物理選修測(cè)試含答案

1、物理模擬3-1考試時(shí)間：100分鐘；命題人：柳開(kāi)文一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）1. 在電場(chǎng)中的某點(diǎn)放入電荷量為-q的試探電荷時(shí)，測(cè)得該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為E；若在該點(diǎn)放入電荷量為+2q的試探電荷，其它條件不變，此時(shí)測(cè)得該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為（）A. 大小為2E，方向和E相反B. 大小為E，方向和E相同C. 大小為2E，方向和E相同D. 大小為E，方向和E相反2. 下列關(guān)于電場(chǎng)線和磁感線的說(shuō)法中，正確的是（）A. 電場(chǎng)線和磁感線都是電場(chǎng)或磁場(chǎng)中實(shí)際存在的線B. 磁場(chǎng)中兩條磁感線一定不相交，但在復(fù)雜電場(chǎng)中的電場(chǎng)線是可以相交的C. 電場(chǎng)線是一條不閉合曲線，而磁感線是一條閉合曲線D. 電場(chǎng)線越密的地

2、方，同一試探電荷所受的電場(chǎng)力越大；磁感線分布較密的地方，同一試探電荷所受的磁場(chǎng)力也越大3. 如圖1AB是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，若將正點(diǎn)電荷從A點(diǎn)自由釋放，沿電場(chǎng)線從A到B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度圖線如圖2所示，則A、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小和電勢(shì)高低關(guān)系是（）A. EAEB；ABB. EAEB；ABC. EAEB；ABD. EAEB；AB4. 如圖所示，在真空中，兩個(gè)放在絕緣架上的相同金屬小球A和B，相距為r球的半徑比r小得多，A帶電荷量為+4Q，B帶電荷量為-2Q，相互作用的靜電力為F現(xiàn)將小球A和B互相接觸后，再移回至原來(lái)各自的位置，這時(shí)A和B之間相互作用的靜電力為F則F與F之比為（）A. 8：3B. 8：1

3、C. 1：8D. 4：15. 一點(diǎn)電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，靜電力做功為零，則以下說(shuō)法中正確的是（）A. A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)一定相等B. A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定相等C. 該點(diǎn)電荷一定始終沿等勢(shì)面運(yùn)動(dòng)D. 作用于該點(diǎn)電荷的靜電力方向與其移動(dòng)方向一定是始終垂直的6. 如圖為某勻強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)面分布圖（等勢(shì)面豎直分布），已知每?jī)蓚€(gè)相鄰等勢(shì)面相距2cm，則該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向分別為（）A. E=100V/m，豎直向下B. E=100V/m，豎直向上C. E=100V/m，水平向左D. E=100V/m，水平向右7. 通過(guò)兩定值電阻R1、R2的電流I和其兩端電壓U的關(guān)系圖象分別如圖所示，由圖

4、可知兩電阻的阻值之比R1：R2等于（）A. 1：3B. 3：1C. 1：D. ：1二、多選題（本大題共5小題，共20.0分）8. 圖中實(shí)線是一簇未標(biāo)明方向的由點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)線，虛線是某一帶電粒子通過(guò)該電場(chǎng)區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b是軌跡上的兩點(diǎn)若帶電粒子在運(yùn)動(dòng)中只受電場(chǎng)力作用，根據(jù)此圖可作出正確判斷的是（）A. 帶電粒子所帶電荷的符號(hào)B. 帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的受力方向C. 帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的速度何處較大D. 帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)能何處較大9. 如圖所示，用控制變量法可以研究影響平行板電容器電容的因素設(shè)兩極板正對(duì)面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，

5、則（）A. 保持S不變，增大d，則變大B. 保持S不變，增大d，則變小C. 保持d不變，增大S，則變大D. 保持d不變，增大S，則變小10. 如圖所示，一帶電油滴懸浮在平行板電容器兩極板A、B之間的P點(diǎn)，處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)將極板A向下平移一小段距離，但仍在P點(diǎn)上方，其它條件不變下列說(shuō)法中正確的是（）A. 液滴將向下運(yùn)動(dòng)B. 液滴將向上運(yùn)動(dòng)C. 極板帶電荷量將增加D. 極板帶電荷量將減少11. 下列關(guān)于電流的說(shuō)法中，正確的是（）A. 我們把大小、方向都不隨時(shí)間變化的電流稱為恒定電流B. 國(guó)際單位制中，電流的單位是安培，簡(jiǎn)稱安C. 電流既有大小又有方向，所以電流是矢量D. 由I=可知，電流越大，單位時(shí)

6、間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量就越多12. 鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，這表示（）A. 鉛蓄電池在1s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能B. 鉛蓄電池將1C的正電荷從正極移至負(fù)極的過(guò)程中，2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔蹸. 鉛蓄電池將1C的正電荷從負(fù)極移至正極的過(guò)程中，2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔蹹. 鉛蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔艿谋绢I(lǐng)比一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)為1.5V）的大三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2小題，共18.0分）13. （1）用多用表的歐姆檔測(cè)量阻值約為幾十k的電阻Rx，以下給出的是可能的操作步驟，其中S為選擇開(kāi)關(guān)，P為歐姆檔調(diào)零旋鈕，把你認(rèn)為正確的步驟前的字母按合理的順序填寫(xiě)在下面的橫線上a將兩表筆短接，調(diào)節(jié)P使指針

7、對(duì)準(zhǔn)刻度盤上歐姆檔的零刻度，斷開(kāi)兩表筆b將兩表筆分別連接到被測(cè)電阻的兩端，讀出Rx的阻值后，斷開(kāi)兩表筆c旋轉(zhuǎn)S使其尖端對(duì)準(zhǔn)歐姆檔×1k d旋轉(zhuǎn)S使其尖端對(duì)準(zhǔn)歐姆檔×100 e旋轉(zhuǎn)S使其尖端對(duì)準(zhǔn)交流500V檔，并拔出兩表筆_ 根據(jù)如圖所示指針位置，此被測(cè)電阻的阻值約為_(kāi) （2）下述關(guān)于用多用表歐姆檔測(cè)電阻的說(shuō)法中正確的是_ （A）測(cè)量電阻時(shí)如果指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)S撥至倍率較小的檔位，重新調(diào)零后測(cè)量（B）測(cè)量電阻時(shí)，如果紅、黑表筆分別插在負(fù)、正插孔，不會(huì)影響測(cè)量結(jié)果（C）測(cè)量電路中的某個(gè)電阻，應(yīng)該把該電阻與電路斷開(kāi)（D）測(cè)量阻值不同的電阻時(shí)都必須重新調(diào)零14. 用伏安法

8、測(cè)一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r，所給的器材有：A電壓表（量程03V）B電壓表（量程015V）C電流表（量程03A） D電流表（量程00.6A）E變阻器R1（總電阻20）   F變阻器R2（總電阻100）G以及電鍵S和導(dǎo)線若干（1）應(yīng)選擇的器材有_ （2）畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖（3）如圖所示的U-I圖上是由實(shí)驗(yàn)測(cè)得的7組數(shù)據(jù)標(biāo)出的點(diǎn)，請(qǐng)你完成圖線，并由圖線求出E= _ V，r= _ 四、計(jì)算題（本大題共5小題，共50.0分）15. 有一個(gè)直流電動(dòng)機(jī)，把它接入0.2V電壓的電路，當(dāng)電機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)，測(cè)得流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流是0.4A；若把電動(dòng)機(jī)接入2.0V電壓的電路中，電動(dòng)

9、機(jī)正常工作，工作電流是1.0A問(wèn)：（1）電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率多大？（2）如果在電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率是多大？16. 如圖所示為一組未知方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線，將帶電荷量為q=-1.0×10-6C的點(diǎn)電荷由A點(diǎn)沿水平線移至B點(diǎn)，克服靜電力做了2×10-6J的功，已知A、B間的距離為2cm（1）試求A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB；（2）若A點(diǎn)的電勢(shì)為A=1V，試求B點(diǎn)的電勢(shì)B；（3）試求該勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小E并判斷其方向17. 如圖所示，一個(gè)電子以速度v0垂直射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，寬為d的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，穿出磁場(chǎng)的速度方向與電子原來(lái)的入射方向的夾角為30&#

10、176;，（電子重力忽略不計(jì)）求：（1）電子的質(zhì)量是多少？（2）穿過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間是多少？（3）若改變初速度大小，使電子剛好不能從A邊射出，則此時(shí)速度v是多少？18. 如圖，金屬桿ab的質(zhì)量為m，長(zhǎng)為L(zhǎng)，通過(guò)的電流為I，處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，結(jié)果ab靜止且緊壓于水平導(dǎo)軌上若磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌平面成角，求：（1）棒ab受到的摩擦力；（2）棒對(duì)導(dǎo)軌的壓力19. 在相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一傾角為，足夠長(zhǎng)的光滑絕緣斜面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向外，電場(chǎng)方向豎直向上有一質(zhì)量為m，帶電量為十q的小球靜止在斜面頂端，這時(shí)小球?qū)π泵娴恼龎毫η『脼榱?，如圖所示，若迅速把電場(chǎng)方向反轉(zhuǎn)豎直向下，

11、小球能在斜面上連續(xù)滑行多遠(yuǎn)？所用時(shí)間是多少？答案和解析【答案】1. B    2. C    3. D    4. B    5. A    6. C    7. B    8. BCD    9. AD    10. BC &#

12、160;  11. ABD    12. CD    13. cabe；30k；ABC14. ADEG；1.5；0.515. 解：（1）當(dāng)電機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)，由歐姆定律得到，電機(jī)的內(nèi)阻，當(dāng)電機(jī)正常工作時(shí)，輸出功率P出=UI-I2r=2W-0.5W=1.5W （2）電動(dòng)機(jī)的轉(zhuǎn)子突然被卡住時(shí)，此時(shí)相當(dāng)于純電阻，發(fā)熱功率為答：（1）電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率是1.5W；（2）在電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率是8W16. 解：（1）由題意可知，靜電力做負(fù)功，有：  根據(jù)UAB= 得

13、：UAB=2V （2）由UAB=A-B，可得：B=A-UAB=1V-2V=-1V  （3）沿著電場(chǎng)方向的位移為：d=2×10-2cos60°m=1×10-2m E= 沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以電場(chǎng)線的方向：沿電場(chǎng)線斜向下  答：（1）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB為2V；（2）B點(diǎn)的電勢(shì)B為-1V；（3）該勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小200V/m，方向：沿電場(chǎng)線斜向下17. 解：（1）電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，只受洛倫茲力作用，故其軌跡是圓弧的一部分，又因?yàn)镕洛v，故圓心在電子穿入和穿出磁場(chǎng)時(shí)受到洛倫茲力指向的交點(diǎn)上，設(shè)圓心為O點(diǎn)如圖所示 由幾何知識(shí)可知，圓心角=30

14、°，OC為半徑r，則得：r=2d 又由r=得：m= （2）電子穿過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間是：t=T= 由于，得： （3）電子剛好不能從A邊射出時(shí)，軌跡恰好與磁場(chǎng)右邊界相切，由幾何知識(shí)得R=d，由R=d 根據(jù)2d=，可得：v=v0答：（1）電子的質(zhì)量是（2）穿過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間是（3）若改變初速度大小，使電子剛好不能從A邊射出，則此時(shí)速度v是v018. 解：作出金屬桿受力的主視圖，如圖  根據(jù)平衡條件得Ff=FAsin mg=FN+FAcos    又FA=BIL 解得：Ff=BILsin FN=mg-BILcos 答：（1）棒ab受到的摩擦力是BILsin；（2

15、）棒對(duì)導(dǎo)軌的壓力是mg-BILcos19. 解：設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度為E，則電場(chǎng)反轉(zhuǎn)前：mg=qE      電場(chǎng)反轉(zhuǎn)后，設(shè)小球離開(kāi)斜面時(shí)的速度為v，則：qvB=（mg+qE）cos    加速度：a=2gsin 由勻變速規(guī)律有：v2=2as   v=at       由以上各式解得小球能沿斜面連續(xù)滑行的距離：s= 所用時(shí)間：t= 答：若迅速把電場(chǎng)方向反轉(zhuǎn)豎直向下，小球能在斜面上連續(xù)滑行遠(yuǎn)，所用時(shí)間是【解析】1. 解：電場(chǎng)強(qiáng)度是描述電場(chǎng)強(qiáng)弱的物理

16、量，是試探電荷所受的電場(chǎng)力F與試探電荷所帶的電荷量q的比值，是由電場(chǎng)本身決定，故與試探電荷的有無(wú)，電性，電量的大小無(wú)關(guān)故在該點(diǎn)放入電荷量為-q的試探電荷時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度為E，改放電荷量為+2q的試探電荷時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度仍為E故B正確故選：B電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定，與試探電荷無(wú)關(guān)，故放入電荷量為-q的試探電荷時(shí)的電場(chǎng)強(qiáng)度與放入電荷量為+2q的試探電荷時(shí)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定，與試探電荷無(wú)關(guān)2. 解：A、電場(chǎng)線和磁感線都是為了形象的描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)而引入的曲線，是假想的，不是實(shí)際存在的線，所以A錯(cuò)誤；B、電場(chǎng)線和磁感線都是不會(huì)相交的，否則的話在該點(diǎn)就會(huì)出現(xiàn)兩個(gè)不同的方向，這是不可能的，所以B錯(cuò)

17、誤；C、電場(chǎng)線是一條不閉合曲線，有起點(diǎn)和終點(diǎn)，而磁感線是一條閉合曲線，所以C正確；D、電場(chǎng)線越密的地方，電場(chǎng)的強(qiáng)度大，同一試探電荷所受的電場(chǎng)力越大，但是在磁場(chǎng)中，靜止的電荷是不受磁場(chǎng)力作用的，所以D錯(cuò)誤；故選C電場(chǎng)線是從正電荷或者無(wú)窮遠(yuǎn)發(fā)出，到負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)處為止，沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小；磁感線是在磁場(chǎng)中的用來(lái)描述磁感應(yīng)強(qiáng)度的閉合的曲線，它的特點(diǎn)和電場(chǎng)線類似，但是磁感線是閉合的曲線，電場(chǎng)線不是閉合的，有起點(diǎn)和終點(diǎn)本題就是考查學(xué)生對(duì)電場(chǎng)線和磁感線的理解，它們之間的最大的區(qū)別是磁感線是閉合的曲線，但電場(chǎng)線不是閉合的，有起點(diǎn)和終點(diǎn)3. 解：正

18、電荷從A釋放（初速為0）后，加速運(yùn)動(dòng)到B，說(shuō)明正電荷受到的電場(chǎng)力方向是從A指向B，那么電場(chǎng)方向就是由A指向B，由于沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，所以AB兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系是AB；正電荷從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，它的加速度是逐漸減小的（乙圖中的“斜率”表示加速度），由牛頓第二定律知，正電荷從A到B時(shí)，受到的電場(chǎng)力是逐漸減小的，所以，EAEB故D正確，ABC錯(cuò)誤故選：D 從速度時(shí)間圖線得到電子做加速運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸變小，根據(jù)牛頓第二定律得到電場(chǎng)力的變化情況，電勢(shì)的高低看電場(chǎng)線的指向，沿著電場(chǎng)線電勢(shì)一定降低本題關(guān)鍵通過(guò)速度時(shí)間圖象得到物體的速度變化情況和加速度變化情況，然后判斷場(chǎng)強(qiáng)方向和電勢(shì)大小4. 解：由庫(kù)侖

19、定律可得：沒(méi)接觸前AB之間的靜電力為F，則F=k=k，而兩球接觸后再分開(kāi)，它們的電荷量是先中和，在平分，故分開(kāi)后，若兩球帶的是同種電荷，則兩球的帶電量均為為Q 則庫(kù)侖力F=k=F，所以F與F之比為8：1 故選B由庫(kù)侖定律可得出兩球在接觸前后的庫(kù)侖力表達(dá)式，則根據(jù)電量的變化可得出接觸后的作用力與原來(lái)作用力的關(guān)系在解答本題的時(shí)候，一定要注意，它們帶的異種電荷，在接觸之后，它們的電荷量要先中和，之后再平分5. 解：A、根據(jù)電場(chǎng)力做功公式WAB=qUAB，靜電力做功為零，UAB=0，A、B兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故A正確    B、電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)沒(méi)有直接關(guān)系，電勢(shì)相等，場(chǎng)強(qiáng)不一定相

20、等故B錯(cuò)誤    C、D電場(chǎng)力做功只與電荷的初末位置有關(guān)，與路徑無(wú)關(guān)，電場(chǎng)力做功為零，電荷不一定沿等勢(shì)面移動(dòng)，靜電力不一定與移動(dòng)方向垂直故C、D錯(cuò)誤    故選A根據(jù)電場(chǎng)力做功公式WAB=qUAB，靜電力做功為零，UAB=0，A、B兩點(diǎn)電勢(shì)相等，電場(chǎng)強(qiáng)度不一定相等電場(chǎng)力做功只與電荷的初末位置有關(guān)，與路徑無(wú)關(guān)，可判斷電荷不一定沿等勢(shì)面移動(dòng)，靜電力就不一定與移動(dòng)方向垂直電場(chǎng)力與重力相似，做功只與初末位置有關(guān)，與路徑無(wú)關(guān)6. 解：根據(jù)電場(chǎng)線總是與等勢(shì)面垂直，而且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，可知，電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向左兩個(gè)相鄰等勢(shì)面相距d=2

21、cm，電勢(shì)差U=2V，則電場(chǎng)強(qiáng)度E=故選C 電場(chǎng)線總是與等勢(shì)面垂直，而且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系E=求出電場(chǎng)強(qiáng)度的大小本題考查電場(chǎng)線與等勢(shì)面的關(guān)系、場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系公式E=中，d是沿電場(chǎng)線方向兩點(diǎn)間的距離7. 解：根據(jù)歐姆定律得I=，由數(shù)學(xué)知識(shí)得知，圖線的斜率等于電阻的倒數(shù)，則R1：R2=cot30°：cot60°=3：1故選B 根據(jù)歐姆定律，分析圖線的斜率與電阻的關(guān)系，求解電阻之比本題關(guān)鍵要抓住伏安特性曲線的斜率等于電阻的倒數(shù)，從數(shù)學(xué)的角度求解電阻之比8. 解：AB、粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡向左彎曲，說(shuō)明粒子在a、b兩點(diǎn)受到的電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線向左，由于電場(chǎng)線

22、方向不明，無(wú)法確定粒子的電性故A錯(cuò)誤，B正確C、由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關(guān)系分析可知，由a到b，電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，粒子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，則粒子在a點(diǎn)的速度較大b點(diǎn)的電勢(shì)能大，故CD正確故選：BCD 由圖，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡向左彎曲，說(shuō)明粒子受到的電場(chǎng)力大體向左，電場(chǎng)線方向不明，無(wú)法判斷粒子的電性根據(jù)電場(chǎng)線疏密程度，判斷ab兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小，從而判斷ab兩點(diǎn)電場(chǎng)力大小，再根據(jù)牛頓第二定律得ab點(diǎn)加速度的大小本題是電場(chǎng)中粒子的軌跡問(wèn)題，首先要能根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，其次判斷粒子動(dòng)能和電勢(shì)能的變化要根據(jù)電場(chǎng)力做功情況9. 解：A、B、根據(jù)電容的決定式C=得知，電容與極板間距離成

23、反比，當(dāng)保持S不變，增大d時(shí)，電容減小，由電容的定義式C=分析可知板間電勢(shì)差增大，靜電計(jì)指針的偏角變大；故A正確，B錯(cuò)誤；C、D、根據(jù)電容的決定式C=得知，電容與極板的正對(duì)面積成正比，當(dāng)保持d不變，減小S時(shí)，電容減小，極板所帶電荷量Q不變，則由電容的定義式C=分析可知板間電勢(shì)差增大，靜電計(jì)指針的偏角變大；故C錯(cuò)誤，D正確；故選：AD靜電計(jì)測(cè)定電容器極板間的電勢(shì)差，電勢(shì)差越大，指針的偏角越大根據(jù)電容的決定式C=分析極板間距離、正對(duì)面積變化時(shí)電容的變化情況，由于極板所帶電荷量不變，由電容的定義式C=分析板間電勢(shì)差的變化，再確定靜電計(jì)指針的偏角變化情況本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵明確電鍵閉合時(shí)，

24、電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)；電鍵斷開(kāi)后，電容器的帶電量不變10. 解：A、B電容器板間的電壓保持不變，當(dāng)將極板A向下平移一小段距離時(shí)，根據(jù)E=分析得知，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，液滴所受電場(chǎng)力增大，液滴將向上運(yùn)動(dòng)故A錯(cuò)誤，B正確C、D將極板A向下平移一小段距離時(shí)，根據(jù)電容的決定式C=得知電容C增大，而電容器的電壓U不變，極板帶電荷量將增大故C正確，D錯(cuò)誤故選：BC帶電油滴懸浮在平行板電容器中P點(diǎn)，處于靜止?fàn)顟B(tài)，電場(chǎng)力與重力平衡，將極板A向下平移一小段距離時(shí)，根據(jù)E=分析板間場(chǎng)強(qiáng)如何變化，判斷液滴如何運(yùn)動(dòng)根據(jù)電容的決定式和定義式結(jié)合分析極板所帶電量如何變化本題關(guān)鍵要抓住電容器的電壓不變，由電容的決定式C=和電量Q

25、 =CU結(jié)合分析電量變化11. 解：A、恒定電流是指大小、方向都不隨時(shí)間變化的電流故A正確B、電流是國(guó)際單位制中基本物理量，其單位是安培，簡(jiǎn)稱安故B正確C、電流既有大小又有方向，但電流不是矢量，因?yàn)樗\(yùn)算時(shí)不遵守平行四邊形定則故C錯(cuò)誤D、根據(jù)電流的定義式I=可知，電流大小等于單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量，則電流越大，單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量就越多故D正確故選ABD 大小、方向都不隨時(shí)間變化的電流叫恒定電流國(guó)際單位制中，電流的單位是安培，簡(jiǎn)稱安電流是標(biāo)量根據(jù)電流的定義式分析電流的大小與單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量的關(guān)系本題考查對(duì)恒定電流、單位、方向和定義式的掌握情況，要注意電流的

26、方向與力等矢量的方向不同，它表示流向，電流運(yùn)算時(shí)遵守代數(shù)加減法則12. 解：A、鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過(guò)電源內(nèi)部移送到正極時(shí)所做的功為2J，即電能增加2J，與時(shí)間無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；B、鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過(guò)電源內(nèi)部移送到正極時(shí)所做的功為2J，不是將正電荷從正極移至負(fù)極，故B錯(cuò)誤；C、鉛蓄電池將1C的正電荷從負(fù)極移至正極的過(guò)程中，克服靜電力做功2J，故電勢(shì)能增加2J，即2J化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，故C正確；D、電源的電動(dòng)勢(shì)是表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)比一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)大，故D正確；故選CD電

27、動(dòng)勢(shì)是一個(gè)表征電源特征的物理量定義電源的電動(dòng)勢(shì)是電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，在數(shù)值上，等于非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過(guò)電源內(nèi)部移送到正極時(shí)所做的功它是能夠克服導(dǎo)體電阻對(duì)電流的阻力，使電荷在閉合的導(dǎo)體回路中流動(dòng)的一種作用常用符號(hào)E（有時(shí)也可用）表示，單位是伏（V）本題關(guān)鍵是明確電動(dòng)勢(shì)的概念、物理意義、單位；同時(shí)應(yīng)該知道：電動(dòng)勢(shì)的方向規(guī)定為從電源的負(fù)極經(jīng)過(guò)電源內(nèi)部指向電源的正極，即與電源兩端電壓的方向相反13. 解：（1）測(cè)量幾十k的電阻Rx我們一般選擇較大的檔位先粗測(cè)，使用前應(yīng)先進(jìn)行調(diào)零，然后依據(jù)歐姆表的示數(shù)，在更換檔位，重新調(diào)零，在進(jìn)行測(cè)量；使用完畢應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)置于OFF位置或

28、者交流電壓最大檔，拔出表筆，正確的步驟為：cabe根據(jù)如圖所示指針位置，此被測(cè)電阻的阻值約R=30×1000=30k （2）歐姆檔更換規(guī)律“大小，小大”，即當(dāng)指針偏角較大時(shí)，表明待測(cè)電阻較小，應(yīng)換較小的檔位；反之應(yīng)還較大的檔位電流總是從紅表筆流入從黑表筆流出多用電表，每次換擋一定要進(jìn)行歐姆調(diào)零，測(cè)量電阻一定要斷電作業(yè)，故ABC正確，D錯(cuò)誤故選：ABC故答案為：（1）cabe；30k；（2）ABC 歐姆表是測(cè)量電阻的儀表，把被測(cè)電阻串聯(lián)在紅黑表筆之間，歐姆表電流是從黑表筆流出紅表筆流入，（1）用歐姆表測(cè)電阻，每次換擋后和測(cè)量前都要重新調(diào)零（指歐姆調(diào)零）（2）測(cè)電阻時(shí)待測(cè)電阻不僅要和電源

29、斷開(kāi)，而且要和別的元件斷開(kāi)（3）測(cè)量時(shí)注意手不要碰表筆的金屬部分，否則將人體的電阻并聯(lián)進(jìn)去，影響測(cè)量結(jié)果（4）合理選擇量程，使指針盡可能在中間刻度附近（1）實(shí)際應(yīng)用中要防止超量程，不得測(cè)額定電流極小的電器的電阻（如靈敏電流表的內(nèi)阻）（2）測(cè)量完畢后，應(yīng)拔出表筆，選擇開(kāi)關(guān)置于OFF擋位置，或交流電壓最高擋；長(zhǎng)期不用時(shí)，應(yīng)取出電池，以防電池漏電（3）歐姆表功能：測(cè)量電阻、測(cè)二極管正負(fù)極（4）用法：最好指針打到中間將誤差減小14. 解：（1）根據(jù)圖象中電壓與電流描點(diǎn)的數(shù)據(jù)范圍電壓表3V量程即可，即A；電流表選0.6A量程即可，即D；為了調(diào)節(jié)方便滑動(dòng)變阻器選擇小阻值的R1即E，故應(yīng)選擇的器材有：ADEG（2）電源內(nèi)阻較小，測(cè)電源內(nèi)阻時(shí)為了減小誤差電流表采用外接，畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖如圖： （3）畫(huà)出直線，使盡量多的點(diǎn)在直線上，不在直線上的點(diǎn)均勻的分布在直線的兩側(cè)，偏離較遠(yuǎn)的點(diǎn)舍去，如上圖由電源的U-I圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)為：E=1.5V，內(nèi)電阻為：r=0.5 故答案為：（1）ADEG；（2）如圖；（3）E=1.5V，r=0.5（1）根據(jù)表格中電壓與電流數(shù)據(jù)的范圍選取電壓表電流表的量程，為了調(diào)節(jié)方便滑動(dòng)變阻器選擇小阻值的R1即可；（2）電源內(nèi)阻較小，測(cè)電源