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1、抽象函數(shù)專題講座鄭嚴(yán)抽象函數(shù)是指沒有明確給出詳細(xì)的函數(shù)表達(dá)式,只是給出一些特別條件的函數(shù);一.抽象函數(shù)定義域1 已知f x 的定義域,求fgx的定義域其解法是: 如f x的定義域?yàn)閍 x b ,就在fg x中, a g x b ,從中解得 x的取值范疇即為fg x的定義域例 1.已知函數(shù)f x的定義域?yàn)?,5,求 f 3 x5 的定義域解: qf x 的定義域?yàn)?,5,1 3x5 5 ,4 x 10 33故函數(shù)f 3 x5 的定義域?yàn)?10,332 、已知fgx的定義域,求f x的定義域其解法是:如fg x的定義域?yàn)閙 x n ,就由 m x n 確定的g x的范疇即為 f x 的定義域例 2
2、已知函數(shù)f x22 x2 的定義域?yàn)?,3,求函數(shù)f x的定義域解:由 0 x 3 ,得 1 x22x2 5 令 ux22 x2 ,就f x22 x2f u , 1 u 5 故 f x 的定義域?yàn)?,5二.抽象函數(shù)表達(dá)式與函數(shù)值1. 換元法 .例 3.已知 f1+ x 2=2+ x 2+x 4, 求 fx解 :令 t=1+ x 2t1 x2 =t -1原式即為:f t=2+t-1+t-12 =t 2 -t +2f x= x2 -x+2x12.待定系數(shù)法:假如抽象函數(shù)的類型是確定的,可用待定系數(shù)法來解答有關(guān)抽象函數(shù)的問題;例 4.已知 fx 是多項(xiàng)式函數(shù),且fx+1+fx-1=2x2-4x, 求
3、 fx.解:由已知得fx 是二次多項(xiàng)式,設(shè)fx=ax 2+bx+ca 0代入比較系數(shù)得過且過:a=1,b= -2,c= -1,fx=x 2-2x-1.3.賦值法:有些抽象函數(shù)的性質(zhì)是用條件恒等式給出的,可通過賦特別值法使問題得以解決;例 5.對(duì)任意實(shí)數(shù)x,y ,均滿意fx+y 2 =fx+2fy2 且 f1 0,就 f2001= .解:令 x=y=0, 得: f0=0, 令 x=0,y=1, 得 f0+1 2=f0+2f1 2,f 10,f 11.令x2n, y1, 得f n1f n22 f 11f n, 2即 fn1 - fn1 , 故f n2n ,f 2001 22001.2三、抽象函數(shù)的
4、模型構(gòu)造1、線性函數(shù)型抽象函數(shù)f ( x) kx ( k 0) -f ( x± y) f (x)± f ( y)例 6、已知函數(shù)f x對(duì)任意實(shí)數(shù)x,y,均有f xyf xf y ,且當(dāng) x0 時(shí),f x0 , f 12 ,求f x 在區(qū)間 2, 1 上的值域;解:設(shè)x1x2 ,就x2x10 ,當(dāng) x0 時(shí),f x0 ,f x2x1 0 , f x2 fx2x1 x1f x2x1 f x1 , f x2 f x1 f x2x1 0 ,即f x1 f x2 ,f x為增函數(shù)在條件中,令y x,就f 0f xf x,再令 x y 0,就f 02 f 0 ,f 00 ,故 f xf
5、 x ,f x為奇函數(shù),f 1f 12 ,又 f 22 f 14 , f x的值域?yàn)?4, 2;2、指數(shù)函數(shù)型的抽象函數(shù)f ( x) ax -f ( x y) f ( x) f ( y);f ( x y)f xf y例 7定義在 r上的函數(shù)f x 滿意:對(duì)任意實(shí)數(shù)m, n ,總有f mn f mf n ,且當(dāng) x0時(shí), 0f x1 ( 1)試求f 0 的值;( 2)判定f x的單調(diào)性并證明你的結(jié)論;( 3)試舉出一個(gè)滿意條件的函數(shù)f x 解 :( 1)在f mnf mf n 中,令 m1,n0 得:f 1f 1f 0 由于 f10 ,所以,f 01 ( 2)要判定f x的單調(diào)性,可任取x1,
6、x2r ,且設(shè) x1x2 在已知條件f mn f mf n 中,如取mnx2 , mx1 ,就已知條件可化為:f x2 f x1 f x2x1 由于 x2x10 ,所以 1f x2x1 0 為比較f x2 ,f x1 的大小,只需考慮f x1 的正負(fù)即可在 f mnf mf n 中,令 mx , nx ,就得f xf x1 x0 時(shí), 0f x1 , 當(dāng) x0 時(shí),f x1f x10. 又 f 01 ,所以,綜上,可知,對(duì)于任意x1r ,均有f x1 0 f x2 f x1 f x1 f x2x1 10 函數(shù)f x 在 r 上單調(diào)遞減( 3)如xf x123、對(duì)數(shù)函數(shù)型的抽象函數(shù)f (x) l
7、o gax( a>0 且 a 1) -f ( x· y) f ( x) f ( y);f (x )f ( x) f ( y)y例8、已知函數(shù)f x滿意定義域在 0, 上的函數(shù),對(duì)于任意的x, y0, ,都有f xyf xf y ,當(dāng)且僅當(dāng)x1時(shí),yf x0 成立,( 1)設(shè)x, y0, ,求證f xf yf x ;( 2)設(shè)x1 , x20, ,如f x1 f x2 ,試比較x1 與 x2 的大?。唬?3)解關(guān)于 x 的不等式fx 2 a1 xa10證明:(1)f xyf xf y ,f yxf xf y , f y xf yf x( 2)f x1 f x2 ,f x1 f x
8、2 0 ,即 f x1 x2f x1 f x2 f x1 0 x2當(dāng)且僅當(dāng)x1時(shí),f x0 成立,當(dāng)f x0 時(shí), x1, x1x21 , x1x2( 3)令 xy1代入f xy f xf y 得f 1f 1f 1 ,f 10 ,關(guān)于 x 的不等式fx 2a1 xa10 為 fx 2a1xa1f 1 ,由( 2)可知函數(shù)f x在定義域0, 上是減函數(shù),0x2a1xa11 ,由2xa1xa11得,當(dāng) a1時(shí),1xa ,此時(shí) xa1 xa10 成立;當(dāng) a1時(shí), ax1,此時(shí) x2a1 xa10 成立;當(dāng) a1 , x1 ,此時(shí)2xa1 xa10 成立;4、冪函數(shù)型的抽象函數(shù)f xx2-f xyf
9、 xf y ,f xf x ;yf y例 9.已知定義在-,00,+上的函數(shù)fx 對(duì)任何 x,y 都有 fxy=fxfy,且 fx >0,當(dāng) x>1 時(shí) ,有 fx<1.( 1)判定 fx 的奇偶性( 2)判定并證明fx 在0,+ 上的單調(diào)性 .( 3)求解不等式f 3 xx2 -4 1解: (1)令 y 1,就f - xf xf 1 ,再令 x y1,就f 1f 12 ,f 11 ,再令 x y-1 ,就f 1f -12 ,f -11 ,故 f xf x ,f x 為偶函數(shù),( 2) 對(duì)xr有f x f x .x f 2 x 0, 又f x 0, 故f x 0設(shè)x 1 ,
10、x 2r, 且x 1x, 就 x 22x 11, 就f x 2 f x 2x 1. x 1 f x 2 . f x x 11f x 2 1f x1 f x 1 f x 1 x 1所以 fx 1>fx 2,故 fx 在 r+ 上為減函數(shù) .3 由( 2)知函數(shù)在定義域內(nèi)是單調(diào)遞減的不等式 f3x x2 -4 1=f1 即為 0<3 xx2 -41解得: x的范疇 -,-4-1,0)(0,14,+同學(xué)練習(xí):一填空題1. 如f x的定義域?yàn)?,5,就 xf xf 2 x5 的定義域?yàn)?-4,022.如函數(shù)f 2 x1 的定義域?yàn)?, 32,就函數(shù)f log 2 x的定義域?yàn)? , 4 2
11、23、函數(shù) fx的定義域?yàn)?, ,對(duì)任意正實(shí)數(shù)x,y都有 fxy= fx+fy且 f4=2,就f 24 (1 )已 知f x12是 一 次函 數(shù) , 且 滿 足3 f x12 f x12 x17,f x=;( 2)已知f x1x31 , f x =;3xx答案:( 1)f x2 x7( 2)f xx33x ( x2 或 x2 );5.已知f x 是定義在r 上的偶函數(shù) ,且在0,是增函數(shù) ,f 1 0, 就不等式 3f log 18x0 的解集是 .1111解:由已知f log 18x0f log 1 x8f 3log 1 x83log 1 x8或log 1 x38311x13 , 或x13x
12、1 或x2 .882y6.已知f x 是定義在 3,3 上的奇函數(shù),當(dāng)0x3時(shí),f x的圖像如右圖所示,那么不等式f xx0 的o123x解集是 ; -1,00,17. 假如fxyf x f y, 且f12,就f 2f 4f 6lf 2000的值是 f 1f 3f 5f 1999 20008設(shè) f x 是定義在r 上的函數(shù);對(duì)任意x1, x20 .1 ,都有 f x1 x2 f x1 ·f x2 ,且2f1 a 0f 1 的值為 4解 : 由f x1f x2 f x1 f x2 , x1 , x20 ,1 知:2f xf x f x 0, x0 , 1 f 122f 11 f 1 f
13、 1 f 1 2 , f 1 a 0,1f 1 a 22222221111111214f 2 二、解答題f 44 f 4 f 4 f 4 , f a49、已知函數(shù)f (x)對(duì)任意實(shí)數(shù)x、y 均有 f ( x y) 2 f ( x) f ( y),且當(dāng) x>0 時(shí), f x>2 ,f 3 5 ,求不等式f a 22a23 的解 .解:先證明函數(shù)f (x)在 r 上是增函數(shù);再求出f ( 1) 3;最終脫去函數(shù)符號(hào). 得 a-1,32210.設(shè)定義在 r 上的函數(shù) fx, 滿意當(dāng) x>0 時(shí),fx>1, 且對(duì)任意x,y r,有 fx+y=fxfy,f1=21 解不等式f 3
14、xx4, ; 2 解方程 f x1 f x 23f 21.解:1 先證 fx>0, 且單調(diào)遞增,由于fx=fx+0=fxf0,x>0時(shí) fx>1, 所以 f0=1.又 f xf x2xx2 f 220, 假設(shè)存在某個(gè) x or , 使f x o 0,就fx=fx-xo+x o=fx-x ofx o=0, 與已知沖突,故fx>0任取 x1,x2 r 且 x1<x 2,就 x2-x 1>0,fx 2-x 1>1,所以 fx 1-fx 2=fx 2-x 1+x 1-fx 1 =fx 2-x 1fx 1-fx 1 =fx 1fx 2 -x 1-1>0.所
15、以 x r 時(shí) ,fx 為增函數(shù) . 解得 :x|1<x<22f1=2,f2=2,f3=8,原方程可化為:fx 2+4fx-5=0, 解得 fx=1 或 fx=-5 (舍 由1 得 x=0.11 .函數(shù)f x的定義域?yàn)閞,并滿意以下條件:對(duì)任意 xr, 有f x>0;對(duì)任意x, yr ,有 f xyf x y ; 1.(1) 求f 0的值 ;f 1 32求證 :f x在 r 上是單調(diào)增函數(shù);3如abc0且 b 2ac ,求證 :f a f c2 fb .1解: 對(duì)任意xr , 有f x>0, 令 x0, y2 得,f 0f 0 2f 01(2) 任取任取x , xr,
16、且xx,就令 x1 p , x1 p , 故 pp121213123212函數(shù)f x 的定義域?yàn)閞,并滿意以下條件:對(duì)任意 xr , 有f x>0; 對(duì)任意x, yr ,有 f xyf x y ; 1f 1 3 f x f x 111p11p2 <012f p1 f p2 f f f x1 < f x2 3333函數(shù)f x是 r 上的單調(diào)增函數(shù).3 由( 1)( 2)知,f b f 01 ,f b1 f a f b . a f bab , fcb . ccf b bbbaca c f a f cf b bf b b2 f b b,而 ac2 ac2b22ba c 2f bb2
17、b2f bb2 f b f a f c2 fb12. 定義域?yàn)?r的函數(shù) fx 滿意:對(duì)于任意的實(shí)數(shù)x , y 都有 fx+y=fx+fy成立,且當(dāng)x 0時(shí)fx 0恒成立 .1判定函數(shù) fx 的奇偶性,并證明你的結(jié)論;2證明 fx 為減函數(shù);如函數(shù)fx 在 -3 , 3)上總有 fx 6成立,試確定f1 應(yīng)滿意的條件; 3 解關(guān)于 x的不等式12f axnf x 12f a xnf a, n是一個(gè)給定的自然數(shù), a0解: ( 1)由已知對(duì)于任意x r, y r, f( x+y) =f ( x) + f ( y)恒成立令x=y=0 ,得 f (0+0 ) = f ( 0) + f ( 0), f
18、( 0) =0令x=-y ,得 fx-x = f x + f -x =0對(duì)于任意 x,都有 f -x = - f x f x 是奇函數(shù) .( 2)設(shè)任意 x 1, x2 r且 x1 x2,就 x 2-x 1 0,由已知 f( x 2-x 1) 0( 1) 又f ( x2-x 1) = f ( x2)+ f (-x 1) = f ( x 2) - f ( x1)( 2)由( 1)( 2)得 f x1 f x 2, 依據(jù)函數(shù)單調(diào)性的定義知f x 在 -, + 上是減函數(shù) . f x 在 -3 , 3 上的最大值為f -3 .要使 f x 6恒成立,當(dāng)且僅當(dāng)f -3 6,又 f (-3) = - f ( 3) = - f ( 2+1 )=- f (2) + f ( 1) = - f ( 1) + f ( 1)+ f ( 1) = -3 f ( 1), f ( 1) -2.( 3)1f( ax2) - f ( x )n1f (a2x )- f (a)nf( ax2) - f ( a2x ) nf
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