(江蘇專用)2020版高考物理大一輪復習第三章牛頓運動定律章末熱點集訓課件

1、章末熱點集訓動力學中圖象的應用H1如圖所示，在光滑水平面上有一質量為加1的足夠長的木板，其上疊放一質量為加2的木塊.假定木塊和木板之間 的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等.現(xiàn)給木塊施加一隨時間 t增大的水平力F=kt（k是常數(shù)），木板和木塊加速度的大小 分別為如和。2下列反映如和。2變化的圖線中正確的是（）W|FTHi«2UCuBvD解析當水平力F較小時，兩物體相對靜止，加速度相同, 由F=ma知： 兩者的加速度a=m-mi+m2當水平力F較大時，加2相對于加1運動，根據(jù)牛頓第二定律 得：對加1：如=巴警，由于“、加1、加2是定值，故加1的加速度如不變對心bppF筆加2m2k k

2、9;是時間r的線性函數(shù)，斜率盒爲石選項A正確.答案A跟蹤訓練1（多選）（2019鹽城中學質檢）如圖（a）所示，質量為5 kg的小物塊以初速度r0=llm/s從=53。固定斜面 底端先后兩次滑上斜面，第一次對小物塊施加一沿斜面向上 的恒力F第二次無恒力F圖（b）中的兩條線段°、b分別表示 存在恒力F和無恒力F時小物塊沿斜面向上運動的v-t圖 線.不考慮空氣阻力，g=10m/s2, (sin 53° =08、cos 53° =0.6）下列說法中正確的是（）圖(a)圖(b)A恒力F的大小為5 NB.無恒力F時的加速度大小為llm/s2C.物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為扌D.

3、物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.5A v解析：選ABD.由題圖可得：a=&亠一 rA 7711 r。有恒力 F 時：«i=y=pj m/s2=10m/s2； 無恒力 F 時：a2=y=Y m/s2=llm/s2 由牛頓第二定律得：無恒力 F 時:zwgsin +“/wgcos 0=ma2 解得：“=05有恒力 F 時:mgsin +“/wgcos OF=mai 解得：F=5N,故A、B、D正確，C錯誤.牽連體中整體法和隔離法的應用例12 （多選）在斜面上，兩物塊4、B用細線連接，當用力F 沿斜面向上拉物體A時，兩物塊以大小為a的加速度向上運 動，細線中的張力為Fr，兩物塊與斜面

4、間的動摩擦因數(shù)相等, 則當用大小為2F的拉力沿斜面向上拉物塊A時（）A. 兩物塊向上運動的加速度大小為勿B(yǎng).兩物塊向上運動的加速度大小大于2a兩物塊間細線中的張力為2Ft兩物塊間細線中的張力與A、B的質量無關解析設斜面傾角為O.A.B兩物塊的質量分別為M和皿 物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為由牛頓第二定律得兩物塊 的加速度大小為F （M+加） gsin 0fi （M+加） geos 0 F a =Mn= M+m 鞏血2F+“cos當拉力為2F時，加速度大小力=喬帀一g（sin 0+“cos），貝I） a，a=tn>ai 即 a'>2a, A 項錯誤，B 項正確；兩物塊間細線中的張

5、力FT=ma+mgsin +“加geos 0 =箔/與斜面傾角和動摩擦因數(shù)無關，且當拉力為2F時, 細線中的張力為2Ft，但張力與兩物塊的質量有關，C項正 確，D項錯誤.答案BC跟蹤訓練2.(2019-江蘇八校第二次聯(lián)考)質量為加的光滑小球恰好放在質量也為m的圓弧槽內,CD與槽左、右兩端的接觸點分別為A 點和B點，圓弧槽的半徑為從OA與水平線AB成60°角槽 放在光滑的水平桌面上，通過細繩和滑輪與重物c相連，桌面上的那段細繩始終處于水平狀態(tài).通過實驗知道，當槽的 加速度很大時，小球將從槽中滾出，滑輪與細繩的質量都不計,要使小球不從槽中滾出,則重物C的質量M應小于（B. 2mC. (3

6、l)mD.(書+1)加解析：選D當小球剛好要從槽中滾出時，小球受重力和圓弧槽A點對它的支持力，如圖所示.由牛頓第二定律得訕60。 =ma,解得小球的加速mgga=tan60° =緊以整體為研究對象，由牛頓第二定律得Mg=(M+2m)a9解得M=(書+1)加動力學中的臨界極值問題（多選）如圖所示，小車內有1質量為加的物塊，一輕質彈簧兩端與小車和物塊相連，處于壓縮狀態(tài)且在彈性限度 內，彈簧的勁度系數(shù)為広形變量為小物塊和小車之間的動l=J摩擦因數(shù)為“，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，運動過程 中，物塊和小車始終保持相對靜止，則下列說法不正確的是WWXAAA/VKzkx Ring m 9A.若

7、“mg小于kx,則小車的加速度方向一定向右B.若“/wg小于kx,則小車的加速度最小值為a = 且小車只能向左加速運動C. 若Ming大于kx,貝!|小車的加速度方向可以向左也可以向右D. 若“mg大于&,則小車的加速度最大值為住嚴喧，最小值為解析若叩g小于g 而彈簧又處于壓縮狀態(tài)，則物塊所受彈簧彈力和靜摩擦力的合力水平向左，即小車的加速度一 定向左，A錯；由牛頓第二定律得kxFi=ma,當F=fimg 時，加速度方向向左且最小值為Gmin = U，隨著加速度的增加，F(xiàn)f減小到零后又反向增大，當再次出現(xiàn)Frmg時，加速度方向向左達到最大值Gmaxkx+ynig向左加速，也可向右減速，B

8、錯；若“mg大于kx,則物塊所 受彈簧彈力和靜摩擦力的合力（即加速度）可能水平向左，也 可能水平向右，即小車的加速度方向可以向左也可以向右,C對；當物塊的合外力水平向右時，加速度的最大值為警產，物塊的合外力水平向左時，加速度的最大值為 呼則小車的加速度最大值為宅羋最小值為0,0錯答案ABD跟蹤訓練3.如圖，一不可伸長的輕質細繩跨過定滑輪后兩端分別懸掛質量為加1和m2的物體A和B.若滑輪有一定大 小,質量為m且分布均勻,滑輪轉動時與繩之間無相對滑動, 不計滑輪與軸之間的摩擦.設細繩對4和B的拉力大小分別 為門和T2,已知下列四個關于門的表達式中有一個是正確 的.請你根據(jù)所學的物理知識，通過一定的

9、分析，判斷正確 的表達式是（）TxrrhB（加+2如）mgA m+4（加1+加2）（加+2加2）migA，八 wz+2 （伽+如）（加+4加2）mg（加+4如）mg°" wz+2 （仙+加2）D° 八 加+4 （如+加2）解析：選C本題因考慮滑輪的質量皿 左右兩段細繩的拉力 大小不再相同，直接利用牛頓第二定律求解門和卩2有一定 困難，但是利用極限分析法可以較容易地選出答案，若如 接近零，則門也接近零，由此可知，B、D均錯誤；若加1 =加2，則加1、加2靜止不動，Tx=mxg,則A錯誤.應用動力學觀點分析傳送帶模型例 （多選）（2019湖北黃岡模擬）三角形傳送帶以1

10、 m/s的速度逆時針勻速轉動，兩邊的傳送帶長都是2 m,且與水平方向的夾角均為37。現(xiàn)有兩個小物塊A、B從傳送帶頂端 都以Po的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因 數(shù)都是0.5,下列說法正確的是（）A.若 v0l m/s,B.若 v0l m/s,C.若 v0<l m/s,D.若 v0<l m/s,則物塊A先到達傳送帶底端則物塊A、B同時到達傳送帶底端則物塊A先到達傳送帶底端則物塊A、B同時到達傳送帶底端解析因為 “Vtan 37°,若o（）Mlm/s,兩物塊以相同的初速度和加速度沿傳送帶下滑，摩擦力均阻礙物塊的運動，所 以物塊A、B同時到達傳送帶底端,B選項正確

11、;若v0<l m/s, 開始運動的一段時間內，物塊A的加速度大于物塊B的加速 度，然后加速度相等，所以物塊A先到達傳送帶底端，即C 選項正確.答案BC己 跟蹤訓練4.（多選）如圖甲所示，位于同一豎直面內的兩 條傾角都為0的傾斜軌道a、b分別與一傳送裝置的兩端平滑 相連.現(xiàn)將小物塊從軌道a的頂端由靜止釋放，若傳送裝置 不運轉，小物塊運動到軌道b底端的過程的v-t圖象如圖乙 所示；若傳送裝置勻速轉動，則小物塊下滑過程的ef圖象 可能是下列選項中的（）甲乙0tx tA0h tC0B0ti tD解析：選AC.若傳送帶順時針勻速轉動，則物塊在傳送帶上 運動時所受的摩擦力與傳送帶靜止時的相同，加速度為如gsin 一“geos伏貝II e力圖象不變，選項A正