高考物理復(fù)習(xí)五年真題20092013分類匯編?kù)o電場(chǎng)

1、2013年高考題精選1.（2013全國(guó)新課標(biāo)15）如圖，一半徑為R的圓盤上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心c的軸線上有a、 b、d三個(gè)點(diǎn)，a和b、b和c、 c和d間的距離均為R，在a點(diǎn)處有一電荷量為q(q0)的固定點(diǎn)電荷。已知b點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為零，則d點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)的大小為(k為靜電力常量)()Ak BkCk Dk解析：選B本題考查靜電場(chǎng)相關(guān)知識(shí)，意在考查考生對(duì)電場(chǎng)疊加、庫(kù)侖定律等相關(guān)知識(shí)的理解。由于在a點(diǎn)放置一點(diǎn)電荷q后，b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，說明點(diǎn)電荷q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度與圓盤上Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，即EQEqk，根據(jù)對(duì)稱性可知Q在d點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小EQk，則EdEQEqkk

2、k，故選項(xiàng)B正確。2.（2013全國(guó)新課標(biāo)第16題）一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為d，極板分別與電池兩極相連，上極板中心有一小孔(小孔對(duì)電場(chǎng)的影響可忽略不計(jì))。小孔正上方處的P點(diǎn)有一帶電粒子，該粒子從靜止開始下落，經(jīng)過小孔進(jìn)入電容器，并在下極板處(未與極板接觸)返回。若將下極板向上平移，則從P點(diǎn)開始下落的相同粒子將()A打到下極板上B在下極板處返回C在距上極板處返回D在距上極板d處返回解析：選D本題考查動(dòng)能定理及靜電場(chǎng)相關(guān)知識(shí)，意在考查考生對(duì)動(dòng)能定理的運(yùn)用。當(dāng)兩極板距離為d時(shí)，粒子從開始下落到恰好到達(dá)下極板過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：mg×dqU0，當(dāng)下極板向上移動(dòng)，設(shè)粒子在電

3、場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)距離x時(shí)速度減為零，全過程應(yīng)用動(dòng)能定理可得：mg(x)qx0，兩式聯(lián)立解得：xd，選項(xiàng)D正確。3.（2013全國(guó)新課標(biāo)第18題）如圖，在光滑絕緣水平面上，三個(gè)帶電小球a、b和c分別位于邊長(zhǎng)為l的正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上；a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負(fù)電。整個(gè)系統(tǒng)置于方向水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。已知靜電力常量為k。若三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為() A.B.C.D.解析：選B本題考查庫(kù)侖定律、電場(chǎng)力、平衡條件及其相關(guān)知識(shí)點(diǎn)，意在考查考生綜合運(yùn)用知識(shí)解決問題的能力。設(shè)小球c帶電荷量為Q，由庫(kù)侖定律可知小球a對(duì)小球c的庫(kù)侖引力為Fk，小球b對(duì)小球c的庫(kù)侖引力為Fk，二力合力為2F

4、cos 30°。設(shè)水平勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為E，對(duì)c球，由平衡條件可得：QE2Fcos 30°，解得：E，選項(xiàng)B正確。4.（2013天津理綜第6題）兩個(gè)帶等量正電的點(diǎn)電荷，固定在圖中P、Q兩點(diǎn)，MN為PQ連線的中垂線，交PQ于O點(diǎn)，A點(diǎn)為MN上的一點(diǎn)。一帶負(fù)電的試探電荷q，從A點(diǎn)由靜止釋放，只在靜電力作用下運(yùn)動(dòng)。取無限遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，則()Aq由A向O的運(yùn)動(dòng)是勻加速直線運(yùn)動(dòng)Bq由A向O運(yùn)動(dòng)的過程電勢(shì)能逐漸減小Cq運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最大Dq運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能為零解析：選BC本題考查靜電場(chǎng)中力的性質(zhì)和能的性質(zhì)，考查考生對(duì)靜電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)電荷力的性質(zhì)和能的性質(zhì)的分析。兩等量正點(diǎn)電荷在中

5、垂線MN上的電場(chǎng)強(qiáng)度方向從O點(diǎn)向兩側(cè)沿中垂線指向無窮遠(yuǎn)處，場(chǎng)強(qiáng)大小從O點(diǎn)沿MN到無窮遠(yuǎn)處先變大后變小，因此負(fù)電荷由靜止釋放后，在變化的電場(chǎng)力作用下做直線運(yùn)動(dòng)的加速度不斷變化，A項(xiàng)錯(cuò)誤；由A到O電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，B項(xiàng)正確；在MN上O點(diǎn)電勢(shì)最高，因此負(fù)電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)能最小，由于只有電場(chǎng)力做功，因此電勢(shì)能與動(dòng)能的和是一定值，電勢(shì)能最小時(shí)，動(dòng)能最大，C項(xiàng)正確；O點(diǎn)的電勢(shì)不為零，因此負(fù)電荷在O點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能不為零，D項(xiàng)錯(cuò)誤。5.（2013海南理綜第1題）如圖，電荷量為q1和q2的兩個(gè)點(diǎn)電荷分別位于P點(diǎn)和Q點(diǎn)。已知在P、Q連線上某點(diǎn)R處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，且PR2RQ。則()Aq12q2Bq14q2C

6、q12q2 Dq14q2 解析：選B 本題考查電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加，由于R處的合場(chǎng)強(qiáng)為0，故兩點(diǎn)電荷的電性相同，結(jié)合點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式Ek可知kk0，又r12r2，故q14q2，本題選B。6.（2013安徽理綜第20題）如圖所示，xOy平面是無窮大導(dǎo)體的表面，該導(dǎo)體充滿z<0的空間，z>0的空間為真空。將電荷量為q的點(diǎn)電荷置于z軸上zh處，則在xOy平面上會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電荷?？臻g任意一點(diǎn)處的電場(chǎng)皆是由點(diǎn)電荷q和導(dǎo)體表面上的感應(yīng)電荷共同激發(fā)的。已知靜電平衡時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，則在z軸上z處的場(chǎng)強(qiáng)大小為(k為靜電力常量)()Ak BkCk Dk解析：選D本題考查點(diǎn)電荷和感應(yīng)電荷周圍的電場(chǎng)分布情

7、況，意在考查考生對(duì)場(chǎng)強(qiáng)的理解。設(shè)點(diǎn)電荷為正電荷(不影響結(jié)果)，則導(dǎo)體表面的感應(yīng)電荷為負(fù)電荷。如圖，設(shè)所求點(diǎn)為A點(diǎn)，取其關(guān)于xOy平面的對(duì)稱點(diǎn)為B，點(diǎn)電荷在A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小分別為E1、E2，感應(yīng)電荷A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小分別為EA、EB。由題意，B點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為零，EBE2，由對(duì)稱性，EAEB，故A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為EEAE1。7.（2013廣東理綜第15題）噴墨打印機(jī)的簡(jiǎn)化模型如圖所示，重力可忽略的墨汁微滴，經(jīng)帶電室?guī)ж?fù)電后，以速度v垂直勻強(qiáng)電場(chǎng)飛入極板間，最終打在紙上，則微滴在極板間電場(chǎng)中()A向負(fù)極板偏轉(zhuǎn)B電勢(shì)能逐漸增大C運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線D運(yùn)動(dòng)軌跡與帶電量無關(guān)解析：選C本題考查帶電微滴在電場(chǎng)中

8、的偏轉(zhuǎn)問題，意在考查考生熟練應(yīng)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解知識(shí)解題的能力。由于微滴帶負(fù)電，電場(chǎng)方向向下，因此微滴受到的電場(chǎng)力方向向上，微滴向正極板偏轉(zhuǎn)，A項(xiàng)錯(cuò)誤；偏轉(zhuǎn)過程中電場(chǎng)力做正功，根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系，電勢(shì)能減小，B項(xiàng)錯(cuò)誤；微滴在垂直于電場(chǎng)方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移xvt，沿電場(chǎng)反方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移yt22，此為拋物線方程，C項(xiàng)正確；從式中可以看出，運(yùn)動(dòng)軌跡與帶電荷量q有關(guān)，D項(xiàng)錯(cuò)誤。8.（2013重慶理綜第3題）如圖所示，高速運(yùn)動(dòng)的粒子被位于O點(diǎn)的重原子核散射，實(shí)線表示粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，M、N和Q為軌跡上的三點(diǎn)，N點(diǎn)離核最近，Q點(diǎn)比M點(diǎn)離核更遠(yuǎn)，則()A粒子在M點(diǎn)的速

9、率比在Q點(diǎn)的大B三點(diǎn)中，粒子在N點(diǎn)的電勢(shì)能最大C在重核產(chǎn)生的電場(chǎng)中，M點(diǎn)的電勢(shì)比Q點(diǎn)的低D粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)，電場(chǎng)力對(duì)它做的總功為負(fù)功解析：選B本題考查電場(chǎng)力做功、電勢(shì)、電勢(shì)能，意在考查考生推理與分析問題的能力。建立正點(diǎn)電荷電場(chǎng)模型，根據(jù)正點(diǎn)電荷的等勢(shì)線空間分布圖，由于Q點(diǎn)比M點(diǎn)離核遠(yuǎn)，則Q<M，C項(xiàng)錯(cuò)誤；粒子從M點(diǎn)到Q點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，粒子在M點(diǎn)的速率比在Q點(diǎn)的速率小，A、D項(xiàng)錯(cuò)誤；三點(diǎn)中，粒子在N點(diǎn)的電勢(shì)最高，電勢(shì)能最大，B項(xiàng)正確。9.（2013山東理綜第19題）如圖所示，在x軸上相距為L(zhǎng)的兩點(diǎn)固定兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷Q、Q，虛線是以Q所在點(diǎn)為圓心、為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的

10、四個(gè)點(diǎn)，其中a、c兩點(diǎn)在x軸上，b、d兩點(diǎn)關(guān)于x軸對(duì)稱。下列判斷正確的是()Ab、d兩點(diǎn)處的電勢(shì)相同B四個(gè)點(diǎn)中c點(diǎn)處的電勢(shì)最低Cb、d兩點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度相同D將一試探電荷q沿圓周由a點(diǎn)移至c點(diǎn)，q的電勢(shì)能減小解析：選ABD本題考查等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)力的屬性及電勢(shì)能的屬性，意在考查考生利用所學(xué)物理知識(shí)處理實(shí)際問題的能力。等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線及等勢(shì)線的分布如圖所示。由于b、d兩點(diǎn)關(guān)于x軸對(duì)稱，故b、d兩點(diǎn)電勢(shì)相等，A項(xiàng)正確；a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)中，只有c點(diǎn)電勢(shì)為零，其余各點(diǎn)的電勢(shì)均大于零，故B項(xiàng)正確；b、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，故C項(xiàng)錯(cuò)；將一正的試探電荷由a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)的過程中，由于a

11、點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)電勢(shì)，故該電荷的電勢(shì)能減小，D項(xiàng)正確。10.（2013江蘇理綜第3題）下列選項(xiàng)中的各圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻分布，各圓環(huán)間彼此絕緣。坐標(biāo)原點(diǎn)O處電場(chǎng)強(qiáng)度最大的是()解析：選B本題考查靜電場(chǎng)的疊加問題，考查點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的特點(diǎn)，意在考查考生對(duì)點(diǎn)電荷電場(chǎng)分布特點(diǎn)及矢量合成原理的理解。根據(jù)對(duì)稱性和矢量疊加，D項(xiàng)O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，C項(xiàng)等效為第二象限內(nèi)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)，大小與A項(xiàng)的相等，B項(xiàng)正、負(fù)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向互相垂直，合場(chǎng)強(qiáng)是其中一個(gè)的倍，也是A、C項(xiàng)場(chǎng)強(qiáng)的倍，因此B項(xiàng)正確。11.（2013江蘇理綜第6題）將一電荷量為Q的小球放在不帶電的金屬

12、球附近，所形成的電場(chǎng)線分布如圖所示，金屬球表面的電勢(shì)處處相等。a、b為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，則()Aa點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)的大Ba點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的高C檢驗(yàn)電荷q在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的大D將檢驗(yàn)電荷q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功解析：選ABD本題考查靜電場(chǎng)中力的性質(zhì)和能的性質(zhì)，意在考查考生對(duì)靜電力的性質(zhì)和能的性質(zhì)的理解與掌握情況。電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，A項(xiàng)正確；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，B項(xiàng)正確；由Epq可知，負(fù)電荷在高電勢(shì)處電勢(shì)能小，C項(xiàng)錯(cuò)誤；負(fù)電荷從a到b電勢(shì)能增加，根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系可知，這個(gè)過程中電場(chǎng)力做負(fù)功，D項(xiàng)正確。12.（2013全國(guó)新課標(biāo)第24題）如圖，勻強(qiáng)電

13、場(chǎng)中有一半徑為r的光滑絕緣圓軌道，軌道平面與電場(chǎng)方向平行。a、b為軌道直徑的兩端，該直徑與電場(chǎng)方向平行。一電荷量為q(q0)的質(zhì)點(diǎn)沿軌道內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)。經(jīng)過a點(diǎn)和b點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力的大小分別為Na和Nb。不計(jì)重力，求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E、質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過a點(diǎn)和b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能。解析：本題主要考查受到約束的帶電質(zhì)點(diǎn)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)、牛頓第二定律、動(dòng)能定理及其相關(guān)的知識(shí)點(diǎn)，意在考查考生靈活應(yīng)用知識(shí)解決問題的能力。質(zhì)點(diǎn)所受電場(chǎng)力的大小為FqE設(shè)質(zhì)點(diǎn)質(zhì)量為m，經(jīng)過a點(diǎn)和b點(diǎn)時(shí)的速度大小分別為va和vb，由牛頓第二定律有FNamNbFm設(shè)質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過a點(diǎn)和b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為Eka和Ekb，有EkamvEkbmv根據(jù)動(dòng)能定理有Ek

14、bEka2rF聯(lián)立式得E(NbNa)Eka(Nb5Na)Ekb(5NbNa)答案：見解析13.（2013浙江理綜第24題）“電子能量分析器”主要由處于真空中的電子偏轉(zhuǎn)器和探測(cè)板組成。偏轉(zhuǎn)器是由兩個(gè)相互絕緣、半徑分別為RA和RB的同心金屬半球面A和B構(gòu)成，A、B為電勢(shì)值不等的等勢(shì)面，其過球心的截面如圖所示。一束電荷量為e、質(zhì)量為m的電子以不同的動(dòng)能從偏轉(zhuǎn)器左端M板正中間小孔垂直入射，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)區(qū)域，最后到達(dá)偏轉(zhuǎn)器右端的探測(cè)板N，其中動(dòng)能為Ek0的電子沿等勢(shì)面C做勻速圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)N板的正中間。忽略電場(chǎng)的邊緣效應(yīng)。(1)判斷半球面A、B的電勢(shì)高低，并說明理由；(2)求等勢(shì)面C所在處電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小

15、；(3)若半球面A、B和等勢(shì)面C的電勢(shì)分別為A、B和C，則到達(dá)N板左、右邊緣處的電子，經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)前、后的動(dòng)能改變量Ek左與Ek右分別為多少？(4)比較|Ek左|和|Ek右|的大小，并說明理由。解析：本題主要考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，意在考查考生分析和計(jì)算能力。(1)電子(帶負(fù)電)做圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力方向指向球心，電場(chǎng)方向從B指向A，B板電勢(shì)高于A板(2)據(jù)題意，電子在電場(chǎng)力作用下做圓周運(yùn)動(dòng)，考慮到圓軌道上的電場(chǎng)強(qiáng)度E大小相同，有：eEmEk0mv2R聯(lián)立解得：E(3)電子運(yùn)動(dòng)時(shí)只有電場(chǎng)力做功，根據(jù)動(dòng)能定理，有EkqU對(duì)到達(dá)N板左邊緣的電子，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增加，有Ek左e(BC)對(duì)到達(dá)N板

16、右邊緣的電子，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，有Ek右e(AC)(4)根據(jù)電場(chǎng)線特點(diǎn)，等勢(shì)面B與C之間的電場(chǎng)強(qiáng)度大于C與A之間的電場(chǎng)強(qiáng)度，考慮到等勢(shì)面間距相等，有|BC|AC|，即|Ek左|Ek右|。答案：(1)見解析(2)(3)Ek左(BC)Ek右(AC)(4)見解析2012高考年高考題精選1.（2012全國(guó)新課標(biāo)18）如圖，平行板電容器的兩個(gè)極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連。若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過電容器，則在此過程中，該粒子()A所受重力與電場(chǎng)力平衡B電勢(shì)能逐漸增加C動(dòng)能逐漸增加D做勻變速直線運(yùn)動(dòng)解析：選BD由題意可知粒子做直線運(yùn)動(dòng)，受到豎直向下的重力和垂直極板的電場(chǎng)

17、力，考慮到電場(chǎng)力和重力不可能平衡，故只有電場(chǎng)力與重力的合力方向水平向左才能滿足直線運(yùn)動(dòng)條件，故粒子做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能逐漸增加，B、D對(duì)。2.（2012全國(guó)高考18）.如圖，兩根相互平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線過紙面上的M、N兩點(diǎn)，且與紙面垂直，導(dǎo)線中通有大小相等、方向相反的電流。a、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點(diǎn)。c 、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到O點(diǎn)的距離均相等。關(guān)于以上幾點(diǎn)處的磁場(chǎng)，下列說法正確的是() AO點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零Ba、b兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反Cc、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同Da、c兩點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不同解析：選C由安培

18、定則可知，兩導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)均豎直向下，合磁感應(yīng)強(qiáng)度一定不為零，選項(xiàng)A錯(cuò)；由安培定則，兩導(dǎo)線在a、b兩處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向均豎直向下，由于對(duì)稱性，電流M在a處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等于電流N在b處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，同時(shí)電流M在b處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等于電流N在a處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，所以a、b兩處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等方向相同，選項(xiàng)B錯(cuò)；根據(jù)安培定則，兩導(dǎo)線在c、d兩處產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直c、d兩點(diǎn)與導(dǎo)線連線方向向下，且產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相等，由平行四邊形定則可知，c、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，選項(xiàng)C正確；a、c兩處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向均豎直向下，選項(xiàng)D錯(cuò)。3.（2012山東理綜19

19、）圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點(diǎn)電荷。一帶電粒子以一定初速度射入電場(chǎng)，實(shí)線為粒子僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b、c三點(diǎn)是實(shí)線與虛線的交點(diǎn)。則該粒子()A帶負(fù)電B在c點(diǎn)受力最大C在b點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能D由a點(diǎn)到b點(diǎn)的動(dòng)能變化大于由b點(diǎn)到c點(diǎn)的動(dòng)能變化解析：選CD 由于帶電粒子受到的電場(chǎng)力指向軌跡凹側(cè)，說明帶電粒子帶正電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)庫(kù)侖定律Fk可知，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；粒子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，粒子電勢(shì)能減小，選項(xiàng)C正確；由動(dòng)能定理可得qUEk，因?yàn)閁ab>Ubc，所以選項(xiàng)D正確。5.（2012江蘇理綜1）真空中，A、B兩點(diǎn)與點(diǎn)電荷

20、Q的距離分別為r和3r，則A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為()A31B13C91 D19解析：選C根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度Ek，可知91，C正確。6.（2012江蘇理綜2）一充電后的平行板電容器保持兩極板的正對(duì)面積、間距和電荷量不變，在兩極板間插入一電介質(zhì)，其電容C和兩極板間的電勢(shì)差U的變化情況是()AC和U均增大BC增大，U減小CC減小，U增大DC和U均減小解析：選B根據(jù)平行板電容器電容公式C，在兩板間插入電介質(zhì)后，電容C增大，因電容器所帶電荷量Q不變，由C可知，U減小，B正確。7.（2012浙江理綜19）用金屬箔做成一個(gè)不帶電的圓環(huán)，放在干燥的絕緣桌面上。小明同學(xué)用絕緣材料做的筆套與頭發(fā)摩擦后，將

21、筆套自上向下慢慢靠近圓環(huán)，當(dāng)距離約為0.5 cm時(shí)圓環(huán)被吸引到筆套上，如圖所示。對(duì)上述現(xiàn)象的判斷與分析，下列說法正確的是()A摩擦使筆套帶電B筆套靠近圓環(huán)時(shí)，圓環(huán)上、下都感應(yīng)出異號(hào)電荷C圓環(huán)被吸引到筆套的過程中，圓環(huán)所受靜電力的合力大于圓環(huán)的重力D筆套碰到圓環(huán)后，筆套所帶的電荷立刻被全部中和解析：選ABC筆套與頭發(fā)摩擦后，能夠吸引圓環(huán)，說明筆套上帶了電荷，即摩擦使筆套帶電，選項(xiàng)A正確；筆套靠近圓環(huán)時(shí)，由于靜電感應(yīng)，會(huì)使圓環(huán)上、下部感應(yīng)出異號(hào)電荷，選項(xiàng)B正確；圓環(huán)被吸引到筆套的過程中，是由于圓環(huán)所受靜電力的合力大于圓環(huán)所受的重力，故選項(xiàng)C正確；筆套接觸到圓環(huán)后，筆套上的部分電荷轉(zhuǎn)移到圓環(huán)上，使圓

22、環(huán)帶上相同性質(zhì)的電荷，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。8.(2012天津理綜5)兩個(gè)固定的等量異號(hào)點(diǎn)電荷所產(chǎn)生電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖中虛線所示，一帶負(fù)電的粒子以某一速度從圖中A點(diǎn)沿圖示方向進(jìn)入電場(chǎng)在紙面內(nèi)飛行，最后離開電場(chǎng)，粒子只受靜電力作用，則粒子在電場(chǎng)中()A做直線運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能先變小后變大B做直線運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能先變大后變小C做曲線運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能先變小后變大D做曲線運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能先變大后變小解析：選C等勢(shì)面垂直，一帶負(fù)電的粒子以某一速度從圖中A點(diǎn)沿圖示方向進(jìn)入電場(chǎng)在紙面內(nèi)飛行，受到向上的電場(chǎng)力作用，粒子在電場(chǎng)中做曲線運(yùn)動(dòng)，靜電力先做正功后做負(fù)功，電勢(shì)能先變小后變大，選項(xiàng)C正確。9.(2012安徽理綜18)如圖所示，在平面直

23、角坐標(biāo)系中，有方向平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，其中坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電勢(shì)為0 V，點(diǎn)A處的電勢(shì)為6 V，點(diǎn)B處的電勢(shì)為3 V，則電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為()A200 V/m B200 V/mC100 V/m D100 V/m解析：選A 在勻速電場(chǎng)中，若沿某一方向電勢(shì)降落，則在這一方向上電勢(shì)均勻降落，故OA的中點(diǎn)C的電勢(shì)C3 V(如圖所示)，因此B、C為等勢(shì)面。O點(diǎn)到BC的距離dOCsin ，而sin ，所以dOC1.5×102m。根據(jù)E得，勻速電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E V/m200 V/m，故選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)B、C、D錯(cuò)誤。10.(2012安徽理綜20)如圖1所示，半徑為R的均勻帶電圓形平板，單位面積帶電

24、量為，其軸線上任意一點(diǎn)P(坐標(biāo)為x)的電場(chǎng)強(qiáng)度可以由庫(kù)侖定律和電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理求出：E2k，方向沿x軸?，F(xiàn)考慮單位面積帶電量為0的無限大均勻帶電平板，從其中間挖去一半徑為r的圓板，如圖2所示。則圓孔軸線上任意一點(diǎn)Q(坐標(biāo)為x)的電場(chǎng)強(qiáng)度為()A2k0 B2k0C2k0 D2k0解析：選 A利用均勻帶電圓板軸線上的場(chǎng)強(qiáng)公式，當(dāng)R無限大時(shí)，Q點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E12k0，當(dāng)Rr時(shí)，Q點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E22k01，現(xiàn)從帶電平板上中間挖去一半徑為r的圓板，則Q點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E3E1E2，只有選項(xiàng)A正確。11.(2012福建理綜15)如圖所示，在點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，將兩個(gè)帶正電的試探電荷q1、q2分別置于A、B兩點(diǎn)，

25、虛線為等勢(shì)線。取無窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，若將q1、q2移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)的過程中外力克服電場(chǎng)力做的功相等，則下列說法正確的是()AA點(diǎn)電勢(shì)大于B點(diǎn)電勢(shì)BA、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等Cq1的電荷量小于q2的電荷量Dq1在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于q2在B點(diǎn)的電勢(shì)能解析：選C 由題意知點(diǎn)電荷Q帶負(fù)電，所以有AB0，得|UA|UB|，移動(dòng)兩試探電荷克服電場(chǎng)力做功相等，有q1|UA|q2|UB|，所以q1q2，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，C正確。因?yàn)镋k，A點(diǎn)比B點(diǎn)離Q近，所以EAEB，選項(xiàng)B錯(cuò)誤。根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系，q1在A點(diǎn)的電勢(shì)能等于q2在B點(diǎn)的電勢(shì)能，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。12.(2012廣東理綜20).圖5是某種靜電礦料分選器

26、的原理示意圖，帶電礦粉經(jīng)漏斗落入水平勻強(qiáng)電場(chǎng)后，分落在收集板中央的兩側(cè)，對(duì)礦粉分離的過程，下列表述正確的有()A帶正電的礦粉落在右側(cè)B電場(chǎng)力對(duì)礦粉做正功C帶負(fù)電的礦粉電勢(shì)能變大D帶正電的礦粉電勢(shì)能變小解析：選BD在水平方向上帶正電的礦粉受到向左的電場(chǎng)力，應(yīng)落在左側(cè)，A錯(cuò)；電場(chǎng)力對(duì)兩種礦粉都做正功，電勢(shì)能均減小，所以只有BD正確。13.(2012重慶理綜20)空間中P、Q兩點(diǎn)處各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，其中P點(diǎn)處為正電荷，P、Q兩點(diǎn)附近電場(chǎng)的等勢(shì)面分布如題20圖所示，a、b、c、d為電場(chǎng)中的4個(gè)點(diǎn)，則() AP、Q兩點(diǎn)處的電荷等量同種Ba點(diǎn)和b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同Cc點(diǎn)的電勢(shì)低于d點(diǎn)的電勢(shì)D負(fù)電荷從a到c，

27、電勢(shì)能減少解析：選D根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直得：必有一條電場(chǎng)線與P、Q連線重合，P為正電荷，故該電場(chǎng)線必從P沿直線指向Q，因電場(chǎng)線總是由正電荷指向負(fù)電荷，故P、Q電荷為等量異種電荷，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，a、b兩處電場(chǎng)強(qiáng)度方向不同，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；因越靠近正電荷，電勢(shì)越高，故c點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì)，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)等勢(shì)線的分布及P、Q的電性，c所在的等勢(shì)線電勢(shì)高于a所在等勢(shì)線的電勢(shì)，負(fù)電荷從a到c，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，D選項(xiàng)正確。14.（2012全國(guó)高考24）如圖，一平行板電容器的兩個(gè)極板豎直放置，在兩極板間有一帶電小球，小球用一絕緣輕線懸掛于O點(diǎn)，現(xiàn)給電容器緩慢充電，使兩極板所帶電荷量分

28、別為Q和Q，此時(shí)懸線與豎直方向的夾角為/6。再給電容器緩慢充電，直到懸線和豎直方向的夾角增加到/3，且小球與兩極板不接觸。求第二次充電使電容器正極板增加的電荷量。解析：設(shè)電容器電容為C。第一次充電后兩極板之間的電壓為U兩極板之間電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為E式中d為兩極板間的距離。按題意，當(dāng)小球偏轉(zhuǎn)角1/6時(shí)，小球處于平衡位置。設(shè)小球質(zhì)量為m，所帶電荷量為q，則有Tcos 1mgTsin 1qE式中T為此時(shí)懸線的張力。聯(lián)立式得tan 1設(shè)第二次充電使正極板上增加的電荷量為Q，此時(shí)小球偏轉(zhuǎn)角2/3，則tan 2聯(lián)立式得代入數(shù)據(jù)解得Q2Q答案：2Q2011年高考題精選1.（2011全國(guó)新課標(biāo)理綜20）一帶負(fù)電荷的

29、質(zhì)點(diǎn)，在電場(chǎng)力作用下沿曲線 abc 從 a 運(yùn)動(dòng)到 c ，已知質(zhì)點(diǎn)的速率是遞減的關(guān)于 b 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度 E 的方向，下列圖示中可能正確的是(虛線是曲線在 b 點(diǎn)的切線)()解析：選D題中質(zhì)點(diǎn)所帶電荷是負(fù)電荷，電場(chǎng)方向應(yīng)與負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力方向相反，又因?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)的速度是遞減的，因此力的方向應(yīng)與速度方向夾角大于90°，故選項(xiàng)D正確2.（2011大綱高考17）通常一次閃電過程歷時(shí)約0.20.3 s，它由若干個(gè)相繼發(fā)生的閃擊構(gòu)成每個(gè)閃擊持續(xù)時(shí)間僅4080 s，電荷轉(zhuǎn)移主要發(fā)生在第一個(gè)閃擊過程中在某一次閃電前云地之間的電勢(shì)差約為1.0×109V，云地間距離約為1 km；第一個(gè)閃擊過程中云

30、地間轉(zhuǎn)移的電荷量約為6 C，閃擊持續(xù)時(shí)間約為60 s.假定閃電前云地間的電場(chǎng)是均勻的根據(jù)以上數(shù)據(jù)，下列判斷正確的是()A閃電電流的瞬時(shí)值可達(dá)到1×105AB整個(gè)閃電過程的平均功率約為1×1014 WC閃電前云地間的電場(chǎng)強(qiáng)度約為1×106 V/mD整個(gè)閃電過程向外釋放的能量約為6×106 J解析：選AC根據(jù)題意第一個(gè)閃擊過程中轉(zhuǎn)移電荷量 Q6 C，時(shí)間約為t60 s，故平均電流為I平1×105 A，閃擊過程中的瞬時(shí)最大值一定大于平均值，故A對(duì)；第一次閃擊過程中電功約為WQU6×109 J，第一個(gè)閃擊過程的平均功率P1×1014

31、 W，由于一次閃擊過程主要發(fā)生在第一個(gè)閃擊過程中，但整個(gè)閃擊過程中的時(shí)間遠(yuǎn)大于60 s，故B錯(cuò)；閃擊前云與地之間的電場(chǎng)強(qiáng)度約為E V/m1×106 V/m，C對(duì)；整個(gè)閃擊過程向外釋放的能量約為W6×109 J，D錯(cuò)3.（2011重慶理綜19）如圖所示，電荷量為q和q的點(diǎn)電荷分別位于正方體的頂點(diǎn)，正方體范圍內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)有()A體中心、各面中心和各邊中心B體中心和各邊中點(diǎn)C各面中心和各邊中點(diǎn)D體中心和各面中心解析：選D由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式及電荷的對(duì)稱分布，可推斷出在正方體范圍內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)為體中心和各面中心4.（2011四川理綜21）質(zhì)量為m的帶正電小球由空中A點(diǎn)無初速

32、度自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)，再經(jīng)過t秒小球又回到A點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力且小球從未落地，則()A整個(gè)過程中小球電勢(shì)能變化了mg2t2B整個(gè)過程中小球動(dòng)量增量的大小為2mgtC從加電場(chǎng)開始到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)小球動(dòng)能變化了mg2t2D從A點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力勢(shì)能變化了mg2t2解析：選BD小球運(yùn)動(dòng)過程示意圖如圖所示，在重力作用下，小球由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)；加上電場(chǎng)后，小球減速運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C然后反向運(yùn)動(dòng)返回A點(diǎn)設(shè)小球由B到C的時(shí)間為t1，由C到A的時(shí)間為t2，加電場(chǎng)后小球的加速度為a，則tt1t2，gtat1，gt2atat.聯(lián)立得a3g，t1，t2，故小球返回A點(diǎn)時(shí)的速度vAat

33、22gt，故整個(gè)過程中小球的電勢(shì)能變化了mv2mg2t2，小球動(dòng)量增量的大小為2mgt.小球從B到C的過程中動(dòng)能變化了m(gt)2mg2t2，A、C間的距離為gt2atgt2，故重力勢(shì)能變化了mg2t2.5.（2011安徽理綜18）圖(a)為示波管的原理圖如果在電極YY之間所加的電壓圖按圖( b)所示的規(guī)律變化，在電極XX之間所加的電壓按圖(c)所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上會(huì)看到的圖形是()解析：選B在02t1時(shí)間內(nèi)，掃描電壓掃描一次，信號(hào)電壓完成一個(gè)周期，當(dāng)UY為正的最大值時(shí)，電子打在熒光屏上有正的最大位移，當(dāng)UY為負(fù)的最大值時(shí)，電子打在熒光屏上有負(fù)的最大位移，因此一個(gè)周期內(nèi)熒光屏上的圖象為

34、B.6.（2011安徽理綜20）如圖(a)所示，兩平行正對(duì)的金屬板A、B間加有如圖(b)所示的交變電壓，一重力可忽略不計(jì)的帶正電粒子被固定在兩板的正中間P處若在t0時(shí)刻釋放該粒子，粒子會(huì)時(shí)而向A板運(yùn)動(dòng)，時(shí)而向B板運(yùn)動(dòng)，并最終打在A板上則t0可能屬于的時(shí)間段是() A0<t0<B.<t0<C.<t0<T DT<t0<解析：選D兩板間加的是方波電壓，剛釋放粒子時(shí)，粒子向A板運(yùn)動(dòng)，說明釋放粒子時(shí)UAB為負(fù)，因此A項(xiàng)錯(cuò)誤，若t0時(shí)刻釋放粒子，則粒子做方向不變的單向直線運(yùn)動(dòng)，一直向A運(yùn)動(dòng)；若t0時(shí)刻釋放粒子，則粒子在電場(chǎng)中固定兩點(diǎn)間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，因此<

35、t0<時(shí)間內(nèi)，粒子的運(yùn)動(dòng)滿足題意的要求，選項(xiàng)B正確7.（2011山東理綜21）如圖所示，在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點(diǎn)所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關(guān)于MN對(duì)稱，b點(diǎn)位于MN上，d點(diǎn)位于兩電荷的連線上以下判斷正確的是() Ab點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)Bb點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)Ca、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差D試探電荷q在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在c點(diǎn)的電勢(shì)能解析：選BC兩點(diǎn)電荷連線上的中點(diǎn)是連線上場(chǎng)強(qiáng)最小的點(diǎn)同時(shí)也是中垂線上場(chǎng)強(qiáng)最大的點(diǎn)，所以d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，B正確，A錯(cuò)根據(jù)電場(chǎng)線分布的對(duì)稱性，可知C正確正試探電荷在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能大，D錯(cuò)8

36、.（2011天津理綜5）板間距為 d 的平行板電容器所帶電荷量為 Q 時(shí)，兩極板間電勢(shì)差為 U1，板間場(chǎng)強(qiáng)為 E1.現(xiàn)將電容器所帶電荷量變?yōu)?2Q，板間距變?yōu)閐，其他條件不變，這時(shí)兩極板間電勢(shì)差為 U2, 板間場(chǎng)強(qiáng)為 E2，下列說法正確的是()AU2U1，E2E1 BU22U1，E24E1CU2U1，E22E1 DU22U1，E22E1解析：選C由公式E、C和C可得 E ，所以 Q 加倍，E 也加倍，再由U Ed可得U相等C正確9.（2011廣東理綜21）如圖為靜電除塵器除塵機(jī)理的示意圖塵埃在電場(chǎng)中通過某種機(jī)制帶電，在電場(chǎng)力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達(dá)到除塵的目的下列表述正確的是()A到達(dá)集塵極的塵埃帶正電荷B電場(chǎng)方向由集塵極指向放電極C帶電塵埃所受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)方向相同D同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場(chǎng)力越大解析：選BD 集塵極與電源的正極相連帶正電，放電極帶負(fù)電，塵埃在電場(chǎng)力作用下向集塵極遷移，說明塵埃帶負(fù)電荷，A項(xiàng)錯(cuò)誤；電場(chǎng)方向由集塵極指向放電極，B項(xiàng)正確；帶電塵埃帶負(fù)電，因此所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向相反，C項(xiàng)錯(cuò)誤；同一位置電場(chǎng)強(qiáng)度一定，由FqE可知，塵埃電荷量越多，所受電場(chǎng)力越大，D項(xiàng)正確10.（2011江蘇理綜8）一粒子從 A