安徽省定遠縣2020年停課不停學(xué)高三物理線上卷(九)(解析版)

1、2020年停課不停學(xué)高三物理線上卷九大牛（ 2020年3月8日星期日）答卷注意：1、本卷滿分110分，完成時間100分鐘。在規(guī)定時間內(nèi)（8: 00-9: 40）完成本試 卷。2、在答題紙上作答。寫清題號，書寫要規(guī)范！答題結(jié)束應(yīng)在3分鐘內(nèi)上傳完成！不得拖延！ ！ ！一、選擇題（本大題共10小題，每小題4分。共40分。其中1-5小題為單選題，6-10 小題為多選題。）1.通過觀測的結(jié)果，間接構(gòu)建微觀世界圖景”是現(xiàn)代物理學(xué)研究的重要手段，如通過光電效應(yīng)實驗確定了光具有粒子性。弗蘭克 -赫茲實驗是研究汞原子能量是否具有量子化特點的重要實驗。實驗原理如圖1所示，燈絲K發(fā)射出初速度不計的電子，K與柵極G間

2、的電場使電子加速， GA間加有0.5V電壓的反向電場使電子減速，電流表的示數(shù)大小間接反映了單位時間內(nèi)能到達A極電子的多少。在原來真空的容器中充入汞蒸汽后，發(fā)現(xiàn)KG間電壓U每升高4.9V時，電流表的示數(shù)I就會顯著下降，如圖2所示?？茖W(xué)家猜測電流的變化與電子和汞原子的碰撞有關(guān)，玻爾進一步指出該現(xiàn) 象應(yīng)從汞原子能量量子化的角度去解釋。下列說法錯誤的是圖2A.汞原子基態(tài)和第一激發(fā)態(tài)的能級之差可能是4.9eVB.KG間電壓低于4.9V時，電流隨電壓增大而上升，是因為電子能量越高，越容易克服反向電壓到達A極C.KG間電壓在570V之間時，出現(xiàn)電流隨電壓增大而上升的一段圖線，是因為單位時間使汞原子 發(fā)生躍遷

3、的電子個數(shù)增加D.即使KG間電壓高于4.9V,電子也存在始終不與汞原子發(fā)生碰撞的可能性2.如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置一環(huán)形加速器，環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的可變勻強磁場，質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子在環(huán)中做半徑為 R的圓周運動，A, B為兩塊中心開有小孔的極板，原來電勢都為零，每當粒子飛經(jīng) A板時，A板電勢升高為+U, B板電勢仍保持為零，設(shè)粒子的初速度為零，在兩極板間的電場中加速，每當粒子離開電場區(qū)域時，A板電勢又降為零，粒子在電場多次加速下動能不斷增大，而在環(huán)形區(qū)域內(nèi)繞中心運動的半徑不變（設(shè)極板間距遠小于 R）,粒RRRRggggB. 3.6A. 4.7D. 1.4C. 1.7子重

4、力不計，下列關(guān)于環(huán)形加速器的說法中正確的是B.電勢U越高，粒子最終的速度就越大航天站使登月器減速分離，登月器沿如圖所示的橢圓軌道登月，在月球表面逗留一段時間完成科考工作后，經(jīng)快速啟動仍沿原橢圓軌道返回，當?shù)谝淮位氐椒蛛x點時恰與航天站對接，登月器快速啟月球半徑為R,不考慮月球自轉(zhuǎn)的影響，則登月器可以在月球上停留的最短時間約為A.加速器對帶正電粒子順時針加速，對帶負電粒子加速需要升高B板電勢C.粒子每次繞行一圈所需的時間tn與加速次數(shù)n之間的關(guān)系為D.環(huán)形區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強度大小Bn與加速次數(shù)n之間的關(guān)系為3.小型登月器連接在航天站上，一起繞月球做圓周運動，其軌道半徑為月球半徑的3倍，某時刻,動時間

5、可以忽略不計，整個過程中航天站保持原軌道繞月運行.已知月球表面的重力加速度為g,調(diào)節(jié)，在副線圈兩端連接了R =16 的電阻，副線圈匝數(shù) n2=1000匝。在原線圈上加一輸出電壓恒定的正弦交流電，下列說法正確的是A.若交流電的周期增大，則變壓器的輸出功率增大。十 i W 十4.如圖所示，理想變壓器的原線圈連接一個r=9 的電阻，且原線圈匝數(shù) ni可以通過滑動觸頭 P來B.若觸頭P向上移動，則電阻 R消耗的功率一定減小C若觸頭P向下移動，則流過電阻 r的電流減小D.當ni=750匝時，電阻R消耗的功率最大5 .如圖所示，一光滑半圓形軌道固定在水平地面上，圓心為 O、半徑為R, 一根輕橡皮筋一端連在

6、可視為質(zhì)點的小球上。另一端連在距離。點正上方R處的P點。小球放在與 。點等高的軌道上 A點時，輕橡皮筋處于原長?，F(xiàn)將小球從A點由靜止釋放，小球沿圓軌道向下運動，通過最低點B時對圓軌道的壓力恰好為零。已知小球的質(zhì)量為m,重力加速度為g,則小球從A點運動到B點的過程中下列說法正確的是A.小球通過最低點時，橡皮筋的彈力等于mgB.橡皮筋彈力做功的功率逐漸變大C.小球運動過程中，橡皮筋彈力所做的功等于小球動能增加量D.小球運動過程中，機械能的減少量等于橡皮筋彈性勢能的增加量6 .在一水平向右勻速運動的傳送帶的左端A點，每隔相同的時間 T ,輕放上一個相同的工件.已知工件與傳送帶間動摩擦因數(shù)為和工件質(zhì)量

7、為 m.經(jīng)測量，發(fā)現(xiàn)后面那些已經(jīng)和傳送帶達到相同速度的工件之間的距離均為L.已知重力加速度為 g,下列判斷正確的有A.傳送帶的速度大小為ILB.工件在傳送帶上加速時間為五6mL'C.傳送帶因傳送每一個工件而多消耗的能量為三D.每個工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為丁7 .一個籃球被豎直向上拋出后又落回到拋出點。假設(shè)籃球在運動過程中受到的空氣阻力大小與其運動的速度大小成正比，下列判斷正確的是A.上升過程中重力的沖量大小等于下降過程中重力的沖量大小8 .籃球運動的過程中加速度一直減小C.上升過程中空氣阻力做的功等于下降過程中阻力做的功D.上升過程中空氣阻力的沖量大小等于下降過程中空氣阻力的

8、沖量大小8.在星球M上將一輕彈簧豎直固定在水平桌面上，把物體P輕放在彈簧上端，P由靜止向下運動,物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系如圖中實線所示。在另一星球N上用完全相同的彈簧,改用物體Q完成同樣的過程，其 a二關(guān)系如圖中虛線所示，假設(shè)兩星球均為質(zhì)量均勻分布的球體。 已知星球M的半徑是星球 N的3倍，則A. M與N的密度相等B. Q的質(zhì)量是P的3倍C.Q下落過程中的最大動能是P的4倍D. Q下落過程中彈簧的最大壓縮量是P的4倍9 .如圖所示，M、N是組成電容器的兩塊水平放置的平行金屬極板，M中間有一小孔。M、N分別接到電壓恒定的電源上（圖中未畫出）。小孔正上方的A點與極板M相距h.與極板N

9、相距3h.某時刻一質(zhì)量為m、帶電量為q的微粒從A點由靜止下落，到達極板N時速度剛好為零（不計空氣阻力，重力加速度為 g.則NA.帶電微粒在 M、N兩極板間往復(fù)運動3州力B.兩極板間電場強度大小為可C.若將M向下平移h/3 ,微粒仍從A點由靜止下落，進入電場后速度為零的位置與N的距離為5/4hD.若將N向上平移h/3微粒仍從A由靜止下落，進入電場后速度為零的位置與M的距離的5/4 h10 .如圖所示邊長為2L的正方形虛線框內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場磁感應(yīng)強度大小為Bo 一個邊長為L粗細均勻的正方形導(dǎo)線框abcd,其所在平面與磁場方向垂直，導(dǎo)線框的對角線與虛線框的對角線在一條直線上，導(dǎo)線框總電阻

10、為Ro在導(dǎo)線框從圖示位置開始以恒定速度v沿對角線方向進入磁場，到整個導(dǎo)線框離開磁場區(qū)域的過程中，下列說法正確的是A.導(dǎo)線框進入磁場區(qū)域時產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流B.整個過程導(dǎo)線框中有感應(yīng)電流的時間為 丁C.導(dǎo)線框的bd對角線有一半進入磁場時，整個導(dǎo)線框所受安培力大小為烹因D.整個過程通過線框某一橫截面電荷量為 “一二、實驗題(本大題共2小題，共15分。)11 .圖甲所示為某實驗小組測量 A、B兩個箱子質(zhì)量的裝置圖，其中D為鐵架臺，E為固定在鐵架臺上 的輕質(zhì)定滑輪(質(zhì)量和摩才§可忽略),F為光電門，C為固定在A上、寬度為d的細遮光條(質(zhì)量不計)。 此外該實驗小組還準備了祛碼一套 (總質(zhì)

11、量m0=1kg)和刻度尺等，請在以下實驗步驟中按要求作答 ：在鐵架臺上標記一位置。，并測得該位置與光電門之間的高度差ho(2)取出質(zhì)量為 m的祛碼放在A中，剩余祛碼都放在 B中，讓A從位置O由靜止開始下降。(3)記錄下遮光條通過光電門的時間t,根據(jù)所測數(shù)據(jù)計算出A下落到F處的速率v=；下落過程中的加速度大小 a=。(4)改變m,重復(fù)(2)(3)步驟，得到多組m及a的數(shù)據(jù) 作出(填a-m”或3”圖像如圖乙所示(圖中 橫、縱坐標物理量的單位均采用國際制單位) (5)由圖像可得，A的質(zhì)量mA=kg,B的質(zhì)量mB=kg(保留兩位有效數(shù)字，重力加速度大小g取 10m/s2)12 .某同學(xué)想設(shè)計一個測量金

12、屬棒電阻率的實驗方案，實驗室提供的器材有:A.電流表A（內(nèi)阻Rg 100 ，滿偏電流Ig 3mA）B.電流表A2（內(nèi)阻約為0.4 ,量程為0.6A）C.定值電阻Ro 900D.滑動變阻器R 5 ,2AE.干電池組6V,0.05F.一個開關(guān)和導(dǎo)線若G.螺旋測微器，游標卡尺（1）如圖1,用螺旋測微器測金屬棒直徑為mm；如圖2用10分度游標卡尺測金屬棒長度為（2）用多用電表粗測金屬棒的阻值：當用 “10Q”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，他應(yīng)該換用擋（填“ 1Q”或“ 100Q”），換擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖 3所示，則金屬棒的阻值約為 Q國3國4（3）請根據(jù)提供的器材，設(shè)計一個實驗電路，

13、要求盡可能精確測量金屬棒的阻值，并在圖4的實線框里畫出其電路圖.（4）若實驗測得電流表 A示數(shù)為I/電流表A2示數(shù)為I2,則金屬棒電阻的表達式為Rx （用 Ii，I2，R0, Rg 表示）三、解答題（本大題共2小題，共40分。寫出必要的文字說明與步驟。）13 .如圖所示B、C是兩塊完全相同的長為 1 m的木板，靜止在光滑水平地面上，木板B的右端與C的左端相距Xo 1m,物塊A（可視為質(zhì)點）靜止在C的右端。用F 8N的水平向右恒力作用于木板B上使其從靜止開始運動。一段時間后，B與C碰撞，碰撞時間極短，碰撞瞬間，作用在木板B上的水平力撤除，木板 B和C碰撞粘在一起。已知物塊 A質(zhì)量為2kg,木板B

14、、C的質(zhì)量均為1 kg,物塊A與B、C之間的動摩擦因數(shù)均為0.25,重力加速度g取10m/s2。求：(1)物體A、B、C最終的速度大??；(2)若要使碰撞后，A停在B木板上，則F的取值范圍。14 .如圖，光滑水平桌面上有一個矩形區(qū)域abcd, bc長度為2L, cd長度為1.5L, e、f分別為ad、bc的中點。efcd區(qū)域存在豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B;質(zhì)量為m、電荷量為+q的絕緣小球A靜止在磁場中f點。abfe區(qū)域存在沿bf方向的勻強電場，電場強度為qB L ;質(zhì)量為km的不6m帶電絕緣小球P,以大小為 理 的初速度沿bf方向運動。P與A發(fā)生彈性正碰，A的電量保持不m變，P、A均可視

15、為質(zhì)點。(1)求碰撞后A球的速度大??；(2)若A從ed邊離開磁場，求k的最大值；(3)若A從ed邊中點離開磁場，求 k的可能值和A在磁場中運動的最長時間。四、選考題(本大題共2小題，共15分。)15 .如圖所示為一定質(zhì)量氣體發(fā)生狀態(tài)變化的P- V圖象，1、2是兩條等溫線，A、B是等溫線1上的兩點，C、D是等溫線2上的兩點，若氣體按圖線從 ZB-8 AA 進行狀態(tài)變化，則下列說A.等溫線1對應(yīng)的氣體溫度比等溫線2對應(yīng)的氣體溫度高B.氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,氣體一定吸收熱量C.氣體從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C,氣體吸收的熱量比氣體做功多D.氣體從狀態(tài)C變化到狀態(tài)D,氣體分子密度增大了，但氣體分子的平均速

16、率不變E.氣體從A一 B一 C D->A的過程中，氣體做的總功為零16 .如圖所示，導(dǎo)熱氣缸上端開口，豎直固定在地面上，高度 H 1.05m.質(zhì)量均為m 1kg的A、B 兩個活塞靜止時將氣缸容積均分為三等份，A、B之間為真空并壓縮一根輕質(zhì)彈簧，彈性系數(shù)k 400N/m , A、B與氣缸間無摩擦.大氣壓強P0 1 105Pa,密封氣體初始溫度T0 300K , 重力加速度g取10m/s2,活塞面積S 2 10 3m2，其厚度忽略不計.(1)給電阻絲通電加熱密封氣體，當活塞A緩慢上升到氣缸頂端時，求密封氣體的溫度；(2)保持密封氣體的溫度不變，當用 F 60N的力豎直向下壓活塞 A,求再次穩(wěn)

17、定的過程中， A 向下移動的距離.參考答案1.C【解析】由題意知，KG間電壓U每升高4.9V時，電流表的示數(shù)I就會顯著下降，這說明電子經(jīng)過 加速后獲得的動能正好達到汞原子躍遷的最低能量，也就是從基態(tài)躍遷到第一激發(fā)態(tài)所吸收的能量，所以A正確；當KG間的電壓低于4.9 V時，電子在KG間被加速而獲得的能量低于4.9 eV。電子與汞原子碰撞時，不能使汞原子躍遷到激發(fā)態(tài)。同時電子不會因為碰撞而損失能量，電子能量越高越容易克服 GA間的反向電壓抵達 A極，因此電流隨著 KG間電壓的升高也越來越大，所以B正確；當KG間電壓在570V之間時，電流隨電壓增大而上升，是因為電子在KG空間與汞原子碰撞而轉(zhuǎn)移掉4.

18、9 eV的能量后，還留有足夠的能量，又能克服反向電壓從G極到達A極，電流又上升了，所以C錯誤；因為原子不是實心體，所以當電子進入汞原子內(nèi)部時，即使 KG間電壓高于4.9V,電子也存在著始終不與汞原子發(fā)生碰撞的可能性，故 D正確。2 .D【解析】A項：由左手定則可知，加速器對帶正電粒子順時針加速，帶負電粒子逆時針加速即可，所以對帶負電的粒子加速不需要升高B板電勢，故A錯誤；B項：由于粒子做半徑不變的圓周運動，由公式 * =藪 解得："二百"，所以粒子最終的速度與 U 無關(guān)，故B錯誤；C項：粒子繞行n圈獲得的動能等于電場力對粒子做的功，設(shè)粒子繞行n圈獲得的速度為塔L由動| 金I

19、ZiiqU2nHf m能定理得：叫"=嚴次，解得： "，粒子繞行第n圈的時間為“產(chǎn)二=2叫麗，所以D項：粒子在環(huán)形區(qū)域磁場中，由公式1 tltimU/ rt取一短q ,所以%一一次咒故d正確。故選：Do3 .A【解析】設(shè)登月器和航天飛機在半徑3R的軌道上運行時的周期為 T,因其繞月球作圓周運動，所以應(yīng)用牛頓第二定律有2-Mm4 冗G 2- m2- rrTr 3R解得:在月球表面的物體所受重力近似等于萬有引力，有:所以有MmG -2- mgT航天飛機在大圓軌道運行的周期是T2.對登月器和航天設(shè)登月器在小橢圓軌道運行的周期是飛機依據(jù)開普勒第三定律分別有：T22 T22(3R)3

20、(2R)3 (3R)3為使登月器仍沿原橢圓軌道回到分離點與航天飛機實現(xiàn)對接，登月器可以在月球表面逗留的時間 應(yīng)滿足t nT21(其中n 1、2、3)聯(lián)立解得:當n=1時，登月器可以在月球上停留的時間最短，即為t 4.7A. 4.7 ,R與分析相符，故A項與題意相符;B. 3.6 ,一與分析不相符，故 B項與題意不相符;C. 1.7 JR與分析不相符，故 C項與題意不相符;D. 1.4 JR與分析不相符，故 D項與題意不相符。4.D【解析】A.輸出功率與電壓和電阻有關(guān)，與周期無關(guān).故A錯誤.BD.設(shè)變壓器原線圈兩端的電壓為U1,電流為I1,副線圈兩端的電壓為 U2,電流為I2,則有:U1 = U

21、-l1r又根據(jù)U1 UU2n2可得:根據(jù)聯(lián)立得U2ni1則R消耗的功率為Ui2n2niU2-RU_n2r 和 Un1R2n1-2 Rr%PUR由數(shù)學(xué)知識可知當時P有最大值.故D正確,B錯誤.ni1000750匝C.當出頭P向下移動時，原線圈匝數(shù)減小,Ii23R r可知原線圈電流將增大，所以流過電阻r的電流增大.故C錯誤.5.D【解析】小球運動到最低點時，根據(jù)牛頓第二定律可得F-mg=m,橡皮筋的彈力 F=mg+m,v=0,則橡皮筋彈力做功的功率P=0.在最故F大于mg,故A錯誤；根據(jù)P=Fvcosa可知，開始時低點速度方向與F方向垂直，“ 二90；則橡皮筋彈力做功的功率P=0,故橡皮筋彈力做功

22、的功率先變大后變小，故B錯誤；小球運動過程中，根據(jù)動能定理知，重力做功和橡皮筋彈力所做的功之和等于小球動能增加量，故 C錯誤。小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，知小球運動過程中，機械能的減少量等于橡皮筋彈性勢能的增加量，故D正確。6.AC【解析】工件在傳送帶上先做勻加速直線運動，然后做勻速直線運動，每個工件滑上傳送帶后運動的規(guī)律相同，可知x=vT,解得傳送帶的速度v-，故A正確；設(shè)每個工件勻加速運動的時間為t,根據(jù)牛頓第二定律得，工件的加速度為wg根據(jù)v=V0+at,解得1 =；=卷，故B錯誤；工件與傳送V v T2ml 2帶相對滑動的路程為= 弧=2 洲 則摩擦產(chǎn)生的熱量為：Q = y.mg3

23、N=j；故C錯誤；根據(jù)能量守恒得，傳送帶因傳送一個工件多消耗的能量E =二十小/=半,在時間t內(nèi)，傳送工件的個數(shù)n-則多消耗的能量r'=dE=M，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。7.BD【解析】上升過程，空氣阻力向下，根據(jù)牛頓第二定律，有： mg+f=mai；下降過程，空氣阻力向 上，根據(jù)牛頓第二定律，有： mg-f'ma2；由于阻力大小與其運動的速度大小成正比，而在運動過程 中，阻力先向下，再向上，故加速度一直減小，故 B正確；根據(jù)運動過程可知，上升過程的平均速 度大于下降過程的平均速度，所以有tivt2,故上升過程中重力的沖量大小要小于下降過程中重力的沖量大小，故 A錯誤

24、；由于阻力隨速度的變化而變化，所以上升過程的平均阻力較大，由于上升 和下降過程的位移大小相同，因此阻力做功不同，故 C錯誤；設(shè)t時刻物體的速度大小為 v,經(jīng)過 極短at時間，空氣阻力的沖量為則由題意知，空氣阻力大小為f=kv； AIf=fAt=kvAt=kAx；等式兩邊求和，得：WAIf=Ek=kx;則得If=kx;因為上升與下降兩個過程中，物體通過的距離x相等，故知兩個過程空氣阻力沖量大小相等。故 D正確。8.AC【解析】A、由a-x圖象可知，加速度沿豎直向下方向為正方向，根據(jù)牛頓第二定律有：，、k 、mg kx ma,變形式為：a g x,該圖象的斜率為m據(jù)圖象的縱軸截距可知，兩星球表面的

25、重力加速度之比為:k一,縱軸截距為重力加速度g。根mgM 3ao 3 二；又因為在某星球表面gN a。1上的物體，所受重力和萬有引力相等，即:MmG育mg ,即該星球的質(zhì)量 M 也。又因為:G即：mm4-R-,聯(lián)立得3g 。故兩星球的密度之比為：M gM粵1：1,故a正確;34 RGngN RmB、當物體在彈簧上運動過程中，加速度為。的一瞬間，其所受彈力和重力二力平衡，mg kx, kxP和物體Q分別處于平衡位置時，彈簧的壓縮量之比一；結(jié)合a-x圖象可知，當物體gxpx。1,mPxpgN1,為：-晨故物體P和物體Q的質(zhì)量之比為：，故B錯誤；xQ2x02mQxQgM6C、物體p和物體Q分別處于各

26、自的平衡位置（a=。）時，它們的動能最大；根據(jù) v2 2ax,結(jié)合一， 2c 1 C2 3a。x。23a°x。，物體Q的最大速2_ EkQ度滿足：Vq 2出址,則兩物體的最大動能之比：EkP12-mpVp2Vqvp4, C正確;a-x圖象面積的物理意義可知：物體P的最大速度滿足 VpD、物體P和物體Q分別在彈簧上做簡諧運動，由平衡位置（a=0）可知，物體P和Q振動的振幅A分別為小和2Xo,即物體P所在彈簧最大壓縮量為 2%,物體Q所在彈簧最大壓縮量為 4X0,則Q下落過程中，彈簧最大壓縮量時P物體最大壓縮量的2倍，D錯誤；故本題選 AC。9.BD【解析】由于粒子在電場中和在電場外受到

27、的力都是恒力不變，可知粒子將在點和下極板之間往復(fù)運動，選項A錯誤；由動能定理：mg . 3/t = Eg , 2問，解得二嬰，選項B正確；若將M向下平U 31/6移h/3,則板間場強變?yōu)?所三"為=虧"，則當粒子為零時，由動能定理： 木=打國一一4人），可知方程無解，選項 C錯誤；若將N向上平移h/3,則板間場強變U 3U 6為%二鼠二盛二或，則當粒子為零時的位置與M極板相距溫,由動能定理：my ! + "） 二月緡- Ah ,解得=h,選項D正確；故選BD.10.AC【解析】導(dǎo)線框進入磁場區(qū)域時磁通量增加，根據(jù)楞次定律判斷得知產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流;故A正確。

28、當線框進入和離開磁場時磁通量變化，才有感應(yīng)電流產(chǎn)生，所以有感應(yīng)電流的時間為 二陋,故B錯誤。導(dǎo)線框的bd對角線有一半進入磁場時，線框有效的切割長度為：1=爭,產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E=Blv= :BLv,感應(yīng)電流為：1 喑,整個導(dǎo)線框所受安培力 大小為：f =粵1 % = /;選項C正確；線圈進入磁場的過程通過線框某一橫截面電何里為q H rt,出離磁場時通過線框某一橫截面電荷量也為9 =號=柴 則整個過程通過線框某一橫截面電荷量為0,選項D錯誤.11.3.0kg 1.0kg【解析】（1）由很短時間內(nèi)的平均速度近似等于瞬時速度可知,（2）由勻變速直線運動的速度位移公式得:2ah = u2 =,解

29、得:由牛頓第二定律得：（ + - +（-）51 =（叫+ m曰+叫見 解得:,所以應(yīng)作出值一用的圖象;圖象斜率為：帆，聯(lián)立解得:價=1.0叼。12.6.123【解析】(2.長度為：L=106mm+5X 0.1mm=106.5mm=10.65cm ;(2) 3.4.用多用電表粗測金屬棒的阻值：當用“X 10售當時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，示數(shù)偏小,要增大示數(shù)則要倍率減小換成X1 的倍率，則初測電阻為：R=17.0Q;(3) 5.由于題目中沒有給出電壓表，顯然是用電流表Ai與Ro串聯(lián)后組成電壓表，為多測幾組數(shù)據(jù)滑動變阻器采用分壓接法，設(shè)計的電路圖如圖所示：I(4) 6.由電路連接及歐姆定律可求出金屬棒

30、的電阻為:UxRx廣xI1 RgRo13. (1)物體 A、B、C 最終共速，速度為 V2 1m/s (2) 20N F 40N【解析】(1)木板B從靜止開始運動到與C碰前瞬間的過程，由動能定理得:Fxo-mv02 02解得:2F%mbVoB、4m/sB與C碰撞過程，時間極短，內(nèi)力極大，對C組成的系統(tǒng)動量守恒有:mB%mB解得:V12m/s之后A受摩擦而加速，B、C受摩擦而減速， A、B、C共速時，對A、B、C組成的系統(tǒng)動量守恒有:mBVomAmBme v解得:V2 1m/sd設(shè)A相對于木板滑動的距離為 x,則有:mAgx -(mB2mc)vi21 , 2(mAmB、2mcM 計算可得，x=0

31、.3m<1m故A最終在木板C上，與B、C共速，速度大小為v2 1m/s。(2)設(shè)要使碰撞后,A停在B木板上的右側(cè)，F(xiàn)的大小為Fi根據(jù)動能定理:Fi xoi2 c-mBVoi02根據(jù)動量守恒:mBVoimBmc VimBVoimAmBmC V2根據(jù)能量守恒mAgli-mB2mc2Vii2-mAmBmc v22聯(lián)立-?得:Fi=20N設(shè)要使碰撞后,A停在B木板上的左側(cè),F的大小為F2根據(jù)動能定理:F 2x0i 2-mBV02o2根據(jù)動量守恒,BC碰撞的瞬間:根據(jù)動量守恒,mBV02mBmc viA滑動到B木板右端時,mlBV02mA mB +mC v2根據(jù)能量守恒:2 mAgli mB2mc

32、 vii(mA mB mc)V2 22聯(lián)立？ -?各式得:綜上兩種情況，則 F的取值范圍F2=40N20N F 40N14. (1) vA -2k- qBL (2) 1 k 勺或 kk 1 m713m, t 3' 2qB1)設(shè)P、A碰后的速度分別為VP和VA, P碰前的速度為VqBL由動量守恒定律： kmv kmvP mvA由機械能守恒定律:1 kmv21 kmvp22122mVA 2k qBL解得：Vak 1 m陽圖2(2)設(shè)A在磁場中運動軌跡半徑為 R,由牛頓第二定律得:qvAB2mvAR解得：R -2乂 L k 1由公式可得R越大，k值越大如圖1,當A的軌跡與cd相切時，R為最大值，R L求得k的最大值為k 1(3)令z點為ed邊的中點，分類討論如下：(1) A球在磁場中偏轉(zhuǎn)一次從 z點就離開磁場，如圖 2有_2 L 2_ 2R (金)(1.5L R)一 5L解得：R 5L62kXX£11X3 m（II）由圖可知A球能從z點離開磁場要滿足回到電場，再被電場加速后又進入磁場，最終從R 上，則A球在磁場中還可能經(jīng)歷一次半圓運動后2z點離開。如圖3和如圖4,由幾何關(guān)系有:2L 232R寸(3R 2L