傳送帶、滑塊木板模型

1、內裝訂線學校:_姓名：_班級：_考號：_外裝訂線本卷由【無憂題庫】自動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考。1.（多選）如圖所示為糧袋的傳送帶裝置，已知AB間的長度為L，傳送帶與水平方向的夾角為，工作時運行速度為v，糧袋與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，正常工作時工人在A點將糧袋從A到B的運動，以下說法正確的是（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）（）A糧袋到達B點的速度與v比較，可能大，也可能相等或小B糧袋開始運動的加速度為g（sincos），若L足夠大，則以后將一定以速度v做勻速運動C若tan，則糧袋從A到B一定一直是做加速運動D不論如何小，糧袋從A到B一直勻加速運動，且agsin2.（單選）如圖所示，

2、足夠長的傳送帶與水平面夾角為，以速度v0逆時針勻速轉動在傳送帶的上端輕輕放置一個質量為m的小木塊，小木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)tan，則下圖中能客觀地反映小木塊的速度隨時間變化關系的是（）ABCD3.（單選）如圖所示，傾斜的傳送帶順時針勻速轉動，一物塊從傳送上端A滑上傳送帶，滑上時速率為v1，傳送帶的速率為v2，且v2v1，不計空氣阻力，動摩擦因數(shù)一定，關于物塊離開傳送帶的速率v和位置，下面哪個是不可能的（）A從下端B離開，vv1B從下端B離開，vv1C從上端A離開，v=v1D從上端A離開，vv14.（多選）如圖所示，水平傳送帶以速度v1勻速運動，小物體P、Q由通過定滑輪且不可伸長的輕繩相連，

3、t=0時刻P在傳送帶左端具有速度v2，P與定滑輪間的繩水平，t=t0時刻P離開傳送帶不計定滑輪質量和摩擦，繩足夠長能正確描述小物體P速度隨時間變化的圖象可能是（） A B C D 5.（多選）如圖所示，一足夠長的木板靜止在光滑水平面上，一物塊靜止在木板上，木板和物塊間有摩擦現(xiàn)用水平力向右拉木板，當物塊相對木板滑動了一段距離但仍有相對運動時，撤掉拉力，此后木板和物塊相對于水平面的運動情況為（）A物塊先向左運動，再向右運動B物塊向右運動，速度逐漸增大，直到做勻速運動C木板向右運動，速度逐漸變小，直到做勻速運動D木板和物塊的速度都逐漸變小，直到為零6.（多選）如圖所示，一足夠長的木板靜止在光滑水平面

4、上，一物塊靜止在木板上，木板和物塊間有摩擦現(xiàn)用水平力向右拉木板，當物塊相對木板滑動了一段距離但仍有相對運動時，撤掉拉力，此后木板和物塊相對于水平面的運動情況為（）A物塊先向左運動，再向右運動B物塊向右運動，速度逐漸增大，直到做勻速運動C木板向右運動，速度逐漸變小，直到做勻速運動D木板和物塊的速度都逐漸變小，直到為零7.（多選）如圖，傳送帶與水平面夾角=37°，并以v=l0m/s的速度運行，在傳送帶的A端輕輕地放一小物體，若已知傳送帶與物體之間的動摩擦因數(shù)=0.5，傳送帶A到B端的距離s=l6m，則小物體從A端運動到B端所需的時間可能是（g=10m/s2）（） A 1.8s B 2.0

5、s C 2ls D 4.0s8.（單選）如圖所示，A、B兩物塊的質量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上A、B間的動摩擦因數(shù)為，B與地面間的動摩擦因數(shù)為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g現(xiàn)對A施加一水平拉力F，則下列說法中錯誤的是（） A 當F2mg 時，A、B都相對地面靜止 B 當F=mg時，A的加速度為g C 當F3mg時，A相對B滑動 D 無論F為何值，B的加速度不會超過g9.（多選）如圖所示傾斜的傳送帶以一定的速度逆時針運轉，現(xiàn)將一物體輕放在傳送帶的頂端，此后物體在向下運動的過程中（）A物體可能一直向下做勻加速運動，加速度不變B物體可能一直向下做勻速直線運動C物體可能一直向下做

6、勻加速運動，運動過程中加速度改變D物體可能先向下做加速運動，后做勻速運動10.（單選）一條足夠長的淺色水平傳送帶自左向右勻速運行現(xiàn)將一塊木炭無初速度地放在傳送帶的最左端，木炭在傳送帶上將會留下一段黑色的痕跡下列說法正確的是（） A 褐色的痕跡將出現(xiàn)在木炭的左側 B 木炭的質量越大，痕跡的長度越短 C 傳送帶運動的速度越大，痕跡的長度越短 D 木炭與傳送帶間動摩擦因數(shù)越大，痕跡的長度越短 11.如圖，質量M1 kg的木板靜止在水平面上，質量m1 kg、大小可以忽略的鐵塊靜止在木板的右端。設最大摩擦力等于滑動摩擦力，已知木板與地面間的動摩擦因數(shù)10.1，鐵塊與木板之間的動摩擦因數(shù)20.4，取g10

7、 m/s2現(xiàn)給鐵塊施加一個水平向左的力F（1）若力F恒為8 N，經(jīng)1 s鐵塊運動到木板的左端。求：木板的長度L（2）若力F從零開始逐漸增加，且木板足夠長。試通過分析與計算，在圖中作出鐵塊受到的摩擦力f隨力F大小變化的圖象12.如圖所示，長L=1.5m，高h=0.45m，質量M=10kg的長方體木箱，在水平面上向右做直線運動當木箱的速度v0=3.6m/s時，對木箱施加一個方向水平向左的恒力F=50N，并同時將一個質量m=1kg的小球輕放在距木箱右端的P點（小球可視為質點，放在P點時相對于地面的速度為零），經(jīng)過一段時間，小球脫離木箱落到地面木箱與地面的動摩擦因數(shù)為0.2，其他摩擦均不計取，求：（1

8、）小球從離開木箱開始至落到地面所用的時間；（2）小球放上P點后，木箱向右運動的最大位移；（3）小球離開木箱時木箱的速度13.5個相同的木塊緊挨著靜止放在地面上，如圖所示。每塊木塊的質量為m1kg，長l=1m。它們與地面間的動摩擦因數(shù)10.1，木塊與地面的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?，F(xiàn)有一質量為M2.5kg的小鉛塊(視為質點)，以v04m/s的初速度向右滑上左邊第一木塊的左端，它與木塊的動摩擦因數(shù)20.2。小鉛塊剛滑到第四塊木塊時，木塊開始運動，求：(1)鉛塊剛滑到第四塊木塊時的速度。(2)通過計算說明為什么小鉛塊滑到第四塊木塊時，木塊才開始運動。(3)小鉛塊停止運動后，離第一塊木塊的左端多遠？

9、14.如圖，水平面上的矩形箱子內有一傾角為的固定斜面，斜面上放一質量為m的光滑球，靜止時，箱子頂部與球接觸但無壓力，箱子由靜止開始向右做勻加速運動，然后該做加速度大小為a的勻減速運動直至靜止，經(jīng)過的總路程為s，運動過程中的最大速度為v（1）求箱子加速階段的加速度為a（2）若agtan，求減速階段球受到箱子左壁和頂部的作用力15.如圖所示，為一個實驗室模擬貨物傳送的裝置，A是一個表面絕緣質量為1kg的小車，小車置于光滑的水平面上，在小車左端放置一質量為0.1kg帶電量為q=1×10-2C的絕緣貨柜，現(xiàn)將一質量為0.9kg的貨物放在貨柜內在傳送途中有一水平電場，可以通過開關控制其有、無及

10、方向先產(chǎn)生一個方向水平向右，大小E1=3×102N/m的電場，小車和貨柜開始運動，作用時間2s后，改變電場，電場大小變?yōu)镋2=1×102N/m，方向向左，電場作用一段時間后，關閉電場，小車正好到達目的地，貨物到達小車的最右端，且小車和貨物的速度恰好為零。已知貨柜與小車間的動摩擦因數(shù)µ=0.1，（小車不帶電，貨柜及貨物體積大小不計，g取10m/s2）求：第二次電場作用的時間；小車的長度；小車開始運動時右端到目的地的距離16.如圖所示，傳送帶的水平部分AB長為L=4m，以v0=5m/s的速度順時針轉動，水平臺面BC與傳送帶平滑連接于B點，BC長S=1m，臺面右邊有高為

11、h=0.5m的光滑曲面CD，與BC部分相切于C點一質量m=1kg的工件（視為質點），從A點無初速釋放，工件與傳送帶及臺面BC間的動摩擦因數(shù)均為=0.2，g=10m/s2，求（1）工件運動到B點時的速度大小；（2）通過計算說明，工件能否通過D點到達平臺DE上；（3）求工件在傳送帶上滑行的整個過程中產(chǎn)生的熱量17.如圖所示，一傳送帶AB段的傾角為37°，BC段彎曲成圓弧形，CD段水平，A、B之間的距離為12.8m，BC段長度可忽略，傳送帶始終以v=4m/s的速度逆時針方向運行現(xiàn)將一質量為m=1kg的工件無初速度放到A端，若工件與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為=0.5，在BC段運動時，工件速率保

12、持不變，工件到達D點時速度剛好減小到與傳送帶相同取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8求：（1）工件從A到D所需的時間（2）工件從A到D的過程中，與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量18.質量M=9kg、長L=1m的木板在動摩擦因數(shù)1=0.1的水平地面上向右滑行，當速度v0=2m/s時，在木板的右端輕放一質量m=1kg的小物塊如圖所示當小物塊剛好滑到木板左端時，物塊和木板達到共同速度取g=10m/s2，求：（1）從木塊放到木板上到它們達到相同速度所用的時間t；（2）小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)219.如圖所示，質量為M=4kg的滑板B靜止放在光滑水平面上，C到

13、滑板左端的距離L=0.5m，這段滑板與木塊A之間的動摩擦因數(shù)=0.2，可視為質點的小木塊A質量m=1kg，原來靜止于滑板的左端，當滑板B受水平向左的恒力F=14N作用時間t后撤去，這時木塊A恰好到達C處，假設A、B間的最大靜摩擦力跟滑動摩擦力相等，（取g=10m/s2）試求：水平恒力F的作用時間t20.如圖所示，光滑水平面上放著長L=2m，質量為M=4.5kg的木板（厚度不計），一個質量為m=1kg的小物體放在木板的最右端，m和M之間的動摩擦因數(shù)=0.1，開始均靜止今對木板施加一水平向右的恒定拉力F，（g取10m/s2）求：（1）為使小物體不從木板上掉下，F(xiàn)不能超過多少（2）如果拉力F=10N

14、，小物體能獲得的最大速度21.如圖所示，有一塊木板靜止在光滑且足夠長的水平面上，木板質量為M=4kg，長為L=1.4m木板右端放著一小滑塊，小滑塊質量為m=1kg，其尺寸遠小于L小滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為=0.4，取g=10m/s2（1）現(xiàn)用恒力F作用在木板M上，為了使得m能從M上面滑落下來，問：F大小的范圍是什么？（2）其它條件不變，若恒力F=22.8N，且始終作用在M上，最終使得m能從M上面滑落下來問：m在M上面滑動的時間是多大？22.一傳送帶裝置如圖所示，其中AB段是水平的，長度LAB=4m，BC段是傾斜的，長度LBC=5m，傾角為=37°，AB和BC在B點通過一段極短的圓

15、弧連接（圖中未畫出圓?。?，傳送帶以v=4m/s的恒定速率順時針運轉已知工件與傳送帶間的動摩擦因數(shù)=0.5，重力加速度g取10m/s2現(xiàn)將一個工件（可看作質點）無初速地放在A點求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）工件第一次到達B點所用的時間；（2）工件運動了23s時距A點右側的水平距離23.如圖所示，一質量為8m的長木板靜止在光滑水平面上，某時刻一質量為m的小鐵塊以速度從木板的右端滑上木板已知鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度大小為g，木板足夠長，求：（1）鐵塊與木板的加速度大小；（2）當木板在水平面上加速滑行的距離為x時，鐵塊在木板上滑行的長度為多少

16、？試卷答案1.考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關系版權所有專題：牛頓運動定律綜合專題分析：糧袋在傳送帶上可能一直做勻加速運動，到達B點時的速度小于v；可能先勻加速運動，當速度與傳送帶相同后，做勻速運動，到達B點時速度與v相同；也可能先做加速度較大的勻加速運動，當速度與傳送帶相同后做加速度較小的勻加速運動，到達B點時的速度大于v；糧袋開始時受到沿斜面向下的滑動摩擦力，加速度為g（sin+cos）若tan，糧袋從A到B可能一直是做加速運動，也可能先勻加速運動，當速度與傳送帶相同后，做勻速運動解答：解：A、糧袋在傳送帶上可能一直做勻加速運動，到達B點時的速度小于v；可能先勻加速運動，

17、當速度與傳送帶相同后，做勻速運動，到達B點時速度與v相同；也可能先做加速度較大的勻加速運動，當速度與傳送帶相同后做加速度較小的勻加速運動，到達B點時的速度大于v；故A正確 B、糧袋開始時受到沿斜面向下的滑動摩擦力，大小為mgcos根據(jù)牛頓第二定律得到，加速度a=g（sin+cos）故B錯誤 C、若tan，可能是一直以g（sin+cos）的加速度勻加速；也可能先以g（sin+cos）的加速度勻加速，后以g（sincos）勻加速故C正確 D、由上分析可知，糧袋從A到B不一定一直勻加速運動故D錯誤故選：AC點評：本題考查分析物體運動情況的能力，而要分析物體的運動情況，首先要具有物體受力情況的能力傳送

18、帶問題，物體的運動情況比較復雜，關鍵要考慮物體的速度能否與傳送帶相同2.考點：牛頓第二定律.專題：牛頓運動定律綜合專題分析：要找出小木塊速度隨時間變化的關系，先要分析出初始狀態(tài)物體的受力情況，本題中明顯重力的分力與摩擦力均沿著斜面向下，且都是恒力，所以物體先沿斜面勻加速直線運動，有牛頓第二定律求出加速度a1；當小木塊的速度與傳送帶速度相等時，由tan知道木塊繼續(xù)沿傳送帶加速向下，但是此時摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛頓第二定律求出此時的加速度a2；比較知道a1a2解答：解：初狀態(tài)時：重力的分力與摩擦力均沿著斜面向下，且都是恒力，所以物體先沿斜面勻加速直線運動，由牛頓第二定律得：加速度：a1=g

19、sin+gcos；當小木塊的速度與傳送帶速度相等時，由tan知道木塊繼續(xù)沿傳送帶加速向下，但是此時摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛頓第二定律求出此時的加速度：a2=gsingcos；比較知道a1a2，圖象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率變小故選D點評：本題的關鍵1、物體的速度與傳送帶的速度相等時物體會繼續(xù)加速下滑2、小木塊兩段的加速度不一樣大是一道易錯題3.考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系版權所有專題：牛頓運動定律綜合專題分析：由于不知道摩擦力和重力沿斜面分量的大小關系，所以物體可能從A端離開，也可能從B端離開，若能從A端離開，由運動的可逆性可知，必有v=v1，若從B端離開

20、，當摩擦力大于重力的分力時，則vv1，當摩擦力小于重力的分力時，則vv1解答：解：滑塊從A端滑上傳送帶，在傳送帶上必先相對傳送帶向下運動，由于不確定滑塊與傳送帶間的摩擦力和滑塊的重力沿斜面下滑分力的大小關系和傳送帶的長度，若能從A端離開，由運動的可逆性可知，必有v=v1，故C正確，D錯誤；若從B端離開，當摩擦力大于重力的分力時，則vv1，當摩擦力小于重力的分力時，則vv1，當摩擦力和重力的分力相等時，滑塊一直做勻速直線運動，v=v1，故A、B正確本題選不可能的，故選：D點評：物體在傳送帶上的運動是考試的熱點，關鍵是正確對物體進行受力分析，明確問題的運動性質4.【考點】： 牛頓第二定律；勻變速直

21、線運動的圖像【專題】： 牛頓運動定律綜合專題【分析】： 要分不同的情況進行討論：若V2V1：分析在fQ的重力時的運動情況或fQ的重力的運動情況若V2V1：分析在fQ的重力時的運動情況或fQ的重力的運動情況： 解：1若v1=v2，小物體P可能受到的靜摩擦力等于繩的拉力，一直相對傳送帶靜止勻速向右運動，若最大靜摩擦力小于繩的拉力，則小物體P先向右勻減速運動，減速到零后反向勻加速直到離開傳送帶，由牛頓第二定律知mQgmPg=（mQ+mP）a，加速度不變；2若v1v2，小物體P先向右勻加速直線運動，由牛頓第二定律知mPgmQg=（mQ+mP）a，到小物體P加速到與傳送帶速度v1相等后勻速，故B選項可能

22、；3若v1v2，小物體P先向右勻減速直線運動，由牛頓第二定律知mQgmPg=（mQ+mP）a1，到小物體P減速到與傳送帶速度v1相等后，若最大靜摩擦力大于或等于繩的拉力，繼續(xù)向右勻速運動，A選項正確，若最大靜摩擦力小于繩的拉力，繼續(xù)向右減速但滑動摩擦力方向改向，此時勻減速運動的加速度為mQg+mPg=（mQ+mP）a2，到減速為零后，又反向以a2加速度勻加速向左運動，而a2a1，故C選項正確，D選項錯誤故選：ABC【點評】： 考查摩擦力的方向與速度的關系，明確其與相對運動方向相反，結合牛頓第二定律分析運動情況，較難5.考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系版權所有專題：壓軸題；牛

23、頓運動定律綜合專題分析：據(jù)題，當物塊相對木板滑動了一段距離仍有相對運動時撤掉拉力，此時物塊的速度小于木板的速度，兩者之間存在滑動摩擦力，根據(jù)摩擦力的方向分別分析兩個物體的運動情況解答：解：由題知道：當物塊相對木板滑動了一段距離仍有相對運動時撤掉拉力，此時物塊的速度小于木板的速度，兩者之間存在滑動摩擦力，物塊受到木板的滑動摩擦力方向向右，與其速度方向相同，向右做加速運動，而木板受到物塊的滑動摩擦力方向向左，與其速度方向相反，向右做減速運動，當兩者速度相等時一起向右做勻速直線運動故選BC點評：本題關鍵要分析得到撤掉拉力時兩個物體之間仍存在摩擦力，考查分析物體受力情況和運動情況的能力6.考點：牛頓第

24、二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系版權所有專題：壓軸題；牛頓運動定律綜合專題分析：據(jù)題，當物塊相對木板滑動了一段距離仍有相對運動時撤掉拉力，此時物塊的速度小于木板的速度，兩者之間存在滑動摩擦力，根據(jù)摩擦力的方向分別分析兩個物體的運動情況解答：解：由題知道：當物塊相對木板滑動了一段距離仍有相對運動時撤掉拉力，此時物塊的速度小于木板的速度，兩者之間存在滑動摩擦力，物塊受到木板的滑動摩擦力方向向右，與其速度方向相同，向右做加速運動，而木板受到物塊的滑動摩擦力方向向左，與其速度方向相反，向右做減速運動，當兩者速度相等時一起向右做勻速直線運動故選BC點評：本題關鍵要分析得到撤掉拉力時兩個物體之間仍

25、存在摩擦力，考查分析物體受力情況和運動情況的能力7.解：若傳送帶順時針運動，對放在傳送帶上的小物體進行受力分析，小物體沿傳送帶向下滑動時，無論傳送帶時靜止還是沿順時針分析正常轉動，小物體的受力情況完全一樣，都是在垂直傳送帶的方向受力平衡，受到沿傳送帶向上的滑動摩擦力，如圖甲所示，根據(jù)牛頓第二定律，小物體沿傳送帶下滑的加速度為：a1=g（sincos）=10×（0.60.5×0.8）m/s2=2m/s2，小物體從A端運動到B端做初速度為零的勻加速直線運動，設需要的時間為t，則s=a1t2，t=4s（3）當傳送帶沿逆時針方向正常轉動時，開始時，傳送帶作用于小物體的摩擦力沿傳送帶

26、向下，小物體下滑的加速度a2=g（sin+cos）=10m/s2小物體加速到與傳送帶運行速度相同是需要的時間為t1=s=1s，在這段時間內，小物體沿傳送帶下滑的距離為s1=at2=×10×1=5m由于 tan，此后，小物體沿傳送帶繼續(xù)加速下滑時，它相對于傳送帶的運動的方向向下，因此傳送帶對小物體的摩擦力方向有改為沿傳送帶向上，如圖乙所示，其加速度變?yōu)閍1=g（sincos）=10×（0.60.5×0.8）m/s2=2m/s2小物體從該位置起運動到B端的位移為ss1=16m5m=11m小物體做初速度為v=10m/s、加速度為a1的勻加速直線運動，由ss1=

27、vt2a1t22代入數(shù)據(jù)，解得t2=1s（t2=11s舍去）所以，小物體從A端運動到B端的時間為t=t1+t2=2s故選BD8.解：A、設B對A的摩擦力為f1，A對B的摩擦力為f2，地面對B的摩擦力為f3，由牛頓第三定律可知f1與f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均為2mg，f3的最大值為mg故當0Fmg時，A、B均保持靜止；繼續(xù)增大F，在一定范圍內A、B將相對靜止以共同的加速度開始運動，故A錯誤；C、設當A、B恰好發(fā)生相對滑動時的拉力為F，加速度為a，則對A，有F2mg=2ma，對A、B整體，有Fmg=3ma，解得F=3mg，故當mgF3mg時，A相對于B靜止，二者以共同的加速度開始

28、運動；當F3mg時，A相對于B滑動C正確B、當F=mg時，A、B以共同的加速度開始運動，將A、B看作整體，由牛頓第二定律有Fmg=3ma，解得a=，B正確D、對B來說，其所受合力的最大值Fm=2mgmg=mg，即B的加速度不會超過g，D正確因選不正確的，故選：A9.考點：牛頓第二定律；力的合成與分解的運用版權所有專題：牛頓運動定律綜合專題分析：物體放上傳送帶后，由于發(fā)生相對滑動，先做勻加速直線運動，抓住重力沿斜面方向分力與最大靜摩擦力的大小關系，判斷速度與傳送帶速度相等后的運動規(guī)律解答：解：A、物體放上傳送帶后，受到沿斜面向下的滑動摩擦力，所受的合力沿斜面向下，加速度沿斜面向下，可能向下一直做

29、勻加速直線運動，到達底端時速度仍然未達到傳送帶速度，故A正確B、物體放上傳送帶后，由于相對滑動，不可能一直做勻速直線運動，故B錯誤C、物體放上傳送帶后，可能先做勻加速直線運動，當速度達到傳送帶速度后，由于重力沿斜面的分力大于最大摩擦力，不能保持相對靜止，然后做加速度不同的勻加速直線運動，故C正確D、物體放上傳送帶后，可能先做勻加速直線運動，當速度達到傳送帶速度后，由于重力沿斜面的分力小于最大靜摩擦力，保持相對靜止，一起做勻速直線運動，故D正確故選：ACD點評：本題考查了傳送帶模型，解決本題的關鍵理清物體的運動規(guī)律，注意各種可能性的存在10.解：A、剛放上木炭包時，木炭包的速度慢，傳送帶的速度快

30、，木炭包向后滑動，所以黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的右側，所以A錯誤B、木炭包在傳送帶上運動靠的是與傳送帶之間的摩擦力，摩擦力作為它的合力產(chǎn)生加速度，所以由牛頓第二定律知，mg=ma，所以a=g，當達到共同速度時，不再有相對滑動，由V2=2ax 得，木炭包位移 X木=，設相對滑動的時間為t，由V=at，得t=，此時傳送帶的位移為x傳=vt=，所以滑動的位移是x=x傳X木=，由此可以知道，黑色的徑跡與木炭包的質量無關，所以B錯誤，C、由B知，傳送帶運動的速度越大，徑跡的長度越長，所以C錯誤，D、木炭包與傳送帶間動摩擦因數(shù)越大，徑跡的長度越短，所以D正確故選：D11.（1）；（2）圖象見解析【命題立意

31、】本題旨在考查牛頓第二定律、勻變速直線運動的位移與時間的關系。（1）鐵塊，由牛頓第二定律： 木板，由牛頓第二定律： 設木板的長度為，經(jīng)時間t鐵塊運動到木板的左端，則： 又： 聯(lián)立解得： （2）（i）當時，系統(tǒng)沒有被拉動，靜摩擦力與外力成正比，即：（ii）當時，如果M、m相對靜止，鐵塊與木板有相同的加速度，則： 解得： 此時：，也即 所以：當時， （iii）當時，M、m相對滑動，此時鐵塊受到的摩擦力為：圖象如圖所示：答：（1）木板的長度為；（2）圖象如圖所示。12.考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系；勻變速直線運動的速度與位移的關系；自由落體運動.專題：壓軸題；牛頓運動定律綜合

32、專題分析：（1）小球離開木箱后做自由落體運動，根據(jù)位移時間關系可以求得時間；（2）對木箱受力分析，求出加速度，可以根據(jù)速度時間關系公式和位移時間關系公式分別求出位移和時間；（3）先對木箱受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，然后可以先根據(jù)位移時間關系公式求得時間，再根據(jù)速度時間公式求末速度，也可以直接根據(jù)速度位移關系公式求末速度解答：解：（1）木箱上表面的摩擦不計，因此小球在離開木箱前相對地面處于靜止狀態(tài)，離開木箱后將作自由落體運動由，得小球從離開木箱開始至落到地面所用的時間為0.3s（2）小球放到木箱后，木箱的加速度為：木箱向右運動的最大位移為：小球放上P點后，木箱向右運動的最大位移為0.9

33、m（3）x1小于1m，所以小球不會從木箱的左端掉下木箱向左運動的加速度為設木箱向左運動的距離為x2時，小球脫離木箱，則：設木箱向左運動的時間為t2，則：由得：所以，小球離開木箱的瞬間，木箱的速度方向向左，大小為：v2=a2t2=2.8×1=2.8m/s點評：本題關鍵對分向右減速和向左加速兩過程對木箱受力分析后求得加速度，然后根據(jù)運動學公式求解待求量13.(1)2m/s;(2)計算如下；(3).本題主要考查勻變速運動以及牛頓第二定律； (1)設小鉛塊在前三塊木塊上運動的加速度大小為，剛滑到第四塊的速度為,由牛頓第二定律得 由運動學公式得 聯(lián)立得 (2)設小鉛塊滑到第n塊木塊時對木塊的摩

34、擦力后面的6-n塊木塊受到地面的最大靜摩擦力為要使木塊滑動，應滿足，即 <5解得n>3.5故取n=4(3)設小鉛塊滑上4木塊經(jīng)過t秒和4、5木塊達到共同速度，此過程小鉛塊、4、5木塊的對地位移為和，相對位移為，4、5木塊運動的加速度為 - =- 聯(lián)立解得 = 由于 <l ( <l)說明小鉛塊沒有離開第四塊木塊，最后小鉛塊與4、5木塊達共同速度一起減速為零。設小鉛塊與4、5木塊達到共同速度為，一起減速的加速度大小為，減速位移為 = 聯(lián)立得 小鉛塊最終離1木塊左端為 聯(lián)立14.考點：牛頓第二定律；物體的彈性和彈力.專題：牛頓運動定律綜合專題分析：（1）由運動學的公式即可求得

35、物體的加速度；（2）可以先設小球不受車廂的作用力，求得臨界速度，然后使用整體法，結合牛頓第二定律即可求解解答：解：（1）設加速度為a，由勻變速直線運動的公式：得：解得：（2）設小球不受車廂的作用力，應滿足：Nsin=maNcos=mg解得：a=gtan減速時加速度的方向向左，此加速度有斜面的支持力N與左壁支持力共同提供，當agtan 時，左壁的支持力等于0，此時小球的受力如圖，則：Nsin=maNcosF=mg解得：F=macotmg答：（1）箱子加速階段的加速度為；（2）若agtan，減速階段球受到箱子左壁的作用力是0，頂部的作用力是macotmg點評：該題中的第二問中，要注意選取受到的左壁

36、的作用力等于0的臨界條件，以及臨界速度中檔題目15.A 解析：（1）貨物 小車經(jīng)t1=2s 貨物運動 小車運動 貨物V1=a1t1=2×2=4m/s 向右小車V2=a2t1=1×2=2m/s 向右經(jīng)2秒后，貨物作勻減速運動 向左小車加速度不變，仍為a2=1m/s2 向右，當兩者速度相等時，貨柜恰好到達小車最右端，以后因為qE2=f=µ(m0+m1)g，貨柜和小車一起作為整體向右以向右作勻減速直到速度都為0 共同速度為V=V1a1t2 V=V2+a2t2t2= V=m/s貨物和小車獲得共同速度至停止運動用時 第二次電場作用時間t=t2+t3=6s（2）小車在t2內位

37、移S3=V2t2+a2t22=m 貨柜在t2內位移為S4=V1t2a1t22=m 小車長度L=S1-S2+S4-S3=m （或qE1S1-qE2S4= L=m（3）小車右端到達目的地的距離為S 【思路點撥】（1）根據(jù)牛頓第二定律分別求出小車和貨物的加速度，再根據(jù)運動學基本公式分別求出速度和位移，經(jīng)2秒后，貨物作勻減速運動，求出貨物的加速度，小車加速度不變，仍為a2=1m/s2向右，當兩者速度相等時，貨柜恰好到達小車最右端，以后因為qE2=f=µ（m0+m1）g，貨柜和小車一起作為整體向右以相同的加速度向右作勻減速直到速度都為0求出貨物和小車獲得共同速度至停止運動用時間，即可求出第二次

38、電場作用時間；（2）求出小車在t2時間內位移和貨柜在t2時間內位移，根據(jù)位移關系即可求得小車長度；（3）小車右端到達目的地的距離為三段運動位移之和16.考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系；力的合成與分解的運用版權所有專題：傳送帶專題分析：（1）根據(jù)牛頓第二定律求出工件在傳送帶上的加速度，結合速度時間公式求出工件與傳送帶速度相等經(jīng)歷的時間，根據(jù)位移時間公式求出工件的位移，判斷出工件在傳送帶上一直做勻加速直線運動，根據(jù)速度位移公式求出工件到達B點的速度（2）根據(jù)動能定理判斷工件能否到達平臺DE（3）根據(jù)工件在傳送帶上的相對位移大小，根據(jù)Q=mgx求出產(chǎn)生的熱量解答：解：（1）工件

39、剛放上時，做初速度為零的勻加速直線運動，由牛頓第二定律得：mg=ma代入數(shù)據(jù)解得：a=2m/s2當兩者速度相等時，工件對地的位移為：所以工件在傳送帶上一直做初速度為零的勻加速直線運動因此，工件到達B點的速度為：m/s=4m/s（2）設工件沿曲面CD上升的最大高度為h，整個過程由動能定理得：mgLmgSmgh=0代入數(shù)據(jù)解得：h=0.6mh所以，工件能夠通過D點到達平臺DE上（3）工件在傳送帶上運動的時間：這段時間內傳送帶的位移：x=v0t=5×2m=10m工件相對傳送帶的位移為：x=xL=104m=6m相對滑動生成的熱量為：Q=mgx=0.2×10×6J=12J答

40、：（1）工件運動到B點時的速度大小為4m/s；（2）工件能夠通過D點到達平臺DE上（3）工件在傳送帶上滑行的整個過程中產(chǎn)生的熱量為12J點評：解決本題的關鍵理清工件在傳送帶上的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律、運動學公式和動能定理綜合求解，難度中等17.【考點】： 功能關系；勻變速直線運動的位移與時間的關系；牛頓第二定律【分析】： （1）滑塊在傳送帶上先加速下滑；速度與傳送帶相等后，由于tan37°，繼續(xù)加速；在CD上是減速；根據(jù)牛頓第二定律列式求解三段的加速度，根據(jù)運動學公式列式求解；（2）先確定各段過程中傳送帶和滑塊的位移，得到相對位移，最后根據(jù)公式Q=fS相對列式求解： 解：（1）滑

41、塊在傳送帶上先加速下滑，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin37°+mgcos37°=ma1解得加速度為：a1=g（sin37°+cos37°）=10×（0.6+0.5×0.8）=10m/s2時間為：位移為：速度與傳送帶相等后，由于tan37°，繼續(xù)加速，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin37°mgcos37°=ma2解得：a2=g（sin37°cos37°）=10×（0.60.5×0.8）=2m/s2根據(jù)速度位移公式，有：代入數(shù)據(jù)解得：v1=8m/s 故運動時間為：滑上

42、水平傳送帶后，加速度為：a3=g=5m/s2根據(jù)速度公式，有：故t=t1+t2+t3=0.4+2+0.8=3.2s（2）從A到B過程，傳送帶的對地路程：S=v（t1+t2）=4×（0.4+2）=9.6m故工件從A到B的過程中與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量：Q1=mgcos37°（L+S）=0.5×1×10×0.8×（12.8+9.6）=111.2J從C到D過程，物體的對地路程：x3=4.8m從C到D過程，傳送帶的對地路程：S=vt3=4×0.8=3.2m故工件從C到D的過程中與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量：Q2=mg（x3+S）

43、=0.5×1×10×（4.8+3.2）=40J故工件從A到D的過程中，與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量：Q=Q1+Q2=111.2J+40J=151.2J答：（1）工件從A到D所需的時間為3.2s；（2）工件從A到D的過程中，與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量為151.2J【點評】： 本題關鍵是明確滑塊在各段過程中的受力情況、運動情況，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度，根據(jù)運動學公式求解運動學參量，根據(jù)功能關系求解熱量情況18.【考點】： 牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系【專題】： 牛頓運動定律綜合專題【分析】： （1）對木塊好滑塊分別運用速度時間公式、位移時間

44、公式列式，然后聯(lián)立求解；（2）對木塊和長木板分別受力分析，然后運動牛頓第二定律列式求解： 解：（1）設木板在時間t內的位移為x1；木板的加速度大小為a1，木塊的加速度大小為a2，時間t內的位移為x2則有x1=v0tx2=x1=L+x2又v0a1t=a2t其中a1=，a2=2g；代入數(shù)據(jù)得t=1s （2）根據(jù)牛頓第二定律，有：1（M+m）g+2mg=Ma12mg=ma2解得2=0.08答：（1）從木塊放到木板上到它們達到相同速度所用的時間t為1秒；（2）小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為0.08【點評】： 本題關鍵是先根據(jù)運動學公式列式后聯(lián)立求解出時間，然后再受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列式求解；對于第

45、一問，可以以長木板為參考系列式求解，會使得問題大大簡化19.考點：牛頓運動定律的綜合應用；勻變速直線運動的位移與時間的關系版權所有專題：牛頓運動定律綜合專題分析：本題的關鍵是分別求出木塊與木板的加速度，然后根據(jù)題意找出木板與木塊位移的關系即可求解解答：解：木塊A和滑板B均向左做勻加速直線運動，由牛頓第二定律：木塊的加速度為：=g=2m/；滑板的加速度為：=3m/；根據(jù)題意應有：=L=0.5，其中=，=1.5聯(lián)立以上各式可得：0.5=0.5，解得：t=1s答：恒力F作用的時間t為1s點評：本題的關鍵是找出木塊與木板發(fā)生位移的關系，然后根據(jù)牛頓運動定律列式求解20.考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系版權所有專題：牛頓運動定律綜合專題分析：（1）為使小物體不從木板上掉下，則小物體不能相對于木板滑動，隔離對小物體分析，求出它的臨界加速度，再對整體分析，運用牛頓第二定律求出拉力的最大值（2）若拉力F小于最大值，則它們最后一起做勻加速直線運動，若拉力F大于最大值，知小物體與木板之間始終發(fā)生相對滑動，小物體受到水平方向上只受摩擦力，做勻加速直線運動，當它滑離木板時，速度最大，根據(jù)兩者的位移差等于木板的長度，求出運動的時間，再根據(jù)速度時間公式求出最大的速度解答：解：（1）物塊隨木板運動的最大加速度為a對小物體