2018-2019學年浙江省杭州市高二上學期期末考試物理試題

1、2018-2019 學年浙江省杭州市高二（上）期末物理試卷?？荚図樌⒁馐马棧? 、考試范圍：高考范圍。2、答題前，請先將自己的姓名、準考證號用0.5 毫米黑色簽字筆填寫在試題卷和答題卡上的相應位置，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。用 2B 鉛筆將答題卡上試卷類型 A 后的方框涂黑。3、選擇題的作答：每個小題選出答案后，用2B 鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選擇題答題區(qū)域的答案一律無效。4、主觀題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域的答案一律無效。如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答

2、案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。5、選考題的作答：先把所選題目的題號在答題卡上指定的位置用2B 鉛筆涂黑。答案用0.5 毫米黑色簽字筆寫在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選修題答題區(qū)域的答案一律無效。6、保持卡面清潔，不折疊，不破損，不得使用涂改液、膠帶紙、修正帶等。7、考試結束后，請將本試題卷、答題卡、草稿紙一并依序排列上交。一、選擇題（本題共10 小題，每小題3 分，共 30 分，每小題列出的四個備選項中只有個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1. 某同學在操場沿400m跑道繞跑一周，用時80s，則在此過程中A. 位移是400mB. 路程

3、是400mC. 平均速度是5m/sD. 最大瞬時速度是5m/s【答案】B【解析】【分析】位移為從起點指向終點的有向線段，是矢量，路程為運動軌跡的長度，是標量?！驹斀狻緼項：跑一周，位移為零，故A錯誤；B 項：路程為圓的周長即400m，故B 正確；C 項：根據(jù)平均速度的定義為位移與時間的比值，所以平均速度為零，故C錯誤；D 項：無法確定最大瞬時速度，故D 錯誤。故應選 B?！军c睛】解決本題關鍵理解位移為從起點指向終點的有向線段，是矢量，路程為運動軌跡的長度，是標量，平均速度為位移與時間的比值。2. 在物理學發(fā)展的過程中，許多物理學家的科學研究推動了人類文明的進程。在以下幾位物理學家所做科學貢獻的

4、敘述中，正確的是（）A. 伽利略應用“斜面實驗“的結論，得出了牛頓第一定律B. 法拉第不僅提出了場的概念，而且采用電場線來直觀地描繪了電場C. 開普勒將天體之間的引力規(guī)律推廣到宇宙中的一切物體，得出了萬有引力定律D. 牛頓對能量守恒定律的建立作出了突出貢獻【答案】B【解析】【詳解】A伽利略應用“理想斜面實驗”推翻了亞里士多德的“力是維持物體運動的原因”觀點，但沒有總結牛頓第一定律，故A錯誤；B法拉第不僅提出了場的概念，而且采用電場線來直觀地描繪了電場，故B 正確；C牛頓將行星與太陽、地球與月球、地球與地面物體之間的引力規(guī)律推廣到宇宙中的一切物體，得出萬有引力定律，故C錯誤；D牛頓對能量守恒定律

5、的建立沒有作出了突出貢獻，故D 錯誤。3. 在如圖所示的加速行駛的汽車上，有一只木箱A相對于車箱保持靜止。關于木箱A受到的摩擦力，下列說法中正確的是（）A. 因為木箱A在運動，所以不受摩擦力作用B. 因為木箱A向右所以受到的摩擦力方向向右C. 因為木箱A向右運動，所以受到的摩擦力方向向左D. 若某一瞬間，汽車突然改做勻速運動，則木箱A受摩擦力方向向左【答案】B【解析】【詳解】ABC因汽車向前加速運動，木箱與貨車間有向后運動的趨勢，木箱受到向前的摩擦力，即向右的靜摩擦力，故AC錯誤， B 正確；D某一瞬間，汽車突然改做勻速運動，因汽車向前勻速運動時，木箱不受摩擦力，故D 錯誤。4. 如圖所示是“

6、研究影響平行板電容器電容大小的因素的實驗示意圖，在）A、 B 兩板間插入介A. 圖中靜電計的作用是顯示電容器電容的大小B. 插入介質過程，電容器的電容逐漸變小C. 插入介質過程，靜電計指針偏角逐漸變大D. 插入介質過程，靜電計指針偏角逐漸變小【答案】D【解析】【詳解】A靜電計測定平行板電容器兩極間的電壓，兩者并聯(lián)，靜電計兩板間電壓等于平行板電容器兩極間的電壓，故A錯誤；B插入介質過程，依據(jù)電容的決定式，可知，電容器的電容逐漸變大，故B 錯誤；CD插入介質過程，因電容變大，由于極板的電量Q不變，根據(jù)，則有極板間的電壓U減小，因此靜電計指針偏角逐漸變小，故C錯誤， D正確。5.2018 年 12

7、月 12 日，“嫦娥四號”探測器經(jīng)過約 110h 奔月飛行，到達月球附近，成功實施近月制動，順利完成太空剎車”，被月球捕獲，進入了近月點 100 千米，遠月點400 千米的環(huán)月橢園軌道。關于“嫦娥四號”在此環(huán)月軌道上運行時的說法正確的是（ ）- 23 -B. 角速度不變D. 運行周期不變A. 線速度不變C. 向心加速變不變【答案】D【詳解】A根據(jù)開普勒第二定律知，嫦娥四號從遠月點向近月點運動時，線速度變大，故A錯誤；BC嫦娥四號從遠月點向近月點運動時，線速度變大，半徑r 變小，根據(jù)v r 知，角速度變大，根據(jù)知，向心加速度變大，故BC錯誤；D根據(jù)開普勒第三定律，嫦娥四號的軌道半長軸大小不變，周

8、期恒定，故D 正確。6. 如圖，一個陰極射線管兩端加上高電壓后，在其熒光屏上出現(xiàn)一條直的綠色亮線現(xiàn)在在陰極射線管的正下方垂直地放一根通電螺線管，通入的電流方向如圖中箭頭所示則熒光屏上，我們可以觀察到的現(xiàn)象是（）A. 亮線向上彎曲B. 亮線向下彎曲C. 亮線幾乎消失D. 亮線仍直線【答案】B【解析】【詳解】由通電導線的電流方向，根據(jù)右手螺旋定則可得電子射線管處于垂直紙面向里的磁場，當電子流方向從左向右，則由左手定則可得粒子向下偏轉，故ACD錯誤，B 正確。7. 在平直公路上有A、 B 兩輛汽車，它們的v t 圖象分別如圖中a、 b 所示，下列說法正確的是（ ）A. A 車的加速度比B 車的小B.

9、 B 車的加速度大小1.5m/sC. 0 1.5s 內(nèi) A車的平均速度大小為4m/sD. 0 4s 內(nèi) B 車的位移大小為14m【答案】D【解析】【詳解】A根據(jù)v t 圖象斜率表示加速度，斜率絕對值越大，加速度越大，知A車的加速度比B車的大，故A錯誤；8 B 車的加速度大小為：，故 B 錯誤；C 0 1.5s 內(nèi) A車做勻減速直線運動，平均速度大小為：，故C 錯誤；D根據(jù)“面積”表示位移，可得，0 4s 內(nèi) B 車的位移大小為：x× 4m 14m，故D正確。8. 如圖，是一對相互嚙合的錐形齒輪，小齒輪繞軸O1O2轉動，齒數(shù)為23，大齒輪在小齒輪的帶動下繞O3O4轉動，齒數(shù)為46，設大

10、、小齒輪的角速度大小分別為 1、 2，兩齒輪邊緣處的線速度大小分別為v 1、 v2，則（）A. 1： 2 1： 2B. v 1： v2 2： 1C. 若沿O1O2方向看，小齒輪逆時針轉，則沿O3O4方向看，大齒輪逆時針轉D. 若沿O3O4方向看，大齒輪順時針轉，則沿O1O2方向看，小齒輪順時針轉【答案】A【解析】【詳解】AB齒輪傳動時，大小齒輪邊緣線速度相等，根據(jù)v r 知，線速度一定時，其角速度與半徑成反比，故v1v2， 1： 223：46 1 ：2，故A正確，B錯誤；C若沿O1O2方向看，小齒輪逆時針轉，則沿O3O4方向看，大齒輪順時針轉，故C錯誤；D若沿O3O4方向看，大齒輪順時針轉，則

11、沿O1O2方向看，小齒輪逆時針轉，故D錯誤。9. 如圖為一款純電動汽車的銘牌，假設該車在額定功率下以100km/h 勻速行駛，則該車充滿一次電后的最大行程約為（）B. 100kmA. 50kmC. 150kmD. 200km詳 解 】 根 據(jù) 功 W Pt qU ， 知 按 額 定 功 率 可 以 工 作 的 時 間 為，該車充滿一次電后的最大行程約為100× 1.5 150km，故C 正確，ABD錯誤。10. 在杭州灣入?？?，有亞洲第一座大型海上風電場東海大橋海上風電場，該風電場有58臺風機，風機葉輪直徑91m，總裝機容量約200 兆瓦，所生產(chǎn)的綠色電能，相當于為海減少了20 萬輛

12、小轎車產(chǎn)生的碳污染。已知空氣密度為1.29kg/m 3，假設風能轉成電能的效率為50%，則杭州灣海域的平均風速約為（）A. 1m/sB. 4m/sC. 7m/sD. 10m/sL 為半徑的圓面積s l 2，在時間t 內(nèi)通過的位移x vt ，該體積風的動能為，轉化效率為 50%，功率公式該風力發(fā)電機發(fā)出的電功率 P 的數(shù)學表達式為，電能W Pt，代入數(shù)據(jù)，得v 7m/s，故ABD錯誤，C正確。二、選擇題（本題共4 小題，每小題4 分，共 16 分每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的全部選對的得4 分，選對但不全的得2 分，有選錯的得0 分 ）11. 如圖所示，理想變壓器原線圈匝數(shù)n

13、1=1100匝，副線圈匝數(shù)n2=220 匝，交流電源的電壓u=220 sin100 t （V） ，電阻R=44 ，電表均為理想交流電表。則下列說法中正確的是A. 交流電的頻率為50HzB. 電流表A1的示數(shù)為0.20AC. 變壓器的輸入功率為88WD. 電壓表的示數(shù)為44V【答案】ABD【解析】交流電的周期為：T= =0.02s ， f=1/T=50Hz 故A正確原線圈的電壓有效值為220V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知副線圈電壓即電壓表的示數(shù)為44V，則電流表A2的示數(shù)為：I 2= =1A，電流與匝數(shù)成反比，所以電流表A1的示數(shù)為：I 1=× 1=0.2A故B D 正確副線圈的功率P2

14、I 22R 1× 44 44W，所以變壓器的輸入功率P1=44W，故C錯誤故選ABD點睛：解決本題的關鍵知道原副線圈的電壓關系和電流關系，以及知道原副線圈的電壓、電流和功率的決定關系12. 關于靜電現(xiàn)象的防止與應用，下列說法中正確的是（）A. 在自助加油站給汽車加油時，應禁止梳頭或穿脫衣服B. 高壓輸電線上方的兩條導線與大地相連，可以把高壓輸電線屏蔽起來，免遭雷擊C. 處于靜電平衡狀態(tài)的導體上的感應電荷在其內(nèi)部形成的電場強度為零D. 避雷針的作用是通過尖端放電，中和大氣中的電荷，降低云層與大地的電勢差【答案】ABD【解析】【詳解】A在自助加油站給汽車加油時，應禁止梳頭或穿脫衣服，避免

15、梳頭或穿脫衣服產(chǎn)生的靜電火花，引起火災，故A正確；B高壓輸電線上方的兩條導線與大地相連，如果雷電擊中線路，架空地線就能有效的將雷電電流分散到相鄰的桿塔導入地下，避免輸電線路雷擊事故的發(fā)生，故B 正確；C處于靜電平衡狀態(tài)的導體上的感應電荷在其內(nèi)部形成的電場與原電場的電場大小相等，方向相反，不等于零；所以靜電平衡狀態(tài)的導體其內(nèi)部電場強度為零，故C錯誤；D雷電是云層與大地之間或云層之間的放電現(xiàn)象，避雷針的作用是通過尖端放電，中和大氣中的電荷，降低云層與大地的電勢差，故D 正確。13. 如圖所示的實線表示某靜電場的等勢中僅受電場力作用，由M運動到N，其運動軌跡如圖中虛線（）A. 粒子必定帶正電荷B.

16、粒子在 M點速度大于N點速度C. 粒子在M點的電勢能大于它在N點的電勢能D. 粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度【答案】BD【解析】【詳解】AB由電荷的運動軌跡可知，電荷的受力沿著電場線的反方向，所以電荷為負電荷，粒子做減速運動，故A錯誤， B正確；C由M運動到N，電場力做負功，電勢能增加，故N點的電勢能大于M點的電勢能，故C錯誤；D電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，由圖可知，N 點的場強大于 M點的場強的大小，在N點的受力大于在M的受力，所以粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度，故D 正確。14. 如圖所示，一段導線abcd 位于磁感應強度大小為B的勻強磁場中，且

17、與磁場方向（垂直于紙面向里）垂直。線段ab、 bc 和 cd 的長度均為L，且abcbcd 135°流經(jīng)導線的電流為 I ，方向如圖中箭頭所示。關于導線abed 所受到的磁場的作用力的合力，下列說法正確的是（）A. 方向沿紙面垂直bc 向上，大小為（+1） ILBB. 方向沿紙面垂直bc 向下，大小為（+1） ILBC. 若在紙面內(nèi)將abcd 逆時針旋轉30°，力的大小不變D. 若在紙面內(nèi)將abcd 逆時針旋轉60°，力的大小減半AC【解析】【詳解】由安培力公式F BIL，與左手定則，可得ab段導線的安培力方向垂直于導線與磁感線構成的平面并斜向左。同理cd 段導線

18、的安培力方向垂直于導線與磁感線構成的平面并斜向右。因此由平行四邊形定則對這兩個安培力進行分解，可得沿bc段方向的安培力分力正好相互平衡，所以ab 段與 cd 段導線的安培力的合力為BIL，方向豎直向上；而bc段安培力的大小為BIL，方向是豎直向上。則導線段abcd 所受到的磁場的作用力的合力大小為（+1）BIL，方向是豎直向上。若在紙面內(nèi)將abcd 旋轉任何角度，力的大小均不變，故AC正確，BD錯誤。三、實驗探究題（本題共2 小題，每個空格2 分，共 18 分）15. 在探究“功和速度變化的關系“的實驗中，某同學用如圖所示裝置，嘗試通過測得細繩拉力（近似等于懸掛重物的重力）做的功和小車獲得的速

19、度進行探究。（ 1）對于本實驗方案，下列說法正確的是（填序號）A不需要平衡摩擦力B需要重物質量遠小于小車質量C操作時細線應該與木板平行D必須測量小車的質量（ 2）除了圖中所給的儀器，還需要下列哪些儀（填序號）A，秒表B學生電源C天平D刻度尺【答案】（1）. BC （2）. BD【解析】【詳解】 （ 1 ）由圖示實驗裝置可知，小車受到的拉力等于重物的重力；實驗時小車受到的合力等于重物的拉力，因此該方案需要平衡摩擦力，故A 錯誤；只有當重物質量遠小于小車質量時，小車所受到的拉力近似等于重物的重力，否則實驗誤差將很大，因此該方案需要重物的質量遠小于小車的質量，故B 正確；小車受到的拉力等于重物的重力

20、，該方案操作時細線應該與木板平行，故C 正確；在該實驗方案中小車做勻加速直線運動，只需要判斷重物做的功與小車的速度變化的關系即可，可以不測量小車的質量，故D 錯誤。所以選BC。（ 2）打點計時器記錄時間，所以不需要秒表，但必須要學生電源。故A錯誤， B 正確；該實驗只需要判斷速度的平方與做功的大小成正比即可，可以不測量出小車的質量，故C錯誤；要計算小車的速度必須要測量出小車得T時間內(nèi)的位移，所以需要刻度尺，故D正確。所以選BD。16. 某同學想測量一段導體的阻值。（ 1）他先用多用電表進行初步測量，主要的操作過程分以下幾個步驟，請將第步操作填寫完整：將紅、黑表筆分別插入多用電表的“”、“”插孔

21、；選擇電阻擋“×10”；將紅、黑表筆短接，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向“0”；將紅、黑表筆分別與導體的兩端相接，發(fā)現(xiàn)指針示數(shù)接近“0”；選擇電阻擋（ 選填“×100”或“×1 ” ） ，將紅、黑表筆短接，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕調(diào)零后；重新將紅、黑表筆分別與導體的兩端相接，讀取導體的阻值。2）采用上述的操作步驟后，多用電表的指針位置如圖所示。則該段導體的電阻測量值為（ 3）為了比較精確地測量這個導體的電阻值，他采用伏安法繼續(xù)進行實驗測量，現(xiàn)有實驗器材如下：A電源E（電動勢4.0V，內(nèi)阻約0.5 ） ；B電壓表（03V，內(nèi)阻3k） ;C電壓表（0 15V，內(nèi)阻15k ） ；

22、D電流表（0 0.6A，內(nèi)阻 0.1 ）E電流表（03A，內(nèi)阻0.02 ）；F滑動變阻器R1（050 ，1.5A） ；G滑動變阻器R2（02000， 0.3A）；H開關S 和導線若干。為了調(diào)節(jié)方便，測量準確，在實驗中，滑動變阻器應選用（選填序號字母）。連接電路時，電壓表應選（選填序號字母）、電流表應選（選填序號字母）。實驗電路應采用圖中的（選填“甲”或“乙”） 。（ 4）若在上問中選用甲電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是。 （選填選項前的字母）A電流表測量值小于流經(jīng)Rx的電流值B電流表測量值大于流經(jīng)Rx的電流值C電壓表測量值小于Rx兩端的電壓值D電壓表測量值大于Rx兩端的電壓值【答案】（1）. 

23、15; 1 （2）. 8 （3）. F （4）. B （5）. D （6）.甲 （7）. B【解析】（ 1）將紅、黑表筆分別與導體的兩端相接，發(fā)現(xiàn)指針示數(shù)接近“0”，說明倍率檔選擇過大，應該改用×1 檔；（ 2）如圖可知，電阻的測量值為8 .（ 3）電源的電動勢為4V，則電壓表選B；電路中可能出現(xiàn)的最大電流，則電流表選擇D; 滑動變阻器選擇阻值較小的F； 因， 故應選用電流表外接，即選擇甲電路；（ 4）甲電路中產(chǎn)生誤差的原因是由于電壓表的分流作用，使得電流表測量值大于流經(jīng)Rx 的電流值，故選B.四、計算題（本題共4 小題，共5 分，要求解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步

24、驟，有數(shù)值計算的題，解答過程必原寫出數(shù)值和單位，只寫出最后答案不得分）17. （ 2018·浙江省杭州市命題比賽高考選考科目模擬測試）原地縱跳摸高是籃球和羽毛球重要的訓練項目。已知質量m=60 kg 的運動員原地摸高為2.05 米，比賽過程中，該運動員重心先下蹲 0.5 米，經(jīng)過充分調(diào)整后，發(fā)力跳起摸到了2.85 米的高度。假設運動員起跳時為勻加速運動，求：1）該運動員離地面時的速度大小為多少；2）起跳過程中運動員對地面的壓力；3）從開始起跳到雙腳落地需要多少時間？（ 1） 4m/s （ 2） 1560N（ 3） 1.05s1） 從開始起跳到腳離開地面重心上升重心上=0.5m， 離開

25、地面到上升到最高點的過程中，升距離=0.8m，根據(jù)速度位移關系：所以；（ 2）腳未離地過程中，得對人受力分析，得由牛頓第三定律可知運動員對地面的壓力為1560N，方向向下；（ 3） 加速上升時間，減速上升的時間，加速下降和減速上升時間相同，故總時間為。18. 如圖所示，豎直平面內(nèi)半徑R 045m的光滑半圓形軌道BCD，與傾角為37°的斜面在B點處圓滑連接。A、 D 兩點等高，在A處固定一彈射器。質量m 0.2kg 的小物塊（可看作質點）從彈射器彈出后，沿動摩擦因數(shù) 0.5 的斜面下滑，到達B端時速度為m/s，然后通過1）小物塊被彈射器彈出過程中，彈射器釋放的彈性勢能；2）小物塊在半圓

26、形軌道從D點水平飛出，求：D點時對軌道的作用力；3）小物塊從D點飛出后落在斜面上離B 點的距離。（ 1） 0.8J （ 2） 0.2N，方向向下（3） 0.75m（ 1）小物體被彈出到B 點的過程，由動能定理得W彈 +( mgsin37° mgcos37°)LAB 0其中：LAB解得：W彈 0.8JEP 0.8J2）由B 到 D的過程由動能定理得：mg?2R解得：vD 2m/s在 D 點由牛頓第二定律得：FN+mg m聯(lián)立解得：FN0.2N由牛頓第三定律知對軌道內(nèi)壁的作用力為0.2N，方向向下（ 3）設從D飛出到斜面的時間為t，由平拋運動的規(guī)律得豎直方向：y水平方向：xvD

27、t由幾何關系得：tan 37°聯(lián)立解得：t 0.3s設打在斜面上的位置為P，則PB解得：PB 0.75m19. 如圖所示的坐標平面內(nèi)，y 軸左側存在方向垂直紙面向外、磁感應強度大小B1 0.20 T 的勻強磁場，在y 軸的右側存在方向垂直紙面向里、寬度d 12.5 cm 的勻強磁場B2，某時刻一質量m 2.0× 10 8kg、 電量q4.0× 10 4C的帶電微粒（ 重力可忽略不計）， 從 x 軸上坐標為（ 0.25 m ， 0）的 P點以速度v 2.0× 10 3m/s 沿y 軸正方向運動試求：（1） 微粒在 y 軸左側磁場中運動的軌道半徑；（2） 微粒第一次經(jīng)過y 軸時，速度方向與y 軸正方向的