（全國(guó)通用版）2019高考物理總復(fù)習(xí) 精準(zhǔn)提分練：選擇題專(zhuān)練（六）

1、（全國(guó)通用版）2019高考物理總復(fù)習(xí) 精準(zhǔn)提分練：選擇題專(zhuān)練（六）選擇題專(zhuān)練(六)(限時(shí)：20分鐘)二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分14物理關(guān)系式不僅反映了物理量之間的關(guān)系，也確定了單位間的關(guān)系如關(guān)系式UIR既反映了電壓、電流和電阻之間的關(guān)系，也確定了V(伏)與A(安)和(歐)的乘積等效，現(xiàn)有物理量單位：m(米)、s(秒)、J(焦)、W(瓦)、C(庫(kù))、F(法)、A(安)、(歐)和T(特)，由它們組合的單位與電壓?jiǎn)挝籚(伏)不等效的是()A

2、J/CBC/FCCTm/sDW答案C解析由電場(chǎng)力做功的公式WqU，知U，所以單位J/C與電壓?jiǎn)挝籚等效，選項(xiàng)A不符合題意；由U可知，C/F是和電壓?jiǎn)挝籚等效的，選項(xiàng)B不符合題意；由FqvB知，CTm/s是力的單位，是與N等效的，選項(xiàng)C符合題意；由P可得U，所以W是和電壓的單位等效的，選項(xiàng)D不符合題意15甲、乙兩汽車(chē)同向勻速行駛，乙在前，甲在后某時(shí)刻兩車(chē)司機(jī)聽(tīng)到警笛提示，同時(shí)開(kāi)始剎車(chē)，結(jié)果兩車(chē)剛好沒(méi)有發(fā)生碰撞，如圖1為兩車(chē)剎車(chē)后勻減速運(yùn)動(dòng)的vt圖象以下分析正確的是()圖1A甲車(chē)剎車(chē)的加速度的大小為0.5m/s2B兩車(chē)開(kāi)始剎車(chē)時(shí)的距離為100mC兩車(chē)剎車(chē)后間距一直在減小D兩車(chē)都停下來(lái)后相距25m答

3、案B解析由題圖可知，兩車(chē)速度相等時(shí)，經(jīng)歷的時(shí)間為20s，甲車(chē)的加速度a1m/s21m/s2，乙車(chē)的加速度a2m/s20.5m/s2，此時(shí)甲車(chē)的位移x甲v甲ta1t22520m1400m300m，乙車(chē)的位移x乙v乙ta2t21520m0.5400m200m，兩車(chē)剛好沒(méi)有發(fā)生碰撞，則開(kāi)始剎車(chē)時(shí)兩車(chē)的距離x300m200m100m，故A錯(cuò)誤，B正確；兩車(chē)剎車(chē)后甲的速度先大于乙的速度，兩者距離減小，后甲的速度小于乙的速度，兩者距離增大，故C錯(cuò)誤；20s時(shí)，甲、乙的速度都為vv甲a1t25m/s20m/s5m/s，根據(jù)圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移可知，兩車(chē)都停下來(lái)后相距x(3025)5m12.5m，故

4、D錯(cuò)誤16(2018安徽省安慶市二模)如圖2所示，物塊A放在木板B上，A、B的質(zhì)量均為m，A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.若將水平力作用在A上，使A剛好要相對(duì)B滑動(dòng)，此時(shí)A的加速度為a1；若將水平力作用在B上，使B剛好要相對(duì)A滑動(dòng)，此時(shí)B的加速度為a2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則a1與a2的比為()圖2A11B23C13D32答案C解析當(dāng)水平力作用在A上，使A剛好要相對(duì)B滑動(dòng)，臨界情況是A、B的加速度相等，隔離對(duì)B分析，B的加速度為：aBa1g，當(dāng)水平力作用在B上，使B剛好要相對(duì)A滑動(dòng)，此時(shí)A、B間的摩擦力剛好達(dá)到最大，A、B的加速度相等，有：aAa2g，可得：a1a

5、213，故選項(xiàng)C正確17.如圖3所示為一半徑為R的均勻帶電細(xì)環(huán)，環(huán)上單位長(zhǎng)度帶電荷量為，取環(huán)面中心O為原點(diǎn)，以垂直于環(huán)面的軸線為x軸設(shè)軸上任意點(diǎn)P到原點(diǎn)O的距離為x，以無(wú)限遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，P點(diǎn)的電勢(shì)為.則下面給出的四個(gè)表達(dá)式中只有一個(gè)是合理的，這個(gè)合理的表達(dá)式是(式中k為靜電力常量)()圖3ABCDx答案B解析電勢(shì)的高低與圓環(huán)帶電荷量的大小2R有關(guān)，A表達(dá)式顯然與圓環(huán)的電荷量無(wú)關(guān)，因此A錯(cuò)誤；無(wú)論圓環(huán)帶什么電荷，圓環(huán)中心處的電勢(shì)均不為零，因此x0時(shí)，電勢(shì)不為零，故D錯(cuò)誤；C中當(dāng)xR時(shí)電勢(shì)為無(wú)窮大，也不可能，故C錯(cuò)誤，故只有B正確18下列生活中的現(xiàn)象和物理學(xué)內(nèi)容，說(shuō)法正確的是()A擊釘時(shí)不用橡皮

6、錘，僅僅是因?yàn)橄鹌ゅN太輕B電子被發(fā)現(xiàn)的意義在于使人類(lèi)認(rèn)識(shí)到原子有核式結(jié)構(gòu)C動(dòng)量相同的兩個(gè)物體受相同的制動(dòng)力的作用，質(zhì)量小的先停下來(lái)D元電荷e的數(shù)值最早是密立根測(cè)得的，這也是他獲得諾貝爾物理獎(jiǎng)的重要原因答案D解析擊釘時(shí)不用橡皮錘，主要是因?yàn)橄鹌ゅN太軟，在動(dòng)量的變化相同時(shí)，作用時(shí)間較長(zhǎng)，作用力小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；電子被發(fā)現(xiàn)的意義在于使人類(lèi)認(rèn)識(shí)到原子有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量定理Ftpmv，則動(dòng)量相同的兩個(gè)物體受相同的制動(dòng)力的作用，一塊停下來(lái)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；元電荷e的數(shù)值最早是密立根測(cè)得的，這也是他獲得諾貝爾物理獎(jiǎng)的重要原因，選項(xiàng)D正確19如圖4甲所示，假設(shè)某星球表面上有一傾角為30的固定斜面，一

7、質(zhì)量為m的小物塊從斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，其速度時(shí)間圖象如圖乙所示已知小物塊和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，該星球半徑為R6104km，引力常量為G6.671011Nm2/kg2，下列說(shuō)法正確的是()圖4A該星球的第一宇宙速度v13.0104m/sB該星球的質(zhì)量M8.11026kgC該星球的自轉(zhuǎn)周期T1.3104sD該星球的密度895kg/m3答案ABD解析上滑過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律，在沿斜面方向上有mg0cosmg0sinma1，下滑過(guò)程中，在沿斜面方向上有mg0sinmg0cosma2，又知vt圖象的斜率表示加速度，則上滑和下滑過(guò)程中的加速度大小分別為：a1m/s210m/s2，a2m/s25m

8、/s2，聯(lián)立解得g015m/s2，故該星球的第一宇宙速度為vm/s3.0104m/s，A正確；根據(jù)黃金替代公式GMg0R2可得該星球的質(zhì)量為Mkg8.11026kg，B正確；根據(jù)所給條件無(wú)法計(jì)算自轉(zhuǎn)周期，C錯(cuò)誤；該星球的密度895kg/m3，D正確20如圖5所示，足夠長(zhǎng)的木板P靜止于光滑水平面上，小滑塊Q位于木板P的最右端，木板P與小滑塊Q之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2，木板P與小滑塊Q質(zhì)量相等，均為m1kg.用大小為6N、方向水平向右的恒力F拉動(dòng)木板P加速運(yùn)動(dòng)1s后將其撤去，系統(tǒng)逐漸達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，重力加速度g取10m/s2，下列說(shuō)法正確的是()圖5A木板P與小滑塊Q所組成的系統(tǒng)的動(dòng)量增加量等于拉力F

9、的沖量B拉力F做功為6JC小滑塊Q的最大速度為3m/sD整個(gè)過(guò)程中，系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的熱量為3J答案ACD解析對(duì)系統(tǒng)由動(dòng)量定理：FtmvPmvQ2mv共，即木板P與小滑塊Q組成的系統(tǒng)的動(dòng)量增量一定等于拉力F的沖量，選項(xiàng)A正確；若木板P與小滑塊Q相對(duì)靜止一起加速運(yùn)動(dòng)，則拉力F不能超過(guò)2m4N，拉力F為6N，大于4N，故二者發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)木板P由牛頓第二定律：Fmgma，解得a4m/s2,1s內(nèi)木板P的位移xat22m，拉力F做功WFx12J，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；二者共速時(shí)，小滑塊Q的速度最大，F(xiàn)t2mv共，解得v共3m/s，選項(xiàng)C正確；整個(gè)過(guò)程中，對(duì)系統(tǒng)由能量守恒可知W2mvQ，解得Q3J，選項(xiàng)D正確

10、21如圖6所示，絕緣中空軌道豎直固定，圓弧段COD光滑，對(duì)應(yīng)圓心角為120，C、D兩端等高，O為最低點(diǎn)，圓弧圓心為O，半徑為R；直線段AC、HD粗糙，與圓弧段分別在C、D端相切；整個(gè)裝置處于方向垂直于軌道所在平面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，在豎直虛線MC左側(cè)和ND右側(cè)分別存在著場(chǎng)強(qiáng)大小相等、方向水平向右和向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量恒為q、直徑略小于軌道內(nèi)徑、可視為質(zhì)點(diǎn)的帶正電小球，從軌道內(nèi)距C點(diǎn)足夠遠(yuǎn)的P點(diǎn)由靜止釋放若PCL，小球所受電場(chǎng)力等于其重力的倍，重力加速度為g.則()圖6A小球第一次沿軌道AC下滑的過(guò)程中，先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)B小球在軌道內(nèi)受到的摩擦力可能大于mgC經(jīng)足夠長(zhǎng)時(shí)間，小球克服摩擦力做的總功是mgLD小球經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的彈力可能為2mgqB答案AD解析小球第一次沿軌道AC下滑的過(guò)程中，由題意可知，電場(chǎng)力與重力的合力方向恰好沿著斜面AC，則剛開(kāi)始小球與管壁無(wú)作用力，當(dāng)從靜止運(yùn)動(dòng)后，由左手定則可知，洛倫茲力導(dǎo)致球?qū)鼙谟凶饔昧Γ瑥亩鴮?dǎo)致滑動(dòng)摩擦力增大，而重力與電場(chǎng)力的合力大小為Fmg，不變，故根據(jù)牛頓第二定律可知，做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)摩擦力等于兩個(gè)力的合力時(shí)，做勻速運(yùn)動(dòng)，故A正確；當(dāng)小球的摩擦力與重力及電場(chǎng)力的合力相等時(shí)，小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，小球在軌道內(nèi)受到的摩擦力最大，為mg，不可能大于mg，故B錯(cuò)誤；取