命題邏輯習題

1、數(shù)理邏輯習題命題邏輯（一）1.指出下列語句中哪些是命題 a) 離散數(shù)學的研究對象是自然數(shù)。b) 請勿喧嘩。c) 夸夸其談可以創(chuàng)造財富。d) “飛碟”來自于銀河系之外。e) 今天很冷。f) 你明天還來嗎？解 a) 是命題。因為它是假的陳述句。b) 不是命題。因為它是祈使句。c) 是命題。因為它是假的陳述句。d) 是命題。因為它是可確定真假的陳述句，雖然其真假性現(xiàn)時還無法確定，但隨著人類認識的發(fā)展終將得到證實。e) 是命題。因為它是可確定真假的陳述句，其真假取決于說話人的主觀判斷和外部環(huán)境的客觀溫度。f) 不是命題。因為它是疑問句。2.用符號形式寫下面命題，其中P表示命題“明天下雪”；Q表示命題“

2、我們明天上課”；R表示命題“我們明天上公園”。a) 如果明天下雪且我們停課，那么我們去公園。b) 只有明天不下雪，我們才去公園。c) 除非明天不下雪且我們上公園，否則我們將上課。d)無論明天下雪與否，我們照常上課。解 a) PÙØQR；b) ØØPØR（或RØP）；c) Ø(ØPÙR)«ØQ （或ØPÙR«ØQ）；d) PÚØPQ（或Q）。3.用上題的命題P，Q，R解釋下面的形式命題。 a) ØPÚQ

3、16;Rb) PÙRc) ØPQÚRd) ØQ«R解 a) 只有明天下雪且不上課，我們才去公園；b) 明天下雪，明天我們去公園；c) 如果明天不下雪，那么我們上課或去公園；d) 除非明天不停課(上課)，否則我們去公園。4.將下述命題符號化 a) 不是小王就是老李來找過你。b) 盡管小張與小趙是同學，但他們很少在一起。c) 如果程序能正常結束，那么就不會有語法錯誤。d) 既然你今天不去開會，就該在家好好休息一下。e) 只有博覽群書，知識才能豐富。f) 只要懂得法律，就能夠成為一名律師。g) 學好數(shù)、理、化，走扁天下都不怕。h) 并非由于學校是重點

4、，畢業(yè)生才是一流的，而是由于畢業(yè)生是一流的，學校才能成為重點。i) 他能考上交大，除了由于他有一個較好的環(huán)境之外，還在于他平時的刻苦精神。解 a) 令：P：小王來找過你Q：老李來找過你形式化公式：PÚQ（實際上是不可兼或：PQ）；b) 令：P：小張與小趙是同學 Q：小張與趙在一起。形式化公式：PÙØQ；c) 令：P：程序正常結束 Q：程序有語法錯誤形式化公式：PØQ；d) 令：P：你今天去開會 Q：你在家休息一下。形式化公式：ØPÙQ；e) 令：P：(某人)博覽群書 Q：(某人)知識豐富形式化公式：ØPØQ（或者Q

5、P）；f) 令：P：(某人)懂得法津 Q：(某人)成為一名律師形式化公式：PQ；g) 令：P：(某人)學好數(shù)學 Q：(某人)學好物理 R：(某人)學好化學 S：(某人)走遍天下都不怕形式化公式：P ÙQ ÙRS；h) 令：P：學校是重點 Q：畢業(yè)是一流的形式化公式：Ø(PQ) Ù(QP) ；i) 令：P：他考上了交大 Q：他有一個較好的環(huán)境 R：他平時刻苦形式化公式：Q ÙRP。5.試通過對命題公式中聯(lián)結詞的個數(shù)歸納，證明命題公式在任一指派下的真假值都是唯一的。證 (采用串值數(shù)學歸納法)為證命題公式在任一賦值下的真值是唯一的，我們對公式中所含聯(lián)

6、結詞的個數(shù)n進行串值歸納： 1）若n0，則P是一原子公式，從而() P()顯然是唯一的。2）假設n0，1，2，k時，任何含有n個聯(lián)結詞的公式在下的真值() 是唯一的。3）于是，當nk+1時，則根據(jù)合式公式的形成規(guī)則，可知 Ø1，或者1*2（這里* Ù或Ú或或«）。我們設1和2中的聯(lián)結詞個數(shù)分別為k1和k2，那么a) 當Ø1時，則有k1+1k+1，從而k1k0于是由歸納假設可知，真值是唯一的，所以由Ø的真值表知真值() Ø (1()是唯一的；b) 當1*2時，則有k1+k2+1k+1，從而k1+k2k，即有k1£k，

7、k2£k。于是由歸納假設知，真值1()，2 ()是唯一的，所以由*的真值表（Ù，Ú，«的真值表）知真值()1()*2()都是唯一的。這就用串值歸納法證明了命題公式在任一賦值下的真值（真假值）都是唯一的。6.令P，Q，R，S分別取值為T，F(xiàn)，T，F(xiàn)。求出下列命題公式在相應指派下的真假值。 a) ØPÚ (QPÙR)b) QÚP(QÙS«R)c) (PQ) Ù(RQÙS)d) PÚ(QRÙØS)«QÚØP解 這里賦值（T

8、，F(xiàn)，T，F(xiàn)） a) (Ø P Ú(QPÙR)()Ø P° Ú(Q°P°ÙR°)Ø T Ú(FTÙT)F Ú (FT)F Ú TTb) (QÚP(QÙS«R)() Q°ÚP°(Q°ÙS °«R°) FÚT(FÙF«T) T(F«T) TFFc) (PQ) Ù (RQÙS)() (

9、P°Q°) Ù (R°Q°ÙS°) (TF) Ù (TFÙF) FÙ (TF) FÙF Fd) (PÚ(QRÙØS)«QÚØ P)() (P°Ú(Q°R°ÙØS°)«Q°ÚØP°) TÚ(FTÙØF)«FÚØT TÚ(FTÙT)&

10、#171;FÚF TÚ(FT)«F TÚT«FT«FF7.構造下列命題公式的真值表。 a) PÙ(QÚR)b) (PQ) Ù(PÚR)c) (P(QÙØQ)ØPd) (PQ)(PR)(P(QR)解 a)PQRQÚRPÙ(QÚR)TTTTTTTFTTTFTTTTFFFFFTTTFFTFTFFFTTFFFFFFb)PQRPQPÚR(PQ) Ù(PÚR)TTTTTTTTFTTTTFTFTFTFFFTFFTTTTT

11、FTF TFFFFTTTTFFFTFFc) PQØPØQQÙØQP(QÙØQ)(P(QÙØQ)ØPTTFFFFTTFFTFFTFTTFFTTFFTTFTTd) PQRPQPRQR(PQ)(PR)P(QR)(PQ)(PR)(P(QR)TTTTTTTTTTTFTFFFFTTFTFTTTTTTFFFFTTTTFTTTTTTTTFTFTTFTTTFFTTTTTTTFFFTTTTTT8.利用真值表法判斷下列邏輯等價式是否成立。 a) (PØQ)(QØP)b) (PQ)(QP)c) P(QR)(P

12、Q)(PR)d) Ø(PQ)PÙØQe) Ø(PÙQ)ØPÚØQf) P«Q(PÙQ) Ú(ØPÚØQ)g) P(QP)ØP(QØP)h) (PR)Ù(QR)PÚQRi)(P«Q)«RP«(Q«R)解a) 成立。PQØPØQPØQQØPTTFFFFTFFTTTFTTFTTFFTTTT此真值表最后兩列全完相同。故a) 的邏輯等價式成立。b)

13、 不成立。PQPQQPTTTTTFFTFTTFFFTF此真值表最后兩列不完全相同。故b) 的邏輯等價式不成立。c) 成立。PQRPQPRQRP(QR)(PQ)(PR)TTTTTTTTTTFTFFFFTFTFTTTTTFFFFTTTFTTTTTTTFTFTTFTTFFTTTTTTFFFTTTTT此真值表最后兩列完全相同。故c) 的邏輯等價式成立。d) 成立。PQØQPQØ(PQ)PÙØQTTFTFFTFTFTTFTFTFFFFTTFF此真值表最后兩列完全相同。故d) 的邏輯等價式成立。e) 成立。PQØPØQPÙQØ

14、 (PÙQ)ØPÚØQTTFFTFFTFFTFTTFTTFFTTFFTTFTT此真值表最后兩列完全相同。故e) 的邏輯等價式成立。f) 成立。PQØPØQP ÙQØP ÙØQP«Q(PÙQ)Ú(ØPÙØQ)TTFFTFTTTFFTFFFFFTTFFFFFFFTTFTTT此真值表最后兩列完全相同。故f) 的邏輯等價式成立。g) 成立。PQØ PQPQØ PP(QP)Ø P(QØ P)TTFTFTTT

15、FFTTTTFTTFTTTFFTTTTT此值表最后兩列完工全相同。故f) 邏輯等價式成立。h) 成立。PQRPRQRPÚQ(PR)Ù(QR)PÚQRTTTTTTTTTTFFFTFFTFTTTTTTTFFFTTFFFTTTTTTTFTFTFTFFFFTTTFTTFFFTTFTT此真值表最后兩列完全相同。故h) 的邏輯等價式成立。i) 成立。PQRP«QQ«R(P«Q)«RP«(Q«R)TTTTTTTTTFTFFFTFTFFFFTFFFTTTFTTFTFFFTFFFTTFFTTFTTFFFTTFF此真值表最后

16、兩列完全相同。故i) 的邏輯等價式成立。9.東東的爺爺帶東東乘車去玩，當路過一座高樓時，爺爺說：“你只有現(xiàn)在好好學習，將來才能住上這樣的高樓?！睎|東聽了爺爺?shù)脑捯院螅卮鹫f，“爺爺決有住上這樣的高樓，所以爺爺沒有好好學習?！闭垎枺簴|東是否誤解了爺爺原話的意思，為什么解 東東誤解了爺爺原話的意思。因為若令：P：(你)現(xiàn)在好好學習 Q：(你)將來住上這樣的高樓則爺爺?shù)脑捫问交癁椋篞P而東東的回答形式化是：ØQØP這兩個公式不是邏輯等價的。這可用真值表法證明如下：PQØPØQQPØQØPTTFFTTTFFTTFFTTFFTFFTTTT此真

17、值表最后兩列不完全相同，說明QP與ØQØP不是邏輯等價的（事實上QPØPØQ），所以，東東的回答與爺爺?shù)脑捠遣坏葍r的，不是一個意思。因而，東東誤解了爺爺原話的意思。10.某單位派人外出學習。但由于工作關系，A，B兩個不能同去。如果B去則C必須留下工作。如果派D去則B和C至少應去一人。試問 a) 四人中最多能派幾人？b) 若己決定派B去，是否還可以增派其它人？請通過對成真指派的分析給出上面問題的最佳人選。解 令：P：A去 Q：B去 R：C去 S：D去則問題形式化為一公式（條件公式）：=Ø(PÙQ) Ù(QØR) &

18、#217;(S(QÚR)a) 因四人全去,得到賦值1(T，T，T，T)，使得真值(1)F，從而四人全去不行, 故至多只能派三人同去。又因A和B不能同時去，而A去，C去，D去，得到賦值2(T，F(xiàn)，T，T)，使得真值(2)T，故至少可以派三個人同去。所以，四人中最多能派三人同去。b) 若己決定派B去，則根據(jù)Ø(PÙQ)，可知不能派A去；又根據(jù)(QØR)，可知不能派C去，因而至多只能增派D去。從而得到賦值3(F，T，F(xiàn)，T)，使得真值(3)T。故此，若己決定派B去，則還可以增派D同去。11.利用真值表判斷下列公式的永真性（有效性）。a) ØP(PQ)

19、b) (PQ)(QR)(PR)c) (PÚQ)ÙR)Ú(PÙQØR)d) (P(QR)«(Q(PR)解 a)ØP（PQ）PQØPPQØP(PQ)TTFTTTFFFTFTTTTFFTTT 因為此值表的最后一列全是T, 故公式是有效的。b) (PQ)(QR)(PR)PQRPQQPPR(QR)(PR)(PQ)(QR)(PR)TTTTTTTTTTFTFFTTTFTFTTTTTFFFTFFTFTTTTTTTFTFTFTTTFFTTTTTTFFFTTTTT因為此真值表的最后一列全是T, 故公式是有效的。c) (P&#

20、218;Q)ÙR)Ú(PÙQ)ØR)PQRPÚQQÙPØR(PÚQ)ÙRPÙQØR(PÚQ)ÙR)Ú(PÙQØR)TTTTTFTFTTTFTTTFTTTFTTFFTTTTFFTFTFTTFTTTFFTTTFTFTFTFTTFFTFFFFTTFFFFFTFTT因為此真值表的最后一列全是T, 故公式是有效的。d) (P(QR)«(Q(PR)PQRQRPRP(QR)Q(PR)TTTTTTTTTFFFFFTFTTTTTTFFTFTTF

21、TTTTTTFTFFTTTFFTTTTTFFFTTTT因為此真值表的最后兩列完全相同, 故公式是有效的。12.利用真值表證明下列邏輯蘊涵式。 a)Ø(PQ)Pb)ØQÙ(PQ) ØPc) (PÚQ)Ù(PR) Ù(QS) RÚSd)ØP(QÙØQ) P證 a) 邏輯蘊涵式Ø(PQ)P成立。PQPQØ (PQ)PTTTFTTFFTTFTTFFFFTFF因為此真值表凡是Ø(PQ)列為T的行，P列相應的行也為T。b) 邏輯蘊涵式ØQÙ(PQ)

22、 ØP成立PQØQPQØQÙ(PQ)Ø PTTFTFFTFTFFFFTFTFTFFTTTT因為此真值表凡是Ø QÙ(PQ)列為T的行，ØP列相應的行也為T。c) 邏輯蘊涵式(PÚQ)Ù(PR) Ù(QS) RÚS成立。PQRSPÚQPÚRQS(PÚQ)Ù(PR)Ù(QS)RÚSTTTTTTTTTTTTFTTFFTTTFTTFTFTTTFFTFFFFTFTTTTTTTTFTFTTTTTTFFTTFTFTTFFFTFTF

23、FFTTTTTTTTFTTFTTFFTFTFTTTTTTFTFFTTFFFFFTTFTTFTFFTFFTTFTFFFTFTTFTFFFFFTTFF因為此真值表凡是(PÚQ)Ù(PR) Ù(QS)列為T的行，RÚS列相應的行也為T。d) 邏輯蘊涵式ØP(QÙØQ) P成立。PQØPØQQÙØQØP(QÙQ)PTTFFFTTTFFTFTTFTTFFFFFFTTFFF 因為真值表凡是ØP(QÙØQ)列為T的行，P列相應的行也為T。13.求下列

24、命題公式的代入實例。 a) P(PQ)Q)其中：P代入為PQ，Q代入為(PQ)Qb) (PQ)(QR)(PR) 其中，P代入為QR，Q代入為PR。解 a) (P(PQ)Q)(PQ)/P,(PQ)Q)/Q=(PQ)(PQ)(PQ)Q)(PQ)Q) ；b) (PQ)(QR)(PR)(QR)/P,(PR)/Q=(QR)(PR)(PR)R)(QR)R) 。14.設a1，a2，b為命題公式。如果a1a2，證明： a) Øa2Øa1b) a1Ùba2Ùbc) a1Úba2Úbd) a1ba2b 證 a)對于任一賦值，如果(Øa2)()=

25、T，則a2()=F。根據(jù)a1a2，可知a1()=F，從而(Øa1)()=T。所以Øa2Øa1成立。b) 對任一賦值，如果(a1Ùb)()=T，那么a1()=T且b()=T。根據(jù)a1a2，可得a2()=T，從而a2()=T且b()=T，也即是(a2Ùb)()=T，所以a1Ùba2Ùb成立。c) 對任一賦值，如果(a1Úb)()=T，那么a1()=T或者b()=T。于是分情況證明如下：1°若a1()=T，那么根據(jù)a1a2，可知a2()=T，因此(a2Úb)()=T；2°若b()=T，則顯然

26、(a2Úb)()=T；因此，無論如何，總有(a2Úb)()=T。所以a1Úba2Úb成立。d) 對任一賦值，如果(a2b)()=T，那么若a2()=T，則b()=T。于是： 1°若a1()=F，那么顯然有(a1b)()=T；2°若a1()=T，那么根據(jù)a1a2，可知a2()=T，從而有b()=T，因此得到(a1b)()=T；于是，無論如何，總有(a1b)()=T。所以a1ba2b成立。15.利用變換法證明下列邏輯等價式。 a) P(QP)ØP(PQ) b) (PR)Ù(QR)PÚQR c)Ø(P

27、«Q)(PÚQ)Ù(PÚQ) d)Ø(PQ)PÙØQ證明 a) P(QP)ØPÚ(ØQÚP) （替換定理，聯(lián)結詞化歸） (PÚØP)ÚØQ （結合律） PÚØP (PÚØP) ÚQ PÚ(ØPÚQ) （結合律） ØØPÚ(ØPÚQ) （替換定理，雙重否定律） ØP(PQ) （替換定理，聯(lián)結詞化歸）b) (PR

28、)Ù(QR) (ØPÚR) Ù(ØQÚR) （替換定理，聯(lián)結詞化歸） (ØPÙØQ)ÚR （分配律） Ø(PÚQ) ÚR （替換定理，de Morg an律） PÚQR （聯(lián)結詞化歸） c) Ø(P«Q) Ø(PQ)Ù(QR) （替換定理，聯(lián)結詞化歸） Ø(ØPÚQ)Ù(ØQÚP) （替換定理，聯(lián)結詞化歸）Ø(ØPÚQ)

29、8;Ø(ØQÚP) （de Morgan律）(ØØPÙØQ)Ú(ØØQÙØP) （替換定理，de Morgam律）(PÙØQ)Ú(QÙØP) （替換定理，雙重否定律）(PÚØP)Ù(PÚQ)Ù(ØPÚØQ)Ù(QÚØQ)（分配律、替換定理，結合律，交換律）(PÚQ) Ù (ØPÚ

30、ØQ) （化簡律）d) Ø(PQ) Ø (ØPÚQ) （替換定理，聯(lián)結詞化歸） ØØPÙØQ （de Mergan律） PÙØQ （替換定理，雙重否定律）。16.利用變換法證明下列邏輯蘊涵式。 a) P(QR) (PQ)(PR)b) (PQ)Q PÚQc) (PQ)(QP)QPd) PQ PÚRQÚR證 a) 實際上，我們可證邏輯等價式：P(QR)(PQ) (PR)就是 P(QR)ØP Ú (ØQÚR) （替換定理，

31、聯(lián)結詞化歸）(PÚØPÚR)Ù(ØPÚQÚR) （化簡律）(PÙØQ)Ú (ØPÚR) （分配律）Ø (ØPÚQ)Ú (ØPÚR) （替換定理、雙重否定律，de Morgan律）Ø (PQ) Ú (PR) （替換定理，聯(lián)結詞化歸）(PQ)(PR) （聯(lián)結詞化歸）b) 實際上我們可證邏輯等價式：(PQ)QPQ變換證明如下：(PQ)QØ (ØPÚQ)ÚQ （替換

32、定理，聯(lián)結詞化歸）(ØØPÙØQ)ÚQ （替換定理、de Morgan律）(PÙØQ)ÚQ （替換定理、雙重否定律）( PÚQ) Ù (QÚØQ) （分配律）PÚQ （化簡律）c) 實際上，我們可證邏輯等價式：(PQ)(QP)QP變換證明如下 (PQ) (QP) Ø (ØPÚQ)Ú (ØQÚP) （替換定理、聯(lián)結詞化歸） (ØØPÚØQ)Ú (ØQ

33、ÚP) （替換定理，de Morgasn律） (PÙØQ) Ú (ØQÚP) （替換定理、雙重否定律） ØQÚP （吸收律） QP （聯(lián)結詞化歸）d) PQØPÚQ （聯(lián)結詞化歸）ØPÚQÚR （析取構成式） (ØPÚQÚR) Ù (RÚØRÚQ) （化簡律） (ØPÙØR)Ú (QÚR) （分配律）Ø (PÚR)Ú

34、(QÚR) （替換定律， de Morgan律） PÚRQÚR （聯(lián)結詞化歸）。17.求下列命題公式的對偶式。 a) (PQ)ØPÚRb) Ø (P«Q)Ù(PÚQ)c) (PQÚR)Ù(QP)解 a) 由于(PQ)ØPÚRØ(ØPÚQ) ÚØPÚR所以其對偶式為Ø(ØPÙQ)ÙØPÙR 。b) 由于 Ø (P«Q) Ù

35、; (PÚQ)Ø (PQ) Ù (QP) Ù ( PÚQ) Ø (ØPÚQ) Ù (ØQÚP ) Ú (PÚQ) Ø (PÚØQ) Ù (ØPÚQ) Ù (PÚQ)因此其對偶式為 Ø (ØPÚQ)Ù(ØPÚQ)Ú(PÙQ) 。c) 因為 (ØPQÚR) Ù (QP) (Ø

36、;ØPÚQÚR) Ù (ØQÚP) (PÚQÚR) Ù (ØQÚP)從而其對偶式為 (PÙQÙR) Ú (ØQÙP) 。18.將下列命題公式化成只含有全功能聯(lián)結詞集合Ø,中聯(lián)結詞的命題公式。 a) PÚ (QÙØR)b) (PÚQ)ÙRPÚRc) PÚ (ØQÙRP)d) Ø (P« (ØQRÚP)

37、解 a) PÚ (QÙØR) (QÙØR)ÚP (ØØQÙØR)ÚP Ø (ØQÚR)ÚP (QR)Pb) (PÚQ)ÙRPÚR(ØPQ)ÙR)(ØPR)Ø (ØPQ)ØR)(ØPR)c) PÚ (ØQÙRP)ØP(Ø (ØQØR)P) ØP(Ø (RQ)P)

38、d) Ø (P«(ØQRÚP)Ø (P(ØQRÚP) Ú (ØQRÚP)P)Ø (P(ØQ(ØPR)Ù(ØQ(ØPR)P) (P(ØQ(ØPR)Ø (ØQ(ØPR) P) 。19.證明是極小全功能的。證 根據(jù)定理2，聯(lián)結詞集Ø，Ú是全功能的，故為證是全功能的，只需證明Ø，Ú中的每個聯(lián)結詞都可分別由來表示即可。由于ØPPPPÚQ(

39、PQ)(PQ)因此是全功能的。由于中只有一個聯(lián)結詞，故所以是極小全功能的。20.證明Ù，Ú不是全功能的。證 Ù，Ú不是全功能的。否則，聯(lián)結詞Ø必定可由聯(lián)結詞集Ù，Ú來表示，即，對于任一原子公式P，存在公式a，a中只含聯(lián)結詞Ù和Ú，使得ØPa設是一對a中出現(xiàn)的所有命題變項及P都指派真值T的賦值。則我們可用串值歸納法證明a()T；但是(ØP)()ØTF，從而ØP不可能與公式a邏輯等價，矛盾。事實上，我們施串值歸納于a中聯(lián)結詞Ù和Ú的個數(shù)m，來證a (

40、)T：當m1時，只能有aPÙP或PÙQ或QÙQ,或PÚP或PÚQ或QÚQ。由于給P和Q都賦值T，故這時顯然有a ()T。當m1，2，k時，歸納假設總有a ()T。則當mk+1時，只能有aa1Ùa2或a1Úa2，其中a1和a2中所含聯(lián)結詞Ù和Ú的個數(shù)分別為和，于是就有 即從而有，£，因此，根據(jù)歸納假設有a1()=T，a2()=T,所以a ()= a1 () Ù a2 ()=TÙT=T或者a ()= a1 () Ú a2 ()=TÚ T=T 總之a(chǎn)

41、()=T。 21.將下列命題公式化為析取范式。 a) ØPÚØQ(P«ØQ) ÚRb) (PÚ (ØPQ) Ù (QR)c) (PQÙR) Ù (ØPØQÙØR)d) Q Ù (ØPQ ÚØ (QR)解 a) (ØPÚØQ)(P«ØQ)ÚR Ø (ØP ÚØQ) Ú (PØQ) Ù

42、; (ØQP) ÚR) (ØØP ÙØØQ) Ú (ØP ÚØQ) Ù (ØØQ ÚP) ÚR) (PÙQ)Ú (ØPÙP)Ú (ØQÙP)Ú (ØPÙQ)Ú (ØQÙQ)ÚR (PÙQ)Ú (PÙØQ)Ú (ØPÙQ)Ú

43、;Rb) (PÚ (ØPQ) Ù (QR)(PÚ (ØØPÚQ) Ù (ØQÚR)(PÚPÚQ) Ù (ØQÚR)(PÚQ)Ù (ØQÚR)(PÙØQ)Ú (QÙØQ)Ú (PÙR)Ú (QÙR)(PÙØQ)Ú (PÙR) Ú (QÙR)c) (P(QR)(P

44、(QR)(ØPÚ (QÙR) Ù (ØØPÚ (ØQÙØR)(ØPÚ (QÙR) Ù (PÚ (ØQÙØR)(ØPÙP) Ú (QÙRÙP) Ú (ØPÙØQÙØR) Ú (QÙRÙØQÙØR)(PÙQÙR) Ú (&#

45、216;PÙØQÙØR)d) QÙ (ØP(QÚØ (QR)QÙ (ØØPÚ (QÚØ (ØQÚR)QÙ (QÚPÚØ (ØQÚR)Q22.將上題的各命公式化為主析取范式。解 a) (ØPÚØQ)(P«ØQ)ÚR) (PÙQ)Ú (PÙØQ)Ú (ØP

46、7;Q)ÚR(PÙQ) Ù (RÚØR)Ú (PÙØQ) Ù (RÙØR) Ú (ØPÙQ) Ù (RÚØR) Ú (QÚØQ) ÙR) (PÙQÙR) Ú (PÙQÙØR) Ú (PÙØQÙR) Ú (PÙØQÙØR) Ú (&

47、#216;PÙQÙR) Ú (ØPÙQÙØR) Ú (QÙR) Ú (ØQÙR)(PÙQÙR)Ú (PÙQÙØR)Ú (PÙØQÙR)Ú (PÙØQÙØR)Ú (ØPÙQÙR) Ú (ØPÙQÙØR) Ú (PÚ

48、6;P)Ù(QÙR) Ú (PÚØP) Ù (ØQÙR)(PÙQÙR)Ú (PÙQÙØR)Ú (PÙØQÙR)Ú (PÙØQÙØR)Ú (ØPÙQÙR) Ú (ØPÙQÙØR) Ú (PÙQÙR)Ú (ØPÙQÙ

49、;R) Ú(PÙØQÙR)Ú (ØPÙØQÙR) (PÙQÙR)Ú(PÙQÙØR)Ú(PÙØQÙR)Ú(PÙØQÙØR)Ú(ØPÙQÙR)Ú(ØPÙQÙØR)Ú (ØPÙØQÙR)m7Úm6Úm5&#

50、218;m4Úm3Úm2Úm1 b) (PÚ (ØPQ) Ù (QR) (PÙØQ)Ú (PÙR) Ú (QÙR) (PÙØQ)Ú (RÙØR) Ú (PÙR)Ú(OÙØQ) Ù (PÙØP)Ú (QÙR) (PÙØQÙR) Ú (PÙØQÙØR)&

51、#218; (PÙQÙR)Ú(PÙØQÙR)Ú (PÙQÙR)Ú (ØPÙQÙR) (PÙQÙR)Ú (PÙØQÙR) Ú (PÙØQÙØR) Ú (ØPÙQÙR) m7Úm5Úm4Úm3 c) (PQÙR) Ù (ØPØQÙØR

52、) (PÙQÙR)Ú (ØPÙØQÙØR) m7Úm0 d) QÙ(ØP(QÚØ(QR) Q (PÙQ)Ú (ØPÙQ) (PÙQ) Ù (RÙØR) Ú (ØPÙQ) Ù (RÙØR) (PÙQÙR) Ú (PÙQÙØR)Ú (ØPÙQ&

53、#217;R)Ú (ØPÙQÙØR) m7Úm6Úm3Úm223.通過化主析取范式的方法，判斷下面的邏輯等價式是否成立。 a) (PÙQ) Ú (ØPÙQÙR)(PÚ (QÙR) Ù (QÚ (ØPÙR) b) ØPÚ (PÙQ) ÚRØ (PÙØQ) Ù (QÚR)解 a) 因為 (PÙQ) Ú

54、(ØPÙQÙR) (PÙQ) Ù (RÚØR) Ú (ØPÙQÙR) (PÙQÙR) Ú (PÙQÙØR) Ú (ØPÙQÙR) m7Úm6Úm3又因為(PÚ (QÙR) Ù (QÚ (ØPÙR) (PÙQ)Ú (QÙRÙQ)Ú (PÙØP

55、ÙR) Ú (QÙRÙØPÙR) (PÙQ) Ú (QÙR) Ú (ØPÙQÙR) (PÙQ) Ù (RÚØR)Ú (PÚØP) Ù (QÙR) Ú (ØPÙQÙR) (PÙQÙR) Ú (PÙQÙØR) Ú (PÙQÙR) Ú (

56、6;PÙQÙR) Ú (ØPÙQÙR) (PÙQÙR)Ú (PÙQÙØR)Ú (ØPÙQÙR) m7Úm6Úm3 所以 (PÙQ)Ú (ØPÙQÙR)(PÚ (QÙR) Ù (QÚ (ØPÙR) b) 因為 ØPÚ (PÙQ)ÚR (ØPÙ (Q&#

57、218;ØQ) Ú (PÙQ) Ù (RÚØR) Ú (QÚØQ) ÙR) (ØPÙQ) Ú (ØPÙØQ) Ú (PÙQÙR) Ú (PÙQÙØR) Ú (QÙR) Ú (ØQÙR) (PÙQÙR)Ú(PÙQÙØR) Ú (ØPÙ

58、;Q) Ù (RÚØR) Ú (ØPÙØQ) Ù (RÚØR)Ú (PÚØP) Ù (QÙR) Ú (PÚØP) Ù (ØQÙR) (PÙQÙR)Ú(PÙQÙØR)Ú(ØPÙQÙR)Ú (ØPÙQÙØR) Ú (ØP&#

59、217;ØQÙR) Ú (ØPÙØQÙØR)Ú (PÙQÙR) Ú (ØPÙQÙR) Ú (PÙØQÙR) Ú (ØPÙØQÙR) (PÙQÙR) Ú (PÙQÙØR) Ú (PÙØQÙR) Ú (ØPÙQÙR) 

60、18; (ØPÙQÙØR) Ú (ØPÙØQÙR) Ú (ØPÙØQÙØR) m7Úm6Úm5Úm3Úm2Úm1Úm0又因為 Ø (PÙØQ) Ù (QÚR) (ØPÚØØQ) Ù (QÚR) (ØPÚQ) Ù (QÚR) QÚ

61、(ØPÙR) (PÚØP) ÙQ) Ú (ØPÙ (QÚØQ)ÙR) (PÙQ) Ú (ØPÙQ) Ú (ØPÙQÙR) Ú (ØPÙØQÙR) (PÙQ) Ù (RÚØR) Ú (ØPÙQ) Ù (RÚØR) Ú (ØPÙQ&#

62、217;R) Ú (ØPÙØQÙR) (PÙQÙR)Ú(PÙQÙØR)Ú(ØPÙQÙR)Ú(ØPÙQÙØR)Ú(ØPÙQÙR)Ú (ØPÙØQÙR) (PÙQÙR) Ú (PÙQÙØR) Ú (ØPÙQÙR)

63、Ú (ØPÙQÙØR) Ú (ØPÙØQÙR) m7Úm6Úm3Úm2Úm1 所以ØPÚ (PÙQ) ÚR與Ø (PÙØQ) Ù (QÚR)不邏輯等價。24.設計一個控制兩間會議室的照明電路，要求分別裝在這兩間會議室的兩只開關都能控制整個會議室的照明。解 會議室兩個門旁開關表示k1、k2，“0”表示開關斷開，“1”表示開關接通。S表示會議室的照明狀態(tài)，“1”表示全室燈

64、亮，“0”表示全室燈暗。假設開始時，室內無人，燈暗。兩只開關都處于“0”狀態(tài)。有人進入室內時，隨手改變門旁的開關狀態(tài)，則會議室燈亮，S為“1”。此時兩只開關中有一只（奇數(shù)）處于“0”狀態(tài)。當有人離開會議室時，隨手改變門旁的開關狀態(tài)，會議室燈暗，S為“0”。此時兩只開關（偶數(shù)）都處于“0”狀態(tài)。故此,我們有: 當有偶數(shù)只開關處于“0”狀態(tài)時，S為“0”； 當有奇數(shù)只開關處于“0”狀態(tài)時，S為“1”；所以，我們有:S(Øk1Ùk2)Ú (k1ÙØk2)(k1Úk2) Ù (Øk1ÚØk2)其電路圖如

65、圖所示：K1K2非門非門或門與門S或門第24題圖25.某公安員在追捕一個逃犯的途中面對前面具有兩條路分叉的路口。己知該路口住著兩個居民，其中一個說謊成性，另一個天性誠實。請問：該公安員如何發(fā)問才能確定逃犯的去向。解 公安人員手指一路問身旁一名居民說：“逃犯是從這條路逃走的，他（指另一居民）將回答是，你說對嗎？”當被問居民回答：“否”時，公安人員應從所指那條路去追逃犯；當被問居民回答“對”時，公安人員應從另一條路去追逃犯。分析：如果被問居民誠實，他回答“對”。則另一居民是說謊者，他回答“是”，那么，逃犯沒有從所指路逃走；如果被問居民誠實，他回答“否”。則另一居民是說謊者，他回答“否”，那么，逃犯

66、是從所指路逃走的；如被問居民說謊，可以此類推分析。形式化：設P：被問居民是誠實的Q：被問居民回答“是”R：另一居民回答“是”S：逃犯是從所指路逃走的則 S(PÙØQ) Ú (ØPÙØQ) (PÚØP)ÙØQ ØQRP«Q真值表如下：PQRSØQP«QTTTFFTTFFTTFFTFFFFFFTTTT即：“逃犯是從所指路逃走的”當且僅當“被問居民誠實且其回答是否”（即另一人不誠實因而將回答“否”）或者“被問戰(zhàn)士說謊且其回答是否”（即另一人誠實因而將回答是“是”

67、）當且僅當“被問戰(zhàn)士回答是否”。并且“另一居民回答是是”當且僅當“被問居民誠實且其回答是是”或者“被問居民說謊且其回答是否”。26.證明析取消去規(guī)則（Ú）和否定規(guī)則（Ø）都是可靠的。證(a)析取消去規(guī)則（Ú）為：GaÚb，G,ag，G,bg Þ Gg 其可靠性為要性：GaÚb，G,ag，G,bg Þ Gg 證法一：令：d為G中所有公式之合取式。根據(jù)定理2，則要證：daÚb，dÙag，dÙbg Þ dg 根據(jù)定理1，即要證：daÚb，dÙag，dÙbg &#

68、222; dg 即要證：(daÚb)Ù(dÙag)Ù(dÙbg) Þ dg （*）但是我們能夠證明：(daÚb)Ù(dÙag)Ù(dÙbg)dg （* *）事實上：(daÚb)Ù(dÙag)Ù(dÙbg)(ØdÚaÚb)Ù(ØdÚØaÚg)Ù(ØdÚØbÚg)ØdÚ (aÚb)&

69、#217;(Ø(aÙb)Úg)ØdÚ (aÚb)Ùg)(ØdÚ aÚb)Ù(ØdÚg)ØdÚgdg因此，根據(jù)（* *）可知（*）成立。所以析取消去法規(guī)則（Ú）是可靠的。證法二：令：d為G中所有公式之合取式。根據(jù)定理2，則要證：daÚb，dÙag，dÙbg Þ dg對于任一賦值，若d ()=T，則由daÚb，可得(aÚb)()=T，于是有a ()=T或者b ()=T。(i) 若a ()=T，則(dÙa)()=T，從而由dÙag，可得g ()=T；(ii) 若b ()=T，則(dÙb)()=T，從而由dÙbg，可得g ()=T；綜合（i）（ii），總有g ()=T。所以，由賦值的任意性，dg。（b）否定消去規(guī)則（Ø）為：G,Øag，G,ØaØg Þ Ga 其