（江蘇選考）2018版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第二部分 考前提速力爭滿分4策略 考前提速練5

1、（江蘇選考）2018版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第二部分 考前提速力爭滿分4策略 考前提速練5考前提速練5一、單項選擇題116世紀(jì)末，伽利略用實驗和推理，推翻了已在歐洲流行了近兩千年的亞里士多德關(guān)于力和運動的理論，開啟了物理學(xué)發(fā)展的新紀(jì)元。下列說法中，與亞里士多德觀點相反的是()A兩物體從同一高度自由下落，較輕的物體下落較慢B一個運動的物體，如果不再受力了，它總會逐漸停下來C兩匹馬拉的車比一匹馬拉的車跑得快；這說明：物體受的力越大，速度就越大D一個物體維持勻速直線運動，不需要力解析：選D兩物體從同一高度自由下落，較輕的物體下落較慢，即重物比輕物下落快，是亞里士多德的觀點，故A錯誤；力是維持物體運動的原

2、因，物體受力就會運動，不受力總會逐漸停下來，是亞里士多德的觀點，故B錯誤；物體受的力越大，速度就越大，是亞里士多德的觀點，故C錯誤；伽利略用實驗和推理，證明了力不是維持物體運動的原因，與亞里士多德觀點相反，故D正確。2.a、b、c三個物體在同一條直線上運動，三個物體的位移時間圖像如圖所示，圖像c是一條拋物線，坐標(biāo)原點是拋物線的頂點，下列說法中正確的是()Aa、b兩物體都做勻速直線運動，兩物體的速度相同Ba、b兩物體都做勻變速直線運動，兩物體的加速度大小相等、方向相反C在05s內(nèi)，當(dāng)t5s時，a、b兩物體相距最近D物體c一定做變速直線運動解析：選D位移時間圖像是傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，

3、則知a、b兩物體都做勻速直線運動。由題圖可知，a、b兩圖線的斜率大小相等、正負(fù)相反，說明兩物體的速度大小相等、方向相反，故A、B錯誤；a物體沿正方向運動，b物體沿負(fù)方向運動，則當(dāng)t5s時，a、b兩物體相距最遠(yuǎn)，故C錯誤；勻變速直線運動位移公式xv0tat2，可知其位移時間圖像是拋物線，所以物體c一定做變速直線運動，故D正確。3.如圖，由兩種材料做成的半球面固定在水平地面上，球右側(cè)面光滑，左側(cè)面粗糙，O點為球心，A、B是兩個相同的物塊(可視為質(zhì)點)，物塊A靜止在左側(cè)面上，物塊B在圖示水平力F作用下靜止在右側(cè)面上，A、B處在同一高度，AO、BO與豎直方向的夾角均為，則A、B所受球面的支持力大小之比

4、為()Asin21Bsin1Ccos21Dcos1解析：選C分別對A、B受力分析如圖，由平衡條件得：Nmgcos，同理N，由牛頓第三定律，A、B所受球面的支持力大小之比為，故C正確。4.A、B兩質(zhì)點在同一條直線上運動的vt圖像如圖所示。A的最小速度和B的最大速度相同，已知在t1時刻，A、B兩質(zhì)點相遇，則()A兩質(zhì)點是從同一地點出發(fā)的B在0t2時間內(nèi)，質(zhì)點A的加速度先變小后變大C在0t2時間內(nèi)，兩質(zhì)點的位移相同D在0t2時間內(nèi)，合外力對質(zhì)點B做正功解析：選B根據(jù)vt圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移可知，在t1時間內(nèi)，質(zhì)點A的位移比質(zhì)點B的位移大，而在t1時刻，A、B兩質(zhì)點相遇，所以出發(fā)時質(zhì)點A在后

5、，質(zhì)點B在前，故A錯誤；根據(jù)vt圖像的斜率表示加速度，則知在0t2時間內(nèi)，質(zhì)點A的加速度先變小后變大，故B正確；由題圖知，在0t2時間內(nèi)，質(zhì)點A的位移比質(zhì)點B的位移大，故C錯誤；在0t2時間內(nèi)，質(zhì)點B的動能變化量為零，根據(jù)動能定理知，合外力對質(zhì)點B做的功為零，故D錯誤。5.如圖所示，兩根相同的輕質(zhì)彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，可視為質(zhì)點、質(zhì)量不同(m1m2)的兩物塊分別置于兩彈簧上端?，F(xiàn)用外力作用在物塊上，使兩彈簧具有相同的壓縮量，若撤去外力后，兩物塊由靜止豎直向上彈出并離開彈簧，則從撤去外力到物塊速度第一次減為零的過程中，兩物塊()A上升的最大高度一定相同B重力勢能的變化量一定相同C豎

6、直向上的最大加速度一定相同D最大速度一定相同解析：選B由于壓縮量相同，則彈簧的彈性勢能相同，則由機械能守恒定律可知，重力勢能的增加量一定等于彈性勢能，故重力勢能的變化量相同；但由于物塊的質(zhì)量不同，故上升的最大高度不同；由于彈簧的彈力相同，而質(zhì)量不同，故豎直向上的最大加速度不同；速度最大時，重力等于彈簧的彈力，故最大速度不相同，故A、C、D錯誤，B正確。二、多項選擇題6.如圖所示，在xOy平面的第象限內(nèi)存在垂直于xOy平面向里、磁感應(yīng)強度大小未知的勻強磁場，兩個相同的帶電粒子以相同的速度v0先后從y軸上坐標(biāo)為(0,3L)的A點和B點(坐標(biāo)未知)垂直于y軸射入磁場，在x軸上坐標(biāo)為(L,0)的C點相

7、遇，不計粒子重力及其相互作用，根據(jù)題設(shè)條件可以確定()A粒子在磁場中運動的半徑B粒子的電荷量C粒子在磁場中運動的時間D粒子的質(zhì)量解析：選AC已知粒子的入射點及入射方向，同時已知軌跡圓上的兩點，根據(jù)與入射點速度相互垂直的方向及AC連線的中垂線的交點即可明確粒子軌跡圓的圓心位置。由幾何關(guān)系可知AC長為2L，BAC30，則R2L，因兩粒子的速度相同，且是同種粒子，則可知，它們的半徑相同，即兩粒子的半徑均可求出；同時根據(jù)幾何關(guān)系可知，A點入射的粒子對應(yīng)的圓心角為120，B點入射的粒子對應(yīng)的圓心角為60，即可確定對應(yīng)的圓心角，則由t可以求得在磁場中運動的時間，故A、C正確；由于不知磁感應(yīng)強度，故無法求得

8、荷質(zhì)比，更不能求出電荷量或質(zhì)量，故B、D錯誤。7一理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為441，原線圈輸入電壓的變化規(guī)律如圖甲所示，副線圈所接電路如圖乙所示，P為滑動變阻器的觸頭。下列說法正確的是()A副線圈輸出電壓的頻率為100HzB副線圈輸出電壓的有效值為5VCP向左移動時，變壓器原、副線圈的電流都減小DP向左移動時，變壓器的輸入功率增加解析：選BC由題圖甲可知，原線圈電壓的周期為0.02s，所以輸出電壓的頻率為50Hz，A錯誤；原線圈的電壓的最大值為311V，原線圈電壓的有效值為：U1V220V，根據(jù)可知，輸出電壓的有效值為：U2U1220V5V，B正確；P左移，電路中的電阻變大，副線圈電流減小

9、，所以原線圈的電流減小，C正確；由C分析可知，原線圈的電流減小，而電壓不變，故變壓器的輸入功率減小，D錯誤。8.兩顆互不影響的行星P1、P2，各有一顆近地衛(wèi)星S1、S2繞其做勻速圓周運動。行星的a關(guān)系如圖所示，圖中縱軸表示行星周圍空間某位置的引力加速度a，橫軸表示某位置到行星中心距離r平方的倒數(shù)，衛(wèi)星S1、S2的引力加速度大小均為a0。則()AS1的質(zhì)量比S2的大BP1的質(zhì)量比P2的大CP1的第一宇宙速度比P2的大DP1的平均密度比P2的大解析：選BC根據(jù)牛頓第二定律得：Gma，則得行星對周圍空間物體的引力產(chǎn)生的加速度為：a，由此不能判斷近地衛(wèi)星S1、S2的質(zhì)量大??；由數(shù)學(xué)知識知，a圖像的斜率

10、等于GM，斜率越大，GM越大，M越大，所以P1的質(zhì)量比P2的大，故A錯誤，B正確；設(shè)行星的半徑為R，第一宇宙速度為v，則a0，得v，由題意及題圖可知，P1的半徑比P2的半徑大，a0相等，可知P1的第一宇宙速度比P2的大，故C正確；行星的平均密度，P1的半徑比P2的半徑大，a0相等，則P1的平均密度比P2的小，故D錯誤。9.如圖所示，一個粗糙的水平轉(zhuǎn)臺以角速度勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)臺上有一個質(zhì)量為m的物體，物體與轉(zhuǎn)臺中心O間用長為L的繩連接著，此時物體與轉(zhuǎn)臺處于相對靜止，設(shè)物體與轉(zhuǎn)臺間的動摩擦因數(shù)為，現(xiàn)突然制動轉(zhuǎn)臺，則()A由于慣性和摩擦力，物體將以O(shè)為圓心、L為半徑做變速圓周運動，直到停止B若物體在轉(zhuǎn)臺上運動一周，物體克服摩擦力做的功為2mgLC若物體在轉(zhuǎn)臺上運動一周，摩擦力對物體不做功D物體在轉(zhuǎn)臺上運動圈后停止運動解析：選ABD突然制動轉(zhuǎn)臺，物體所受切向合外力不為零，而是摩擦力f，所以物體除了具有向心加速度還具有切向加速度，同時，由于