江蘇省常州市高一物理下學(xué)期期末試卷（含解析）

1、014-2015學(xué)年江蘇省常州市高一（下）期末物理試卷 一、單項選擇題（共6小題，每小題3分，滿分18分，在每小題給出的四個選項中，只有一個選項符合題意）1（3分）（2014天津二模）質(zhì)點(diǎn)所受的力f隨時間變化的規(guī)律如圖所示，力的方向始終在一直線上已知t=0時質(zhì)點(diǎn)的速度為零在圖中所示的t1、t2、t3和t4各時刻中，哪一時刻質(zhì)點(diǎn)的動能最大（）at1bt2ct3dt4考點(diǎn)：動能定理的應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動的圖像專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：通過分析質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動情況，確定速度如何變化，再分析動能如何變化，確定什么時刻動能最大解答：解：由力的圖象分析可知： 在0t1時間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度增大的加速運(yùn)

2、動 在t1t2時間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度減小的加速運(yùn)動 在t2t3時間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度增大的減速運(yùn)動 在t3t4時間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度減小的減速運(yùn)動t4時刻速度為零 則t2時刻質(zhì)點(diǎn)的速度最大，動能最大故選b點(diǎn)評：動能是狀態(tài)量，其大小與速度大小有關(guān)，根據(jù)受力情況來分析運(yùn)動情況確定速度的變化，再分析動能的變化是常用的思路2（3分）（2013桓臺縣校級學(xué)業(yè)考試）用水平恒力f作用于質(zhì)量為m的物體，使之在光滑水平面上沿力的方向移動距離l；再用該水平恒力作用于質(zhì)量為2m的物體上，使之在粗糙水平面上移動同樣距離l，則（）a兩種情況下，水平恒力f做功一樣多b在光滑水平面上時，水平恒力f所做的功

3、多c在粗糙水平面上時，水平恒力f所做的功多d在粗糙水平面上水平恒力f對物體所做的功是光滑水平面上做功的2倍考點(diǎn)：功的計算專題：功的計算專題分析：本題是對功的公式的直接應(yīng)用，根據(jù)功的公式直接計算即可解答：解：由于物體受到的都是恒力的作用，根據(jù)恒力做功的公式w=fl可知，在兩次拉物體運(yùn)動的過程中，拉力的大小相同，物體運(yùn)動的位移也相等，所以兩次拉力做的功相同，所以a正確故選：a點(diǎn)評：恒力做功，根據(jù)功的公式直接比較即可，比較簡單3（3分）（2015春常州期末）如圖所示，為一環(huán)境溫度監(jiān)控電器，r1為燈泡，r2為半導(dǎo)體材料制成的熱敏電阻（電阻隨溫度升高而變小），當(dāng)環(huán)境溫度降低時則有（）a燈泡的亮度變亮，電

4、路中消耗的總功率p變小b燈泡的亮度變亮，電路中消耗的總功率p變大c燈泡的亮度變暗，電路中消耗的總功率p變小d燈泡的亮度變暗，電路中消耗的總功率p變大考點(diǎn)：電功、電功率專題：恒定電流專題分析：燈泡亮度由實際功率決定，功率大小可由功率公式作出判斷分析電路結(jié)構(gòu)根據(jù)熱敏電阻的性質(zhì)明確電阻的變化，即可得出電流和功率的變化解答：解：熱敏電阻的阻值隨溫度升高而變小，當(dāng)環(huán)境溫度降低時電阻變大由歐姆定律可知，電源電壓不變，電阻變大，電流變小由p=i2r可知，燈泡電阻不變，電流小了，實際功率變小，則燈泡變暗由p=可知，電源電壓不變，總電阻變大，電路中消耗的總功率p變小故選：c點(diǎn)評：本題的關(guān)鍵是用好兩個變形公式，p

5、=i2r和p=，在運(yùn)用公式時一定要注意公式中的量必須是同一段電路上的量4（3分）（2011海淀區(qū)學(xué)業(yè)考試）在真空中有兩個點(diǎn)電荷，帶電量分別為q1、q2，相距為l，它們之間的作用力為f則（）a若它們所帶的電量不變，距離變?yōu)?l，則它們之間的作用力變?yōu)?fb若它們所帶的電量不變，距離變?yōu)?，則它們之間的作用力變?yōu)閏若它們之間的距離不變，電量都變?yōu)樵瓉淼?倍，則它們之間的作用力變?yōu)?fd若它們之間的距離不變，電量都變?yōu)樵瓉淼谋叮瑒t它們之間的作用力變?yōu)?f考點(diǎn)：庫侖定律專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：在真空中有兩個點(diǎn)電荷間的作用力遵守庫侖定律，根據(jù)庫侖定律，運(yùn)用比例法求解解答：解：由題f=a、當(dāng)電量不

6、變，距離變?yōu)?l時，庫侖力變?yōu)閒故a錯誤 b、若它們所帶的電量不變，距離變?yōu)椋瑤靵隽ψ優(yōu)?f故b錯誤 c、fc=4f，故c正確 d、fd=f，故d錯誤故選c點(diǎn)評：本題考查運(yùn)用比例法解決物理問題的能力，技巧在于用相同的量表示作用力，然后求出比例關(guān)系5（3分）（2015春常州期末）如圖所示，a、b、c三個相同的小球，a從光滑斜面頂端由靜止開始自由下滑，同時b、c從同一高度分別開始自由下落和平拋下列說法正確的有（）a它們的落地時間相同b運(yùn)動過程中重力做的功相等c它們的落地時的動能相同d它們落地時重力的瞬時功率相等考點(diǎn)：功率、平均功率和瞬時功率；自由落體運(yùn)動；平拋運(yùn)動；功的計算專題：功率的計算專題分析

7、：a做的是勻變速直線運(yùn)動，b是自由落體運(yùn)動，c是平拋運(yùn)動，根據(jù)它們各自的運(yùn)動的特點(diǎn)可以分析運(yùn)動的時間和末速度的情況，由功率的公式可以得出結(jié)論解答：解：a、bc運(yùn)動的時間相同，a的運(yùn)動的時間要比bc的長，故a錯誤；b、a、b、c三個小球的初位置相同，它們的末位置也相同，由于重力做功只與物體的初末位置有關(guān)，所以三個球的重力做功相等，所以b正確c、由動能定理可知，三個球的重力做功相等，它們的動能的變化相同，但是c是平拋的，所以c有初速度，故c的末動能要大，所以c錯誤d、三個球的重力相等，但是它們的豎直方向上的末速度不同，所以瞬時功率不可能相等，所以d錯誤故選：b點(diǎn)評：在計算瞬時功率時，只能用p=fv

8、來求解，用公式p=求得是平均功率的大小，在計算平均功率和瞬時功率時一定要注意公式的選擇6（3分）（2015春常州期末）如圖所示，一電子沿等量異種電荷的中垂線由aob勻速運(yùn)動，電子重力不計，則電子除受電場力外，所受的另一個力的大小和方向變化情況是（）a先變大后變小，方向水平向左b先變大后變小，方向水平向右c先變小后變大，方向水平向左d先變小后變大，方向水平向右考點(diǎn)：電場強(qiáng)度分析：電子做勻速直線運(yùn)動，知受電場力和外力平衡，外力的大小與電場力的大小相等，方向相反，根據(jù)電場力的變化判斷外力的變化解答：解：根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布知，從aob，電場強(qiáng)度的方向不變，水平向左，電場強(qiáng)度的大小先增大后

9、減小則電子所受電場力的大小先變大，后變小，方向水平向右，則外力的大小先變大后變小，方向水平向左故a正確，b、c、d錯誤故選：a點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵知道外力的大小與電場力的大小相等，方向相反，是一對平衡力二、多項選擇題（共4小題，每小題4分，滿分16分，每小題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不選的得0分）7（4分）（2015春常州期末）如果在某電場中將5.0108c的電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場力做6.0103j的功，那么（）aa、b兩點(diǎn)間的電勢差是1.2105vba、b兩點(diǎn)間的電勢差是3.01010vc若在a、b兩點(diǎn)間移動2.5108c的電荷，電場力將做3.0103

10、j的功d若在a、b兩點(diǎn)間移動2.5108c的電荷，電場力將做3.01017j的功考點(diǎn)：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系；電勢差專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)公式uab=求解電勢差a、b間的電勢差與所移動的電荷無關(guān)，再由公式w=qu求解在a、b兩點(diǎn)間移動2.5108c的電荷時，電場力做的功解答：解：a、b，a、b兩點(diǎn)間的電勢差uab=v故a正確，b錯誤 c、d，在a、b兩點(diǎn)間移動2.5108c的電荷時，a、b間的電勢差不變則電場力做功為 wab=quab=2.51081.2105j=3.0103j 故c正確，d錯誤故選：ac點(diǎn)評：本題要抓住電場中兩點(diǎn)間的電勢差由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與移動的試探電

11、荷無關(guān)8（4分）（2015春常州期末）如圖a、b是平行板電容器的兩個極板，b板接地，a板帶有電荷量+q，板間電場中有一固定點(diǎn)p，若將b板固定，a板下移一些；或者將a板固定，b板上移一些，在這兩種情況下，以下說法中正確的是（）aa板下移時，p點(diǎn)的電場強(qiáng)度不變，p點(diǎn)電勢不變ba板下移時，p點(diǎn)的電場強(qiáng)度不變，p點(diǎn)電勢升高cb板上移時，p點(diǎn)的電場強(qiáng)度減小，p點(diǎn)電勢升高db板上移時，p點(diǎn)的電場強(qiáng)度減小，p點(diǎn)電勢降低考點(diǎn)：電容器的動態(tài)分析專題：電容器專題分析：由題，電容器兩板所帶電量不變，改變板間距離時，根據(jù)推論分析板間場強(qiáng)的變化由u=ed分析p點(diǎn)與下板間的電勢差如何變化，結(jié)合電勢的高低關(guān)系，判斷p點(diǎn)電勢

12、的變化解答：解：a、b：根據(jù)電容的決定式c=、電容的定義式c=和e=得到：板間場強(qiáng)為 e=，由題，電容器兩板所帶電量不變，正對面積不變，a板下移時，根據(jù)e=可知，p點(diǎn)的電場強(qiáng)度e不變p點(diǎn)與下板的距離不變，根據(jù)公式u=ed，p點(diǎn)與下板間的電勢差不變，則p點(diǎn)的電勢不變故a正確，b錯誤c、d：b板上移時，同理得知，p點(diǎn)的電場強(qiáng)度不變，根據(jù)公式u=ed，p點(diǎn)與下板的電勢差減小，而p點(diǎn)的電勢高于下板的電勢，下板的電勢為零，所以p點(diǎn)電勢降低故c、d錯誤故選：a點(diǎn)評：本題是電容器的動態(tài)變化分析問題，板間的場強(qiáng)e=要在理解并會推導(dǎo)的基礎(chǔ)上記住，這是一個很重要的結(jié)論9（4分）（2015春常州期末）在空軍演習(xí)中，

13、某空降兵從飛機(jī)上跳下，他從跳離飛機(jī)到落地的過程中沿豎直方向運(yùn)動的vt圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）a010s內(nèi)空降兵和傘整體所受重力大于空氣阻力b第10s末空降兵打開降落傘，此后做勻減速運(yùn)動至第15s末c10s15s空降兵豎直方向的加速度向上，加速度大小在逐漸減小d15s后空降兵保持勻速下落，此過程中機(jī)械能守恒考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：由圖象可知物體的速度及加速度的變化情況，則由牛頓第二定律可知受力情況，再由機(jī)械能守恒的條件可得出機(jī)械能是否守恒解答：解：a、由圖可知，前10s內(nèi)空降兵先做勻加速運(yùn)動，后做加速度減小的加速運(yùn)動，故合外力應(yīng)向下，故重力大于空氣阻力，

14、故a正確；b、10s后空降兵打開降落傘，由圖象可知，其做加速度減小的減速運(yùn)動，故b錯誤；c、10s15 s內(nèi)圖象斜率為負(fù)，所以加速度方向向上，斜率逐漸減小，所以加速度也在減小，故c正確；d、因空降兵在下落過程中受到空氣阻力，故機(jī)械能不守恒，故d錯誤；故選：ac點(diǎn)評：對于速度時間圖象應(yīng)明確圖象的斜率表示物體運(yùn)動的加速度，圖象與時間軸圍成的面積表示物體通過的位移10（4分）（2014惠安縣模擬）p、q兩電荷的電場線分布如圖所示，a、b、c、d為電場中的四點(diǎn)一個離子從a運(yùn)動到b（不計重力），軌跡如圖所示則下列判斷正確的是（）a離子從a到b，電勢能增加b離子在運(yùn)動過程中受到p的排拆力cc、d兩點(diǎn)電勢相

15、等d離子從a到b，動能增加考點(diǎn)：電勢；電勢能專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：電場線起于正電荷，終止于負(fù)電荷，結(jié)合電場線的特點(diǎn)，確定p、q電荷的電性，根據(jù)軌跡的彎曲確定所受電場力的方向，從而確定是排斥還是吸引，判斷出離子的電性，根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能大，負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，分析電勢能的變化，由能量守恒分析動能的變化通過沿著電場線方向電勢逐漸降低判斷c、d兩點(diǎn)電勢的高低解答：解：a、由圖中電場線的分布情況可知p帶正電，q帶負(fù)電離子從a到b，電場力與速度的夾角為鈍角，所以做負(fù)功，電勢能增加故a正確b、d、離子從a運(yùn)動b的過程中，軌跡向內(nèi)彎曲，則離子受到p的吸引力作用，從a到b，電場力做負(fù)

16、功，根據(jù)動能定理可知動能減小，故bd錯誤c、沿著電場線方向電勢逐漸降低，則知c點(diǎn)的電勢高于d點(diǎn)的電勢故c錯誤故選：a點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵知道電場線的特點(diǎn)，以及知道沿著電場線方向電勢逐漸降低知道粒子做曲線運(yùn)動，合力的方向大致指向軌跡凹的一向三、簡答題：本題共2小題，共17分，請把答案填在答題紙相應(yīng)的橫線上或按題目要求作答.11（6分）（2015春常州期末）如圖所示，滑動變阻器r1的最大阻值是200，rx為200，ab兩端間的電壓為8v，當(dāng)開關(guān)s斷開時，移動滑動頭p，rx兩端可獲得電壓的范圍值為48v；當(dāng)開關(guān)s閉合時，移動滑動頭p，rx兩端可獲得電壓的范圍值為08v，若rx電阻阻值不知道，用如圖所

17、示的電路測量rx的阻值，實驗過程中為了能使電阻rx兩端的電壓變化范圍盡可能大，則應(yīng)該采用開關(guān)s閉合（填“斷開”或“閉合”）時的電路考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律專題：恒定電流專題分析：當(dāng)s斷開時，滑片p在r1的最右端時，rx電壓最大，p在r1最左端時，rx電壓最小當(dāng)s閉合時，p在r1最左端時，rx電壓最小，在r1最右端時，r2電壓最大解答：解：當(dāng)s斷開時，滑片p在r1的最右端時，rx兩端的電壓等于a、b間的電壓，為8vp在r1最左端時，rx兩端的電壓=8v=4v，則rx兩端可獲得電壓的范圍值為48v當(dāng)開關(guān)s閉合時，移動滑動頭p，rx兩端可獲得電壓的范圍值為08v由上知，實驗過程中為了能使電阻rx兩端

18、的電壓變化范圍盡可能大，則應(yīng)該采用開關(guān)s閉合的電路故答案為：48，08，閉合點(diǎn)評：明確電路中各元件的連接情況，然后再根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律求解即可，由本題可加深理解限流器和分壓器調(diào)壓范圍的大小12（11分）（2015春常州期末）物理興趣小組的同學(xué)利用圖甲所示的實驗器材，測繪某個電學(xué)元件的伏安特性曲線下表是他們在實驗中記錄的一組數(shù)據(jù)其中毫安表內(nèi)阻約為200u/v00.400.801.201.602.002.402.80i/ma00.62.14.27.112.218.830.0（1）實驗桌上有兩只電壓表：v1（3v，內(nèi)阻約3k），v2（15v，內(nèi)阻約15k），他們應(yīng)該選擇表（選填“v1”或“v2”）；（2

19、）用筆畫線代替導(dǎo)線，在圖甲中正確連線；（3）在圖乙中選擇合適的縱坐標(biāo)，畫出該元件的伏安特性曲線；（4）當(dāng)該元件消耗的功率為20mw時，其兩端的電壓為1.9 v（保留兩位有效數(shù)字）考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線專題：實驗題；恒定電流專題分析：本題（1）的關(guān)鍵是根據(jù)表中數(shù)據(jù)的最大電壓來選擇電壓表量程題（2）的關(guān)鍵是根據(jù)實驗要求電流從零調(diào)可知變阻器應(yīng)用分壓式接法，根據(jù)待測電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻可知，電流表應(yīng)用外接法題（3）的關(guān)鍵是認(rèn)真描點(diǎn)畫出平滑的曲線即可題（4）的關(guān)鍵是根據(jù)iu圖象讀出滿足ui=20mw對應(yīng)的電壓值即可解答：解：（1）：根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知元件兩端最大電壓為2.8v，所以電壓表應(yīng)選；（2

20、）由于待測元件的最大電阻為r=，滿足的條件，所以電流表應(yīng)用外接法；又實驗要求電流從零調(diào)，所以變阻器應(yīng)用分壓式接法，連線圖如圖所示：（3）：畫出的iu圖象如圖所示：（4）：根據(jù)iu圖線可知，當(dāng)u=1.9v，i=11ma，功率p=ui=20.1w，所以待測元件兩端電壓為u=1.9v故答案為：（1）（2）如圖（3）如圖（4）1.9點(diǎn)評：對電學(xué)實驗應(yīng)明確：根據(jù)待測元件的最大電壓來選擇電壓表若要求電流從零調(diào)時變阻器應(yīng)用分壓式接法當(dāng)待測電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻時，電流表應(yīng)用外接法四、計算題：（本題共4小題，共49分，第13題14分，第14題12分，第15題11分，第16題12分），解答時請寫出必要的文字說明、

21、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有效值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.13（14分）（2015春常州期末）如圖所示，質(zhì)量m=1kg的物體靜止在粗糙水平面上，在f=4n的水平拉力作用下從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)，作用時間為5s，到達(dá)b點(diǎn)后撤去拉力，物體繼續(xù)運(yùn)動到c點(diǎn)停止運(yùn)動，已知動摩擦因素=0.2（g=10m/s2），求：（1）拉力做的功；（2）物體到達(dá)b點(diǎn)時的動能；（3）整個過程中克服摩擦力做的功考點(diǎn)：動能定理的應(yīng)用；功的計算專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：（1）根據(jù)物體受力分析求得物體運(yùn)動的加速度，由位移時間關(guān)系求得ab間位移的大小，根據(jù)功的表達(dá)求拉力所做的功；（2）根據(jù)動能定

22、理求得物體到達(dá)b點(diǎn)時的動能；（3）整個過程由動能定理求得克服摩擦力做的功解答：解：（1）物體在水平方向受到的合力f合=ff=fmg=40.2110n=2n根據(jù)牛頓第二定律可知，物體產(chǎn)生的加速度a=所以在力f作用5s時間內(nèi)，物體產(chǎn)生的位移x=則此過程中拉力所做的功wf=fx=425j=100j（2）根據(jù)動能定理物體從a到b過程中有：f合x=ekbeka所以物體到達(dá)b點(diǎn)時的動能ekb=f合x+eka=225+0j=50j（3）整個過程中只有拉力和摩擦力做功，故有：wfw克=00所以物體克服摩擦力做的功w克=wf=100j答：（1）拉力做的功為100j；（2）物體到達(dá)b點(diǎn)時的動能為50j；（3）整個

23、過程中克服摩擦力做的功為100j點(diǎn)評：本題主要考查牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用及動能定理的應(yīng)用，掌握牛頓運(yùn)動規(guī)律及動能定理是正確解題的關(guān)鍵14（12分）（2015春常州期末）如圖所示，電源的電動勢e=10v，內(nèi)阻r=1，電阻r1=3，r2=6，電容c=30f，（1）閉合開關(guān)s，求電路穩(wěn)定后通過r1的電流；（2）然后將開關(guān)s斷開，求電容器兩端的電壓變化量和流過r1的總電荷量；（3）如果r2換成一個可變電阻，其阻值可以在010范圍變化，求開關(guān)閉合并且電路穩(wěn)定時r1消耗的功率范圍考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；電容專題：恒定電流專題分析：（1）閉合開關(guān)s，穩(wěn)定后電容器相當(dāng)于開關(guān)斷開，兩個電阻串聯(lián)，根據(jù)全電路歐姆定律

24、求解即可流過電源的電流（2）閉合開關(guān)s，電容器的電壓等于r2兩端電壓，由歐姆定律求出電容器的電壓開關(guān)s斷開時，電容器的電壓等于電源的電動勢由q=cu求解電容器電量的增加量，即為將開關(guān)s斷開，流過r1的總電荷量（3）由歐姆定律求出電路中電流的最小值和最大值，再求r1消耗的功率范圍解答：解：（1）閉合開關(guān)s，據(jù)全電路歐姆定律得：i=a=1a（2）閉合開關(guān)s，電容器的電壓等于r2兩端電壓，為：u1=ir2=16v=6v開關(guān)s斷開時，電容器的電壓等于電源的電動勢，為：u2=10v電容器兩端的電壓變化量u=u2u1=4v過r1的總電荷量q=cu=301064c=1.2104c（3）當(dāng)r2=0時電路中電流

25、最大，為 imax=a=2.5ar1消耗的功率最大值為 pmax=18.75w當(dāng)r2=10，電路中電流最小，為 imin=ar1消耗的功率最小值為 pmin=w1.53w故r1消耗的功率范圍為 1.53wp18.75w答：（1）閉合開關(guān)s，電路穩(wěn)定后通過r1的電流是1a；（2）將開關(guān)s斷開，電容器兩端的電壓變化量是4v，流過r1的總電荷量是1.2104c（3）r1消耗的功率范圍為 1.53wp18.75w點(diǎn)評：本題是含容電路，關(guān)鍵確定電容器的電壓知道電路穩(wěn)定時電容器的電壓等于與之并聯(lián)的電路兩端的電壓15（11分）（2015春常州期末）如圖所示，豎直放置的兩塊足夠大的帶電平行板間形成一個方向水平

26、向右的勻強(qiáng)電場區(qū)域，場強(qiáng)e=3104 n/c在兩板間用絕緣細(xì)線懸掛一個質(zhì)量m=5103 kg的帶電小球，靜止時小球偏離豎直方向的夾角=60（g取10m/s2）試求：（1）小球的電性和電荷量；（2）懸線的拉力；（3）若小球靜止時離右板d=5102 m，剪斷懸線后，小球經(jīng)多少時間碰到右極板考點(diǎn)：電場強(qiáng)度；自由落體運(yùn)動；力的合成與分解的運(yùn)用；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：帶電小球在勻強(qiáng)電場中處于如圖所示的位置，則可確定電場力方向從而得出帶電性，及電量由力的平行四邊形定則可求出拉力與重力的關(guān)系，則可算出拉力大小當(dāng)剪斷后，小球做直線運(yùn)動，水平方向可以看成在電場力作用下加速運(yùn)動，而豎直方向是自由落體解答：解：（1）小球受電場力向右，故帶正電，受力分析如圖所示由平衡條件有qe=mgtan60 解得q=106 c （2）由平衡條件得f=，解得f=0.1 n（3）剪斷細(xì)線后，小球在水平方向做初