【KS5U解析】內(nèi)蒙古通遼市蒙古族中學(xué)2020屆高三下學(xué)期模擬（六）物理試題 Word版含解析

1、通遼市蒙古族中學(xué)2020屆高三模擬（六）理科綜合物理部分二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求。全部答對的得6分，選對但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分。1.關(guān)于下列物理問題的理解，正確的是（）a. 康普頓研究x射線被較輕物質(zhì)(石墨)散射后光的成分，發(fā)現(xiàn)散射譜線中除了有波長與原波長相同的成分外，還有波長較長的成分，所以康普頓效應(yīng)說明光具有波動(dòng)性b. 光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，用某一頻率的光照射金屬，電壓不變時(shí)，光照越強(qiáng)，光電流越大，說明遏止電壓和光的強(qiáng)度有關(guān)c. 當(dāng)用能量為11ev的電子撞擊處于基態(tài)的氫原子（e1=-1

2、3.6ev）時(shí)，氫原子一定不能躍遷到激發(fā)態(tài)d. 氘核分離成質(zhì)子與中子的過程中需要吸收的最小能量就是氘核的結(jié)合能【答案】d【解析】【詳解】a康普頓根據(jù)x射線的光子與石墨中的電子碰撞的過程，發(fā)現(xiàn)既滿足能量守恒又滿足動(dòng)量守恒，證實(shí)了光子不但具有能量還具有動(dòng)量，揭示了光的粒子性，選項(xiàng)a錯(cuò)誤；b根據(jù)光電效應(yīng)方程和動(dòng)能定理有可知入射光的頻率越大，遏止電壓越大，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)；入射光的強(qiáng)度影響的是光電流的大小，選項(xiàng)b錯(cuò)誤；c當(dāng)用能量為11ev的電子撞擊處于基態(tài)的氫原子時(shí)，氫原子可以吸收其中的10.2ev的能量，可能躍遷到激發(fā)態(tài)，選項(xiàng)c錯(cuò)誤；d質(zhì)子與中子結(jié)合成氘核的過程中會(huì)放出的能量或者氘核分離成質(zhì)子與中

3、子的過程中需要吸收的最小能量就是氘核的結(jié)合能，選項(xiàng)d正確。故選d。2.2020年2月2日上午，武漢火神山醫(yī)院正式交付，從方案設(shè)計(jì)到建成交付僅用10天，被譽(yù)為“中國速度”。在醫(yī)院建造過程中，有一吊機(jī)將靜止在地面上的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過程中，圖象如圖所示。下列判斷正確的是（）a. 末貨物的加速度大小為b. 前內(nèi)貨物克服重力做功的功率不變c. 最后內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)d. 在第末至第末的過程中，貨物的機(jī)械能增大【答案】d【解析】【詳解】a內(nèi)貨物做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，速度圖象的斜率表示加速度，則有故a錯(cuò)誤；b前內(nèi)貨物的速度增大，克服重力做功的功率增加，故b錯(cuò)誤；c最后內(nèi)貨物減速上升，

4、加速度方向向下，所以貨物處于失重狀態(tài)，故c錯(cuò)誤；d在第末至第末的過程中，拉力仍對貨物做正功，所以貨物的機(jī)械能增大，故d正確。故選d。3.如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1:4，正弦交流電源電壓為u=100v，電阻r1=10，r2=20，滑動(dòng)變阻器r3最大阻值為40，滑片p處于正中間位置，則（）a. 通過r1的電流為8ab. 電壓表讀數(shù)為400vc. 若向上移動(dòng)p，電壓表讀數(shù)將變大d. 若向上移動(dòng)p，電源輸出功率將變小【答案】a【解析】【詳解】ab理想變壓器原副線圈匝數(shù)之比為，可知原副線圈的電流之比為，設(shè)通過的電流為，則副線圈電流為，初級電壓根據(jù)匝數(shù)比可知次級電壓為聯(lián)立解得故a正確，b錯(cuò)

5、誤；cd若向上移動(dòng)p，則電阻減小，次級電流變大，初級電流也變大，根據(jù)可知電源輸出功率將變大，電阻的電壓變大，變壓器輸入電壓變小，次級電壓變小，電壓表讀數(shù)將變小，故cd錯(cuò)誤。故選4.如圖所示，已知地球半徑為r，甲乙兩顆衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)。衛(wèi)星甲做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道直徑為4r，c是軌道上任意一點(diǎn)；衛(wèi)星乙的軌道是橢圓，橢圓的長軸長為6r，a、b是軌道的近地點(diǎn)和遠(yuǎn)地點(diǎn)。不計(jì)衛(wèi)星間相互作用，下列說法正確的是（）a. 衛(wèi)星甲在c點(diǎn)的加速度一定小于衛(wèi)星乙在b點(diǎn)的加速度b. 衛(wèi)星甲周期大于衛(wèi)星乙的周期c. 衛(wèi)星甲在c點(diǎn)的速度一定小于衛(wèi)星乙在a點(diǎn)的速度d. 在任意相等的時(shí)間內(nèi)，衛(wèi)星甲與地心的連線掃過的面積一定等于

6、衛(wèi)星乙與地心的連線掃過的面積【答案】c【解析】【詳解】a如果衛(wèi)星乙以b點(diǎn)到地心的距離做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為，由公式得可知，故a錯(cuò)誤；b由題意可知，衛(wèi)星甲的軌道半徑小于衛(wèi)星乙做橢圓運(yùn)動(dòng)的半長軸，由開普勒第三定律可知，衛(wèi)星甲的周期小于衛(wèi)星乙的周期，故b錯(cuò)誤；c如果衛(wèi)星乙以a點(diǎn)到地心的距離做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的線速度為，由公式得可知，由于衛(wèi)星乙從以a點(diǎn)到地心的距離的圓軌道在a點(diǎn)加速做離心運(yùn)動(dòng)才能進(jìn)入橢圓軌道，則衛(wèi)星乙在a點(diǎn)的速度大于，所以衛(wèi)星甲在c點(diǎn)的速度一定小于衛(wèi)星乙在a點(diǎn)的速度，故c正確；d由開普勒第二定律可知，衛(wèi)星在同一軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)衛(wèi)星與地心的連線在相等時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等，故d錯(cuò)誤。故選c。

7、5.如圖所示的裝置中，在a端用外力f把一個(gè)質(zhì)量為m的小球沿傾角為30°的光滑斜面勻速向上拉動(dòng)，已知在小球勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，拴在小球上的繩子與水平固定桿之間的夾角從45°變?yōu)?0°，斜面體與水平地面之間是粗的，并且斜面體一直靜止在水平地面上，不計(jì)滑輪與繩子之間的摩擦則在小球勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（）a. 地面對斜面體的靜摩擦力始終為零b. 繩子對水平桿上的滑輪的合力一定大于繩子的拉力c. 繩子a端移動(dòng)的速度大小大于小球沿斜面運(yùn)動(dòng)的速度大小d. 外力f一定增大【答案】d【解析】【詳解】d設(shè)連接小球的繩子與水平方向的夾角為，對小球沿斜面方向，由平衡條件有則當(dāng)

8、角從45°變?yōu)?0°的過程中，繩子的拉力t變大，因f=t，則外力f一定增大，選項(xiàng)d正確；a對小球和斜面的整體，地面對斜面體的靜摩擦力等于繩子拉力的水平分量，則地面對斜面體的靜摩擦力可知隨角的增加，地面對斜面的靜摩擦力f是變化的，選項(xiàng)a錯(cuò)誤；b當(dāng)=90°時(shí)，滑輪兩邊繩子的夾角為120°，根據(jù)幾何關(guān)系和平行四邊形定則可知此時(shí)刻繩子對水平桿上的滑輪軸的合力等于繩子的拉力，選項(xiàng)b錯(cuò)誤；c將小球的速度v分解可知，繩子的速度可知繩子移動(dòng)的速度大小小于小球沿斜面運(yùn)動(dòng)的速度的大小，選項(xiàng)c錯(cuò)誤。故選d。6.將一電荷量為q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如圖

9、所示，金屬球表面的電勢處處相等。a、b為電場中的兩點(diǎn)，c點(diǎn)位于金屬球的球心，為則（）a. a點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)的小b. a點(diǎn)的電勢比c點(diǎn)的高c. 檢驗(yàn)電荷q在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的小d. 將檢驗(yàn)電荷+q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程中，電場力做負(fù)功【答案】bc【解析】【詳解】a電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小，由圖象知a點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)大，選項(xiàng)a錯(cuò)誤；ba點(diǎn)所在的電場線從q出發(fā)到不帶電的金屬球終止，所以a點(diǎn)的電勢高于金屬球的電勢，而b點(diǎn)所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠(yuǎn)，所以金屬球的電勢高于b點(diǎn)的電勢，則a點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的高，選項(xiàng)b正確；c電勢越高的地方，負(fù)電荷具有的電勢能越小，即負(fù)電荷在a點(diǎn)的電勢能較b點(diǎn)

10、小，選項(xiàng)c正確；d電勢越高的地方，正電荷具有的電勢能越大，即正電荷在a點(diǎn)的電勢能較b點(diǎn)大，則電荷+q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程中，電場力做正功，選項(xiàng)d錯(cuò)誤。故選bc。7.半徑為r0.5m帶缺口的剛性金屬圓環(huán)在紙面上固定放置，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導(dǎo)線，分別與兩塊垂直于紙面的平行金屬板連接，兩板間距離為d5cm，如圖甲所示，有變化的磁場垂直于紙面，其變化規(guī)律如圖乙所示（規(guī)定向里為正方向），在t0時(shí)刻平板間中心有一電荷量為+q的微粒由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)中粒子不碰板，不計(jì)重力作用，則以下說法中正確的是（）a. 第3秒內(nèi)上極板帶正電b. 第2秒末微粒回到了原位置c. 兩極板之間的電場強(qiáng)度大小恒為d. t0時(shí)，

11、在平板左側(cè)沿中心線方向發(fā)射一電荷量為-q的微粒，若t=4s粒子恰好離開電容器時(shí)，則其出射方向也與板面平行【答案】acd【解析】【詳解】a根據(jù)b-t圖可知，第3秒內(nèi)原磁場向外增大，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，因此上極板帶正電，選項(xiàng)a正確；b根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可求出感應(yīng)電動(dòng)勢的大小為根據(jù)楞次定律判斷方向隨時(shí)間變化如下圖所示（上極板電勢為正）所以粒子先向上加速1s，然后向上減速1s，第2秒末微粒沒有回到原位置，選項(xiàng)b錯(cuò)誤；c根據(jù)圖乙可知b-t圖象中的斜率保持不變，因此感應(yīng)電動(dòng)勢的大小不變。兩極板之間的電場強(qiáng)度大小恒定，選項(xiàng)c正確；dt0時(shí)，在平板左側(cè)沿中心線方向發(fā)射一電荷量為-q微粒，

12、可將粒子的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的勻變速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直方向的受力特點(diǎn)可知t=4s粒子豎直方向速度為零，則其出射方向也與板面平行，選項(xiàng)d正確。故選acd。8.如圖所示，傾角為、半徑為r的傾斜圓盤繞圓心處的轉(zhuǎn)軸o以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊放在圓盤的邊緣，小物塊與圓盤間的動(dòng)摩擦因數(shù)為圖中a、b分別為小物塊轉(zhuǎn)動(dòng)過程中所經(jīng)過的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)過程中經(jīng)過的c、d兩點(diǎn)連線與ab垂直，小物塊與圓盤間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，且始終相對于圓盤靜止重力加速度為g，下列說法正確的是 ( )a. 小物塊受到的摩擦力始終指向圓心b. 動(dòng)摩擦因數(shù)一定大于tanc. 小物塊從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)

13、到b點(diǎn)的過程中，摩擦力對小物塊做功為mgrcosd. 當(dāng)小物塊運(yùn)動(dòng)至c、d兩點(diǎn)時(shí)所受摩擦力大小相等，從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的過程中摩擦力對小物塊先做負(fù)功后做正功【答案】bd【解析】小物塊所受重力沿圓盤的分力及靜摩擦力的合力提供向心力，始終指向圓心，選項(xiàng)a錯(cuò)誤；小物塊在b點(diǎn)時(shí)由牛頓第二定律ff-mgsin=mr2，ff>mgsin，又因?yàn)閒f<mgcos，所以mgcos>mgsin，則一定大于tan，選項(xiàng)b正確；小物塊從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中由動(dòng)能定理：mg2rsin+wff=0解得wff =-mg2rsin，選項(xiàng)c錯(cuò)誤；小物塊運(yùn)動(dòng)到cd兩點(diǎn)時(shí)受力具有對稱性的特點(diǎn)，所受的靜摩擦力大小

14、相等，方向關(guān)于ab對稱，從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的過程中，重力先做正功后做負(fù)功，小物塊動(dòng)能始終不變，即合外力做功始終為零，所以摩擦力對小物塊先做負(fù)功后做正功，選項(xiàng)d正確；故選bd.第ii卷三非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答。第33題第38題為選考題，考生根據(jù)要求做答。（一）必考題（共129分）9.某同學(xué)設(shè)計(jì)了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)。所用器材：固定有光電門的長木板、數(shù)字計(jì)時(shí)器、一端帶有遮光片的滑塊a（總質(zhì)量為m）、粘有橡皮泥的滑塊b（總質(zhì)量為m）等。將長木板水平放置，遮光片寬度為d（d很?。?，重力加速度為g，用相應(yīng)的已知物理量符號回答下列問題：(1)如

15、圖（a）所示，使a具有某一初速度，記錄下遮光片經(jīng)過光電門的時(shí)間t和a停止滑動(dòng)時(shí)遮光片與光電門的距離l，則a經(jīng)過光電門時(shí)的速度可表示為v=_；a與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)=_；(2)如圖（b）所示，仍使a具有某一初速度，并與靜止在正前方的b發(fā)生碰撞（碰撞時(shí)間極短），撞后粘在一起繼續(xù)滑行。該同學(xué)記錄了遮光片經(jīng)過光電門的時(shí)間t0，a、b撞前b左端距光電門的距離s1，以及a、b撞后它們一起滑行的距離s2，若a 、b材料相同，它們與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)用字母表示，如需驗(yàn)證a、b系統(tǒng)碰撞時(shí)滿足動(dòng)量守恒定律，只需驗(yàn)證_成立即可。【答案】 (1). (2). (3). 【解析】【詳解】(1)1由于遮光片通過光電門的時(shí)

16、間極短，可以用平均速度表示瞬時(shí)速度，故2由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度位移公式得，即有解得(2)3a經(jīng)過光電門的速度為由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度位移公式有a與b碰撞前的速度為同理可得碰撞后ab的速度為即若a、b系統(tǒng)碰撞時(shí)滿足動(dòng)量守恒定律即10.利用如圖所示的電路既可以測量電壓表和電流表的內(nèi)阻，又可以測量電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻，所用到的實(shí)驗(yàn)器材有：兩個(gè)相同的待測電源（內(nèi)阻r約為1）電阻箱r1（最大阻值為999.9）電阻箱r2（最大阻值999.9）電壓表v（內(nèi)阻未知）電流表a（內(nèi)阻未知）靈敏電流計(jì)g，兩個(gè)開關(guān)s1、s2主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：按圖連接好電路，調(diào)節(jié)電阻箱r1和r2至最大，閉合開關(guān)s1和s2，再反復(fù)調(diào)節(jié)r1和r2

17、，使電流計(jì)g的示數(shù)為0，讀出電流表a、電壓表v、電阻箱r1、電阻箱r2的示數(shù)分別為0.40a、12.0v、30.6、28.2；反復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱r1和r2（與中的電阻值不同），使電流計(jì)g的示數(shù)為0，讀出電流表a、電壓表v的示數(shù)分別為0.60a、11.7v?；卮鹣铝袉栴}：(1)步驟中，電流計(jì)g的示數(shù)為0時(shí)，電路中a和b兩點(diǎn)的電勢差uab=_ v；a和c兩點(diǎn)的電勢差uac=_ v；a和d兩點(diǎn)的電勢差uad=_ v；(2)利用步驟中的測量數(shù)據(jù)可以求得電壓表的內(nèi)阻為_ ，電流表的內(nèi)阻為_；(3)結(jié)合步驟步驟的測量數(shù)據(jù)，電源電動(dòng)勢e為_v，內(nèi)阻為_?！敬鸢浮?(1). 0 (2). 12.0v (3). -

18、12.0v (4). 1530 (5). 1.8 (6). 12.6v (7). 1.50【解析】【詳解】(1)123步驟中，電流計(jì)g的示數(shù)為0時(shí)，電路中ab兩點(diǎn)電勢相等，即a和b兩點(diǎn)的電勢差uab=0v；a和c兩點(diǎn)的電勢差等于電壓表的示數(shù)，即uac=12v；a和d兩點(diǎn)的電勢差uad= =-12 v；(2)45利用步驟中的測量數(shù)據(jù)可以求得電壓表的內(nèi)阻為電流表的內(nèi)阻為(3)67由閉合電路歐姆定律可得2e=2uac+i2r即2e=24+0.8r同理即2e=2×11.7+0.62r解得e=12.6vr=1.5011.如圖所示，直角坐標(biāo)系中的第象限中存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，在第象限中存在

19、垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場.一電量為q、質(zhì)量為m的帶正電 的粒子，在-x軸上的點(diǎn)a以速率v0，方向和-x軸方向成60°射入磁場，然后經(jīng)過y軸上y =l處的b點(diǎn)垂直于y軸方向進(jìn)入電場，并經(jīng)過x軸上x=2l處的c 點(diǎn).不計(jì)重力.求：(1)磁感應(yīng)強(qiáng)度b的大小(2)電場強(qiáng)度e的大小(3)粒子在磁場和電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比.【答案】（1） （2）（1）2:9【解析】【試題分析】由幾何知識(shí)求出粒子的軌道半徑，然后由牛頓第二定律求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大小粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出電場強(qiáng)度大小求出粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間與在電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，然后求出時(shí)間之比(1)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：由幾何知

20、識(shí)可得：r+rsin30°=l粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑：粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：(2)粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向：2l=v0t豎直方向：解得：(3)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：由幾何知識(shí)可知，粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角：=180°-60°=120°粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間： 粒子在磁場和電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比： 【點(diǎn)睛】本題考查了粒子在磁場與電場中的運(yùn)動(dòng)，分析清楚粒子的運(yùn)動(dòng)過程、應(yīng)用牛頓第二定律與類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式即可正確解題，解題時(shí)要注意數(shù)學(xué)

21、知識(shí)的應(yīng)用12.如圖所示，有一足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為 l，折成傾斜和水平兩部分，傾斜部分導(dǎo)軌與水平面的夾角為，水平和傾斜部分均處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場中，水平部分磁場方向豎直向下，傾斜部分磁場垂直傾斜導(dǎo)軌所在平面向下（圖中未畫出），兩個(gè)磁場區(qū)域互不疊加。將兩根金屬棒a、b垂直放置在導(dǎo)軌上，并將b用輕繩通過定滑輪和小物塊c連接。已知兩棒的長度均為l，電阻均為r，質(zhì)量均為m，小物塊c的質(zhì)量也為m，不考慮其他電阻，不計(jì)一切摩擦，運(yùn)動(dòng)過程中金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且保持接觸良好，b始終不會(huì)碰到滑輪，重力加速度大小為g。（1）鎖定a，釋放b，求b的最終速度；（2）a、b由靜止釋放的同時(shí)在a上施加

22、一沿傾斜導(dǎo)軌向上的恒力f=1.5mg，求達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)a、b的速度大小；（3）若（2）中系統(tǒng)從靜止開始經(jīng)時(shí)間t達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，求此過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）當(dāng)b和c組成的系統(tǒng)做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，b、c有最大速度，且為最終速度根據(jù)平衡條件有mg=bil解得對a棒有代入數(shù)據(jù)得對于b和c組成的系統(tǒng)所以任意時(shí)刻都有，由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同所以最終a、b的速度大小之比穩(wěn)定時(shí)的電流當(dāng)加速度都為0時(shí)，a、b、c達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，有解得a穩(wěn)定時(shí)的速度大小b、c穩(wěn)定時(shí)的速度大小設(shè)時(shí)間t內(nèi)a棒沿傾斜導(dǎo)軌的位移大小為x1，b棒的位移大小為x2，由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，且始終有，則對于a、b

23、、c組成的系統(tǒng)，由功能關(guān)系得代入數(shù)據(jù)得以a為研究對象，根據(jù)動(dòng)量定理有解得因?yàn)榻獾闷渲薪獾媒獾?3.我國古代歷法中的“二十四節(jié)氣”反映了古人的智慧，有人還將其寫成了一首節(jié)氣歌：春雨驚春清谷天，夏滿芒夏暑相連，秋處露秋寒霜降，冬雪雪冬小大寒。下列與節(jié)氣有關(guān)的物理現(xiàn)象，解釋正確的是（）a. 夏天氣溫比春天高，則夏天大氣中分子的熱運(yùn)動(dòng)速率全部比春天大b. 夏天氣溫比春天高，忽略分子間作用力，則一定質(zhì)量的大氣的內(nèi)能在夏天比春天大c. 夏天感覺比冬天悶熱是因?yàn)橄奶焱瑴囟认碌拇髿獾慕^對濕度比冬天的大d. 秋天夜晚溫度降低，大氣的飽和汽壓減小，水蒸氣容易在草上形成露水e. 冬天里，一定質(zhì)量的冰融化為同溫度水的

24、過程中，分子勢能增加【答案】bde【解析】【詳解】a溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，但溫度高不能說明每個(gè)分子的速率都更大，故a錯(cuò)誤；b忽略分子間作用力，氣體內(nèi)能只有總動(dòng)能，溫度越高，分子平均動(dòng)能越大，一定質(zhì)量的大氣的內(nèi)能越大，故b正確；c夏天感覺比冬天悶熱是因?yàn)橄奶焱瑴囟认碌拇髿獾南鄬穸缺榷斓拇?，故c錯(cuò)誤；d飽和汽壓與溫度有關(guān)，溫度越低，飽和汽壓越小，則水蒸氣容易在草上形成露水，故d正確；e一定質(zhì)量的冰融化為同溫度水的過程中，分子動(dòng)能不變，此過程要吸收熱量，內(nèi)能增加，則分子勢能增加，故e正確。故選bde。14.如圖所示，右端開口、左端封閉的豎直u形玻璃管（管壁厚度不計(jì)）兩邊粗細(xì)不同，粗玻璃管半徑

25、為細(xì)玻璃管半徑的2倍，兩管中裝入高度差為5 cm的水銀，左側(cè)封閉氣柱長為10 cm，右側(cè)水銀面距管口為5 cm?，F(xiàn)將右管口封閉，并給右管內(nèi)氣體加熱，緩慢升高其溫度，直到兩管水銀面等高，該過程中左管內(nèi)的氣體溫度不變。已知外界大氣壓強(qiáng)為76 cmhg、環(huán)境溫度為300 k。求：（1）兩管水銀面等高時(shí)右側(cè)氣體壓強(qiáng)；（2）兩管水銀面等高時(shí)右管內(nèi)氣體的熱力學(xué)溫度（結(jié)果保留一位小數(shù)）?！敬鸢浮浚?）90 cmhg；（2）639.5 k【解析】【詳解】（1）兩管水銀面等高時(shí)，管內(nèi)氣體壓強(qiáng)相等；因粗玻璃管半徑為細(xì)玻璃管半徑的2倍，所以左管截面積是右管的4倍，當(dāng)右管水銀面下降4 cm，左管水銀面上升1 cm時(shí)，

26、兩水銀面等高，左管內(nèi)氣體做等溫變化，以左管內(nèi)氣體為研究對象初狀態(tài)，末狀態(tài)由玻意耳定律得解得（2）對右管內(nèi)氣體為研究對象初狀態(tài)，末狀態(tài)，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得解得15.如圖所示，水面上波源s1的振動(dòng)方程為x=20sin100t（cm），水面上波源s2的振動(dòng)方程為x=10sin100t（cm），實(shí)線與虛線分別表示s1和s2形成的兩列波的波峰和波谷。此刻，m是波峰與波峰的相遇點(diǎn)，不考慮水波的衰減，下列說法中正確的是（）a. 這兩列波的頻率均為50hzb. 隨著時(shí)間的推移，m處的質(zhì)點(diǎn)將向o處移動(dòng)c. p、n兩質(zhì)點(diǎn)始終處在振動(dòng)減弱位置d. 從該時(shí)刻起，經(jīng)過四分之一周期，m處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置，此時(shí)位移為零e. o、m連線的中點(diǎn)是振動(dòng)減