2016年高考物理熱點題型和提分秘籍專題9.4電磁感應中的動力學和能量問題

1、專題9.4電磁感應中的動力學和能量問題【高頻考點解讀】1 .受力分析與運動分析2 .應用牛頓運動定律和運動學規(guī)律解答電磁感應問題 【熱點題型】題型一電磁感應中的動力學問題例1、如圖9-4-1所示，兩根足夠長的平行金屬導軌固定在傾角9=30。的斜面上，導軌電阻不計，間距L= 0.4 m。導軌所在空間被分成區(qū)域I和H ,兩區(qū)域的邊界與斜面的交線為MN ,I中的勻強磁場方向垂直斜面向下，n中的勻強磁場方向垂直斜面向上，兩磁場的磁感應強度大小均為B=0.5 T。在區(qū)域I中，將質(zhì)量 mi=0.1 kg,電阻Ri = 0.1觥金屬條ab放在導 軌上，ab剛好不下滑。然后，在區(qū)域n中將質(zhì)量m2=0.4 kg

2、,電阻R=0.1 必光滑導體棒cd置于導軌上，由靜止開始下滑。cd在滑動過程中始終處于區(qū)域n的磁場中，ab、cd始終與導軌垂直且兩端與導軌保持良好接觸，取g= 10 m/s2。問：(1)cd下滑的過程中，ab中的電流方向；(2)ab剛要向上滑動時，cd的速度v多大；(3)從cd開始下滑到ab剛要向上滑動的過程中，cd滑動的距離x= 3.8 m ,此過程中ab上產(chǎn)生的熱量Q是多少?！窘馕觥繃?。流向仇2肝始放置岫剛好不下滑時，岫所受摩擦力為最大靜摩擦力，設其為J，有=由理52苑)設Hb剛好要上渭時，I棒的感應電動勢為巳由;去拉第電磁感應定律有設電路中的感應電流為八由閉合電路歐姆定律有設ab所受安

3、培力為F安，有F安=ILBD此時帥受到的最大靜摩措力方向沿斜面向下，由平衡條件有式，代人數(shù)據(jù)解得5m/“設川棒的運動過程中電路中產(chǎn)生的總熟量為Q*,由能量守恒有Ggx5gs= Q *+點0/又Q=Q畫解得 Q=L3J*【答案】(1)由a流向b (2)5 m/s (3)1.3 J【方法規(guī)律】用 四步法”分析電磁感應中的動力學問題解決電磁感應中的動力學問題的一般思路是先電后力”，具體思路如下:【提分秘籍】1 .兩種狀態(tài)及處理方法狀態(tài)特征處理方法平衡態(tài)加速度為零根據(jù)平衡條件列式分析非平衡態(tài)加速度/、為零根據(jù)牛頓第二定律進行動態(tài)分析或結(jié)合功能關系進行分析2 .力學對象和電學對象的相互關系電源：

4、3;=斑就= 產(chǎn)電路內(nèi)電阻：前(D電學對象J外電路;用、并聯(lián)電路E、全電路*左=，(川+r) “! 受力分析：& =陽5一力學對象*L%=“-|運動過程分析:。一好3 .動態(tài)分析的基本思路解決這類問題的關鍵是通過運動狀態(tài)的分析，尋找過程中的臨界狀態(tài)，如速度、加速度求最大值或最小值的條件。具體思路如下：二 R H- r 導體受外力運動，感應電的熱>F= BTiF合=工燈也I感應電流T導體受安培力一合力變化>加速度變化，速度變化臨界狀態(tài) 【舉一反三】如圖9-4-3所示，間距l(xiāng)=0.3 m的平行金屬導軌aibici和a2b2c2分別固定在兩個豎直面內(nèi)。 在水平面a1b1b2a2區(qū)

5、域內(nèi)和傾角0=37°的斜面c1b1b2c2區(qū)域內(nèi)分別有磁感應強度 B1=0.4 T、 方向豎直向上和 B2 = 1 T、方向垂直于斜面向上的勻強磁場。電阻R= 0.3。質(zhì)量m 1 = 0.1 kg、長為l的相同導體桿 K、S、Q分別放置在導軌上，S桿的兩端固定在b1、b2點，K、Q桿可 沿導軌無摩擦滑動且始終接觸良好。一端系于K桿中點的輕繩平行于導軌繞過輕質(zhì)定滑輪自然下垂，繩上穿有質(zhì)量 m2= 0.05 kg的小環(huán)。已知小環(huán)以 a= 6 m/s2的加速度沿繩下滑，K桿保持靜止，Q桿在垂直于桿且沿斜面向下的拉力F作用下勻速運動。 不計導軌電阻和滑輪摩擦，繩不可伸長。取 g= 10 m/

6、s2, sin 37 = 0.6, cos 37=0.8。求圖 9-4-3(1)小環(huán)所受摩擦力的大?。?2)Q桿所受拉力的瞬時功率。解析：(1)以小環(huán)為研究對象，由牛頓第二定律m2g Ff= m2a代入數(shù)據(jù)得Ff=0.2 N設流過桿K的電流為i,由平衡條件得他產(chǎn)后F, 對桿Q,根據(jù)并聯(lián)電路特點以及平衡條件得 9=十巾加口6由法拉第電磁感應定律的推論得£根據(jù)歐姆定律有且 K R瞬時功率表達式為P=N聯(lián)立以上各式得P=2W,答案:(1X).2 N (2>2W題型二電磁感應中的能量問題例2、如圖9-4-5所示，在勻強磁場中有一傾斜的平行金屬導軌，導軌間距為L,長為3d,導軌平面與水平

7、面的夾角為0,在導軌的中部刷有一段長為d的薄絕緣涂層。勻強磁場的磁感應強度大小為B,方向與導軌平面垂直。質(zhì)量為 m的導體棒從導軌的頂端由靜止釋放， 在滑上涂層之前已經(jīng)做勻速運動，并一直勻速滑到導軌底端。導體棒始終與導軌垂直，且僅與涂層間有摩擦，接在兩導軌間的電阻為 R,其他部分的電阻均不計，重力加速度為g。求:圖 9-4-5(1)導體棒與涂層間的動摩擦因數(shù)百(2)導體棒勻速運動的速度大小v;(3)整個運動過程中，電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q。【解析】(1)在絕緣涂層上導體棒受力平衡有mgsin 0=(1 mgos 0解得tan 0(Z電光滑導軌上感應電動勢感應電流rV安培力導體棒受力平衡有F-刖nb解得

8、片叫工摩擦生型Q產(chǎn)產(chǎn)mgdcosB由能量守恒定律有3mg彌門廿=。+5+1/ £解得 Q= 2mgdsm 0%5一mgRsin 0【答案】(1)tan 0 (2)扉m3g2R2sin2 0(3)2mgdsin 02b，l4【方法規(guī)律】求解電能應分清兩類情況(1)若回路中電流恒定，可以利用電路結(jié)構(gòu)及W=UIt或Q=產(chǎn)Rt直接進行計算。(2)若電流變化，則：利用安培力做的功求解：電磁感應中產(chǎn)生的電能等于克服安培力所做的功；利用能量守恒求解：若只有電能與機械能的轉(zhuǎn)化，則機械能的減少量等于產(chǎn)生的電能?！咎岱置丶? .能量轉(zhuǎn)化及焦耳熱的求法(1)能量轉(zhuǎn)化焦耳熱或其他 形式的能量其他形式|克服

9、安培回電流做功的能量 力做宓能 >(2)求解焦耳熱Q的三種方法2 .電能求解的三種思路(1)利用克服安培力求解：電磁感應中產(chǎn)生的電能等于克服安培力所做的功;(2)利用能量守恒或功能關系求解；(3)利用電路特征來求解：通過電路中所產(chǎn)生的電能來計算。3 .解題的一般步驟(1)確定研究對象(導體棒或回路)；(2)弄清電磁感應過程中，哪些力做功，哪些形式的能量相互轉(zhuǎn)化；(3)根據(jù)能量守恒定律列式求解?！九e一反三】2.如圖9-4-7所示，足夠長的光滑平行金屬導軌MN、PQ豎直放置，一勻強磁場垂直穿過導軌平面，導軌的上端 M與P間連接阻值為 R= 0.40 皿電阻，質(zhì)量為 m = 0.01 kg、電

10、阻為r = 0.30皿金屬棒ab緊貼在導軌上?，F(xiàn)使金屬棒ab由靜止開始下滑，其下滑距離與時間的關系如下表所示，導軌電阻不計，重力加速度g取10 m/s2。試求:圖 9-4-7時間t(s)00.10.20.30.40.50.60.7下滑距離s(m)00.10.30.71.42.12.83.5(1)當t = 0.7 s時，重力對金屬棒 ab做功的功率；(2)金屬棒ab在開始運動的0.7 s內(nèi)，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；(3)從開始運動到t=0.4 s的時間內(nèi)，通過金屬棒ab的電荷量。解析：口油表格中數(shù)據(jù)可知:金屬棒先做加速度減小的加速運動，最后以7nl方的速度勻速不落，貝h=0175時，重力對金屬棒帥

11、做功的功率為4=.4口7P版據(jù)動能定理：%+ W產(chǎn)品廬一品嗝. *= gm喝mgh= - 0.105JRQr= t|W 安| =0.06 JoR+ r(3)當金屬棒ab勻速下落時，G=F安，則mg = BIL=B2L2vR+ r'解得 BL= 0.1 Tm則電荷量Aq= It =二 R+ rBLsR+ r= 0.2Co18答案：(1)0.7W (2)0.06J (3)0.2C題型三電磁感應中的桿+導軌模型例3、如圖9-4-8所示，間距為L,電阻不計的足夠長平行光滑金屬導軌水平放置，導軌左 端用一阻值為R的電阻連接，導軌上橫跨一根質(zhì)量為m,電阻也為R的金屬棒，金屬棒與導軌接觸良好。整個裝

12、置處于豎直向上、 磁感應弓II度為B的勻強磁場中?，F(xiàn)使金屬棒以初速 度Vo沿導軌向右運動，若金屬棒在整個運動過程中通過的電荷量為q。下列說法正確的是()圖 9-4-8A.金屬棒在導軌上做勻減速運動2B.整個過程中電阻 R上產(chǎn)生的焦耳熱為 mV0C.整個過程中金屬棒在導軌上發(fā)生的位移為qRBLD.整個過程中金屬棒克服安培力做功為2 mvo2【解析】設某時刻金屬棒的速度為4則此時的電動勢二跳安培力F二審，由牛頓第二定律有F/ fl則金屬棒做加速度減小的儂運初，選項鳥錯誤i由熊量守恒定律知，整個過程中克服安培力做功等于電阻網(wǎng)和金鹿槨上產(chǎn)生的焦耳熱之和，即W*二選項B錯誤，D正碉j整個過程中通過導體棒

13、的電荷量。=整=黑=甯，得金屬棒在導軌上發(fā)生的位移黑=管,選項C錯誤.上Ft jCrC ZMluiL【答案】D 【提分秘籍】這類問題的實質(zhì)是不同形式的能量的轉(zhuǎn)化過程，從功和能的觀點入手， 弄清導體切割磁感線運動過程中的能量轉(zhuǎn)化關系，處理這類問題有三種觀點，即：力學觀點；能量觀點；圖像觀點。單桿模型中常見的四種情況模型一(vo豐0)模型二(vo= 0)模型三(v0=0)模型四(v0 = 0)示意圖小-單日f ab以一定初速度V0在光滑水平軌道上滑動，質(zhì)量為m,電阻不計，兩導軌間距為 L勺軌道水平光滑， 單桿ab質(zhì)里為 m,電阻不計， 兩導軌間距為L軌道水平光滑， 單桿ab質(zhì)里為m,電阻不計， 兩

14、導軌間距為L, 拉力F恒7E。平軌道水平光滑，單桿ab質(zhì)量為m,電阻不計，兩導軌間距為L,拉力F恒定力學觀點導體桿以速度v切割磁 感線產(chǎn)生感應電動勢 E E BLv = BLv,電流 I=R=,B212V 安培力 F= BIL= BRV, 做減速運動：vJ?Fj ?aj,當 v=0時，F(xiàn)=0, a=0,桿保 持靜止S閉合，ab桿受 尸上 _ BLE 女培力F= By,BLE 此時a= mr ,桿 ab速度vT ?感 應電動勢BLvT ? I J ?安培 力 F=BILJ ?力口 速度aJ,當E感 =E時，v取大， 且 vm = BL開始時T，桿ab速度v T ?感應電動勢E=BLvT ? IT

15、 ?安培力F安=81個，由F- F安=ma知a J ,當 a= 0 時，-FRv 取人，vm b212開始時a=m,桿ab速度 vT?感應電動勢E=BLvT ,經(jīng)過&速度為v+加，此時感應電動勢 E'= BL(v+Zv),用時間內(nèi)流入電容器的電荷量 A=C AU=C(E' E)=CBW,電流 i=,iq=cBti=CBLa,安培力F安=8口=CB L a, F F安 = ma, a =m + B2L2C所以桿以恒定 的加速度勻加速運動圖像觀點口ir I fllll- K-JtJ匚能量觀點動能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能：Q = 2mvc電源輸出的電能轉(zhuǎn)化為動能W電=2m%F做的功一部

16、分轉(zhuǎn)化為桿的動能，TP分產(chǎn)生，八一1電熱：Wf= Q+ -2 mvmF做的功一部分轉(zhuǎn)化為動能，T分轉(zhuǎn)化為電場能：12 ,WF=mv + Ec【舉一反三】如圖9-4-9所示，長平行導軌 PQ、MN光滑，相距l(xiāng)=0.5 m,處在同一水平面中，磁感應強度B= 0.8 T的勻強磁場豎直向下穿過導軌面。橫跨在導軌上的直導線ab的質(zhì)量m = 0.1 kg、電阻R= 0.8 0導軌電阻不計。導軌間通過開關 S將電動勢E= 1.5 V、內(nèi)電阻r=0.2 弼電 池接在M、P兩端，試計算分析：M X 4 x M出黑圖 9-4-9(1)導線ab的加速度的最大值和速度的最大值是多少？(2)在閉合開關S后，怎樣才能使a

17、b以恒定的速度v=7.5 m/s沿導軌向右運動？試描述這時 電路中的能量轉(zhuǎn)化情況(通過具體的數(shù)據(jù)計算說明)?！窘馕觥縩rss剛閉合的瞬間，導線而速度為零,沒有電磁感應現(xiàn)象,由口到白的電流力=£=i,5aM r f岫受安培力水平向右，此時岫瞬時力碰度最大，力喳度如=3=誓=6 Ek a當感應電動勢E，與電池電動勢E相等時，加的速度達到最大值。謾最終達到的最大速度為%,根據(jù)上述 分析可知-3心二0所M %=H=C 5 E/5=m+75 rn/s*如果加以恒定速度=7.5 T/5向右沿導軌運動，則ob中感應電動勢1 二W0.8x0.5x05"=3 V由于匚£,這時閉含電

18、路中電流方向為逆時針方向，大小為： =T7=SA=1-5A直導線的中的電流由匕到外根據(jù)左手定則，磁場對加有水平向左的安培力作用，大小為F =BHJ =0.8x0.孰 LSN=0.6N所以要使曲以恒定速度-7.5 mA向右運動，必須有水平向右的恒力F=0.&N作用于加口上述物理過程的 能量轉(zhuǎn)化情況可以概括為下列三點：作用于ab的恒力（F）的功率：P=Fv= 0.6 X 7.5 W4.5 W電阻（R+ r）產(chǎn)生焦耳熱的功率：P' = I2（R+ r）= 1.52 X （0.8 0.2）W= 2.25 W逆時針方向的電流I',從電池的正極流入，負極流出，電池處于充電”狀態(tài)，吸

19、收能量，以化學能的形式儲存起來。電池吸收能量的功率：P =I' E= 1.5 X 1.5 W 2.25 W由上看出，P= P' + P，符合能量轉(zhuǎn)化和守恒定律 （沿水平面勻速運動機械能不變 ）?！敬鸢浮恳娊馕觥靖呖佳侯}】1.（多選）如圖1所示，兩足夠長平行金屬導軌固定在水平面上，勻強磁場方向垂直導軌平面向下，金屬棒ab、cd與導軌構(gòu)成閉合回路且都可沿導軌無摩擦滑動，兩金屬棒ab、cd的質(zhì)量之比為2： 1。用一沿導軌方向的恒力 F水平向右拉金屬棒 cd,經(jīng)過足夠長時間以后（）圖1A.金屬棒ab、cd都做勻速運動B.金屬棒ab上的電流方向是由 b向a_ 一、一 ， 2FC.金屬棒c

20、d所受安培力的大小等于23F3D.兩金屬棒間距離保持不變解析：選BC對兩金屬棒必、出進行受力和運動分析可知，兩金屬棒最終將儆加速度相同的勻加速直線 運動，且金屬棒出速度小于金展棒出速度，所以兩金屬棒間8自離是變大的，由楞次定律明斷金底棒必上 的電流方向是由匕到& A, D錯誤，B正確J以兩金屎棒整體為冊究對象有：尸=3皿 隔離金屬棒。d分 析：尸一嚴春:屈%可求得金屬棒cd所受安培力的大小嚴量=色，C正確。2.如圖2所示，一剛性矩形銅制線圈從高處自由下落，進入一水平的勻強磁場區(qū)域，然后穿出磁場區(qū)域（）Ilh圖2A.若線圈進入磁場過程是勻速運動，則離開磁場過程一定是勻速運動B.若線圈進入

21、磁場過程是加速運動，則離開磁場過程一定是加速運動C.若線圈進入磁場過程是減速運動，則離開磁場過程一定是加速運動D.若線圈進入磁場過程是減速運動，則離開磁場過程一定是減速運動解析：選D 若線圈進入磁場過程是勻速運動，完全進入磁場區(qū)域一定做加速運動，則離開磁場過程所受安培力大于重力，一定是減速運動，選項 A錯誤；若線圈進入磁場過程是加速運動，則離開磁場過程可能是加速運動，也可能是勻速運動，選項 B錯誤；若線圈進入磁場過程是減速運動，則離開磁場過程一定是減速運動，選項 C錯誤D正確。3.（多選）兩根足夠長的平行光滑導軌豎直固定放置，頂端接一電阻R,導軌所在平面與勻強磁場垂直。將一金屬棒與下端固定的輕

22、彈簧的上端拴接，金屬棒和導軌接觸良好，重力加速度為g,如圖3所示。現(xiàn)將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放，則 （）A圖3A.金屬棒在最低點的加速度小于 gB.回路中產(chǎn)生的總熱量等于金屬棒重力勢能的減少量C.當彈簧彈力等于金屬棒的重力時，金屬棒下落速度最大D .金屬棒在以后運動過程中的最大高度一定低于靜止釋放時的高度解析：選AD如果不受安培力，桿,咪蓊組成了一個彈蕾振子，由簡諧運動的對稱性可矢嗔在最低點的加 速度大小為X，但由于金屬棒在運動過程中受到與速度方向相反的安培力作用，金屬棒在最低點時的彈性勢 能一定比沒有安培力做功時小，彈性形變量一定變小，故加速度小于6選項A正確$回路中產(chǎn)生的總熱 量等于

23、金腐棒機械前的叔少量，選頊B錯誤；當彈箸彈力與安培力之和等于金鹿棒的重力時，金屬棒下落 速度最大，選項C錯誤：由于金屬棒運動過程中產(chǎn)生電能，金屬棒在以后運動過程中的最大高度一定低于 崢止注湖寸的高度，選項D正確.4 .如圖4所示，在粗糙絕緣水平面上有一正方形閉合線框abcd,其邊長為1,質(zhì)量為m,金屬線框與水平面的動摩擦因數(shù)為卬虛線框ab'c'd'內(nèi)有一勻強磁場，磁場方向豎直向下。開始時金屬線框的 ab邊與磁場的d'c邊重合?，F(xiàn)使金屬線框以初速度 vo沿水平面滑入磁場區(qū)域，運動一段時間后停止，此時金屬線框的dc邊與磁場區(qū)域的d'c'邊距離為1。在

24、這個過程中，金屬線框產(chǎn)生的焦耳熱為 （）圖4.1212A.2mv(2+ mglB.2mv(2 mgl_ 1212CQmvo + 2 mgl D.2mvo - 2 mgl解析；選D依題意知？金屬線框移動的位移大小為此過程中克服摩摭力做功為如噌，由能量守恒定 律得金屬線框中產(chǎn)生的焦耳熱為。二）喻-即叫。故選項D正確.5 .如圖5所示，兩根足夠長的光滑金屬導軌 MN、PQ平行放置，導軌平面與水平面的夾角為以導軌的下端接有電阻。當導軌所在空間沒有磁場時，使導體棒ab以平行導軌平面的初速度vo沖上導軌平面，ab上升的最大高度為 H;當導軌所在空間存在方向與導軌平面垂直的勻強磁場時，再次使 ab以相同的初

25、速度從同一位置沖上導軌平面，ab上升的最大高度為ho兩次運動中ab始終與兩導軌垂直且接觸良好。關于上述情景，下列說法中正確的是()圖5A.兩次上升的最大高度比較，有 H = hB.兩次上升的最大高度比較，有 H<hC.無磁場時，導軌下端的電阻中有電熱產(chǎn)生D.有磁場時，導軌下端的電阻中有電熱產(chǎn)生解析：選D 沒有磁場時，只有重力做功，機械能守恒，沒有電熱產(chǎn)生，C錯誤。有磁場時, ab切割磁感線，重力和安培力均做負功，機械能減小，有電熱產(chǎn)生，故ab上升的最大高度變小，A、B錯誤，D正確。6.(多選)如圖6所示，平行金屬導軌與水平面間的傾角為依導軌電阻不計，與阻值為 R的定值電阻相連，勻強磁場垂

26、直穿過導軌平面，磁感應強度為B。有一質(zhì)量為 m、長為l的導體棒從ab位置獲得平行于斜面的、大小為 v的初速度向上運動，最遠到達 a'b'的位置,滑行的距離為s,導體棒的電阻也為 R,與導軌之間的動摩擦因數(shù)為因則()圖6A.上滑過程中導體棒受到的最大安培力為B2l2v2R12B.上滑過程中電流做功發(fā)出的熱量為2mv mgs(sin。+ os )一 ，一, 一，一、，、- . .12C.上滑過程中導體棒克服安培力做的功為2mv2D.上滑過程中導體棒損失的機械能為1mv2 mgssin 0解析：選ABD本題考查的是電磁感應定律和力學搐合問題，上滑過程中開始時導體棒的速度最大，受 到的

27、安培力最大為緊j根據(jù)能量守恒，上滑過程中電流做功發(fā)出的熱量為今加-西（加©十小仍j上滑 過程中導體棒克服安培力做的功等于產(chǎn)生的熱也是。mP-小8+35 6f上滑過程中導體棒損失的機械JLr7 .如圖7所示，水平面內(nèi)有一平行金屬導軌，導軌光滑且電阻不計，阻值為R的導體棒垂直于導軌放置，且與導軌接觸良好。導軌所在空間存在勻強磁場， 勻強磁場與導軌平面垂直，t=0時，將開關S由1擲向2,若分別用q、i、v和a表示電容器所帶的電荷量、棒中的電流、棒的速度大小和加速度大小，則下圖所示的圖像中正確的是（）X X解析：選D 電容器放電時導體棒在安培力作用下運動，產(chǎn)生感應電動勢，感應電動勢與電容器電

28、壓相等時，棒做勻速直線運動，說明極板上電荷量最終不等于零，A項錯誤。但電流最終必為零，B錯誤。導體棒速度增大到最大后做勻速直線運動，加速度為零，C錯誤，D正確。8 .（多選）兩根足夠長的光滑導軌豎直放置，間距為 L,頂端接阻值為 R的電阻。質(zhì)量為 m、 電阻為r的金屬棒在距磁場上邊界某處靜止釋放，金屬棒和導軌接觸良好， 導軌所在平面與磁感應弓II度為B的勻強磁場垂直，如圖9所示，不計導軌的電阻， 重力加速度為g,則（）C.金屬棒的最大速度為mg R+ rBLB2L2vR rA.金屬棒在磁場中運動時，流過電阻R的電流方向為a-bB.金屬棒的速度為 v時，金屬棒所受的安培力大小為D.金屬棒以穩(wěn)定的

29、速度下滑時，電阻R的熱功率為img)R解析；選ED金屬棒在磁場中向下運動時，由楞次定律可知，流過電阻尺的電滴方向為選項A錯誤！金屬棒的速度為v時，金屬棒中感應電動勢£=血也感應電流二團5+嘰所受的安培力大小為4 3也=籌，選項B正確§當安培力用=砥時，金屬棒下落速度最大，金屆棒的最大速度為廣心第 1 選項C錯誤：金屬棒以穩(wěn)定的速度下凈寸，電阻無和產(chǎn)的熱功率為尸=咐=箭嬖十。，電阻尺的熱功率 為圜次，選項口正確，9 .如圖10所示，光滑斜面 PMNQ的傾角為以斜面上放置一次I形導體線框abcd,其中ab邊長為Li, bc邊長為L2,線框質(zhì)量為 m、電阻為R,有界勻強磁場的磁感應強度為B,方向垂直于斜面向上，ef為磁場的邊界，且 ef/ MN。線框在恒力F作用下從靜止開始運動,其ab邊始終保持與底邊 MN平行，恒力F沿斜面向上且與斜面平行。已知線框剛進入磁場時做勻速運動，則下列判斷不正確的是()圖10A.線框進入磁場前的加速度為Fmgsin (mB.線框剛進入磁場時