2014高三物理一輪復(fù)習(xí)練習(xí)必修2-5-4匯總

1、髙效題組訓(xùn)練-Gao Xiao Ti Zu Xun Lian隨堂演練 及時反饋?夯實基不III1 自然現(xiàn)象中蘊(yùn)藏著許多物理知識，如圖所示為一個盛水袋，某人從側(cè)面A 增大D 不能確定解析：人推袋壁使它變形，對它做了功，由功能關(guān)系可得，水的重力勢能增 加，A 正確.答案：A2.運(yùn)動員跳傘將經(jīng)歷開傘前后的加速下降和減速下降兩個過程.將人和傘 看成一個系統(tǒng)，在這兩個過程中，下列說法正確的是（）A .阻力對系統(tǒng)始終做負(fù)功B. 系統(tǒng)受到的合力始終向下C. 重力做功使系統(tǒng)的重力勢能增加D. 任意相等的時間內(nèi)重力做的功相等解析：阻力的方向總與運(yùn)動方向相反，故阻力總做負(fù)功， A 正確；運(yùn)動員加速下降時合力向下，

2、減速下降時合力向上，B 錯誤；重力做功使系統(tǒng)重力勢能減少，C 錯誤；由于做變速運(yùn)動，任意相等時間內(nèi)的下落高度 h 不相等，所以重力做功 W= mgh 不相等，D 錯誤.答案：A3.（2013 年黃岡模擬）質(zhì)量為 m 的帶正電的物體處于豎直向上的勻強(qiáng)電場中,素能緩慢推袋壁使它變形，則水的勢能C.不變1已知帶電物體所受靜電力的大小為物體所受重力的 4 現(xiàn)將物體從距地面高 h 處g以一定初速度豎直下拋，物體以 4 的加速度豎直下落到地面（空氣阻力恒定），則 在物體的下落過程中（）11A物體的重力勢能減少 4mgh，電勢能減少 4mgh1B由物體與周圍空氣組成的系統(tǒng)的內(nèi)能增加了 4mgh1C. 物體的

3、動能增加 4mgh1D. 物體的機(jī)械能減少 4mgh1解析：由題意知，靜電力 F電=4mg；由牛頓第二定律得 mg F電一 Ff= ma,1 1即空氣阻力 Ff= 2mg；下落過程中，重力做功 mgh，靜電力做功一 4mgh，故重力11勢能減少 mgh,電勢能增加 4mgh, A 錯；E內(nèi)=Ffh=mgh, B 錯；物體所受合1 1力 F合=ma= 4mg,故動能的增加量AEk= F合h= 4mgh，C 正確；機(jī)械能的減少3量AE= Ffh+ F電h=4mgh，D 錯.答案：C4.如圖所示， 水平傳送帶由電動機(jī)帶動，并始終保持以速度v 勻速運(yùn)動，現(xiàn)將質(zhì)量為 m 的某物塊由靜止釋放在傳送帶上的左

4、端，過一會兒物塊能保持與 傳送帶相對靜止，設(shè)物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為仏對于這一過程，下列說法正確的是（）B.物塊對傳送帶做功為 0.5mv2C. 系統(tǒng)摩擦生熱為 0.5mv2D. 電動機(jī)多做的功為 mv2解析：對物塊運(yùn)用動能定理，摩擦力做的功等于物塊動能的增加，即 0.5mv2, 故A 正確；傳送帶的位移是物塊位移的兩倍，所以物塊對傳送帶做功的絕對值是摩擦力對物塊做功的兩倍，即為 mv2,故 B 錯誤；電動機(jī)多做的功就是傳送帶 克服摩擦力做的功，也為 mv2,故 D 正確；系統(tǒng)摩擦生熱等于摩擦力與相對位移 的乘積，故 C 正確.答案：ACD課時作業(yè)規(guī)范圳龜提升能力命題報告教師用書獨具知識點

5、題號對能量守恒定律的理解1、9對功能關(guān)系的理解2、3功能關(guān)系的應(yīng)用4、5、7功能關(guān)系與圖象的綜合應(yīng)用6、8能量守恒定律的綜合應(yīng)用10、11、12一、選擇題（本題共 10 小題，每小題 7 分，共 70 分，每小題至少有一個選 項正確，把正確選項前的字母填在題后的括號內(nèi)）1. （2013 年惠州調(diào)研）上端固定的一根細(xì)線下面懸掛一擺球，擺球在空氣中 擺動，擺動的幅度越來越小，對此現(xiàn)象下列說法正確的是（）A .擺球機(jī)械能守恒B. 總能量守恒，擺球的機(jī)械能正在減少，減少的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能C. 能量正在消失D. 只有動能和重力勢能的相互轉(zhuǎn)化解析：由于空氣阻力的作用，機(jī)械能減少，機(jī)械能不守恒，內(nèi)能增加，機(jī)

6、械 能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，能量總和不變，B 正確.答案：B2. （2013 年無錫檢測）如圖所示，跳水運(yùn)動員最后踏板的過程可以簡化為下 述模型：運(yùn)動員從高處落到處于自然狀態(tài)的跳板 （A 位置）上，隨跳板一同向下運(yùn) 動到最低點（B 位置）對于運(yùn)動員從開始與跳板接觸到運(yùn)動至最低點的過程，下 列說法中正確的是（）A 運(yùn)動員到達(dá)最低點時，其所受外力的合力為零B. 在這個過程中，運(yùn)動員的動能一直在減小C. 在這個過程中，跳板的彈性勢能一直在增加D. 在這個過程中，運(yùn)動員所受重力對她做的功大于跳板的作用力對她做的 功解析：從運(yùn)動員與跳板接觸至 F彈=mg,運(yùn)動員做加速度減小的加速運(yùn)動，之后 F彈mg,運(yùn)動員開始減

7、速，到最低點時速度減為零，此時運(yùn)動員受向上的合力，A 錯誤；該過程運(yùn)動員動能先增大后減小，B 錯誤；至最低點，跳板形變1量最大，彈性勢能最大，C 正確；全程由動能定理得，WG- W彈二 0 2mv1 2，即1WG= W彈一 2mv ， D 錯誤.答案：C3.如圖所示，質(zhì)量 m= 10 kg 和M= 20 kg 的兩物塊，疊放在光滑水平面上， 其中物塊 m 通過處于水平方向的輕彈簧與豎直墻壁相連，初始時刻，彈簧處于 原長狀態(tài)，彈簧的勁度系數(shù) k= 250 N/m現(xiàn)用水平力 F 作用在物塊M上，使其緩 慢地向墻壁移動，當(dāng)移動 40 cm 時，兩物塊間開始相對滑動，在相對滑動前的過 程中，下列說法中

8、正確的是（）A M 受到的摩擦力保持不變B.物塊 m 受到的摩擦力對物塊 m 不做功C 推力做的功等于彈簧增加的彈性勢能D.開始相對滑動時，推力 F 的大小等于 200 N解析：取 m 和 M 為一整體，由平衡條件可得：F= kx,隔離 m,由平衡條件 可得，F(xiàn)f= kx,可見 M 緩慢右移過程中，m 對 M 的摩擦力在增大，開始滑動時， Ff= kxm= 100N,故此時推力 F = 100 N，A、D 均錯誤；m 受到的摩擦力對 m 做 正功，B 錯誤；由能量守恒定律可知，推力 F 做的功全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，C正確.答案：C4. （2013 年福州質(zhì)檢）如圖所示，在光滑斜面上的 A

9、點先后水平拋出和靜止 釋放兩個質(zhì)量相等的小球 1 和 2,不計空氣阻力，最終兩小球在斜面上的 B 點相 遇，在這個過程中（）AA .小球 1 重力做的功大于小球 2 重力做的功B. 小球 1 機(jī)械能的變化大于小球 2 機(jī)械能的變化C. 小球 1 到達(dá) B 點的動能大于小球 2 的動能D. 兩小球到達(dá) B 點時，在豎直方向的分速度相等解析：重力做功只與初、末位置的高度差有關(guān)，與物體經(jīng)過的路徑無關(guān)，所以重力對 1、2 兩小球所做的功相等，A 錯誤；1、2 兩小球從 A 點運(yùn)動到 B 點的過程中，只有重力對其做功，所以它們的機(jī)械能均守恒，B 錯誤；由動能定理可得，對小球 1 有：mgh= Ek1 E

10、k0,對小球 2 有：mgh= Ek2 0,顯然 Ek1 Ek2, C正確；由上面的分析可知，兩小球到達(dá) B 點時，小球 1 的速度大于小球 2 的速 度，且小球 1 的速度方向與豎直方向的夾角小于小球 2 速度方向與豎直方向的夾角，因此，小球 1 在豎直方向上的速度大于小球 2 在豎直方向上的速度，D 錯誤.答案：C5.（2013 年江西盟校聯(lián)考）如圖所示，質(zhì)量為 m 的小車在水平恒力 F 推動下，從山坡（粗糙）底部 A 處由靜止起運(yùn)動至高為 h 的坡頂 B,獲得的速度為 v. A、B之間的水平距離為 s，重力加速度為 g.下列說法正確的是（）A .小車重力所做的功是 mgh12B.合力對小

11、車做的功是 2mv2C. 推力對小車做的功是 2mv + mgh12D. 阻力對小車做的功是 Fs 2mv mgh解析：小車重力所做的功為-mgh，A 錯誤；由動能定理得合力對小車做的1功 W= 2mv2, B 正確；推力對小車做的功為 Fs, C 錯誤；根據(jù)動能定理，阻力12對小車做的功為-（Fs-2mv mgh），故 D 錯誤.答案：B6.物體沿斜面向上運(yùn)動，運(yùn)動過程中質(zhì)點的機(jī)械能E 與豎直高度 h 關(guān)系的圖象如圖所示，其中 Oh1過程的圖線為水平線，h1h2過程的圖線為傾斜直線.根據(jù)該圖象,A .物體在 0hi過程中除重力外不受其他力的作用B. 物體在 Ohi過程中重力和其他力都做功C.

12、 物體在 hih2過程中合力與速度的方向一定相反D. 物體在 0h2過程中動能可能一直保持不變解析：0hi過程的圖線為水平線，說明物體的機(jī)械能不變，即除重力以外 沒有其他力做功，但并非一定不受其他力作用，故 A、B 錯誤；在 hih2過程中 由于物體的機(jī)械能減小，重力勢能增加，只能是動能減小，合力對物體做負(fù)功， 即合力與速度方向相反，故 C 正確；在 0h2過程中物體的機(jī)械能減小，重力 勢能增大，動能只能減小不可能保持不變，故 D 錯誤.答案：C7.如圖甲所示，足夠長的固定光滑細(xì)桿與地面成一定傾角，在桿上套有一 個光滑小環(huán)，沿桿方向給環(huán)施加一個拉力 F，使環(huán)由靜止開始運(yùn)動，已知拉力 F 及小環(huán)

13、速度 v 隨時間 t 變化的規(guī)律如圖乙所示，重力加速度 g 取 iO m/s2則以下 判斷正確的是（）A .小環(huán)的質(zhì)量是 i kgB. 細(xì)桿與地面間的傾角是 30C. 前 3 s 內(nèi)拉力 F 的最大功率是 2.25 WD. 前 3 s 內(nèi)小環(huán)機(jī)械能的增加量是 5.75 J解析：設(shè)小環(huán)的質(zhì)量為 m,細(xì)桿與地面間的傾角為a,由題圖乙已知，小環(huán)0.5在第 1 s 內(nèi)的加速度 a= 12 2m/s = 0.5 m/s，由牛頓第二定律5 Nmgsi na=乙ma,4.5 N = mgs in a,得 m= 1 kg，A 正確；sin a 0.45，B 錯誤；分析可得前 3 s內(nèi)拉力 F 的最大功率在 1

14、 s 末為最大，Pm= Fv= 5X0.5W= 2.5 W, C 錯誤；前 305s 內(nèi)小環(huán)沿桿上升的位移 x=2X1m + 0.5X2 m= 1.25 m，前 3 s 內(nèi)小環(huán)機(jī)械能12的增加量AE = 2mv + mgxsin a 5.75 J,故 D 正確.答案：AD8. （2013 年南通模擬）如圖甲所示，在傾角為B的光滑斜面上，有一個質(zhì)量 為m 的物體在沿斜面方向的力 F 的作用下由靜止開始運(yùn)動，物體的機(jī)械能E 隨位移 X 的變化關(guān)系如圖乙所示.其中 OX1過程的圖線是曲線，X1X2過程的圖 線為平行于 x 軸的直線，則下列說法中正確的是（）A. 物體在沿斜面向下運(yùn)動B. 在 OX1過

15、程中，物體的加速度一直減小C. 在 OX2過程中，物體先減速再勻速D. 在 X1X2過程中，物體的加速度是 gsin9解析：由題圖乙可知，在 OX1過程中，物體機(jī)械能減少，故力 F 在此過程 中做負(fù)功，因此，物體沿斜面向下運(yùn)動，因在 E-x 圖線中的 OX1階段，圖線的 斜率變小，故力 F 在此過程中逐漸減小，由 mgsin9F = ma 可知，物體的加速 度逐漸增大，A 正確，B、C 錯誤；X1X2過程中，物體機(jī)械能保持不變，F(xiàn) 二 0, 故此過程中物體的加速度 a = gsin9,D 正確.答案：AD9.（2013 年秦皇島模擬）如圖所示，水平面上的輕彈簧一端與物體相連，另一端固定在墻上的

16、 P 點，已知物體的質(zhì)量為 m= 2.0 kg，物體與水平面間的動摩 擦因數(shù) 尸 0.4,彈簧的勁度系數(shù) k= 200 N/m.現(xiàn)用力 F 拉物體，使彈簧從處于自 然狀態(tài)的 O點由靜止開始向左移動 10 cm,這時彈簧具有彈性勢能 Ep= 1.0 J,物體處于靜止?fàn)顟B(tài)若取 g= 10 m/s2,貝 y 撤去外力 F 后（）A 物體向右滑動的距離可以達(dá)到 12.5 cmB.物體向右滑動的距離一定小于 12.5 cmC. 物體回到 0 點時速度最大D. 物體到達(dá)最右端時動能為零，系統(tǒng)機(jī)械能也為零解析：當(dāng)物體向右運(yùn)動至 0 點過程中，彈簧的彈力向右由牛頓第二定律 可知，kx-卩 m 存 ma（x 為

17、彈簧的伸長量），當(dāng) a= 0 時，物體速度最大，此時 kx 二卩 mg彈簧仍處于伸長狀態(tài)，故 C 錯誤；當(dāng)物體至 0 點時，由 Ep-卩 m%0.112=2mv 可知，物體至 0 點的速度不為零，將繼續(xù)向右壓縮彈簧，由能量守恒可得，Ep=卩 mgX + Ep，因 Ep 0,所以 xv12.5 cm，A 錯誤、B 正確；物 體到達(dá)最右端時，動能為零，但彈簧有彈性勢能，故系統(tǒng)的機(jī)械能不為零， D 錯 誤.答案：B10. （2012 年高考上海卷）質(zhì)量相等的均質(zhì)柔軟細(xì)繩 A、B 平放于水平地面，繩 A 較長分別捏住兩繩中點緩慢提起，直至全部離開地面，兩繩中點被提升 的高度分別為 hA、hB,上述過程

18、中克服重力做功分別為 WA、WB.若（）A.hA= hB，則一定有WBB.hAhB，則可能有 WAvWBC. hAVhB，則可能有 WA= WBD. hAhB，則一定有 WAWB解析：當(dāng) hA= hB時則一定有 WWWB，故選項 A 錯；當(dāng) hAhB時，有WVW3 WAWB、WA= WB三種可能，故選項 B 正確、D 錯誤；當(dāng) hAVhB時一定 有WAVWB,故選項 C 錯誤.答案：B二、非選擇題（本題共 2 小題，共 30 分，解答時應(yīng)寫出必要的文字說明、方 程式和演算步驟，有數(shù)值計算的要注明單位）11.（15 分）（2013 年長春模擬）如圖所示，質(zhì)量 m= 1 kg 的小物塊放在一質(zhì)量為

19、 M = 4 kg 的足夠長的木板右端，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)尸 0.2，木板與水平面間的摩擦不計.物塊用勁度系數(shù) k= 25 N/m 的彈簧拴住，彈簧的左端固定.開 始時整個裝置靜止，彈簧處于原長狀態(tài).現(xiàn)對木板施以 12 N 的水平向右的恒力（物 塊與木板間最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動摩擦力，g= 10 m/s2）.已知彈簧的彈性1勢能 Ep= 2kx2，式中 x 為彈簧的伸長量或壓縮量.求：（1）開始施力的瞬間小物塊的加速度；（2）物塊達(dá)到的最大速度是多少？解析：假設(shè) m、M 相對靜止，由牛頓第二定律22.4 m/s.此時 m 受的合力F合=ma= 2.4 NFf=卩 m 甘 2 N，2所以 m、M 相對滑動，a= m=ug2 m/s .（2）速度最大時，彈簧伸長 X，則 kx=卩 mg所以 x= 0.08 m,由功能關(guān)系1212卩 mcpx 2&+2mv