江蘇省常州市高一物理下學(xué)期期末試卷(含解析)_第1頁
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文檔簡介

1、014-2015學(xué)年江蘇省常州市高一(下)期末物理試卷 一、單項選擇題(共6小題,每小題3分,滿分18分,在每小題給出的四個選項中,只有一個選項符合題意)1(3分)(2014天津二模)質(zhì)點(diǎn)所受的力f隨時間變化的規(guī)律如圖所示,力的方向始終在一直線上已知t=0時質(zhì)點(diǎn)的速度為零在圖中所示的t1、t2、t3和t4各時刻中,哪一時刻質(zhì)點(diǎn)的動能最大()at1bt2ct3dt4考點(diǎn):動能定理的應(yīng)用;勻變速直線運(yùn)動的圖像專題:動能定理的應(yīng)用專題分析:通過分析質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動情況,確定速度如何變化,再分析動能如何變化,確定什么時刻動能最大解答:解:由力的圖象分析可知: 在0t1時間內(nèi),質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度增大的加速運(yùn)

2、動 在t1t2時間內(nèi),質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度減小的加速運(yùn)動 在t2t3時間內(nèi),質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度增大的減速運(yùn)動 在t3t4時間內(nèi),質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度減小的減速運(yùn)動t4時刻速度為零 則t2時刻質(zhì)點(diǎn)的速度最大,動能最大故選b點(diǎn)評:動能是狀態(tài)量,其大小與速度大小有關(guān),根據(jù)受力情況來分析運(yùn)動情況確定速度的變化,再分析動能的變化是常用的思路2(3分)(2013桓臺縣校級學(xué)業(yè)考試)用水平恒力f作用于質(zhì)量為m的物體,使之在光滑水平面上沿力的方向移動距離l;再用該水平恒力作用于質(zhì)量為2m的物體上,使之在粗糙水平面上移動同樣距離l,則()a兩種情況下,水平恒力f做功一樣多b在光滑水平面上時,水平恒力f所做的功

3、多c在粗糙水平面上時,水平恒力f所做的功多d在粗糙水平面上水平恒力f對物體所做的功是光滑水平面上做功的2倍考點(diǎn):功的計算專題:功的計算專題分析:本題是對功的公式的直接應(yīng)用,根據(jù)功的公式直接計算即可解答:解:由于物體受到的都是恒力的作用,根據(jù)恒力做功的公式w=fl可知,在兩次拉物體運(yùn)動的過程中,拉力的大小相同,物體運(yùn)動的位移也相等,所以兩次拉力做的功相同,所以a正確故選:a點(diǎn)評:恒力做功,根據(jù)功的公式直接比較即可,比較簡單3(3分)(2015春常州期末)如圖所示,為一環(huán)境溫度監(jiān)控電器,r1為燈泡,r2為半導(dǎo)體材料制成的熱敏電阻(電阻隨溫度升高而變小),當(dāng)環(huán)境溫度降低時則有()a燈泡的亮度變亮,電

4、路中消耗的總功率p變小b燈泡的亮度變亮,電路中消耗的總功率p變大c燈泡的亮度變暗,電路中消耗的總功率p變小d燈泡的亮度變暗,電路中消耗的總功率p變大考點(diǎn):電功、電功率專題:恒定電流專題分析:燈泡亮度由實際功率決定,功率大小可由功率公式作出判斷分析電路結(jié)構(gòu)根據(jù)熱敏電阻的性質(zhì)明確電阻的變化,即可得出電流和功率的變化解答:解:熱敏電阻的阻值隨溫度升高而變小,當(dāng)環(huán)境溫度降低時電阻變大由歐姆定律可知,電源電壓不變,電阻變大,電流變小由p=i2r可知,燈泡電阻不變,電流小了,實際功率變小,則燈泡變暗由p=可知,電源電壓不變,總電阻變大,電路中消耗的總功率p變小故選:c點(diǎn)評:本題的關(guān)鍵是用好兩個變形公式,p

5、=i2r和p=,在運(yùn)用公式時一定要注意公式中的量必須是同一段電路上的量4(3分)(2011海淀區(qū)學(xué)業(yè)考試)在真空中有兩個點(diǎn)電荷,帶電量分別為q1、q2,相距為l,它們之間的作用力為f則()a若它們所帶的電量不變,距離變?yōu)?l,則它們之間的作用力變?yōu)?fb若它們所帶的電量不變,距離變?yōu)?,則它們之間的作用力變?yōu)閏若它們之間的距離不變,電量都變?yōu)樵瓉淼?倍,則它們之間的作用力變?yōu)?fd若它們之間的距離不變,電量都變?yōu)樵瓉淼谋叮瑒t它們之間的作用力變?yōu)?f考點(diǎn):庫侖定律專題:電場力與電勢的性質(zhì)專題分析:在真空中有兩個點(diǎn)電荷間的作用力遵守庫侖定律,根據(jù)庫侖定律,運(yùn)用比例法求解解答:解:由題f=a、當(dāng)電量不

6、變,距離變?yōu)?l時,庫侖力變?yōu)閒故a錯誤 b、若它們所帶的電量不變,距離變?yōu)椋瑤靵隽ψ優(yōu)?f故b錯誤 c、fc=4f,故c正確 d、fd=f,故d錯誤故選c點(diǎn)評:本題考查運(yùn)用比例法解決物理問題的能力,技巧在于用相同的量表示作用力,然后求出比例關(guān)系5(3分)(2015春常州期末)如圖所示,a、b、c三個相同的小球,a從光滑斜面頂端由靜止開始自由下滑,同時b、c從同一高度分別開始自由下落和平拋下列說法正確的有()a它們的落地時間相同b運(yùn)動過程中重力做的功相等c它們的落地時的動能相同d它們落地時重力的瞬時功率相等考點(diǎn):功率、平均功率和瞬時功率;自由落體運(yùn)動;平拋運(yùn)動;功的計算專題:功率的計算專題分析

7、:a做的是勻變速直線運(yùn)動,b是自由落體運(yùn)動,c是平拋運(yùn)動,根據(jù)它們各自的運(yùn)動的特點(diǎn)可以分析運(yùn)動的時間和末速度的情況,由功率的公式可以得出結(jié)論解答:解:a、bc運(yùn)動的時間相同,a的運(yùn)動的時間要比bc的長,故a錯誤;b、a、b、c三個小球的初位置相同,它們的末位置也相同,由于重力做功只與物體的初末位置有關(guān),所以三個球的重力做功相等,所以b正確c、由動能定理可知,三個球的重力做功相等,它們的動能的變化相同,但是c是平拋的,所以c有初速度,故c的末動能要大,所以c錯誤d、三個球的重力相等,但是它們的豎直方向上的末速度不同,所以瞬時功率不可能相等,所以d錯誤故選:b點(diǎn)評:在計算瞬時功率時,只能用p=fv

8、來求解,用公式p=求得是平均功率的大小,在計算平均功率和瞬時功率時一定要注意公式的選擇6(3分)(2015春常州期末)如圖所示,一電子沿等量異種電荷的中垂線由aob勻速運(yùn)動,電子重力不計,則電子除受電場力外,所受的另一個力的大小和方向變化情況是()a先變大后變小,方向水平向左b先變大后變小,方向水平向右c先變小后變大,方向水平向左d先變小后變大,方向水平向右考點(diǎn):電場強(qiáng)度分析:電子做勻速直線運(yùn)動,知受電場力和外力平衡,外力的大小與電場力的大小相等,方向相反,根據(jù)電場力的變化判斷外力的變化解答:解:根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布知,從aob,電場強(qiáng)度的方向不變,水平向左,電場強(qiáng)度的大小先增大后

9、減小則電子所受電場力的大小先變大,后變小,方向水平向右,則外力的大小先變大后變小,方向水平向左故a正確,b、c、d錯誤故選:a點(diǎn)評:解決本題的關(guān)鍵知道外力的大小與電場力的大小相等,方向相反,是一對平衡力二、多項選擇題(共4小題,每小題4分,滿分16分,每小題有多個選項符合題意,全部選對的得4分,選對但不全的得2分,錯選或不選的得0分)7(4分)(2015春常州期末)如果在某電場中將5.0108c的電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn),電場力做6.0103j的功,那么()aa、b兩點(diǎn)間的電勢差是1.2105vba、b兩點(diǎn)間的電勢差是3.01010vc若在a、b兩點(diǎn)間移動2.5108c的電荷,電場力將做3.0103

10、j的功d若在a、b兩點(diǎn)間移動2.5108c的電荷,電場力將做3.01017j的功考點(diǎn):電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系;電勢差專題:電場力與電勢的性質(zhì)專題分析:根據(jù)公式uab=求解電勢差a、b間的電勢差與所移動的電荷無關(guān),再由公式w=qu求解在a、b兩點(diǎn)間移動2.5108c的電荷時,電場力做的功解答:解:a、b,a、b兩點(diǎn)間的電勢差uab=v故a正確,b錯誤 c、d,在a、b兩點(diǎn)間移動2.5108c的電荷時,a、b間的電勢差不變則電場力做功為 wab=quab=2.51081.2105j=3.0103j 故c正確,d錯誤故選:ac點(diǎn)評:本題要抓住電場中兩點(diǎn)間的電勢差由電場中兩點(diǎn)的位置決定,與移動的試探電

11、荷無關(guān)8(4分)(2015春常州期末)如圖a、b是平行板電容器的兩個極板,b板接地,a板帶有電荷量+q,板間電場中有一固定點(diǎn)p,若將b板固定,a板下移一些;或者將a板固定,b板上移一些,在這兩種情況下,以下說法中正確的是()aa板下移時,p點(diǎn)的電場強(qiáng)度不變,p點(diǎn)電勢不變ba板下移時,p點(diǎn)的電場強(qiáng)度不變,p點(diǎn)電勢升高cb板上移時,p點(diǎn)的電場強(qiáng)度減小,p點(diǎn)電勢升高db板上移時,p點(diǎn)的電場強(qiáng)度減小,p點(diǎn)電勢降低考點(diǎn):電容器的動態(tài)分析專題:電容器專題分析:由題,電容器兩板所帶電量不變,改變板間距離時,根據(jù)推論分析板間場強(qiáng)的變化由u=ed分析p點(diǎn)與下板間的電勢差如何變化,結(jié)合電勢的高低關(guān)系,判斷p點(diǎn)電勢

12、的變化解答:解:a、b:根據(jù)電容的決定式c=、電容的定義式c=和e=得到:板間場強(qiáng)為 e=,由題,電容器兩板所帶電量不變,正對面積不變,a板下移時,根據(jù)e=可知,p點(diǎn)的電場強(qiáng)度e不變p點(diǎn)與下板的距離不變,根據(jù)公式u=ed,p點(diǎn)與下板間的電勢差不變,則p點(diǎn)的電勢不變故a正確,b錯誤c、d:b板上移時,同理得知,p點(diǎn)的電場強(qiáng)度不變,根據(jù)公式u=ed,p點(diǎn)與下板的電勢差減小,而p點(diǎn)的電勢高于下板的電勢,下板的電勢為零,所以p點(diǎn)電勢降低故c、d錯誤故選:a點(diǎn)評:本題是電容器的動態(tài)變化分析問題,板間的場強(qiáng)e=要在理解并會推導(dǎo)的基礎(chǔ)上記住,這是一個很重要的結(jié)論9(4分)(2015春常州期末)在空軍演習(xí)中,

13、某空降兵從飛機(jī)上跳下,他從跳離飛機(jī)到落地的過程中沿豎直方向運(yùn)動的vt圖象如圖所示,則下列說法正確的是()a010s內(nèi)空降兵和傘整體所受重力大于空氣阻力b第10s末空降兵打開降落傘,此后做勻減速運(yùn)動至第15s末c10s15s空降兵豎直方向的加速度向上,加速度大小在逐漸減小d15s后空降兵保持勻速下落,此過程中機(jī)械能守恒考點(diǎn):機(jī)械能守恒定律專題:機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析:由圖象可知物體的速度及加速度的變化情況,則由牛頓第二定律可知受力情況,再由機(jī)械能守恒的條件可得出機(jī)械能是否守恒解答:解:a、由圖可知,前10s內(nèi)空降兵先做勻加速運(yùn)動,后做加速度減小的加速運(yùn)動,故合外力應(yīng)向下,故重力大于空氣阻力,

14、故a正確;b、10s后空降兵打開降落傘,由圖象可知,其做加速度減小的減速運(yùn)動,故b錯誤;c、10s15 s內(nèi)圖象斜率為負(fù),所以加速度方向向上,斜率逐漸減小,所以加速度也在減小,故c正確;d、因空降兵在下落過程中受到空氣阻力,故機(jī)械能不守恒,故d錯誤;故選:ac點(diǎn)評:對于速度時間圖象應(yīng)明確圖象的斜率表示物體運(yùn)動的加速度,圖象與時間軸圍成的面積表示物體通過的位移10(4分)(2014惠安縣模擬)p、q兩電荷的電場線分布如圖所示,a、b、c、d為電場中的四點(diǎn)一個離子從a運(yùn)動到b(不計重力),軌跡如圖所示則下列判斷正確的是()a離子從a到b,電勢能增加b離子在運(yùn)動過程中受到p的排拆力cc、d兩點(diǎn)電勢相

15、等d離子從a到b,動能增加考點(diǎn):電勢;電勢能專題:電場力與電勢的性質(zhì)專題分析:電場線起于正電荷,終止于負(fù)電荷,結(jié)合電場線的特點(diǎn),確定p、q電荷的電性,根據(jù)軌跡的彎曲確定所受電場力的方向,從而確定是排斥還是吸引,判斷出離子的電性,根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能大,負(fù)電荷在電勢高處電勢能小,分析電勢能的變化,由能量守恒分析動能的變化通過沿著電場線方向電勢逐漸降低判斷c、d兩點(diǎn)電勢的高低解答:解:a、由圖中電場線的分布情況可知p帶正電,q帶負(fù)電離子從a到b,電場力與速度的夾角為鈍角,所以做負(fù)功,電勢能增加故a正確b、d、離子從a運(yùn)動b的過程中,軌跡向內(nèi)彎曲,則離子受到p的吸引力作用,從a到b,電場力做負(fù)

16、功,根據(jù)動能定理可知動能減小,故bd錯誤c、沿著電場線方向電勢逐漸降低,則知c點(diǎn)的電勢高于d點(diǎn)的電勢故c錯誤故選:a點(diǎn)評:解決本題的關(guān)鍵知道電場線的特點(diǎn),以及知道沿著電場線方向電勢逐漸降低知道粒子做曲線運(yùn)動,合力的方向大致指向軌跡凹的一向三、簡答題:本題共2小題,共17分,請把答案填在答題紙相應(yīng)的橫線上或按題目要求作答.11(6分)(2015春常州期末)如圖所示,滑動變阻器r1的最大阻值是200,rx為200,ab兩端間的電壓為8v,當(dāng)開關(guān)s斷開時,移動滑動頭p,rx兩端可獲得電壓的范圍值為48v;當(dāng)開關(guān)s閉合時,移動滑動頭p,rx兩端可獲得電壓的范圍值為08v,若rx電阻阻值不知道,用如圖所

17、示的電路測量rx的阻值,實驗過程中為了能使電阻rx兩端的電壓變化范圍盡可能大,則應(yīng)該采用開關(guān)s閉合(填“斷開”或“閉合”)時的電路考點(diǎn):閉合電路的歐姆定律專題:恒定電流專題分析:當(dāng)s斷開時,滑片p在r1的最右端時,rx電壓最大,p在r1最左端時,rx電壓最小當(dāng)s閉合時,p在r1最左端時,rx電壓最小,在r1最右端時,r2電壓最大解答:解:當(dāng)s斷開時,滑片p在r1的最右端時,rx兩端的電壓等于a、b間的電壓,為8vp在r1最左端時,rx兩端的電壓=8v=4v,則rx兩端可獲得電壓的范圍值為48v當(dāng)開關(guān)s閉合時,移動滑動頭p,rx兩端可獲得電壓的范圍值為08v由上知,實驗過程中為了能使電阻rx兩端

18、的電壓變化范圍盡可能大,則應(yīng)該采用開關(guān)s閉合的電路故答案為:48,08,閉合點(diǎn)評:明確電路中各元件的連接情況,然后再根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律求解即可,由本題可加深理解限流器和分壓器調(diào)壓范圍的大小12(11分)(2015春常州期末)物理興趣小組的同學(xué)利用圖甲所示的實驗器材,測繪某個電學(xué)元件的伏安特性曲線下表是他們在實驗中記錄的一組數(shù)據(jù)其中毫安表內(nèi)阻約為200u/v00.400.801.201.602.002.402.80i/ma00.62.14.27.112.218.830.0(1)實驗桌上有兩只電壓表:v1(3v,內(nèi)阻約3k),v2(15v,內(nèi)阻約15k),他們應(yīng)該選擇表(選填“v1”或“v2”);(2

19、)用筆畫線代替導(dǎo)線,在圖甲中正確連線;(3)在圖乙中選擇合適的縱坐標(biāo),畫出該元件的伏安特性曲線;(4)當(dāng)該元件消耗的功率為20mw時,其兩端的電壓為1.9 v(保留兩位有效數(shù)字)考點(diǎn):描繪小電珠的伏安特性曲線專題:實驗題;恒定電流專題分析:本題(1)的關(guān)鍵是根據(jù)表中數(shù)據(jù)的最大電壓來選擇電壓表量程題(2)的關(guān)鍵是根據(jù)實驗要求電流從零調(diào)可知變阻器應(yīng)用分壓式接法,根據(jù)待測電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻可知,電流表應(yīng)用外接法題(3)的關(guān)鍵是認(rèn)真描點(diǎn)畫出平滑的曲線即可題(4)的關(guān)鍵是根據(jù)iu圖象讀出滿足ui=20mw對應(yīng)的電壓值即可解答:解:(1):根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知元件兩端最大電壓為2.8v,所以電壓表應(yīng)選;(2

20、)由于待測元件的最大電阻為r=,滿足的條件,所以電流表應(yīng)用外接法;又實驗要求電流從零調(diào),所以變阻器應(yīng)用分壓式接法,連線圖如圖所示:(3):畫出的iu圖象如圖所示:(4):根據(jù)iu圖線可知,當(dāng)u=1.9v,i=11ma,功率p=ui=20.1w,所以待測元件兩端電壓為u=1.9v故答案為:(1)(2)如圖(3)如圖(4)1.9點(diǎn)評:對電學(xué)實驗應(yīng)明確:根據(jù)待測元件的最大電壓來選擇電壓表若要求電流從零調(diào)時變阻器應(yīng)用分壓式接法當(dāng)待測電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻時,電流表應(yīng)用外接法四、計算題:(本題共4小題,共49分,第13題14分,第14題12分,第15題11分,第16題12分),解答時請寫出必要的文字說明、

21、方程式和重要的演算步驟,只寫出最后答案的不能得分,有效值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.13(14分)(2015春常州期末)如圖所示,質(zhì)量m=1kg的物體靜止在粗糙水平面上,在f=4n的水平拉力作用下從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn),作用時間為5s,到達(dá)b點(diǎn)后撤去拉力,物體繼續(xù)運(yùn)動到c點(diǎn)停止運(yùn)動,已知動摩擦因素=0.2(g=10m/s2),求:(1)拉力做的功;(2)物體到達(dá)b點(diǎn)時的動能;(3)整個過程中克服摩擦力做的功考點(diǎn):動能定理的應(yīng)用;功的計算專題:動能定理的應(yīng)用專題分析:(1)根據(jù)物體受力分析求得物體運(yùn)動的加速度,由位移時間關(guān)系求得ab間位移的大小,根據(jù)功的表達(dá)求拉力所做的功;(2)根據(jù)動能定

22、理求得物體到達(dá)b點(diǎn)時的動能;(3)整個過程由動能定理求得克服摩擦力做的功解答:解:(1)物體在水平方向受到的合力f合=ff=fmg=40.2110n=2n根據(jù)牛頓第二定律可知,物體產(chǎn)生的加速度a=所以在力f作用5s時間內(nèi),物體產(chǎn)生的位移x=則此過程中拉力所做的功wf=fx=425j=100j(2)根據(jù)動能定理物體從a到b過程中有:f合x=ekbeka所以物體到達(dá)b點(diǎn)時的動能ekb=f合x+eka=225+0j=50j(3)整個過程中只有拉力和摩擦力做功,故有:wfw克=00所以物體克服摩擦力做的功w克=wf=100j答:(1)拉力做的功為100j;(2)物體到達(dá)b點(diǎn)時的動能為50j;(3)整個

23、過程中克服摩擦力做的功為100j點(diǎn)評:本題主要考查牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用及動能定理的應(yīng)用,掌握牛頓運(yùn)動規(guī)律及動能定理是正確解題的關(guān)鍵14(12分)(2015春常州期末)如圖所示,電源的電動勢e=10v,內(nèi)阻r=1,電阻r1=3,r2=6,電容c=30f,(1)閉合開關(guān)s,求電路穩(wěn)定后通過r1的電流;(2)然后將開關(guān)s斷開,求電容器兩端的電壓變化量和流過r1的總電荷量;(3)如果r2換成一個可變電阻,其阻值可以在010范圍變化,求開關(guān)閉合并且電路穩(wěn)定時r1消耗的功率范圍考點(diǎn):閉合電路的歐姆定律;電容專題:恒定電流專題分析:(1)閉合開關(guān)s,穩(wěn)定后電容器相當(dāng)于開關(guān)斷開,兩個電阻串聯(lián),根據(jù)全電路歐姆定律

24、求解即可流過電源的電流(2)閉合開關(guān)s,電容器的電壓等于r2兩端電壓,由歐姆定律求出電容器的電壓開關(guān)s斷開時,電容器的電壓等于電源的電動勢由q=cu求解電容器電量的增加量,即為將開關(guān)s斷開,流過r1的總電荷量(3)由歐姆定律求出電路中電流的最小值和最大值,再求r1消耗的功率范圍解答:解:(1)閉合開關(guān)s,據(jù)全電路歐姆定律得:i=a=1a(2)閉合開關(guān)s,電容器的電壓等于r2兩端電壓,為:u1=ir2=16v=6v開關(guān)s斷開時,電容器的電壓等于電源的電動勢,為:u2=10v電容器兩端的電壓變化量u=u2u1=4v過r1的總電荷量q=cu=301064c=1.2104c(3)當(dāng)r2=0時電路中電流

25、最大,為 imax=a=2.5ar1消耗的功率最大值為 pmax=18.75w當(dāng)r2=10,電路中電流最小,為 imin=ar1消耗的功率最小值為 pmin=w1.53w故r1消耗的功率范圍為 1.53wp18.75w答:(1)閉合開關(guān)s,電路穩(wěn)定后通過r1的電流是1a;(2)將開關(guān)s斷開,電容器兩端的電壓變化量是4v,流過r1的總電荷量是1.2104c(3)r1消耗的功率范圍為 1.53wp18.75w點(diǎn)評:本題是含容電路,關(guān)鍵確定電容器的電壓知道電路穩(wěn)定時電容器的電壓等于與之并聯(lián)的電路兩端的電壓15(11分)(2015春常州期末)如圖所示,豎直放置的兩塊足夠大的帶電平行板間形成一個方向水平

26、向右的勻強(qiáng)電場區(qū)域,場強(qiáng)e=3104 n/c在兩板間用絕緣細(xì)線懸掛一個質(zhì)量m=5103 kg的帶電小球,靜止時小球偏離豎直方向的夾角=60(g取10m/s2)試求:(1)小球的電性和電荷量;(2)懸線的拉力;(3)若小球靜止時離右板d=5102 m,剪斷懸線后,小球經(jīng)多少時間碰到右極板考點(diǎn):電場強(qiáng)度;自由落體運(yùn)動;力的合成與分解的運(yùn)用;共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用專題:電場力與電勢的性質(zhì)專題分析:帶電小球在勻強(qiáng)電場中處于如圖所示的位置,則可確定電場力方向從而得出帶電性,及電量由力的平行四邊形定則可求出拉力與重力的關(guān)系,則可算出拉力大小當(dāng)剪斷后,小球做直線運(yùn)動,水平方向可以看成在電場力作用下加速運(yùn)動,而豎直方向是自由落體解答:解:(1)小球受電場力向右,故帶正電,受力分析如圖所示由平衡條件有qe=mgtan60 解得q=106 c (2)由平衡條件得f=,解得f=0.1 n(3)剪斷細(xì)線后,小球在水平方向做初

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