_（用 E、 r、 R0、 U2 表示）。若測得 R0=1.2 ，根據(jù)實驗描繪出 U1-U 2 圖象如圖丙所示，則兩節(jié)干電池的總電動勢E=_V，總內(nèi)阻 r=_ （結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）13. 如圖所示，在 x 軸上方存在勻強磁場，磁感應強度為B，方向垂直紙面向里。 在 x 軸下方存在勻強電場， 方向豎直向上。一個質(zhì)量為 m、電荷量為 q、重力不計的帶正電粒子從

11、 y 軸上的 a（ 0，h）點沿 y 軸正方向以某初速度開始運動，一段時間后，粒子與x 軸正方向成 45進入電場，經(jīng)過y 軸的 b 點時速度方向恰好與y軸垂直。求：（ 1）粒子在磁場中運動的軌道半徑r 和速度大小v1；（ 2）勻強電場的電場強度大小E；（ 3）粒子從開始到第三次經(jīng)過x 軸的時間t 總。14. 如圖所示，有一質(zhì)量為 M=2 kg 的平板小車靜止在光滑的水平地面上，現(xiàn)有質(zhì)量均為 m=1kg 的小物塊 A 和 B（均可視為質(zhì)點） ，由車上 P 處開始， A 以初速度 v1=2m/s向左運動， B 同時以 2=4m/s 向右運動。 最終 A、B 兩物塊恰好停在小車兩端沒有脫離小車。兩物

12、塊與小車間的動摩擦因數(shù)都為=0.1，取 g=10m/s2求：（ 1）物塊 A 開始運動至減速為零所用的時間t 及此減速過程的位移x1；第4頁，共 20頁（ 2）小車總長 L ；（ 3）從 A、B 開始運動計時，經(jīng) 6s小車運動的路程 x。15.如圖所示， A 氣缸截面積為500cm2， A、 B 兩個氣缸中裝有體積均為10L 、壓強均為 1atm、溫度均為27的理想氣體，中間用細管連接。細管中有一絕熱活塞M ，細管容積不計。現(xiàn)給左面的活塞N 施加一個推力。使其緩慢向右移動，同時給B中氣體加熱，使此過程中A 氣缸中的氣體溫度保持不變?；钊鸐 保持在原位置不動。不計活塞與器壁間的摩擦，周圍大氣壓強

13、為1atm=10 5Pa當推力 F= 103N 時，求：活塞 N 向右移動的距離是多少？ B 氣缸中的氣體升溫到多少？16.一半徑為 R 的半圓形玻璃磚橫截面如圖所示， O 為圓心， 一束平行光線照射到玻璃磚 MO 面上，中心光線 a 沿半徑方向射入玻璃磚后，恰在 O 點發(fā)生全反射，已知aOM =45 。（ 1）求玻璃磚的折射率n；（ 2）玻璃磚底面MN 出射光束的寬度是多少？（不考慮玻璃磚MO N 面的反射）第5頁，共 20頁第6頁，共 20頁答案和解析1.【答案】 C【解析】解：A 、在 v-t 圖象中，圖線下的面積表示位移，質(zhì)點在 0 1 s的位移小于在12 s 的位移，故 A 錯誤；B

14、、在v-t 圖象中，圖線的斜率表示加速度， 質(zhì)點在 12 s做加速度逐 漸增大的直線運動，故B 錯誤；C、質(zhì)點在 12 s 中某時刻的斜率等于 質(zhì)點在 23 s 的斜率，質(zhì)點在 12 s中某時刻的加速度等于 質(zhì)點在 2 3 s的加速度，故 C 正確；D、質(zhì)點在 3 s 時刻，離出發(fā)點最遠，在2 s 時刻，沒有返回出發(fā)點，故 D 錯誤 。故選：C。在速度 -時間圖象中，圖象與時間軸所圍面積表示物體通 過的位移，圖象的斜率等于物體的加速度，速度的正 負表示速度的方向，由此分析即可。理解速度 圖象的物理意 義，能夠利用速度 圖象分析物體運 動的加速度，根據(jù)“面積 ”分析位移關(guān)系是解決此 類問題的關(guān)鍵

15、。2.【答案】 A【解析】解：原副線圈電壓之比為：=已知 U2=5V，故有：U1=2U2=10V通過 R1 的電流為：I= =2副線圈上的電流為 I，又，：2=知 I1= I2所以流過電流表的電流為：I=I +I（）=0.5A1= 2+故 =解得：R2=25故有：R1=25，故A 正確、BCD 錯誤 。第7頁，共 20頁故選：A。根據(jù)部分 電路的歐姆定律和串并 聯(lián)電路的特點、以及電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比即可求得結(jié)論。本題主要是考 查了變壓器的知識；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個副 線圈的情況下的 電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定 輸入

16、功率且相等。3.【答案】 B【解析】解：忽略行星的自轉(zhuǎn)影響時：，自轉(zhuǎn)角速度為 時：，=；行星的密度：，解得：故 ACD 錯誤，B 正確；故選：B。忽略自轉(zhuǎn)影響時行星表面的物體受到的萬有引力等于其重力，不能忽略自轉(zhuǎn)影響時萬有引力等于重力與向心力之和， 應用萬有引力定律與牛 頓第二定律求出星球的 質(zhì)量，然后應用密度公式可以求出密度。本 題考查了求行星的密度，知道萬有引力與重力的關(guān)系是解題的關(guān) 鍵，應用萬有引力公式與牛 頓第二定律可以解 題。本題考查了求行星的密度，知道萬有引力與重力的關(guān)系是解題的關(guān)鍵，應用萬有引力公式與牛 頓第二定律可以解 題。4.【答案】 D【解析】解：A 、+Q、-Q 兩個點電

17、荷產(chǎn)生的電場在 A 處的場強大小相等，夾角為 120，故 A 點的電場強度大小為：EA =K=，故A 錯誤；B、根據(jù)等量異種電荷連線的電場線的分布特點可知， A 點位于兩個等量異種點電荷的中垂 線上，所以 A 點的電勢與無窮遠處的電勢相等；而C 點的靠近第8頁，共 20頁負電荷，可知 A 點的電勢高于 C 點的電勢，故B 錯誤；C、根據(jù)題意，做出 B 點的場強如圖所示，根據(jù)矢量合成，B 點的場強方向不沿 BC 方向；故C 錯誤；D、根據(jù)等量異種電荷連線的電場線的分布特點，結(jié)合 B 的分析可知，B 點的電勢高于 C 點的電勢，由Ep=q知正 電荷在 B 點的電勢能大于在 C 點的電勢能，故 D

18、正確。故選：D。A 點的場強為兩個點電荷單獨存在時在 A 點產(chǎn)生場強的矢量和；等量異種電荷連線的垂直平分 線是一條等 勢線 。根據(jù)公式 U=Ed 定性分析 電勢差關(guān)系。根據(jù)電勢的高低，可分析電勢能的大小。本題考查了電場的疊加原理，電場強度是矢量，合成符合平行四 邊形定則。要掌握常 見電場的電場線和等勢面的分布情況。5.【答案】 D【解析】解：AB 、對 B 受力分析可知， B 受重力、支持力和摩擦力作用；當物體保持靜止時；根據(jù)平衡條件可知，沿斜面方向上，拉力、重力的分力以及摩擦力的合力為零，即 mgsin=F+f；故隨著拉力的增大，摩擦力 f 減?。划斃υ龃蟮降?1于重力 時，摩擦力為零；然

19、后隨著拉力的增大，摩擦力方向沿斜面向下，則有：第9頁，共 20頁F=mgsin +f，故隨著拉力的增大，摩擦力增大；直到物體被拉 動時，摩擦力變1成了滑動摩擦力，大小不再發(fā)生變化。CD、A B 均不動時，以A B 組成的整體 為研究對象，由平衡條件得：f 2=Fcos =ktcos，則 f2 與 t 成正比。當 B 相對 A 向上運動時，A 的受力情況不變，f2 不變，故 C 錯誤，D 正確。故選：D。先以 B 為研究對象，分析受力情況，由平衡條件列式分析f1 與 t 的關(guān)系。再以A 、B 整體為研究對象，分析受力情況，由平衡條件得到地面 對時間的關(guān)系，即可分析圖象。本題考查摩擦力的判斷，要注

20、意明確靜摩擦力可以隨著外力的而滑動摩擦力大小與正 壓力成正比。A 的摩擦力與變化而變化，6.【答案】 CD【解析】解：A 、發(fā)生相對滑動前，靜摩擦力和彈力提供向心力，當剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，kr+ mg=m2=質(zhì)發(fā)生相對r 知， 量大的先滑動，故B 先發(fā)生相對滑動，故A 錯誤；B、當A 受摩擦力 為零，彈簧彈 力充當 A 向心力，彈力與靜摩擦力的合力提供B 的向心力，B 質(zhì)量較大，故向心力大，所以 B 受摩擦力指向 圓心，故 B 錯誤；C、根據(jù) B 分析知，當 B 受到的摩擦力 為 0 時，彈簧彈力充當 B 向心力，彈力與靜摩擦力的合力提供A 的向心力，A 質(zhì)量較小，故向心力小

21、，所以 A 受摩擦力背離 圓心，故 C 正確；D、當A、B 均相對轉(zhuǎn)臺靜止時，有A 可知，B 先發(fā)生相對滑動，在B 剛要發(fā)生相對滑動時的角速度 為 =，故D 正確。故選：CD。當 A 、B 受到的摩擦力 為 0 時，由彈簧彈力提供向心力，根據(jù)胡克定律以及向第10 頁，共 20頁心力公式列式求解，當 A 、B 剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，靜摩擦力的合力提供向心力，根據(jù)胡克定律以及向心力公式列式求解即可。本題主要考查了胡克定律以及向心力公式的直接應用，知道當 A、B 剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，靜摩擦力的合力提供向心力，明確向心力的來源是解 題的關(guān)鍵。7.【答案】 ABD【解析

22、】解：A 、設斜面傾角為 ，底邊長為 s，根據(jù)功能原理知物體 損失的機械能等于克服摩擦力所做的功，而克服摩擦力做功Wf= mgcos? = mgs，可知物體損失的機械能與 夾角無關(guān)，所以兩物體 損失的機械能相等，故 A 正確；B、根據(jù)動能定理得：mgstan - mgs=E-0，物塊到達底面 時的動能 E =mgsKK（tan -），若物塊到達底面 時的動能相同，物塊與傾角大的斜面 間的動摩擦因數(shù)大，故 B 正確；C、若斜面光滑，物體下滑的加速度 a=gsin ，根據(jù)=at2，可得 t=，不同，t 不同。當 =45時，下滑時間最短，故 C 錯誤；D、合外力的沖量 I= （mgsin - mgc

23、os）t，結(jié)合 t=，整理得 I=mg- mg，越大，tan 越大，沖量 I 就越大，故 D 正確。故選：ABD 。明確功能關(guān)系和 動能定理的 應用，注意根據(jù)滑動摩擦力公式分析摩擦力做功的關(guān)系即可明確機械能的損失關(guān)系；如果斜面光滑，根據(jù)牛頓第二定律和位移公式求解 時間；根據(jù)沖量的定義即可確定合力的沖量大小。解決本題的關(guān)鍵要明確滑 動摩擦力做功與水平位移有關(guān)，根據(jù) 動能定理及 動力學方程列式分析運 動時間關(guān)系。8.【答案】 AC【解析】第11 頁，共 20頁解：A 、由圖象可知，t=5.0s時，U=0.40V 此時電路中的電流（即通過金屬桿的電流）為：I=A=1A 用右手定則判斷出，此時電流的方

24、向由 b 指向 a。故 A 正確。B、金屬桿產(chǎn)生的感應電動勢為 ：E=I（R+r）=1（0.4+0.1）V=0.50V因 E=BLv ，所以金屬桿的速度大小 為：v=5.0m/s，故B 錯誤 。C、金屬桿速度為 v 時，電壓表的示數(shù) 應為 U=BLv 。由圖象可知，U 與 t 成正比，由于 R、r、B 及 L 均與不變量，所以 v 與 t 成正比，即金屬桿 應沿水平方向向右做初速度為零的勻加速直 線運動。金屬桿運 動的加速度 為：a=1.0m/s2。根據(jù)牛頓第二定律，在 5.0s 末時對金屬桿有：F-BIL=ma ，解得：F=0.20N。此時 F 的瞬時功率為：P=Fv=1.0W，故C 正確。

25、D、t=5.0s 時間內(nèi)金屬桿移 動的位移為：x=152=12.5m通過 R 的電荷量為：q=2.5C，故D 錯誤 。故選：AC。根據(jù)圖象在 t=5.0s 時，通過電壓和電阻的大小求出通 過電阻 R 的電流大小，根據(jù)右手定 則判斷出感 應電流的方向。根據(jù)閉合電路歐姆定律求出感 應電動勢的大小，結(jié)合切割產(chǎn)生的感應電動勢 公式 E=BLv 求出金屬桿切割的速度。根據(jù)閉合電路歐姆定律，結(jié)合 E=BLv 求出電壓表讀數(shù)與 v 的關(guān)系式，通過 U-t的關(guān)系得出 v-t 的關(guān)系，從而求出金屬桿的加速度，根據(jù)牛 頓第二定律求出外力 F 的大小，再根據(jù) P=Fv 求出外力的瞬 時功率。由 q=求通過 R 的電

26、荷量。解決本題的關(guān)鍵導動根據(jù) U 與 t 的關(guān)系，推 出 v 與 t 的關(guān)系，分析金屬桿的運情況，要掌握感應電荷量公式 q=，注意 R+r 是整個回路的 總電阻。9.【答案】 BCE【解析】第12 頁，共 20頁解：AB 、封閉氣體等溫膨 脹過程，溫度是分子熱運動平均動能的標志，故分子熱運動的平均動能不變，不是每個分子的速率都不 變，故 A 錯誤 B 正確；C、氣體等溫膨脹，根據(jù)玻意耳定律 PV=C，可知氣壓不斷減小，故內(nèi)外壓力差變大，向左，故F 逐漸變大，故 C 正確；D、封閉氣體等溫膨 脹過程，氣體對外做功，溫度是分子 熱運動平均動能的標志，故分子熱運動的平均動能不變，氣體分子勢能不計，故

27、內(nèi)能不變，故D 錯誤；E、內(nèi)能不變，氣體膨脹，對外做功，根據(jù)熱力學第一定律 U=Q+W ，要吸收熱量；故E 正確；故選：BCE。封閉氣體等溫膨 脹過程，溫度是分子平均 動能的標志且理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，以活塞為研究對象根據(jù)受力平衡判斷水平外力F 的變化。本題的突破口是：題目中說“導熱 ”的氣缸缸且 環(huán)境保持恒溫，即判斷氣體做等溫變化，然后會根據(jù)熱力學第一定律判斷各種 變化。分析時要抓住溫度的意義：一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，溫度是分子平均 動能的標志。10.【答案】 BDE【解析】解：A 、根據(jù)任意振動質(zhì)點連續(xù) 2 次經(jīng)過平衡位置的 時間間隔為 0.4s，則周期圖該波的波長 =

28、4m，所以，波速v= =5m/s，故A錯誤。T=0.8s，由 可知，頻質(zhì)點的振動頻為= Hz=1.25Hz；故B 正確；B、波的 率等于率， f=該波的波長為4m，x 坐標為15m 的質(zhì)點到 P 點的距離C、x1=15m-3m=12m=3，由波的周期性知：x 坐標為 15m 的質(zhì)點與 P 點的振動始終相同；P 質(zhì)點經(jīng)過 t=0.6s=T 恰好經(jīng)過平衡位置，所以，x 坐標為 15m 的質(zhì)點在 t=0.6s時恰好位于平衡位置，故 C 錯誤；第13 頁，共 20頁D、同 C 類似，x 坐標為 22m 的質(zhì)點到 x=2 處質(zhì)點的距離 為x2=22m-2m=20m=5，所以，x 坐標為 22m 的質(zhì)點與

29、 x=2 的質(zhì)點的振動始終相同；根據(jù)波沿 x 軸正方向傳播可得：t=0 時刻 x=2 的質(zhì)點向上振 動，經(jīng)過 t=0.2s=T時間恰好到達波峰，所以，x 坐標為 22m 的質(zhì)點在 t=0.2s 時恰好位于波峰位置，故 D正確；E、x 坐標為 17m 的質(zhì)點到 P 點的距離 x3=17m-3m=14m=3，所以 x 坐標為17m 的質(zhì)點與 P 點的振動始終相反；所以，當質(zhì)點 P 位于波峰 時，x 坐標為 17m的質(zhì)點恰好位于波谷，故 E 正確；故選：BDE。根據(jù)質(zhì)點振動得到周期，進而得到頻率；根據(jù)波形圖讀出波長，即可求得波速；然后根據(jù) 質(zhì)點間的距離得到 質(zhì)點間振動關(guān)系，再根據(jù)周期得到 質(zhì)點振動情

30、況。對于波動圖象問題，往往要根據(jù)周期性分析不同 質(zhì)點之間振動情況的關(guān)系，運用波形平移法分析 質(zhì)點的振動方向或波的 傳播方向。11.【答案】 CE3.0C【解析】解：（1）A 、本題拉力可以由 彈簧測力計測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠小于車的總質(zhì)量，故 AD 錯誤 。B、該題是彈簧測力計測出拉力，從而表示小 車受到的合外力，故需要將 帶滑輪的長木板右端 墊高，以平衡摩擦力，但不需要掛砂桶，故 B 錯誤；C、打點計時器運用時，都是先接通電源，待打點穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實驗探究加速度與力和 質(zhì)量的關(guān)系，要記錄彈簧測力計的示數(shù)，故 C 正確；E、用砂和砂桶改

31、變拉力的大小與掛 鉤碼 的方法相比，可以取更多的數(shù)據(jù)，可以更方便地 獲取多組實驗數(shù)據(jù)，故 E 正確；故選：CE。（2）由于兩計數(shù)點間還有一個點沒有畫出，故 單擺周期為 0.04s，由x=aT2 可第14 頁，共 20頁得：a=3.0m/s2。頓則F，a-F圖象的斜率：k=車質(zhì)量為：（3）由牛第二定律得：2F=ma，a=，小m=，故選：C；故答案為：（1）CE；（2）3.0；（3）C。（1）解決實驗問題 首先要掌握 該實驗原理，了解實驗的操作步 驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事 項；（2）依據(jù)逐差法可得小車加速度。（3）小車質(zhì)量不變時，加速度與拉力成正比，對 a-F 圖來說，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)。

32、解決實驗問題 首先要掌握 該實驗原理，了解實驗的操作步 驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，小車質(zhì)量不變時，加速度與拉力成正比，對 a-F 圖來說，圖象的斜率表示小 車質(zhì)量的倒數(shù)。12.R13.0 2.4【答案】【解析】解：（1）根據(jù)實物圖可知，電壓表 V1 與 R 并聯(lián)后與 R0 串聯(lián)接在電源兩端，電壓表 V2 并聯(lián)在電源兩端，故原理圖如圖所示；（2）根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知，R0 兩端的電壓為：U0=U20-U10電路中電流為：I=根據(jù)歐姆定律可得： R0=R1；（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：U2=E-r變形可得：.由圖象可知，當 U1=0 時，U2=1.0；第15 頁，共 20頁則有：=圖象的斜率

33、 為：k=1.5聯(lián)立解得：E=3.0V，r=2.4 故答案為：（1）如圖所示；（2）R1；（3），3.0，2.4（1）根據(jù)實物圖進行分析，從而明確測量原理圖；（2）根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律進行分析，由歐姆定律即可求得 電阻大小；（3）由閉合電路歐姆定律 進行分析，利用圖象進行分析，由數(shù)學規(guī)律即可求得電動勢和內(nèi)電阻。本題考查測量電動勢和內(nèi)電阻的實驗，要注意明確圖象的性質(zhì)，注意本題中不能利用截距 進行分析，只能根據(jù) U1=0 時 U2 的值進行分析求出 電動勢 。13.【答案】 解：（ 1）根據(jù)題意可大體畫出粒子在復合場中的運動軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可得，r cos45 =h即 r= qvB=m解得

34、 v1=（ 2）粒子第一次經(jīng)過x 軸的位置為x1，到達 b 點速度大小為 vb粒子做類平拋運動，有：vb=v1cos45 所以 vb=設粒子進入電場經(jīng)過時間t 運動到 b 點， b 點的縱坐標為 - yb，由類平拋運動得r +r sin45 =vbyb=由動能定理： -qEyb=所以 E=（ 3）粒子在磁場中的周期為：T=第一次經(jīng)過x 軸的時間為：t1=第16 頁，共 20頁在電場中運動的時間為：t2=2t=在第二次經(jīng)過x 軸到第三次經(jīng)過x 軸的時間為：t3=所以總時間為：t0=t1+t2+t 3=。答：（ 1）粒子在磁場中運動的軌道半徑為，和速度大小v 為；（ 2）勻強電場的電場強度大小E

35、為；（ 3）粒子從開始運動到第三次經(jīng)過x 軸的時間t0 為?！窘馕觥浚?）根據(jù)題意畫出粒子在復合 場中的運動軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系及洛 倫茲力提供向心力求解即可；（2）粒子第一次經(jīng)過 x 軸的位置后做 類平拋運動，根據(jù)平拋運動的基本公式以及幾何關(guān)系 結(jié)合動能定理求解；（3）分別求出粒子第一次 經(jīng)過 x 軸的時間、在電場中運動的時間以及第二次 經(jīng)過 x 軸到第三次 經(jīng)過 x 軸的時間，三者之和即為所求時間 。本題考查帶電粒子在電場、磁場中兩運動模型：勻速圓周運動與類平拋運動，及相關(guān)的 綜合分析能力，以及空 間想像的能力，應用數(shù)學知 識解決物理 問題的能力。14.A 運動【答案】 解：（1）物塊 A

36、和 B 在小車上滑動，給小車的摩擦力等大反向，故至小車左端前，小車始終靜止。對 A，由牛頓第二定律得：mg=maA，由運動學功公式得：v1=aAt1，代入數(shù)據(jù)解得： t1=2s， x1=2m；（ 2）設最后達到共同速度v，整個系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv2-mv1 =（2m+M ）v由能量守恒定律得：mgL= mv12mv22（ 2m+M） v2代入數(shù)據(jù)解得： v=0.5m/s， L=9.5m；（ 3）從開始到達到共速歷時t2，速度： v=v2-aBt2由牛頓第二定律得：mg=maB 解得： t2=3.5 s小車在 t1 前靜止，在 t1 至 t2 之間以 a 向右加速：由牛頓第二定律得：mg=（ M+m） a小車向右走位移：s= a（ t2 -t1 ）2，接下去三個物體組成的系統(tǒng)以v 共同勻速運動了：s =v（ 6-t2），第17 頁，共 20頁代入數(shù)據(jù)解得，小車在6s內(nèi)向右走的總距離：x=s+s =1.625m；答：（ 1）物塊 A 開始運動至減速為零所用的時間t 及此減速過程的位移x1 為 2m；（ 2）小車總長L 為 9.5m；（ 3）從 A、 B 開始運動計時，經(jīng)6s小車運動的路程x 為 1.625m?！窘馕觥浚?）由于開始時物塊 A 、B 給小車的摩擦力大小相等，方向相反，小 車不動，物塊 A 、B 做減速運 動，加速度 a大小一