湖北省棗陽(yáng)市白水高級(jí)中學(xué)2015-2016學(xué)年高一物理3月月考試題

1、湖北省棗陽(yáng)市白水高中2015-2016學(xué)年度下學(xué)期高一年級(jí)3月月考物理試題(奧賽班）時(shí)間：90分鐘 分值：100分 祝考試順利 第I卷（選擇題共48分） 一、選擇題（本大題12小題，每小題分，共48分）1如圖所示，質(zhì)量為m的物塊從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下落，加速度是，下落H到B點(diǎn)后與一輕彈簧接觸，又下落h后到達(dá)最低點(diǎn)C，在由A運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中，空氣阻力恒定，則（ ）A物塊機(jī)械能守恒B物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C物塊機(jī)械能減少mg（H+h）D物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少mg（H+h）2如圖所示，B為豎直圓軌道的左端點(diǎn)，它和圓心O的連線與豎直方向的夾角為一小球在圓軌道左側(cè)的A點(diǎn)以速度v0平拋，恰好沿

2、B點(diǎn)的切線方向進(jìn)入圓軌道已知重力加速度為g，則AB之間的水平距離為（ ）A B C D3橫截面為直角三角形的兩個(gè)相同斜面緊靠在一起，固定在水平面上，如圖所示它們的豎直邊長(zhǎng)都是底邊長(zhǎng)的一半現(xiàn)有三個(gè)小球從左邊斜面的頂點(diǎn)以不同的初速度向右平拋，最后落在斜面上，其落點(diǎn)分別是a、b、c如圖，a點(diǎn)距水平地面的高度最低，c點(diǎn)距地面最高下列判斷正確的是（ ）A圖中三小球比較，落在a點(diǎn)的小球飛行時(shí)間最短B圖中三小球比較，落在a點(diǎn)的小球飛行過(guò)程速度變化最大C圖中三小球比較，落在a點(diǎn)的小球飛行過(guò)程速度變化最快D無(wú)論小球拋出時(shí)初速度多大，落到兩個(gè)斜面上的瞬時(shí)速度都不可能與斜面垂直4在勻速行駛車廂內(nèi)，有一人從B點(diǎn)正上方

3、相對(duì)車廂靜止釋放一個(gè)小球，則小球（ ）A可能落在A處 B一定落在B處C可能落在C處 D以上都有可能5在光滑的足夠長(zhǎng)的斜面上橫放一電阻可忽略不計(jì)的金屬桿，如圖所示，讓金屬桿從靜止向下運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間已知此時(shí)間內(nèi)重力做了W1的功，金屬桿克服安培力做了W2的功，下列關(guān)于此過(guò)程的講法正確的是（ ）A此過(guò)程中動(dòng)能增加了（W1W2）B此過(guò)程中機(jī)械能增加了（W1W2）C此過(guò)程中重力勢(shì)能減少了W1D此過(guò)程中回路中產(chǎn)生了W2的電能6如圖所示，有一范圍足夠大的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小圓環(huán)套在一根固定的絕緣豎直長(zhǎng)桿上，環(huán)與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為現(xiàn)使圓環(huán)以初速度v0向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t0

4、圓環(huán)回到出發(fā)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，取豎直向上為正方向，下列描述該過(guò)程中圓環(huán)的速度v隨時(shí)間t、摩擦力f隨時(shí)間t、動(dòng)能Ek最隨位移x、機(jī)械能E隨位移x變化規(guī)律的圖象中，可能正確的是（ ）A B C D7如圖所示為通過(guò)彈射器研究輕彈簧的彈性勢(shì)能的實(shí)驗(yàn)裝置半徑為R的光滑圓形軌道豎直固定于光滑水平面上并與水平地面相切于B點(diǎn)，彈射器固定于A處某次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中彈射器射出一質(zhì)量為m的小球，恰能沿圓軌道內(nèi)側(cè)到達(dá)最髙點(diǎn)C，然后從軌道D處（D與圓心等高）下落至水平面忽略空氣阻力，取重力加速度為g下列說(shuō)法正確的是（ ）A小球從D處下落至水平面的時(shí)間小于B小球運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)B時(shí)對(duì)軌道壓力為5mgC小球落至水平面時(shí)的動(dòng)能為2mg

5、RD釋放小球前彈射器的彈性勢(shì)能為8如圖所示，在排球比賽中，假設(shè)排球運(yùn)動(dòng)員某次發(fā)球后排球恰好從網(wǎng)上邊緣過(guò)網(wǎng)，排球網(wǎng)高H=2.24m，排球質(zhì)量為m=300g，運(yùn)動(dòng)員對(duì)排球做的功為W1=20J，排球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服空氣阻力做功為W2=4.12J，重力加速度g=10m/s2球從手剛發(fā)出位置的高度h=2.04m，選地面為零勢(shì)能面，則（ ）A與排球從手剛發(fā)出相比較，排球恰好到達(dá)球網(wǎng)上邊緣時(shí)重力勢(shì)能的增加量為6.72 JB排球恰好到達(dá)球網(wǎng)上邊緣時(shí)的機(jī)械能為22 JC排球恰好到達(dá)球網(wǎng)上邊緣時(shí)的動(dòng)能為15.88 JD與排球從手剛發(fā)出相比較，排球恰好到達(dá)球網(wǎng)上邊緣時(shí)動(dòng)能的減少量為4.72 J9若宇航員在月球表面附近

6、自高h(yuǎn)處以初速度v0水平拋出一個(gè)小球，測(cè)出小球的水平射程為L(zhǎng)已知月球半徑為R，萬(wàn)有引力常量為G則下列說(shuō)法正確的是（ ）A月球表面的重力加速度g月=B月球的平均密度=C月球的第一宇宙速度v=D月球的質(zhì)量m月=10如圖所示，質(zhì)量為m的長(zhǎng)方體物塊放在水平放置的鋼板C上，物塊與鋼板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，由于光滑固定導(dǎo)槽A、B的控制，該物塊只能沿水平導(dǎo)槽運(yùn)動(dòng)現(xiàn)使鋼板以速度v1向右勻速運(yùn)動(dòng)，同時(shí)用水平力F拉動(dòng)物塊使其以速度v2（v2的方向與vl的方向垂直，沿y軸正方向）沿槽勻速運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法正確的是（ ）A若拉力F的方向在第一象限，則其大小一定大于mgB若拉力F的方向在第二象限，則其大小可能小于mgC若拉力F

7、的方向沿y軸正方向，則此時(shí)F有最小值，其值為D若拉力F的方向沿y軸正方向，則此時(shí)F有最小值，其值為11如圖所示，物體A在豎直向上的拉力F的作用下能靜止在斜面上，關(guān)于A受力的個(gè)數(shù)，下列說(shuō)法中正確的是（ ）AA一定受兩個(gè)力作用BA一定受四個(gè)力作用CA可能受三個(gè)力作用DA受兩個(gè)力或者四個(gè)力作用12如圖甲所示，在傾角為37°的粗糙且足夠長(zhǎng)的斜面底端，一質(zhì)量m=2kg可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊壓縮一輕彈簧并鎖定，滑塊與彈簧不相連t=0s時(shí)解除鎖定，計(jì)算機(jī)通過(guò)傳感器描繪出滑塊的速度一時(shí)間圖象如圖乙所示，其中Ob段為曲線，be段為直線，sin37°=0.6，cos37°=0.8g取10m

8、/s2，則下列說(shuō)法正確的是（ ）A在0.15S末滑塊的加速度大小為8m/s2B滑塊在0.10.2s時(shí)間間隔內(nèi)沿斜面向下運(yùn)動(dòng)C滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.25D在滑塊與彈簧脫離之前，滑塊一直在做加速運(yùn)動(dòng)二、實(shí)驗(yàn)題（題型注釋）13(6分)物理小組探究測(cè)量滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端裝有定滑輪；木板上有一滑塊，其一端與電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，另一端通過(guò)跨過(guò)定滑輪的細(xì)線與托盤連接。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電源的頻率為50 Hz。開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí)，在托盤中放人適量砝碼，滑塊開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)，在紙帶上打出一系列小點(diǎn)。（1）下圖給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶的

9、一部分，0、1、2、3、4、5、6、7是計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示。根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算加速度a=_（保留三位有效數(shù)字）。(2)回答下列兩個(gè)問(wèn)題：為測(cè)量動(dòng)摩擦因數(shù)，下列物理量中還應(yīng)測(cè)量的有_。（填入所選物理量前的字母） A木板的長(zhǎng)度lB木板的質(zhì)量m1C滑塊的質(zhì)量m2D托盤和砝碼的總質(zhì)量m3E滑塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)=_（用被測(cè)物理量的字母表示，重力加速度為g）。三、計(jì)算題（題型注釋）14(12分)如圖所示，物體A放在某一水平面上，已知物體A重60N，A與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.3，A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩AC水平，繩CD與水平方向

10、成37°角，CD繩上的拉力為15N. sin37°=0.6，cos37°=0.8求：（1）物體A受到的摩擦力為多大？（2）物體B重力為多大？15（15分）如圖所示，半徑R=0.2m的光滑四分之一圓軌道MN豎直固定放置，末端N與一長(zhǎng)L=0.8m的水平傳送帶相切，水平銜接部分摩擦不計(jì)，傳動(dòng)輪（輪半徑很?。┳黜槙r(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)傳送帶以恒定的速度0運(yùn)動(dòng)傳送帶離地面的高度h=1.25m，其右側(cè)地面上有一直徑D=0.5m的圓形洞，洞口最左端的A點(diǎn)離傳送帶右端的水平距離S=1m，B點(diǎn)在洞口的最右端現(xiàn)使質(zhì)量為m=0.5kg的小物塊從M點(diǎn)由靜止開(kāi)始釋放，經(jīng)過(guò)傳送帶后做平拋運(yùn)動(dòng)，最終落

11、入洞中，傳送帶與小物塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5 g取10m/s2求：（1）小物塊到達(dá)圓軌道末端N時(shí)對(duì)軌道的壓力（2）若0=3m/s，求物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間（3）若要使小物塊能落入洞中，求0應(yīng)滿足的條件16(15分)如圖所示，一重為l0 N的小球，在F=20 N的豎直向上的拉力作用下，從A點(diǎn)由靜止出發(fā)向上運(yùn)動(dòng)F作用12 s后撤去，已知桿與球間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，試求從撤去力F開(kāi)始計(jì)時(shí)，小球經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間將經(jīng)過(guò)距A點(diǎn)22m的B點(diǎn)(g取10 ms2)17(8分)如圖所示，A、B兩物體在同一直線上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它們相距 s07m時(shí)，A在水平拉力和摩擦力的作用下，正以vA 4m/s的速度向右做勻速運(yùn)動(dòng)，而物體B此

12、時(shí)速度vB10m/s向右，以a2m/s2的加速度做勻減速運(yùn)動(dòng)，則經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間A追上B?若vA8m/s ，則又經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間A追上B？參考答案1D【解析】試題分析：根據(jù)機(jī)械能守恒條件求解由A運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中，物體的動(dòng)能變化為零，重力勢(shì)能減小量等于機(jī)械能的減小量整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能減少量即為克服空氣阻力所做的功解：A、對(duì)于物體來(lái)說(shuō)，從A到C要克服空氣阻力做功，從B到C又將一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈力勢(shì)能，因此機(jī)械能肯定減少故A錯(cuò)誤B、對(duì)于物塊和彈簧組成的系統(tǒng)來(lái)說(shuō)，物體減少的機(jī)械能為（克服空氣阻力所做的功+彈簧彈性勢(shì)能），而彈簧則增加了彈性勢(shì)能，因此整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能減少量即為克服空氣阻力所做的功故B錯(cuò)誤C、由A

13、運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中，物體的動(dòng)能變化為零，重力勢(shì)能減小量等于機(jī)械能的減小量所以物塊機(jī)械能減少mg（H+h），故C錯(cuò)誤D、物塊從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下落，加速度是g，根據(jù)牛頓第二定律得：f=mgma=mg，所以空氣阻力所做的功mg（H+h），整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能減少量即為克服空氣阻力所做的功，所以物塊、彈簧和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少mg（H+h），故D正確，故選：D【點(diǎn)評(píng)】本題是對(duì)機(jī)械能守恒條件的直接考查，掌握住機(jī)械能守恒的條件即可，注意題目中的研究對(duì)象的選擇學(xué)會(huì)運(yùn)用能量守恒的觀點(diǎn)求解問(wèn)題，知道能量是守恒的和能量的轉(zhuǎn)化形式2A【解析】試題分析：根據(jù)小球恰好從軌道的B端沿切線方向進(jìn)入軌道，說(shuō)明小球的末速度應(yīng)該沿著

14、B點(diǎn)切線方向，再由圓的半徑和角度的關(guān)系，可以求出B點(diǎn)切線的方向，即平拋末速度的方向，從而可以求得豎直方向分速度，進(jìn)而求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)水平方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出AB間的水平距離解：根據(jù)平行四邊形定則知，小球通過(guò)B點(diǎn)時(shí)豎直方向上的分速度vy=v0tan則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=則AB間的水平距離x=故A正確，B、C、D錯(cuò)誤故選A【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解3BD【解析】試題分析：物體做平拋運(yùn)動(dòng)，我們可以把平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)，和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)來(lái)求解，兩個(gè)方向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同解：A、物體做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是由豎

15、直方向上的位移決定的，由圖可知，a下落的高度最大，所以a的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤B、三個(gè)小球都是做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向的速度是不變的，只有豎直方向的速度在變化，由于a的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，所以由v=gt，知a速度的變化最大，故B正確C、物體運(yùn)動(dòng)的加速度的大小表示速度變化的快慢，三個(gè)小球都是做平拋運(yùn)動(dòng)，加速度都是重力加速度，所以速度變化的快慢是相同的，故C錯(cuò)誤D、首先a點(diǎn)上是無(wú)論如何不可能垂直的，然后看b、c點(diǎn)，豎直速度是gt，水平速度是v，然后斜面的夾角是arctan0.5，要合速度垂直斜面，把兩個(gè)速度合成后，需要=tan，即v=0.5gt，那在過(guò)了t時(shí)間的時(shí)候，豎直位移為0.5gt2 水平位移為vt

16、=（0.5gt）t=0.5gt2 即若要滿足這個(gè)關(guān)系，需要水平位移和豎直位移都是一樣的，顯然在圖中b、c是不可能完成的，因?yàn)樵赽、c上水平位移必定大于豎直位移，所以落到兩個(gè)斜面上的瞬時(shí)速度都不可能與斜面垂直故D正確故選：BD【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，知道平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，初速度和時(shí)間共同決定水平位移也可以利用“中點(diǎn)”分析得出落到兩個(gè)斜面上的瞬時(shí)速度都不可能與斜面垂直4B【解析】試題分析：由于慣性小球下落過(guò)程中小球在水平方向的速度等于小球在釋放前的速度，等于車的速度，故小球始終在拋出點(diǎn)的正上方解：在小球未釋放前隨車一起運(yùn)動(dòng)，故小球的速度等于車的速

17、度v0；在小球由靜止釋放后，由于慣性小球在水平方向的速度保持不變，即vx=v0，所以在釋放后小球做平拋運(yùn)動(dòng)，即小球下落的過(guò)程中小球在水平方向的速度等于等于車速度，所以小球始終處于拋出點(diǎn)的正上方，故小球一定落到B處故B正確故選B【點(diǎn)評(píng)】要真正理解慣性就一定要適量做題，本題就是一道不可多得的好題5ACD【解析】試題分析：動(dòng)能的變化量等于外力所做的總功，由動(dòng)能定理分析機(jī)械能的變化等于除重力以外的力做功，由功能原理分析重力勢(shì)能的變化由重力做功分析回路中產(chǎn)生的電能等于克服安培力做功解：A、由題知，安培力做功為W2，由動(dòng)能定理得：動(dòng)能的增加量為Ek=W1W2故A正確B、根據(jù)功能原理可知，機(jī)械能增加量為W2

18、故B錯(cuò)誤C、重力做了W1的功，則重力勢(shì)能減少了W1故C正確D、回路中產(chǎn)生的電能等于克服安培力做功則此過(guò)程中回路中產(chǎn)生了W2的電能故D正確故選：ACD【點(diǎn)評(píng)】本題從能量的角度研究電磁感應(yīng)，關(guān)鍵要正確把握功與能的對(duì)應(yīng)關(guān)系，明確回路中產(chǎn)生的電能等于克服安培力做功6ABD【解析】試題分析：小球受重力、洛倫茲力、支持力和滑動(dòng)摩擦力，然后根據(jù)牛頓第二定律列式分析求解解：小球向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受重力、洛倫茲力、支持力和向下的滑動(dòng)摩擦力，向上運(yùn)動(dòng)，重力和摩擦力做負(fù)功，速度不斷減小，洛倫茲力不斷減小，支持力減小，故滑動(dòng)摩擦力減小，合力減小，物體做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減為零時(shí)，向上的位移最大，摩擦力等于

19、0，而加速度等于重力加速度；小球達(dá)到最高點(diǎn)后向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受重力、洛倫茲力、支持力和向上的滑動(dòng)摩擦力，由于速度不斷變大，洛倫茲力不斷變大，支持力變大，故滑動(dòng)摩擦力變大，合力減小，物體做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度最大；A、由以上的分析可知，小球先向上運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸減?。缓笮∏蛳蛳逻\(yùn)動(dòng)，加速度仍然繼續(xù)減小負(fù)號(hào)表示速度的方向前后相反故A正確；B、由以上的分析可知，小球先向上運(yùn)動(dòng)，摩擦力的方向向下，逐漸減小；后小球向下運(yùn)動(dòng)，摩擦力的方向向上，逐漸增大故B正確；C、小球向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中：Ek=Ek0WGWf=Ek0mgxfx，由于f逐漸減小，所以動(dòng)能的變化率逐漸減小故C錯(cuò)誤；D

20、、小球運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中摩擦力做功使小球的機(jī)械能減小，向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中：E=fx，由于向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中f逐漸減小，所以機(jī)械能的變化率逐漸減小；而向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中摩擦力之間增大，所以機(jī)械能的變化率逐漸增大故D正確故選：ABD【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵分析清楚帶電小球的運(yùn)動(dòng)情況，明確：向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中摩擦力逐漸減小，向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中摩擦力逐漸增大，加速度、速度和動(dòng)能、機(jī)械能都隨之發(fā)生 變化7AD【解析】試題分析：小球從被彈出后機(jī)械能守恒；在最高點(diǎn)應(yīng)保證重力充當(dāng)向心力，由臨界條件可求得最高點(diǎn)的速度；由機(jī)械能守恒可求得B點(diǎn)的壓力、小球到達(dá)水平面的動(dòng)能及開(kāi)始時(shí)的機(jī)械能解：A、小球恰好通過(guò)最高點(diǎn)，則由mg=m，解得v=；

21、小球從C到D的過(guò)程中機(jī)械能守恒，則有mgR=mv2；解得vD=；小球由D到地面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；若做自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，由R=可得，t=；而現(xiàn)在有初速度，故時(shí)間小于；故A正確；B、由B到C過(guò)程中，機(jī)械能守恒，則有：mg2R=；B點(diǎn)時(shí)由牛頓第二定律有：Fmg=m；聯(lián)立解得，F(xiàn)=6mg，故B錯(cuò)誤；C、對(duì)C到地面過(guò)程由機(jī)械能守恒得：Ek=mg2R；EK=2.5mgR；故C錯(cuò)誤；D、小球彈出后的機(jī)械能等于彈射器的彈性勢(shì)能；故彈性勢(shì)能為E=mg2R+=；故D正確；故選：AD【點(diǎn)評(píng)】本題考查功能關(guān)系及機(jī)械能守恒定律，要注意明確系統(tǒng)只有重力及彈簧的彈力做功，故機(jī)械能守恒；正確選擇初末狀態(tài)即可順利求解8BD【解析

22、】試題分析：重力勢(shì)能的增加量由克服重力做功求解根據(jù)功能原理求排球恰好到達(dá)球網(wǎng)上邊緣時(shí)的機(jī)械能由動(dòng)能定理求排球恰好到達(dá)球網(wǎng)上邊緣時(shí)的動(dòng)能與排球從手剛發(fā)出相比較，可求得排球恰好到達(dá)球網(wǎng)上邊緣時(shí)動(dòng)能的減少量解：A、與排球從手剛發(fā)出相比較，排球恰好到達(dá)球網(wǎng)上邊緣時(shí)重力勢(shì)能的增加量為 mg（Hh）=0.3×10×（2.242.04）=0.6 J，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)功能關(guān)系可得，排球恰好到達(dá)球網(wǎng)上邊緣時(shí)的機(jī)械能為 mgh+W1W2=0.3×10×2.04+204.12=22 J，故B正確；C、由動(dòng)能定理可知：排球恰好到達(dá)球網(wǎng)上邊緣時(shí)的動(dòng)能為 W1W2mg（Hh）=1

23、5.28 J，故C錯(cuò)誤；D、與排球從手剛發(fā)出相比較，排球恰好到達(dá)球網(wǎng)上邊緣時(shí)動(dòng)能的減少量為 W2+mg（Hh）=4.72 J，故D正確故選：BD【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)能定理、重力勢(shì)能的變化及功能關(guān)系的直接應(yīng)用，關(guān)鍵要正確分析功與能的關(guān)系，判斷能量是如何轉(zhuǎn)化的9B【解析】試題分析：宇航員在月球上自高h(yuǎn)處以初速度v0水平拋出一物體，測(cè)出物體的水平射程為L(zhǎng)，根據(jù)水平射程和初速度求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)h=gt2求出月球表面的重力加速度大小；由g=求得月球的質(zhì)量；根據(jù)重力提供向心力求出衛(wèi)星的第一宇宙速度；由質(zhì)量與半徑可求得平均密度解：A、平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=再根據(jù)h=gt2，得g月=，故A錯(cuò)誤；B、由g月=

24、與g月=，可得：m月=，因此月球的平均密度=故B正確C、第一宇宙速度：v=，故C錯(cuò)誤；D、由g月= 與g月=，可得：m月=，故D錯(cuò)誤；故選：B【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，以及掌握萬(wàn)有引力提供向心力以及萬(wàn)有引力等于重力這兩個(gè)理論的運(yùn)用10BD【解析】試題分析：明確工件所受滑動(dòng)摩擦力的大小和方向，注意滑動(dòng)摩擦力的方向是和物體的相對(duì)運(yùn)動(dòng)相反，正確判斷出工件所受摩擦力方向，然后根據(jù)其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)即可正確求解該題解：工件有相對(duì)于鋼板水平向左的速度v1和沿導(dǎo)槽的速度v2，故工件相對(duì)于鋼板的速度如圖所示，滑動(dòng)摩擦力方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反，所以有：F=fcos=mgcos

25、，因此F的大小為mgmg故選BD【點(diǎn)評(píng)】注意正確分析滑動(dòng)摩擦力的大小和方向，其大小與正壓力成正比，方向與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反，在具體練習(xí)中要正確應(yīng)用該規(guī)律解題11D【解析】試題分析：分物體進(jìn)行受力分析，由共點(diǎn)力的平衡條件可知物體如何才能平衡；并且分析拉力與重力的大小關(guān)系，從而確定A受力的個(gè)數(shù)解：若拉力F大小等于物體的重力，則物體與斜面沒(méi)有相互作用力，所以物體就只受到兩個(gè)力作用；若拉力F小于物體的重力時(shí)，則斜面對(duì)物體產(chǎn)生支持力和靜摩擦力，故物體應(yīng)受到四個(gè)力作用；故選：D【點(diǎn)評(píng)】解力學(xué)題，重要的一環(huán)就是對(duì)物體進(jìn)行正確的受力分析由于各物體間的作用是交互的，任何一個(gè)力學(xué)問(wèn)題都不可能只涉及一個(gè)物體，力是

26、不能離開(kāi)物體而獨(dú)立存在的所以在解題時(shí)，應(yīng)畫一簡(jiǎn)圖，運(yùn)用“隔離法”，進(jìn)行受力分析12AC【解析】試題分析：物體離開(kāi)彈簧后向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度時(shí)間圖線求出勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小，結(jié)合牛頓第二定律求出動(dòng)摩擦因數(shù)的大小，結(jié)合圖象判斷出在00.1s過(guò)程的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；解：A、在vt圖象中，斜率代表加速度，斜率為a=，的加速度大小為8m/s2，故A正確；B、由vt圖象可知，沿斜面向上為正方向，滑塊在0.1s0.2s時(shí)間間隔內(nèi)速度為正，故物塊還是沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、滑塊在0.1s0.2s內(nèi)，由牛頓第二定律可知：mgsin37°mgcos37°=ma，故C正確；D、在00.1s

27、過(guò)程中為物體和彈簧接觸的過(guò)程，由圖象可知，滑塊先做加速后做減速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；故選：AC【點(diǎn)評(píng)】本題考查了牛頓第二定律、以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合，綜合性較強(qiáng)，通過(guò)勻減速運(yùn)動(dòng)得出動(dòng)摩擦因數(shù)是解決本題的關(guān)鍵13(1)0.495 m/s20.497 m/s2（2分） (2)CD（2分） （2分）【解析】試題分析：由逐差法取后六段誤差較小可得，若要求摩擦因數(shù)，則據(jù)牛頓第二定律可得，所以選CD，摩擦因數(shù)考點(diǎn)：本題考查了逐差法求加速度、牛頓第二定律應(yīng)用14(1)12N (2)9N【解析】試題分析：根據(jù)受力分析，利用正交分解，設(shè)CD繩子拉力為F1，CA繩子拉力為F2，BC繩子拉力為G，則正交分解后得，有因?yàn)锳處

28、于靜止，屬于靜摩擦力，則繩子拉A的力F3大小等于繩子作用在C的拉力F2，因此，代入上式可得，考點(diǎn)：正交分解、靜摩擦力點(diǎn)評(píng)：此類題型考察了三個(gè)力的正交分解，并要特別注意此題不能簡(jiǎn)單帶入滑動(dòng)摩擦力公式求解，因?yàn)锳物體靜止時(shí)受的力為靜摩擦力。15（1）15N，方向豎直向下；（2）0.3s；（3）0應(yīng)滿足的條件為3m/s02m/s【解析】試題分析：（1）設(shè)物塊滑到圓軌道末端速度1，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgR=mv12設(shè)物塊在軌道末端所受支持力的大小為F，根據(jù)牛頓第二定律得：聯(lián)立以上兩式代入數(shù)據(jù)得：F=15N根據(jù)牛頓第三定律，對(duì)軌道壓力大小為15N，方向豎直向下（2）物塊在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由mg=ma，得a=g=5m/s2加速到與傳送帶達(dá)到同速所需要的時(shí)間位移勻速時(shí)間故T=t1+t2=0.3s（3）物塊由傳送帶右端平拋h=gt2恰好落到A點(diǎn) s=v2t 得2=2m/s恰好落到B點(diǎn) D+s=3t 得3