2013年高考物理二輪典型例題沖刺測試《專題7電路》（含解析）

1、2013年高考物理二輪典型例題沖刺測試專題7電路（含解析）1.在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢為12V，電源內(nèi)阻為1.0，電路中的電阻R0為1.5，小型直流電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為0.5，閉合開關(guān)S后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)為2.0A則以下判斷中正確的是()A電動(dòng)機(jī)的輸出功率為14WB電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為7.0VC電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的熱功率為4.0WD電源輸出的功率為24W解析電動(dòng)機(jī)兩端的電壓U機(jī)EI(rR0)7.0V，選項(xiàng)B正確；電動(dòng)機(jī)輸出的功率P機(jī)出U機(jī)II2r機(jī)12W，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的熱功率為P機(jī)熱I2r機(jī)2.0W，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；電源輸出的功率P出EII2r20W，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案B2.如圖所示，電動(dòng)

2、勢為E、內(nèi)阻為r的電池與定值電阻R0、滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，已知R0r，滑動(dòng)變阻器的最大阻值是2r.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由a端向b端滑動(dòng)時(shí)，下列說法中正確的是()A電路中的電流變大B電源的輸出功率先變大后變小C滑動(dòng)變阻器消耗的功率變小D定值電阻R0上消耗的功率先變大后變小解析當(dāng)r內(nèi)R外時(shí)，電源輸出功率最大；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由a端向b端滑動(dòng)時(shí)，外電路電阻減小，當(dāng)滑片位于b端時(shí)，電源的輸出功率變大，選項(xiàng)A對而B錯(cuò)；當(dāng)把定值電阻R0看做電源內(nèi)阻時(shí)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P位于a端時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，由a端向b端滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率變小，選項(xiàng)C對；此過程中，由PI2R0知，定值電阻R0上

3、消耗的功率變大，選項(xiàng)D錯(cuò)答案AC3.如圖所示，將平行板電容器兩極板分別與電池的正、負(fù)極相接，兩板間一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將下極板向上平移一小段距離，則在此過程中下列說法中正確的是()A電容器的帶電荷量變大B電路中有順時(shí)針方向的短暫電流C帶電微粒仍將靜止D帶電微粒將向下做加速運(yùn)動(dòng)解析電容器與電源相連，電容器兩端電壓U與電源電動(dòng)勢E相等下極板向上移動(dòng)，兩板距離d減小，根據(jù)C可知電容器的電荷量增大，選項(xiàng)A正確電容器被充電，有逆時(shí)針方向的短暫電流，選項(xiàng)B錯(cuò)誤兩板距離d減小，電壓不變，電場強(qiáng)度變大，微粒將向上加速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤答案A4.溫度傳感器廣泛應(yīng)用于空調(diào)、電冰箱等家用電器中，它是利用

4、熱敏電阻的阻值隨著溫度變化的特性來工作的如圖甲所示，電源的電動(dòng)勢E9.0V，內(nèi)阻不計(jì)；G為靈敏電流計(jì)，內(nèi)阻Rg保持不變；R為熱敏電阻，其電阻阻值與溫度的變化關(guān)系如圖乙所示閉合開關(guān)S，當(dāng)R的溫度等于20時(shí)，電流表示數(shù)I12mA；當(dāng)電流表的示數(shù)I23.6mA時(shí)，熱敏電阻的溫度是()A. 60 B. 80 C. 100 D. 120 解析由圖象知，當(dāng)t120，熱敏電阻的阻值R14k；根據(jù)閉合電路歐姆定律I1，可解得Rg0.5k；I2，可解得R22k，結(jié)合圖象得：t2120 .答案D5.如圖所示，兩個(gè)相同的平行板電容器C1、C2用導(dǎo)線相連，開始都不帶電現(xiàn)將開關(guān)S閉合給兩個(gè)電容器充電，待充電平衡后，電容

5、器C1兩板間有一帶電微粒恰好處于平衡狀態(tài)再將開關(guān)S斷開，把電容器C2兩板稍錯(cuò)開一些(兩板間距離保持不變)，重新平衡后，下列判斷正確的是 ()A電容器C1兩板間電壓減小B電容器C2兩板間電壓增大C帶電微粒將加速上升D電容器C1所帶電荷量增大解析充電完畢后電容器C1、C2并聯(lián)，且兩端電壓相等，都等于電源電壓，斷開S后，電容器C2兩板稍錯(cuò)開一些，即兩板正對面積S減小，則電容減小，根據(jù)C，可知兩板間電壓U2增大，此時(shí)U2>U1，則電容器C2又開始給C1充電，直到兩電容器電壓再次相等，此時(shí)兩者兩端的電壓比原來的電壓都增大，故A錯(cuò)誤，B正確；電容器C1所帶電荷量增大，故D正確；電容器C1兩端的電壓增

6、大，根據(jù)EU/d可知，C1兩板間電場強(qiáng)度增大，則帶電微粒受到的電場力增大，將加速向上運(yùn)動(dòng)，故C正確答案BCD6.如圖所示，C16F，C23F，R13，R26，電源電動(dòng)勢E18V，內(nèi)阻不計(jì)下列說法正確的是 ()A開關(guān)S斷開時(shí)，a、b兩點(diǎn)電勢相等B開關(guān)S閉合后，a、b兩點(diǎn)間的電流是2AC開關(guān)S斷開時(shí)C1帶的電荷量比開關(guān)S閉合后C1帶的電荷量大D不論開關(guān)S斷開還是閉合，C1帶的電荷量總比C2帶的電荷量大解析S斷開時(shí)外電路處于斷路狀態(tài)，兩電阻中無電流通過，電阻兩端電勢相等，由圖知a點(diǎn)電勢與電源負(fù)極電勢相等，而b點(diǎn)電勢與電源正極電勢相等，A錯(cuò)誤S斷開時(shí)兩電容器兩端電壓都等于電源電動(dòng)勢，而C1>C2

7、，由QCU知此時(shí)Q1>Q2，當(dāng)S閉合時(shí)，穩(wěn)定狀態(tài)下C1與R1并聯(lián)，C2與R2并聯(lián)，電路中電流I2A，此時(shí)兩電阻兩端電壓分別為U1IR16V、U2IR212V，則此時(shí)兩電容器所帶電荷量分別為Q1C1U13.6×105C、Q2C2U23.6×105C，對電容器C1來說，S閉合后其兩端電壓減小，所帶電荷量也減小，故B、C正確，D錯(cuò)誤答案BC7.如圖所示，直線、分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的特性圖線，曲線是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線，如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說法正確的是()A電源1與電源2的內(nèi)阻之比是117B電源1與電源2的電動(dòng)勢之比是

8、11C在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是12D在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是12解析在UI圖象中，圖線、斜率的絕對值代表電源的內(nèi)阻，r1，r2，則r1r2117，選項(xiàng)A正確；圖線與縱軸的交點(diǎn)表示電源電動(dòng)勢，則E1E210V，選項(xiàng)B正確；小燈泡在第一種連接狀態(tài)下消耗的功率為P1U1I115W，小燈泡的電阻R1；小燈泡在第二種連接狀態(tài)下消耗的功率為P2U2I230W，小燈泡的電阻R2，選項(xiàng)C正確D錯(cuò)誤答案ABC8.在如圖甲所示的電路中，電源的電動(dòng)勢為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)，L1、L2、L3為3個(gè)用特殊材料制成的同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示當(dāng)開關(guān)S閉合穩(wěn)定后()A通

9、過L1電流的大小為通過L2電流的2倍BL1消耗的電功率為0.75WCL2消耗的電功率約為0.3WDL2的電阻為6解析開關(guān)S閉合后，小燈泡L1兩端電壓為3.0V，由圖乙可知通過小燈泡L1的電流為0.25A，小燈泡L1消耗的功率為3.0×0.25W0.75W，選項(xiàng)B正確小燈泡L2、L3共同分得電壓3.0V，每個(gè)小燈泡均分得1.5V，由圖乙可知通過小燈泡L2、L3的電流為0.20A，選項(xiàng)A錯(cuò)誤小燈泡L2消耗的功率為1.5×0.20W0.3W，選項(xiàng)C正確，而7.5，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案BC9.如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變

10、阻器R2的滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)時(shí)，電路中的電流I、R1兩端的電壓U1、R2兩端的電壓U2、電源兩端的電壓U都發(fā)生了變化，電流的變化量為I，R1兩端電壓的變化量為U1，R2兩端電壓的變化量為U2，電源兩端電壓的變化量為U.對于它們之間的關(guān)系，下列說法正確的是()A比值不變，|不變，且|B比值增大，|增大，且|C比值增大，|增大，且|D繼續(xù)調(diào)節(jié)R2，當(dāng)R1R2r時(shí)，R1上的功率最大 解析R1，R1阻值不變，不變，R1|不變，R1|一定相等，選項(xiàng)A正確；R2，因滑動(dòng)變阻器R2的滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)，阻值增大，所以增大，|R1r不變，|，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；因R2增大，所以R2R1增大，因r|，所以|，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；當(dāng)

11、R1上的功率最大時(shí)，此時(shí)R2等于零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案A10.圖示電路可用來測量電阻的阻值其中E為電源，R為已知電阻，Rx為待測電阻，可視為理想電壓表，S0為單刀單擲開關(guān)，S1、S2為單刀雙擲開關(guān)(1)當(dāng)S0閉合時(shí)，若S1、S2均向左閉合，電壓表讀數(shù)為U1；若S1、S2均向右閉合，電壓表讀數(shù)為U2.由此可求出Rx_.(2)若電源電動(dòng)勢E1.5V，內(nèi)阻可忽略；電壓表量程為1V，R100.此電路可測量的Rx的最大值為_. 解析(1)由Rx，而Ix故RxR.(2)當(dāng)Rx兩端電壓達(dá)到1V時(shí)，由E1.5V，可得此時(shí)R兩端的電壓U11.5V1V0.5V.此時(shí)電路中電流IA則Rxmax 200.答案(1)R(2

12、)20011.如圖所示，電路中電源內(nèi)阻不計(jì)，水平放置的平行金屬板A、B間的距離為d，金屬板長為L.在兩金屬板左端正中間位置M，有一個(gè)小液滴以初速度v0水平向右射入兩板間，已知小液滴的質(zhì)量為m，小液滴帶負(fù)電，電荷量為q.要使液滴從B板右側(cè)上邊緣射出電場，電動(dòng)勢E是多大？重力加速度用g表示解析由閉合電路歐姆定律得I 兩金屬板間電壓為UABIR 由牛頓第二定律得qmgma 液滴在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)Lv0t at2 由以上各式解得E 12.四川省“十二五”水利發(fā)展規(guī)劃指出，若按現(xiàn)有供水能力測算，我省供水缺口極大，蓄引提水是目前解決供水問題的重要手段之一某地要把河水抽高20m，進(jìn)入蓄水池，用一臺(tái)電動(dòng)機(jī)通過傳動(dòng)效率為80%的皮帶，帶動(dòng)效率為60%的離心水泵工作工作電壓為380V，此時(shí)輸入電動(dòng)機(jī)的電功率為19kW，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為0.4.已知水的密度為1×103kg/m3，重力加速度取10m/s2.求：(1)電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻消耗的熱功率；(2)將蓄水池蓄入864m3的水需要的時(shí)間(不計(jì)進(jìn)、出水口的水流速度)解析(1)設(shè)電動(dòng)機(jī)的電功率為P，則PUI 設(shè)電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻r上消耗的熱功率為Pr，則P